2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版高二物理上冊月考試卷990考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，一玻璃磚的橫截面為半圓形，MN為截面的直徑，Q是MN上的一點，且與M點的距離（R為半圓形截面的半徑）．一束與截面平行的白光由Q點沿垂直于MN的方向射入玻璃磚，從玻璃磚的圓弧面射出后，在光屏P上得到由紅到紫的彩色光帶．如果保持入射光線和光屏的位置不變，而使玻璃磚沿MN向上或向下移動，移動的距離小于則（）

A.向上移動時；屏上紅光最先消失。

B.向上移動時；屏上紫光最先消失。

C.向下移動時；屏上紅光最先消失。

D.向下移動時；屏上紫光最先消失。

2、如圖，理想變壓器原線圈輸入電壓u=Umsinωt，副線圈電路中R0為定值電阻，R是滑動變阻器．V1和V2是理想交流電壓表，示數(shù)分別用U1和U2表示；A1和A2是理想交流電流表，示數(shù)分別用I1和I2表示．下列說法正確的是（）A.滑片P向下滑動過程中，U1不變、I1變大B.U1和U2表示電壓的最大值C.I1和I2表示電流的瞬間值D.滑片P向下滑動過程中，U2變小、I1變小3、如圖所示，半徑為r

的圓柱形轉(zhuǎn)筒，繞其豎直中心軸OO隆盲

轉(zhuǎn)動，小物體a

在圓筒的內(nèi)壁上，它與圓筒間的動摩擦因數(shù)為婁脤

要使小物體不下落，圓筒轉(zhuǎn)動的角速度至少為(

)

A.婁脤gr

B.婁脤g

C.gr

D.g渭r

4、如圖所示，兩根無限長導(dǎo)線，均通以恒定電流I。兩根導(dǎo)線的直線部分和坐標(biāo)軸非常接近，彎曲部分是以坐標(biāo)原點O為圓心、半徑相同的一段圓弧。規(guī)定垂直紙面向里的方向為磁感應(yīng)強度的正方向，已知直線部分在原點O處不形成磁場，此時兩根導(dǎo)線在坐標(biāo)原點處的磁感應(yīng)強度為B。下列四個選項中均有四根同樣的、通以恒定電流I的無限長導(dǎo)線，O處磁感應(yīng)強度也為B的是()

A.B.C.D.5、一玻璃磚橫截面如圖所示，其中ABC為直角三角形（AC邊末畫出），AB為直角邊ABC=ADC為一圓弧，其圓心在BC邊的中點。此玻璃的折射率為1.5。P為一貼近玻璃磚放置的、與AB垂直的光屏。若一束寬度與AB邊長度相等的平行光從AB邊垂直射入玻璃磚，則A.從BC邊折射出束寬度與BC邊長度相等的平行光B.屏上有一亮區(qū)，其寬度小于AB邊的長度C.屏上有一亮區(qū)，其寬度等于AC邊的長度D.當(dāng)屏向遠(yuǎn)離玻璃磚的方向平行移動時，屏上亮區(qū)先逐漸變小然后逐漸變大6、物體在與初速度始終在同一直線上的合外力F的作用下運動．取vo方向為正時，合外力F隨時間t的變化情況如圖所示，則在O-t2這段時間內(nèi)（）

A.物體的加速度先減小后增大；速度也是先減小后增大。

B.物體的加速度先增大后減小；速度也是先增大后減小。

C.物體的加速度先減小后增大；速度一直在增大。

D.物體的加速度先減小后增大；速度一直在減小。

7、在很多情況下，我們對物理規(guī)律的理解和認(rèn)識是通過觀察和比較物理現(xiàn)象來進(jìn)行的．在下列的觀察及根據(jù)觀察所得出的相應(yīng)結(jié)論中正確的是（）A.相同的彈簧受到不同的拉力，拉力越大，彈簧的形變量越大，說明彈簧的勁度系數(shù)和拉力的大小有關(guān)B.變壓器的鐵芯使用了相互絕緣的硅鋼片代替整塊硅鋼鐵芯，減少了能量浪費，說明相互絕緣的硅鋼片不會產(chǎn)生任何渦流C.把彈簧秤A和B的掛鉤鉤在一起，用兩手同時拉A和B，發(fā)現(xiàn)兩彈簧秤的示數(shù)相等，說明作用力與反作用力大小相等方向相反D.把一根條形磁鐵插入閉合線圈，磁鐵插入的速度越大，感應(yīng)電流越大，說明感應(yīng)電動勢的大小和磁通量變化的大小有關(guān)8、如圖所示，一個帶正電的物體，從固定的粗糙斜面頂端沿斜面滑到底端時的速度為υ，若加上一個垂直紙面向外的勻強磁場，則物體沿斜面滑到底端時的速度（）A.變小B.變大C.不變D.不能確定9、如圖所示是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場加速后，進(jìn)入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B

和E

.

平板S

上有可讓粒子通過的狹縫P

和記錄粒子位置的膠片A

1

A

2

平板S

下方有磁感應(yīng)強度為B

0

的勻強磁場。下列表述正確的是A.質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外C.能通過狹縫P

的帶電粒子的速率等于E

/

B

D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P

，粒子的比荷越小評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點．已知A、B、C三點的電勢分別為UA=15V，UB=3V，UC=3V，由此可得D點的電勢為UD=____V．用作圖法作出該電場的電場線．

11、如圖所示，虛線框內(nèi)空間中同時存在著勻強電場和勻強磁場，勻強電場的電場線豎直向上，電場強度E=6×104伏/米，勻強磁場的磁感線未在圖中畫出．一帶正電的粒子按圖示方向垂直進(jìn)入虛線框空間中，速度v=2×105米/秒．如要求帶電粒子在虛線框空間做勻速直線運動，磁場中磁感線的方向是____，磁感應(yīng)強度大小為____特。(粒子所受重力忽略不計)12、把一線框從一勻強磁場中拉出，如圖所示。第一次拉出的速率是v，第二次拉出速率是2v，其它條件不變，則前后兩次拉力大小之比是____，拉力功率之比是____，線框產(chǎn)生的熱量之比是____，通過導(dǎo)線截面的電量之比是____。13、如圖，物體質(zhì)量為m，放在粗糙水平面上，在一個與水平面成θ角的恒力F作用下在地面上勻速移動路程s．物體與地面的動摩擦因數(shù)為μ，則在此過程中，物體克服摩擦力做的功為______．14、所示的多用電表正確測量了一個13Ω的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值大概是2kΩ左右的電阻．在用紅、黑表筆接觸這個電阻兩端之前，以下哪些操作步驟是必須的，請選擇其中有用的，按操作的先后順序用字母寫出______

A．用螺絲刀調(diào)節(jié)表盤下中間部位的指針定位螺絲；使表針指零。

B．將紅表筆和黑表筆接觸。

C．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×1k”位置。

D．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”位置。

E．調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共8分)20、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、解答題(共2題，共20分)22、用打點計時器做測定勻變速直線運動的加速度實驗中；打點計時器使用的交流的頻率是50Hz，得到一條紙帶（一部分）如圖所示，從0開始，取1；2、3、4、5為五個計數(shù)點，紙帶旁放了一把刻度尺．

（1）由圖可知；記數(shù)點2到0點的距離是______．

（2）可以計算出小車的加速度的大小是______；方向是______．

23、一個質(zhì)量m=0.1kg的正方形金屬框總電阻R=0.5Ω，金屬框放在表面絕緣且光滑的斜面頂端（金屬框上邊與AA′重合），自靜止開始沿斜面下滑，下滑過程中穿過一段邊界與斜面底邊BB′平行、寬度為d的勻強磁場后滑至斜面底端（金屬框下邊與BB′重合），設(shè)金屬框在下滑過程中的速度為v，與此對應(yīng)的位移為s，那么v2-s圖象如圖所示；已知勻強磁場方向垂直斜面向上．試問：

（1）根據(jù)v2-s圖象所提供的信息；計算出斜面傾角θ和勻強磁場寬度d．

（2）金屬框從進(jìn)入磁場到穿出磁場所用時間是多少？

（3）勻強磁場的磁感應(yīng)強度多大？

評卷人得分六、識圖作答題(共2題，共8分)24、下圖是雄性激素作用機(jī)制示意圖。請回答下列問題：（1）雄性激素通過細(xì)胞膜的方式是______________。（2）據(jù)圖可知，雄性激素的受體存在于______________。雄性激素通過影響___________過程而調(diào)節(jié)生命活動。（3）長期服用雄性激素類的興奮劑會導(dǎo)致不育，這與性激素分泌紊亂有關(guān)（性激素與甲狀腺激素分泌的調(diào)節(jié)機(jī)制相似，都存在分級調(diào)節(jié)和反饋調(diào)節(jié)）。男運動員長期服用雄性激素類興奮劑，血液中的雄性激素類物質(zhì)含量偏高，會抑制__________分泌相關(guān)激素，進(jìn)而導(dǎo)致__________分泌的雄性激素量減少，精子的生成量減少、活性降低，導(dǎo)致不育。25、如圖是研究光合作用相關(guān)實驗的結(jié)果（氣孔開度指氣孔開放程度）?；卮鹣铝袉栴}：(1)該實驗的自變量是________________。(2)可用________________試劑檢測還原糖，并根據(jù)________________沉淀的多少判斷其含量。分析實驗結(jié)果中還原糖含量的差異，說明適當(dāng)________________可促進(jìn)光合作用。(3)氣孔開度直接影響葉片的水分散失，所以植物在__________（填“高”、“中”或“低”）濃度CO2條件下，對干旱環(huán)境的適應(yīng)能力更強。(4)葉肉細(xì)胞中的Rubisco酶能催化CO2的固定，其分布于__________。該酶活性可用單位時間內(nèi)環(huán)境中__________的變化量來表示。此酶催化形成的產(chǎn)物需光反應(yīng)提供__________才能轉(zhuǎn)化為還原糖。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】

由于紫光的折射率最大；所以紫光的臨界角最??；紅光的折射率小，所以紅光的臨界角最大．光線從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)，向上移動時，入射角增大，首先達(dá)到紫光的臨界角，所以紫光最先消失；若向下移動時，入射角減小，入射角均小于各種色光的臨界角，因此不可能出現(xiàn)消失的現(xiàn)象．所以當(dāng)向上移動時，紫光最先消失；當(dāng)向下移動時，不會出現(xiàn)消失的現(xiàn)象．

故選：B

【解析】【答案】因光線從光密到光疏介質(zhì)；入射角小于臨界角，所以發(fā)生光的折射．由于白光是復(fù)色光，各種色光的折射率不同，所以折射率最大的偏折程度最大；沿MN向上或向下移動時，導(dǎo)致入射角的變化，當(dāng)光入射角達(dá)到某光的臨界角時該光將發(fā)生全反射，分析色光的臨界角大小可得出最先發(fā)生全反射的光．當(dāng)入射角小于臨界角時，則不會發(fā)生光的全反射．

2、A【分析】解：AD、滑片P向下端滑動過程中，電阻減小，電壓不變即U2不變，則I2變大；

所以輸出功率變大，U1不變，故I1變大；故A正確，D錯誤；

B、U1和U2表示電壓的有效值；故B錯誤；

C、I1和I2表示電流的有效值；故C錯誤；

故選：A．

在交流電中電表顯示的都是有效值；根據(jù)表達(dá)式知道輸入電壓的有效值，在根據(jù)匝數(shù)與電壓；電流的比例關(guān)系分析．

本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，對電路的動態(tài)分析方法是：先根據(jù)部分電路的電阻變化，判斷干路電流、電壓的變化，再回到部分電路分析電流或電壓的變化．【解析】【答案】A3、D【分析】解：要使物體不下落；則小物塊在豎直方向上受力平衡，有：f=mg

當(dāng)摩擦力正好等于最大摩擦力時；圓筒轉(zhuǎn)動的角速度婁脴

取最小值，筒壁對物體的支持力提供向心力，根據(jù)向心力公式得：

N=m婁脴2r

而f=婁脤N

聯(lián)立以上三式解得：婁脴=g渭r

．

故選：D

．

要使物體不下落；筒壁對物體的靜摩擦力必須與重力相平衡，由筒壁對物體的支持力提供向心力，根據(jù)向心力公式即可求解角速度的最小值．

物體在圓筒內(nèi)壁做勻速圓周運動，向心力是由筒壁對物體的支持力提供的.

而物體放在圓盤上隨著圓盤做勻速圓周運動時，此時的向心力是由圓盤的靜摩擦力提供的．【解析】D

4、A【分析】由題意可知，圖甲中O處磁感應(yīng)強度的大小是其中一段在O點的磁場大小2倍，方向垂直紙面向里；根據(jù)右手螺旋定則可知，左上段與右下段的通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場疊加為零，則剩余的兩段通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場大小是其中一段的在O點磁場的2倍，且方向垂直紙面向里，故A正確；同理，四段通電導(dǎo)線在O點的磁場是其中一段在O點的磁場的4倍，方向是垂直向里，故B錯誤；由上分析可知，右上段與左下段產(chǎn)生磁場疊加為零，則剩余兩段產(chǎn)生磁場大小是其中一段在O點產(chǎn)生磁場的2倍，方向垂直紙面向外，故C錯誤；與C選項分析相同，四段在O點的磁場是其中一段在O點產(chǎn)生磁場的2倍，方向垂直紙面向外，故D錯誤；故選A.5、B|D【分析】【解析】【答案】BD6、C【分析】

由圖可知；物體所受合外力F隨時間t的變化是先減小后增大；

根據(jù)牛頓第二定律得：物體的加速度先減小后增大；

由于取vo方向為正時；合外力F與正方向相同，所以物體加速度方向與速度方向一直相同，所以速度一直在增大．

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)牛頓第二定律；已知合力判斷加速度．

根據(jù)速度方向與加速度方向判斷速度大小變化．

7、C【分析】解：

A；相同的彈簧受到不同的拉力；拉力越大，彈簧的形變量越大，不能說明彈簧的勁度系數(shù)和拉力的大小有關(guān)，實質(zhì)上彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定，與拉力無關(guān)，故A錯誤；

B；在整塊導(dǎo)體內(nèi)部發(fā)生電磁感應(yīng)而產(chǎn)生感應(yīng)電流的現(xiàn)象稱為渦流現(xiàn)象；要損耗能量，變壓器的鐵芯使用了硅鋼片，這樣在鐵芯中就會產(chǎn)生任何渦流，不用整塊的硅鋼鐵芯，其目的是為了減小渦流，故B錯誤；

C；把彈簧秤A和B的掛鉤鉤在一起；用兩手同時拉A和B，發(fā)現(xiàn)兩彈簧秤的示數(shù)相等，說明作用力與反作用力大小相等方向相反，故C正確；

D；把一根條形磁鐵插入閉合線圈；磁鐵插入的速度越大，感應(yīng)電流越大，說明感應(yīng)電動勢的大小和磁通量變化快慢的大小有關(guān)，而不能說明磁通量變化的大小有關(guān)，故D錯誤．

故選：C．

彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定；與拉力無關(guān)；依據(jù)渦流產(chǎn)生的條件，即可分析；作用力與反作用力大小相等方向相反；感應(yīng)電動勢的大小和磁通量變化快慢有關(guān)．

本題要有通過觀察和比較物理現(xiàn)象，得出物理規(guī)律的能力，關(guān)鍵掌握各個現(xiàn)象的本質(zhì)，依據(jù)相關(guān)的物理規(guī)律進(jìn)行解答．【解析】【答案】C8、B【分析】解：由左手定則可知物塊受到垂直于斜面向上的洛倫茲力；物塊與斜面之間的壓力減??；

所以摩擦力減?。挥蓜幽芏ɡ淼?。

由于Ff減小，故vt增大；

故選：B

未加磁場時；滑塊受到重力；支持力，摩擦力，加磁場后，根據(jù)左手定則，多了一個垂直斜面向上的洛倫茲力．兩種情況重力做功相同，洛倫茲力不做功，但加磁場時對斜面的正壓力變小，摩擦力變小，克服摩擦力做功變少，根據(jù)動能定理，即可比較出兩種情況到達(dá)底端的速率．

此題考查帶電粒子在磁場中的受力情況及動能定理的應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)類題目．【解析】【答案】B9、C【分析】【分析】帶電粒子經(jīng)加速后進(jìn)入速度選擇器，速度為v=EB粒子可通過選擇器，然后進(jìn)入BB0，打在SS板的不同位置。?質(zhì)譜儀工作原理應(yīng)采取分段分析的方法，即粒子加速階段，速度選擇階段，在磁場中運動階段。質(zhì)譜儀工作原理應(yīng)采取分段分析的方法，即粒子加速階段，速度選擇階段，在磁場中運動階段。?A.進(jìn)入B0

的粒子滿足R=mvqB0

知道粒子電量后，便可求出m

的質(zhì)量，所以質(zhì)譜儀可以用來分析同位素，故A正確；B.假設(shè)粒子帶正電，則受電場力向左，由左手定則可判斷磁場方向垂直直面向外，故B正確；C.由qE=qvB

得v=EB

此時離子受力平衡，可沿直線穿過選擇器，故C正確；D.由R=mvqB0

知R

越小，荷質(zhì)比越大，故D錯誤。故選ABC。【解答】【解析】C

二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】

連接BC；由于BC電勢相等，則BC為一條件等勢線．根據(jù)電場線與等勢線垂直，而由高電勢指向低電勢可知，電場線方向與BC垂直向下，作圖如圖．

由于此電場是勻強電場，其等勢面互相平行，則AD也是一條等勢線，所以可得D點的電勢為UD=15V．

故答案為：15

【解析】【答案】由題；B；C電勢相等，作出等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，并且由高電勢指向低電勢畫出電場線．

11、略

【分析】【解析】試題分析：帶電粒子在復(fù)合場中做勻速直線運動，受到豎直向上的電場力和豎直向下的洛倫茲力，由左手定則可知磁場方向垂直紙面向外，由考點：考查速度選擇器【解析】【答案】垂直低面向外，0．3特12、略

【分析】【解析】試題分析：線框被勻速拉出，拉力與安培力相等即可得拉力的功率為可得線框產(chǎn)生的熱量可得通過導(dǎo)線截面的電量可得考點：法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用【解析】【答案】1：21：41：21：113、略

【分析】解：以物體為研究對象；物體做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，則水平方向：f=Fcosθ

物體克服摩擦力做功為fs=Fscosθ．

故答案為：Fscosθ

根據(jù)共點力的平衡求出物體受到的摩擦力；然后由功的定義式即可求出摩擦力的功．

本題考查功的計算，要求我們能正確理解公式中各物理量的含義．【解析】Fscosθ14、略

【分析】解：歐姆表每次使用應(yīng)該先選檔位；然后歐姆調(diào)零，最后測量，歐姆表指針指在中間附近時，讀數(shù)最準(zhǔn)確，故即先選“×100Ω”擋，歐姆調(diào)零，測量讀數(shù)；最后旋到交流最大擋，防止漏電，故在用紅；黑表筆接觸這個電阻兩端之前，操作步驟必須的是：選檔和歐姆調(diào)零．故有用的操作順序為：D、B、E．

故答案為：D；B、E．

歐姆表指針指在中間附近時；讀數(shù)最準(zhǔn)確；歐姆表每次使用應(yīng)該先選檔位，然后歐姆調(diào)零，最后測量；再換擋位；測量；最后調(diào)到交流最大電壓擋．

本題考查了歐姆表的使用注意事項，應(yīng)明確歐姆表的選檔方法和測量步驟，特別注意換擋后應(yīng)重新進(jìn)行歐姆調(diào)零．【解析】D、B、E三、判斷題(共5題，共10分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、證明題(共2題，共8分)20、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動21、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、解答題(共2題，共20分)22、略

【分析】

（1）記數(shù)點2到0點的距離是9.10cm

（2）由圖可知；記數(shù)點1；3、4、5到0點的距離為4.80cm、12.70cm、15.80cm、18.30cm；

得出記數(shù)點01間距為4.80cm；記數(shù)點12間距為4.30cm，記數(shù)點23間距為3.60cm，記數(shù)點34間距為3.10cm，記數(shù)點45間距為2.50cm

由于相鄰的時間間隔位移之差不相等；相鄰的計數(shù)點時間間隔為0.1s；

根據(jù)運動學(xué)公式推論△x=at2采用逐差法得出：

a===0.58m/s2

從紙帶上可以看出相鄰計數(shù)點間的距離減?。徽f明紙帶做減速運動，所以小車加速度方向與運動方向相反．

故答案為：（1）9.10cm

（2）0.58m/s2與運動方向相反。

【解析】【答案】利用毫米刻度尺測出AB間的距離．

在B點后取下一個相鄰的計數(shù)點C；并讀出對應(yīng)的距離。

應(yīng)用運動學(xué)公式推論△x=at2求出加速度．

23、略

【分析】

（1）根據(jù)圖象知，加速度a=

根據(jù)牛頓第二定律得，a=

所以sinθ=0.05，θ=arcsin0.05

由圖象可知；磁場的寬度等于金屬框的邊長，d=L=5m．

故斜面傾角θ=arcsin0.