2024年華東師大版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，虛線表示某電場中的三個等勢面，a、a′、b、b′、c、c′為分布在等勢面上的點。一帶電粒子從a點運動到c點的過程中電場力做功為Wac，從a′點運動到c′點的過程中電場力做功為Wa′c′。下列說法正確的是（）

A.c點的電場方向一定指向b點B.a′點電勢一定比c′點電勢高C.帶電粒子從c點運動到c′點，電場力做功為0D.2、用圖中三套實驗裝置探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件；下列選項中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的操作是（）

A.甲圖中，使導體棒AB順著磁感線方向運動，且保持穿過ABCD中的磁感線條數(shù)不變B.乙圖中，使條形磁鐵勻速穿過線圈C.丙圖中，開關(guān)S閉合后，B螺線管相對靜止一起豎直向上運動D.丙圖中，開關(guān)S保持閉合，使小螺線管A在大螺線管B中保持不動3、建立完整的電磁場理論并首先預言電磁波存在的科學家是（）A.法拉第B.奧斯特C.麥克斯韋D.赫茲4、如圖所示，在點電荷產(chǎn)生的電場中有兩點，相距為已知點的電場強度大小為方向與連線垂直，點電場強度的方向與連線成角；則下列說法正確的是（）

A.點電荷帶正電B.兩點到點電荷的距離之比為C.點電荷在點產(chǎn)生的電場強度大小為D.點的電勢低于點的電勢5、如圖所示，直角三角形ABC所在平面與勻強電場方向平行，AB邊長度為a，電量為e的質(zhì)子僅受電場力作用，若從A運動到B動能增加若從A運動到C動能增加則該勻強電場的場強大小為（）

A.B.C.D.6、如圖所示，豎直放置的平行板電容器的兩極板分別接電源兩極，一帶正電的小球用絕緣細線掛在電容器內(nèi)部。閉合開關(guān)S，電容器充電后懸線與豎直方向夾角為則()

A.保持開關(guān)S閉合，將M板向N板靠近，角變大B.保持開關(guān)S閉合，將M板向N板靠近，角變小C.斷開開關(guān)S，將M板向N板靠近，角變大D.斷開開關(guān)S，將M板向N板靠近，角變小7、如圖所示的實驗裝置中，極板A接地，平行板電容器的極板B與一個靈敏的靜電計相接將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電荷量Q、電容C、兩極間的電壓U，電容器兩極板間的場強E的變化情況是（）

A.變小，不變，不變，變小B.變小，變小，不變，不變C.不變，變小，變大，不變D.不變，變小，變大，變小評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、A，B兩帶電小球，電量分別為質(zhì)量分別為、如圖所示，用兩根不可伸長的絕緣細線懸掛于O點，靜止A、B兩球處于同一水平線上，其中O點到A球的間距C是AB連線上一點且在O點的正下方，帶電小球均可視為點電荷，靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.A.B間的庫侖力為B.B兩球的質(zhì)量之比為C.掛B兩球的繩子的拉力之比為D.若僅互換B兩球的帶電量，則B兩球位置仍處于同一水平線上9、如圖所示的電路中,電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,R1、R2、R3為定值電阻,電流表和電壓表均為理想電表,C為平行板電容器,在兩板之間的帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài).由于某種原因燈泡L的燈絲突然燒斷,其余用電器均不會損壞,則下列說法正確的是()

A.電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變大C.液滴將向上運動D.液滴仍保持靜止10、如圖所示，虛線為電場中一簇等間距的等差等勢面，實線為一帶電粒子通過該區(qū)域時的運動軌跡，是這條軌跡上的兩點；不計重力。下列說法正確的是（）

A.若粒子帶正電，則點電勢比點電勢高B.若粒子帶負電，則點電勢比點電勢高C.若粒子帶負電，則在點時動能大D.不論粒子帶正電或負電，都是在點時動能大11、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，虛線分別為等勢線1、2、3，已知MN=NQ，帶電量相等的a、b兩帶電粒子從等勢線2上的O點以相同的初速度飛出。僅在電場力作用下；兩粒子的運動軌跡如圖所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負電B.a加速度減小，b加速度增大C.MN兩點電勢差|UMN|等于NQ兩點電勢差|UNQ|D.a粒子到達等勢線3的動能變化量比b粒子到達等勢線1的動能變化量小12、如圖所示，一電容為1.5×10-10F的平行板電容器連接在直流電源上，充電完畢后，電容器所帶電荷量為6×10-10C。則（）

A.電容器上極板帶正電B.電容器上極板帶負電C.電容器兩極板間的電勢差為4VD.電容器兩極板間的電勢差為8V13、如圖甲所示，半徑為R的圓管道固定在豎直平面內(nèi)，管道內(nèi)徑較小且與半徑相比可忽略，內(nèi)壁光滑，管道最低點為B，最高點為A，圓管所在平面內(nèi)存在一勻強電場，在B點給質(zhì)量為m、帶電荷量為的小球一水平初速度，小球運動過程中動能與機械能隨轉(zhuǎn)過角度的變化關(guān)系分別如圖乙、圖丙所示，已知B點為重力勢能和電勢的零點，小球在管道內(nèi)恰好做圓周運動，重力加速度為g；小球可視為質(zhì)點，則（）

A.電場強度大小為方向與水平方向成角斜向左下B.小球的初動能為C.小球的最大機械能為D.小球在A點對管壁的作用力大小為14、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，定值電阻的阻值R1＝r，當滑動變阻器R2的滑片向右滑動過程中，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值為ΔU；下列說法正確的是（）

A.電壓表V的示數(shù)減小B.電流表A1、A2的示數(shù)均減小C.ΔU與ΔI1的比值等于電源內(nèi)阻rD.電源的輸出功率逐漸增大15、在如圖所示電路中，定值電阻R1、R2阻值均為R，電源電動勢為E，內(nèi)阻r=R，平行板電容器的電容為C。初始時，開關(guān)S1閉合，S2斷開；帶電液滴在P點處于靜止狀態(tài)。整個裝置處于真空中，重力加速度為g，下列說法正確的是（）

A.若僅減小電容器兩極板的正對面積，則液滴仍保持靜止B.若僅將電容器上極板上移少許，則P點電勢升高C.若閉合S2，則電路穩(wěn)定后電容器所帶電荷量比原來增加了D.若閉合S2，電路穩(wěn)定后液滴還在板間運動，則其加速度大小為16、如圖所示；將一輕彈簧下端固定在傾角為θ的粗糙斜面底端，彈簧處于自然狀態(tài)時上端位于A點。質(zhì)量為m的物體從斜面上的B點由靜止開始下滑，與彈簧發(fā)生相互作用后，最終停在斜面上。則（）

A.物體最終不可能停在A點B.整個過程中物體第一次到達A點時動能最大C.物體第一次反彈后不可能到達B點D.整個過程中重力勢能的減少量等于克服摩擦力做的功評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、『判一判』

（1）放電后的電容器所帶電荷量為零，電容也為零。______

（2）電容器所帶的電荷量是指每個極板所帶電荷量的代數(shù)和。______

（3）電容表示電容器容納電荷的多少。______

（4）電容器的電容與電容器所帶電荷量成反比。______

（5）電容器的電容跟它兩極板間所加電壓成反比。______

（6）公式可用來計算任何電容器的電容。______

（7）將電介質(zhì)插入平行板電容器時，電容器的電容將變小。______

（8）任何兩個彼此絕緣而又相互靠近的導體都能組成電容器，而且跟這兩個導體是否帶電無關(guān)。______

（9）電容器兩極板上所加的電壓不能超過擊穿電壓。______18、兩導線長度之比為1∶2，橫截面積之比為3∶4，電阻率之比為5∶6，則它們的電阻之比為______。19、如圖，平行板電容器AB兩極板水平放置，已知A板和電源正極相連，且E1>E2，當單刀雙擲開關(guān)接1時，電源電動勢為E1；一帶正電粒子沿AB中心水平線射入，打在B極板上的N點，不計粒子重力.回答下列問題（選填“N點”“N點的左側(cè)”“N的右側(cè)”）

（1）斷開開關(guān)并將A板左移一段距離，其他條件不變，則粒子打在___________；

（2）斷開開關(guān)并將A板上移一段距離，其他條件不變，則粒子打在___________；

（3）將單刀雙擲開關(guān)接2，電動勢為E2，其他條件不變，則粒子打在___________；

20、電容器作為儲能器件，在生產(chǎn)生活中有廣泛的應(yīng)用。對給定電容值為C的電容器充電，無論采用何種充電方式，其兩極間的電勢差u隨電荷量q的變化圖像都相同。請在圖中畫出上述u–q圖像____。類比直線運動中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時電容器所儲存的電場能Ep=____

21、電壓表和電流表的電路結(jié)構(gòu)。

（1）表頭：小量程的電流表，符號為_____，也叫_______計。

（2）表頭的三個參數(shù)：滿偏電流Ig、________、內(nèi)阻Rg，根據(jù)歐姆定律，三個參數(shù)之間的關(guān)系是________。

（3）改裝：

①電壓表改裝:測量較大的電壓時，將表頭上______一個______的電阻；就改裝成了電壓表，如圖所示。

②電流表改裝:測量較大的電流時，將表頭上______一個______的電阻；就改裝成了量程較大的電流表，如圖所示。

22、如圖所示，電路中電阻R1=8Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，C=2μF，E=12V，電源內(nèi)阻r=0，S閉合，當滑動變阻器的阻值R由2Ω變至22Ω的過程中，通過A1的電量是________，A2的讀數(shù)變化情況是________．

23、反映磁場的力的性質(zhì)的物理量是___________，勻強磁場的磁感線是平行的___________直線。24、如圖，虛線框內(nèi)有勻強磁場，大環(huán)和小環(huán)是垂直于磁場放置的兩個圓環(huán)，分別用Φ1和Φ2表示穿過大小兩環(huán)的磁通量，則有：Φ1______Φ2（大于小于等于）25、為了體現(xiàn)全民大聯(lián)歡，2020年央視春晚繼續(xù)采用“北京主會場+各地分會場”的直播模式，突破演播室界限，將春晚舞臺的歡聲笑語帶到觀眾的身邊。用衛(wèi)星轉(zhuǎn)播春晚實況是利用______（選填“超聲波”“次聲波”或“電磁波”）來傳遞信息的；主持人的說話聲是由聲帶______產(chǎn)生的。評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)26、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

27、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

28、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)29、把一滿偏電流為Ig=0.1mA，內(nèi)阻Rg=1000Ω的表頭改裝成10mA；100mA雙量程的電流表；如圖1所示。則：

(1)表筆接A和___________（選填“B”或“C”）是10mA量程。

(2)定值電阻R1___________Ω；（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

(3)若改裝成歐姆表，可理解為表頭加電源和調(diào)零電阻等配件共同構(gòu)成，如圖2所示。對于同一個表盤，中值電阻的刻度值不能改變，但通過改變倍率可以改變中值電阻的大小，假設(shè)某一個歐姆表刻度盤中值為15，那么選擇倍率×1、×10、×100、×1k，對應(yīng)的中值電阻的阻值應(yīng)該就是15Ω、150Ω、1500Ω、15KΩ。改變了中值電阻，也相當于改變了歐姆擋的倍率。由知，其中一種改變中值電阻的方式為改變電流表滿偏電流（比如前述擴大電表量程）?，F(xiàn)利用該表刻度盤，試分析以電動勢E=1.5V不變的電池為電源，外加調(diào)零電阻、表筆等與圖1A、B接線柱連接組合成的歐姆表倍率為___________，有同學想使用現(xiàn)有器材設(shè)計×10k倍率歐姆擋，請你判斷：該同學___________（填“能”或“不能”）設(shè)計出×10k倍率歐姆擋，理由是___________。30、測量未知電阻Rx的電阻值；提供如下器材。

待測電阻Rx，阻值10歐左右，電流表G(200mA，內(nèi)阻未知)，電壓表V(0－3V，內(nèi)阻未知)，定值電阻R0，滑動變阻器R1(0－10Ω)，滑動變阻器R2(0－100Ω)，干電池3V，電鍵、導線若干，某同學根據(jù)給定的器材設(shè)計測量電路如圖，實驗測量過程為。A．閉合電鍵S1和S2，調(diào)節(jié)變阻器滑動頭P，讀出電壓表和電流表讀數(shù)U0=1.08V，I0=180mAB．斷開電鍵S2，調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀出G表和V表的幾組數(shù)據(jù)作U－I圖線如圖

(1)根據(jù)上述設(shè)計電路選擇實驗器材時，滑動變阻器應(yīng)該是_______（填R1或R2）

(2)請你用實線完成連接實物電路中未連接的導線___。實驗中在閉合電鍵前；根據(jù)實物電路，說明變阻器滑動頭P應(yīng)該調(diào)整在________端（左或右）

(3)根據(jù)上述測量的幾組數(shù)據(jù)在U－I坐標系中作出圖線，并求出未知電阻Rx=____Ω

(4)7組測量數(shù)據(jù)在U－I圖中分別標點1、2、3、4、5、6、7，連直線如圖所示，簡單說明用圖像法求電阻比數(shù)字運算求電阻平均值的優(yōu)劣_____________31、某實驗小組利用如圖甲所示的電路探究在25℃~80℃范圍內(nèi)某熱敏電阻的溫度特性。所用器材有：置于溫控室（圖中虛線區(qū)域）中的熱敏電阻RT，其標稱值（25℃時的阻值）為900.0Ω；電源E（6V，內(nèi)阻可忽略）；電壓表V（量程150mV）；定值電阻R0（阻值20.0Ω），滑動變阻器R1（最大阻值為1000Ω）；電阻箱R2（阻值范圍0~999.9Ω）；單刀開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2。

實驗時，先按圖甲連接好電路，再將溫控室的溫度t升至80.0℃。將S2與1端接通，閉合S1，調(diào)節(jié)R1的滑片位置，使電壓表讀數(shù)為某一值U0；保持R1的滑片位置不變，將R2置于最大值，將S2與2端接通，調(diào)節(jié)R2，使電壓表讀數(shù)仍為U0；斷開S1，記下此時R2的讀數(shù)。逐步降低溫控室的溫度t，得到相應(yīng)溫度下R2的阻值，直至溫度降到25.0℃。實驗得到的R2-t數(shù)據(jù)見下表。

。t/℃

25.0

30.0

40.0

50.0

60.0

70.0

80.0

R2/Ω

900.0

680.0

500.0

390.0

320.0

270.0

240.0

回答下列問題：

(1)在閉合S1前，圖甲中R1的滑片應(yīng)移動到______（填“a”或“b”）端。

(2)在圖乙的坐標紙上補齊數(shù)據(jù)表中所給數(shù)據(jù)點，并作出R2-t曲線。（_______）

(3)由圖乙可得到RT在25℃~80℃范圍內(nèi)的溫度特性。當t=44.0℃時，可得RT=____Ω。

(4)將RT握于手心，手心溫度下R2的相應(yīng)讀數(shù)如圖丙所示，該讀數(shù)為______Ω，則手心溫度為_______℃。32、利用如圖所示電路測量一量程為300mV的電壓表的內(nèi)阻約為300Ω。

實驗步驟如下：

①按電路圖正確連接好電路，把滑動變阻器R的滑片P滑到a端，閉合開關(guān)并將電阻箱的阻值調(diào)到較大；

②閉合開關(guān)調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片P的位置，使電壓表的指針指到滿刻度；

③保持開關(guān)閉合和滑動變阻器滑片的位置不變，斷開開關(guān)調(diào)整電阻箱的阻值大小，使電壓表的指針指到滿刻度的一半，讀出此時電阻箱的阻值，即為電壓表內(nèi)阻的測量值。

實驗提供的器材除待測電壓表；電阻箱（最大阻值999.9Ω）、電池（電動勢約1.5V；內(nèi)阻可忽略不計）、導線和開關(guān)之外，還有如下可供選擇的實驗器材：

A．滑動變阻器（最大阻值150Ω）；

B．滑動變阻器（最大阻值10Ω）；

C．定值電阻（阻值約20Ω）；

D．定值電阻（阻值約200Ω）。

根據(jù)以上設(shè)計的實驗方法；回答下列問題：

（1）對于上述測量方法，從實驗原理分析可知，在測量無誤的情況下，實際測出的電壓表內(nèi)阻的測量值______真實值（填“大于”“小于”或“等于”）。

（2）為了使測量比較精確，從可供選擇的實驗器材中，滑動變阻器應(yīng)選用______，定值電阻R’應(yīng)選用______（填字母代號）。

（3）在其他元件不變的情況下，為使測量更準確，可換用一電動勢更______（填“大”或“小”）的電池（內(nèi)阻可忽略）。評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)33、如圖豎直向上的勻強電場中，一個質(zhì)量4×10-4kg，電荷量2×10-7C的帶正電小球，由于受力平衡處于靜止狀態(tài)。（取10m/s2）問：

（1）小球所受電場力多大?

（2）勻強電場場強多大?

34、做功與路徑無關(guān)的場叫做勢場，在這類場中可以引入“勢”和“勢能”的概念，場力做功可以量度勢能的變化。例如靜電場，如圖所示，真空中靜止正點電荷Q產(chǎn)生的電場中，取無窮遠處的電勢能為零，在距該電荷為r的位置放置電量為+q的電荷所具有的電勢能為（式中k為靜電力常量）。A、B為同一條電場線上的兩點，A、B兩點與電荷Q間的距離分別為r1和r2。

（1）求A點的電勢；

（2）現(xiàn)將電荷量為+2q的檢驗電荷，由A點移至B點，求在此過程中，靜電力所做的功W；

（3）如圖所示，正電荷Q均勻分布在半徑為R的金屬球面上。以球心O為原點建立x軸，沿x軸上各點的電勢用φ表示。選取無窮遠處電勢為零，在下列關(guān)于x軸上各點電勢φ隨位置x的變化關(guān)系圖中選出正確的一項并說明理由。

35、家用電熨斗的銘牌上標有“220V400W”．求:

(1)電熨斗正常工作時的電流；（保留到小數(shù)點后兩位）

(2)電熨斗正常工作30分鐘消耗的電能．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

AB．帶電粒子的電性和電場力做功的正負均未知；所以各等勢面的電勢高低未知，電場線的方向未知，AB錯誤；

C．因為和在同一個等勢面上，電勢差根據(jù)電場力做功可知電場力對帶電粒子做功為0；C正確；

D．根據(jù)題意可得兩點的電勢差與兩點之間的電勢差相等，根據(jù)電場力做功可知D錯誤。

故選C。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．甲圖中，使導體棒AB順著磁感線方向運動，AB不切割磁感線，故不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，另外也可以從保持穿過ABCD中的磁感線條數(shù)不變的角度看；磁通量沒變化，故也不產(chǎn)生感應(yīng)電流，A錯誤；

B．乙圖中；使條形磁鐵勻速穿過線圈，在磁鐵從上向下穿過時，穿過線圈的磁通量會變化，故產(chǎn)生感應(yīng)電流，B正確；

C．丙圖中；開關(guān)S閉合后，A；B螺線管相對靜止一起豎直向上運動，兩線圈沒有相對運動，B中的磁通量沒變化，故不產(chǎn)生感應(yīng)電流，C錯誤；

D．丙圖中；開關(guān)S保持閉合，使小螺線管A在大螺線管B中保持不動時也不會使B中的磁通量變化，故也不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，D錯誤。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；并沒有預言電磁波存在并建立完整的電磁場理論，故A錯誤；

B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；故B錯誤；

C．建立完整電磁場理論并首先預言電磁波存在的科學家是麥克斯韋；故C正確；

D．赫茲用實驗驗證了電磁波的存在；故D錯誤；

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．點電荷所在位置如圖所示。

可知點電荷帶負電；故A錯誤；

B．由幾何關(guān)系可知，兩點到點電荷的距離之比為

故B正確；

C．點電荷在點產(chǎn)生的電場強度大小為

點電荷在點產(chǎn)生的電場強度大小為

聯(lián)立可得

故C錯誤；

D．由于點電荷帶負電，可知離負點電荷越遠，電勢越高，故點的電勢高于點的電勢；故D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

根據(jù)直角三角形AB邊長度為a，可得

質(zhì)子僅受電場力作用從A運動到B動能增加由動能定理可得

從A運動到C動能增加有

則在AC線的中點D是B點的等勢點；做出等勢線，再做垂線畫出電場線，如圖所示。

由幾何關(guān)系可知，勻強電場的場強為

故選D。6、A【分析】【詳解】

帶電小球靜止時，由平衡條件得

AB．保持開關(guān)S閉合時，兩極板間電壓不變，將M板向N板靠近，兩極板間的距離減小，由公式

得知電場強度增大，小球所受電場力增大使得增大；B錯誤，A正確；

CD．若開關(guān)S斷開，兩極板上的電荷量不變，將M板向N板靠近，兩極板間的距離減小，由公式

得

可知電場強度不變，所以小球所受電場力不變，故也不變；CD錯誤。

故選A。7、C【分析】【詳解】

平行板電容器與靜電計并聯(lián)，電容器所帶電量不變。增大電容器兩極板間的距離d時，由電容的決定式知，電容C變??；Q不變，則根據(jù)電容的定義式知，電容C變小，Q不變，則U變大；根據(jù)電場強度不變；故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、A:D【分析】【詳解】

A．O點到A球的間距OA=2L，因此AB=4L，依據(jù)庫侖定律，那么A、B間的庫侖力為

A正確；

B．各自對A、B受力分析，如圖所示

依據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合三角知識，則有

根據(jù)庫侖定律，則庫侖力大小相等，即

因此A；B兩球的質(zhì)量之比為3：1；B錯誤；

C．根據(jù)

根據(jù)庫侖定律，則庫侖力大小相等，即

A、B兩球的繩子的拉力之比為C錯誤；

D．根據(jù)庫侖定律可知；庫侖力與各自電量的乘積成正比，與各自電量無關(guān)，即使僅互換A；B兩球的帶電量，則A、B兩球位置將處于同一水平線上，D正確。

故選AD。9、A:B:C【分析】【詳解】

液滴原來處于平衡狀態(tài)，重力和靜電力平衡，電路為R2與R3串聯(lián)，再與燈泡L并聯(lián)，干路上有R1和內(nèi)阻r.燈泡L的燈絲突然燒斷,相當于其電阻變大，總電阻變大，據(jù)則總電流變小，C、D、由得電容器的電壓增大，故液滴受到的電場力增大，液滴向上運動，C正確、D錯誤．A、B、由可知電流表示數(shù)增大，由知電壓表的示數(shù)變大；A正確，B正確.故選ABC.

【點睛】

本題是電路動態(tài)分析問題，關(guān)鍵是理清電路，根據(jù)路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化．注意電源輸出功率的大小與內(nèi)外電阻的大小關(guān)系決定．10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．曲線運動受力方向指向曲線凹的一側(cè)，若粒子帶正電，則電場方向豎直向下，沿電場線方向電勢降低，可知點電勢比點電勢低；若粒子帶負電，則電場方向豎直向上，沿電場線方向電勢降低，可知點電勢比點電勢低；選項A錯誤，B正確；

CD．若粒子帶負電，則粒子在點電勢能比點電勢能高，根據(jù)能量守恒可知粒子在點的動能比點的動能?。蝗袅Ｗ訋д?，則粒子在點電勢能比點電勢能低，根據(jù)能量守恒可知粒子在點的動能比點的動能大。選項C錯誤；D正確。

故選BD。11、B:D【分析】【詳解】

A．由圖，a粒子的軌跡方向向右彎曲，a粒子所受電場力方向向右，b粒子的軌跡向左彎曲，b粒子所受電場力方向向左；兩粒子帶電性相反，由于電場線方向未知，無法判斷粒子的電性，故A錯誤；

B．由題，a所受電場力逐漸減小，加速度減小，b所受電場力增大；加速度增大，故B正確；

C．已知MN=NQ，由于MN段場強大于NQ段場強，所以MN兩點電勢差|UMN|大于NQ兩點電勢差|UNQ|。故C錯誤；

D．根據(jù)電場力做功公式W=Uq

可知|UMN|>|UNQ|

a粒子從等勢線2到3電場力做功小于b粒子從等勢線2到1電場力做功，所以a粒子到達等勢線3的動能變化量比b粒子到達等勢線1的動能變化量?。还蔇正確。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

AB．由圖可知；電容器上極板帶正電，故A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)

代入數(shù)據(jù)得

故C正確；D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)機械能隨角度的變化圖像可知；當小球轉(zhuǎn)過的角度為240°時，小球機械能最小，電場力做的負功最多，說明電場力的方向與水平方向的夾角為30°斜向左下，A錯誤；

B．根據(jù)動能隨角度的變化圖像可知，當小球轉(zhuǎn)過的角度為210°時，小球的動能為零，說明此時小球在等效最高點，有

解得

對小球從B點到等效最高點的過程，在豎直方向移動的距離為沿電場力方向移動的距離為根據(jù)動能定理有

解得

B正確；

C．當小球轉(zhuǎn)過的角度為60°時，電場力做的正功最多，根據(jù)功能關(guān)系有

解得

C正確；

D．從B點到A點根據(jù)動能定理有

解得

在A點豎直方向上根據(jù)牛頓第二定律有

解得

D錯誤。

故選BC。14、B:D【分析】【詳解】

AB．當滑動變阻器滑動端向右滑動后，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減?。噪娏鞅鞟2的示數(shù)減小，根據(jù)串聯(lián)電路分壓的特點分析可知，并聯(lián)部分電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，R1的電流變大，則電流表A1讀數(shù)減??；故A錯誤，B正確；

C．根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律I2=I1+IR1

A2的示數(shù)I2變小，通過定值電阻IR1的電流增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以△I1一定大于△I2；電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E﹣I2r

可知

而△I1大于△I2，所以＜r

故C錯誤；

D．當外電路的電阻等于電源內(nèi)阻時電源輸出功率最大，因R1＝r，且R2與R1并聯(lián)，當R2增大時，外電阻逐漸接近于r；可知電源的輸出功率逐漸增大，選項D正確。

故選BD。15、A:D【分析】AD【關(guān)鍵能力】本題考查了含電容器的電路問題；意在考查考生的模型建構(gòu)能力和邏輯推理能力。

【解題思路】初始時，S1閉合，S2斷開，則電容器兩極板間的電壓為，又R1=R、r=R，則U=號，由于液滴靜止不動，則，如果僅減小兩極板的正對面積，則U不變，液滴受力仍平衡，保持靜止，A正確；如果僅將上極板向上移動少許，則d增大，兩極板間的電場強度減小，P點與下極板間的電勢差減小，P點的電勢降低，B錯誤；若閉合S2，外電路的電阻為，電容器兩極板間的電壓為，S2閉合前，電容器所帶的電有量為；S2閉合后，電容器所帶的電荷量為，則電容器所帶的電荷量減少了，C錯誤：S2閉合后，由牛頓第二定律得，由以上整理解得，D正確。16、A:C【分析】由題意可知，物塊從靜止沿斜面向上運動，說明重力的下滑分力大于最大靜摩擦力，因此物體不可能最終停于A點，故A正確；物體接觸彈簧后，還要繼續(xù)加速，直到彈力與重力的分力相等時，達到最大速度；故最大速度在A點下方；故B錯誤；由于運動過程中存在摩擦力，導致摩擦力做功，所以物體第一次反彈后不可能到達B點，故C正確；根據(jù)動能定理可知，從靜止到速度為零，則有重力做功等于克服彈簧彈力做功與物塊克服摩擦做的功之和，則重力勢能的減小量大于物塊克服摩擦力做功。故D錯誤；三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）電容器的電容由電容器本身決定；所以放電后的電容器所帶電荷量為零，電容不為零，故錯誤；

（2）電容器所帶的電荷量是指任意一個極板所帶電荷量；故錯誤；

（3）電容表示電容器容納電荷的能力；在豎直上等于1V電壓下極板所帶的電荷量，故錯誤；

（4）電容器的電容由電容器本身決定；極板間的電壓和電荷量無關(guān)，電容的大小等于電容器所帶的電荷量與極板間的電壓的比值，故錯誤；

（5）電容器的電容由電容器本身決定；極板間的電壓和電荷量無關(guān)，電容的大小等于電容器所帶的電荷量與極板間的電壓的比值，故錯誤；

（6）公式只能計算平行板電容器的電容；故錯誤；

（7）將電介質(zhì)插入平行板電容器時；電容器的電容將變大，故錯誤；

（8）任何兩個彼此絕緣而又相互靠近的導體都能組成電容器；而且跟這兩個導體是否帶電無關(guān)，故正確；

（9）電容器任意一個極板上所加的都電壓不能超過擊穿電壓，故錯誤。【解析】①.錯誤②.錯誤③.錯誤④.錯誤⑤.錯誤⑥.錯誤⑦.錯誤⑧.正確⑨.錯誤18、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電阻定律因為兩導線長度之比為1∶2，橫截面積之比為3∶4，電阻率之比為5∶6，所以可得它們的電阻之比為5:9

故答案為5:9【解析】5︰919、略

【分析】【詳解】

（1）斷開開關(guān)后Q不變；將A板向左移動時，電容C減小，根據(jù)Q=CU，兩板間電壓增大，根據(jù)U=Ed，板間電場強度增大，加速度增大，故粒子打在N點左側(cè)；

（2）斷開開關(guān)后；Q不變，將A板上移一段距離后，板間電場強度不變，加速度不變，故粒子仍打在N點；

（3）若開關(guān)接2時，電壓減小，則E減小，加速度減小，則打在極板所用的時間增大；故粒子將打在N的右側(cè)．【解析】N點左側(cè)N點N點右側(cè)20、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)可知故圖像是過原點的直線。

類比直線運動中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時電容器所儲存的電場能【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①..G②.靈敏電流③.滿偏電壓Ug④.Ug=IgRg⑤.串聯(lián)⑥.較大⑦.并聯(lián)⑧.較小22、略

【分析】【詳解】

[1]．設(shè)電池的負極的電勢為0，電容的下極板的電勢不變，則上極板的電勢變化范圍為電容器兩極板的電壓的變化范圍：即

則通過A2的電量為Q=C△U=6.4×2×10-6=1.28×10-5C

[2]．A1的讀數(shù)為通過R1的電流，其值則R增大，電流變?。窘馕觥?.28×10‐5C一直減小23、略

【分析】【詳解】

[1]反映磁場的力的性質(zhì)的物理量是磁感應(yīng)強度；

[2]勻強磁場的磁感線是平行的等間距直線。【解析】磁感應(yīng)強度等間距24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題意可知；大環(huán)與小環(huán)雖然面積不同，但穿過線圈的磁場面積相同，且磁感應(yīng)強度相同，所以穿過兩環(huán)的磁通量相等，即。

【解析】等于25、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]微波通信；衛(wèi)星通信、光纖通信都是用電磁波來傳遞信息；故用衛(wèi)星轉(zhuǎn)播春晚實況是利用電磁波來傳遞信息的；

[2]聲音是由物體的振動產(chǎn)生的，主持人的說話聲是靠聲帶振動產(chǎn)生的。【解析】電磁波振動四、作圖題(共3題，共30分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內(nèi)部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

28、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课?、實驗題(共4題，共8分)29、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]當表筆接通C時，表頭的量程一定，因兩電阻串聯(lián)，則通過這兩個電阻的最大電流較小，而當表筆接通B時，電流計與R2串聯(lián)，雖電流計的量程一定，但R1的電壓增大，則通過R1的最大電流較大；因此當表筆接通B時電流表的量程