2024年華師大版選擇性必修1物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大版選擇性必修1物理上冊月考試卷234考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，實線為t=0時的波形圖，虛線為t=0.5s時的波形圖．已知該簡諧波的周期大于0.5s．關于該簡諧波，下列說法正確的是（）

A.波長為2mB.波速為6m/sC.周期為2.0sD.t=1s時，x=1m處的質(zhì)點處于波峰2、如圖所示，質(zhì)量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與豎直墻之間用水平輕彈簧連接．現(xiàn)用完全相同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧．不計空氣阻力，若彈簧被壓縮過程中的最大彈性勢能為E，從球A被碰開始到回到原靜止位置的過程中墻對彈簧的沖量大小為I；則下列表達式中正確的是（）

A.E＝mv02，I＝mv0B.E＝mv02，I＝2mv0C.E＝mv02，I＝mv0D.E＝mv02，I＝2mv03、如圖所示，三根細線在點處打結(jié)，A、端固定在同一水平面上相距為的兩點上，使成直角三角形，已知長為下端點系著一個小球（直徑很?。?；下列說法正確的是（以下均指小角度擺動）（）

A.讓小球在紙面內(nèi)振動，則周期為B.讓小球在垂直紙面內(nèi)振動，則周期為C.讓小球在紙面內(nèi)振動，則周期為D.讓小球在垂直紙面內(nèi)振動，則周期為4、關于光現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.光導纖維外套的折射率比內(nèi)芯大B.泊松亮斑屬于光的偏振現(xiàn)象C.三棱鏡色散是因為不同顏色的光折射率不同D.觀看3D電影時佩戴特殊的眼鏡運用雙縫干涉的原理5、如圖所示，一根輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端掛一重物(可視為質(zhì)點)，重物靜止時處于位置。現(xiàn)用手托重物使之緩慢上升至位置，此時彈簧長度恢復至原長。之后放手，使重物從靜止開始下落，沿豎直方向在位置和位置(圖中未畫出)之間做往復運動。重物運動過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。關于上述過程(不計空氣阻力)；下列說法中正確的是（）

A.重物在位置時，其加速度的數(shù)值大于當?shù)刂亓铀俣鹊闹礏.在重物從位置下落到位置的過程中，重力的沖量大于彈簧彈力的沖量C.在手托重物從位置緩慢上升到位置的過程中，手對重物所做的功等于重物往復運動過程中所具有的最大動能D.在重物從位置到位置和從位置到位置的兩個過程中，彈簧彈力對重物所做的功相同評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、如圖所示，滑塊和小球的質(zhì)量分別為M、m?；瑝K可在水平放置的光滑固定導軌上自由滑動，小球與滑塊上的懸點O由一不可伸長的輕繩相連，輕繩長為l；開始時，輕繩處于水平拉直狀態(tài)，小球和滑塊均靜止?，F(xiàn)將小球由靜止釋放，當小球到達最低點時，下列說法正確的是（）

A.滑塊和小球組成的系統(tǒng)動量守恒B.滑塊和小球組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒C.小球的最大速率為D.小球的最大速率為7、如圖所示，傾角為足夠長的光滑斜面固定在水平地面上，下端有一垂直斜面的固定擋板。質(zhì)量均為m的小球a、b用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接并放置在斜面上，小球b靠在擋板上，兩小球均保持靜止?，F(xiàn)對小球a施加一平行斜面向上、大小為的恒力。已知彈簧的彈性勢能與其形變量x滿足彈簧與斜面平行且形變始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為g。在以后的運動中；下列分析正確的是（）

A.小球a先做加速運動，當加速度減小到零后做勻速運動B.小球b脫離擋板后，系統(tǒng)的總動量保持不變C.小球b剛要運動時，小球a的動能為D.小球b脫離擋板以后的運動過程中，彈簧儲存的彈性勢能可能大于8、如圖所示，在平面xy內(nèi)有一沿水平x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速為3.0m/s，頻率為2.5Hz，振幅為8.0×10-2m，已知t=0時刻P點質(zhì)點的位移為y=4.0×10-2m，速度沿y軸正方向，Q點在P點右方9.0×10-1m處；對于Q處的質(zhì)點來說（）

A.在t=0時，位移為y=－4.0×10-2mB.在t=0時，速度沿y軸負方向C.在t=0.1s時，位移為y=－4.0×10-2mD.在t=0.1s時，速度沿y軸正方向9、下列說法中正確的是（）A.機械波在某種介質(zhì)中傳播，若波源的頻率增大，其傳播速度就一定增大B.當波源與觀察者相互遠離時，觀察到的波頻率變小C.在波的干涉中，振動加強點的位移不一定始終最大E.在用單擺測重力加速度的實驗中，某學生所測g值偏大，可能是把n次擺動誤記為（）次E.在用單擺測重力加速度的實驗中，某學生所測g值偏大，可能是把n次擺動誤記為（）次10、如圖所示；放在光滑水平桌面上的A；B木塊之間夾一被壓縮的彈簧．現(xiàn)釋放彈簧，A、B木塊被彈開后，各自在桌面上滑行一段距離飛離桌面．A落地點距桌邊水平距離為0.5m，B落地點距桌邊水平距離為1m，則。

A.A.B離開彈簧時的速度比為1：2B.B離開彈簧時的速度比為1：1C.B質(zhì)量之比為1：2D.B質(zhì)量之比為2：1評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)11、（1）內(nèi)容。

如果一個系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的___________為0；這個系統(tǒng)的總動量保持不變。

（2）表達式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統(tǒng)相互作用前的總動量等于相互作用后的總動量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個物體動量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為___________。

b.近似守恒：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng)在___________動量守恒。

（4）應用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象，確定___________的組成（系統(tǒng)包括哪幾個物體及研究的過程）。

b.進行受力分析，判斷系統(tǒng)動量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定___________，確定初、末狀態(tài)___________。

d.由動量守恒定律列出方程。

e.代入數(shù)據(jù)，求出結(jié)果，必要時討論說明。12、全振動：一個_____的振動過程稱為一次全振動，彈簧振子完成一次全振動的時間總是____的。13、定義。

驅(qū)動力的頻率f_______系統(tǒng)的固有頻率f0時，受迫振動的_______最大，這種現(xiàn)象叫做共振。14、如圖所示，一個位于原點O的波源沿y軸做簡諧運動，振動周期為4s，形成沿x軸傳播的雙向波。該波的波速____________m/s，位于平衡位置的m和m兩點振動方向____________（選填“相同”或“相反”）。

15、光滑水平面上有A、B兩物塊，A物塊質(zhì)量為2kg，以4m/s速度向右運動，B物塊質(zhì)量1kg，以2m/s速度向左運動。兩物塊碰撞后粘在一起共同運動。若規(guī)定向右為正方向，則碰撞前B物塊的動量為________kgm/s，碰撞后兩物塊共同速度為_________m/s。16、如圖所示，一列簡諧橫波平行于x軸傳播，圖中的實線和虛線分別為t=0和t=0.15s時的波形圖。已知平衡位置在x=6m處的質(zhì)點，在0到0.15s時間內(nèi)運動方向只改變了1次。這列簡諧波的周期為________s。波速為_________m/s，傳播方向沿x軸_________填“正方向”或“負方向"）。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)17、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

18、向水面上扔一個石塊，形成如圖所示的波形，已知相鄰實線間的距離等于一個波長，不考慮水波的反射，試大致畫出水波通過圖甲的孔和以及遇到圖乙中障礙物和之后的傳播情況。

19、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質(zhì)點此時正經(jīng)過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

20、某同學做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)21、某實驗小組的同學進行“驗證動量守恒定律”的實驗，實驗裝置如圖所示。入射小球A與被碰小球B半徑相同。先不放B球，使A球從斜槽上某一固定點C由靜止?jié)L下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡。再把B球靜置于水平槽前端邊緣處，讓A球仍從C處由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自落點的痕跡。記錄紙上的O點是重錘所指的位置，M、P、N分別為落點的痕跡。

(1)入射小球A的質(zhì)量應___________（選填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球B的質(zhì)量，其理由是___________。

(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球A多次從斜軌上C位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP。然后，把被碰小球B靜置于軌道的水平部分，再將入射球A從斜軌上C位置靜止釋放，與小球B相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是___________（填選項前的符號）

A.用天平測量兩個小球的質(zhì)量

B.量小球A開始釋放高度h

C.測量拋出點距地面的高度H

D.分別找到A、B相碰后平均落地點的位置M；N

E.測量平拋射程

(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為___________；若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為___________（均用第2小題中測量的量表示）。22、如圖所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個大小相同的小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系：先安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重垂線所指的位置O。接下來的實驗步驟如下：

步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上、重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度L1、L2、L3。

（1）小明先用螺旋測微器測量一個小球的直徑，刻度如上圖所示，讀數(shù)為______mm；

（2）入射小球1的質(zhì)量應______（選填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的質(zhì)量；入射小球1的半徑應______（選填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的半徑；

（3）除了圖中器材外，實驗室還備有下列器材，完成本實驗還必須使用的兩種器材是______；

A．秒表B．天平C．刻度尺D．打點計時器。

（4）當所測物理量滿足表達式______（用所測物理量的m1、m2、L1、L2、L3表示）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。如果還滿足表達式______（用所測物理量m1、m2、L1、L2、L3表示）時，即說明兩球是彈性碰撞。23、物理實驗一般涉及實驗目的；實驗原理、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數(shù)據(jù)分析等。例如：

（1）實驗儀器：在“練習使用多用表”實驗時，某同學用多用表的電阻“×10”檔測定值電阻阻值，表盤的示數(shù)如圖所示，則該阻值__________

（2）數(shù)據(jù)分析：某同學用插針法測定一個半圓形玻璃磚的折射率。正確操作后，做出的光路圖如圖所示。O為圓心，已知AB的長度為AO的長度為CD的長度為DO的長度為則此玻璃磚的折射率可表示為____________。

（3）實驗原理：用橡皮筋、細繩套和彈簧測力計完成“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗。兩同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)分別做出的力的圖示如圖甲、乙所示。你認為哪位同學實驗過程有問題？請說明你的理由_______。

24、(1)在用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中。

①某同學由于沒有量角器，在完成了光路以后，他以O點為圓心、10.00cm長為半徑畫圓，分別交線段OA于A點，交OO'連線延長線于C點，過A點作法線NN'的垂線AB交NN'于點B，過C點作法線NN'的垂線CD交NN'于D點，如圖1所示。用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm。由此可得出玻璃的折射率n=______；

②某同學在紙上畫出的界面aa'、bb'與玻璃磚位置的關系如圖2所示，則該同學測得的折射率與真實值相比______（填“偏大”；“偏小”或“不變”）。

(2)在雙縫干涉實驗中，分別用紅色和綠色的激光照射同一雙縫，在雙縫后的屏幕上。紅光的干涉條紋間距Δx1與綠光的干涉條紋間距Δx2相比，Δx1______Δx2（填“>”、“=”或“<”=。若實驗中紅光的波長為630nm，雙縫與屏幕的距離為1.00m，測得第1條到第6條亮條紋中心間的距離為10.5mm，則雙縫之間的距離為_______mm。評卷人得分六、解答題(共2題，共16分)25、塑料水槍是兒童們夏天喜歡的玩具，但是也有兒童眼睛被水槍擊傷的報道，因此，限制兒童水槍的威力就成了生產(chǎn)廠家必須關注的問題，設有一只水槍，槍口直徑為d，出水速度為儲水箱的體積為V。

（1）水槍充滿水可連續(xù)用多長時間？

（2）設水的密度為ρ，水柱水平地打在豎直平面（目標）上后速度變?yōu)榱?，則水流對目標的沖擊力是多大？26、某種型號的中性筆由彈簧、內(nèi)芯和外殼三部分構(gòu)成。李強同學探究這種筆的彈跳問題時發(fā)現(xiàn)筆的彈跳過程可簡化為三個階段：把筆豎直倒立于水平硬桌面上，下壓外殼使其下端接觸桌面（如圖1所示）；把筆由靜止釋放，外殼豎直上升，上升高度為h時（彈簧恰好恢復原長）與靜止的內(nèi)芯碰撞，碰撞過程時間極短，碰后瞬間，內(nèi)芯與外殼具有豎直向上的共同速度（如圖2所示）；此后，內(nèi)芯與外殼一起向上運動，上升的最大高度為H（如圖3所示）。李強同學測得筆的外殼和內(nèi)芯質(zhì)量分別為m1和m2，不計彈簧質(zhì)量和空氣阻力，重力加速度大小為g。求：

（1）外殼與內(nèi)芯碰撞前瞬間的速度大小v0；

（2）在階段一中彈簧儲存的彈性勢能ΔEp。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【詳解】

由圖可知波長=4m，A錯誤；波沿x軸正方向傳播，由圖可知s，得周期為s，因為該簡諧波的周期大于0.5s，則有：>0.5s，解得：即當n=0時s，則波速為：m/s，B正確，C錯誤；波沿x軸正方向傳播，可得：t=0時刻，x=1m處質(zhì)點在波峰，故s時，x=1m處質(zhì)點位于波谷，D錯誤．2、D【分析】【分析】

【詳解】

A、B碰撞過程，取向左為正方向，由動量守恒定律得

則

碰撞后，A、B一起壓縮彈簧，當A、B的速度減至零時彈簧的彈性勢能最大，根據(jù)機械能守恒定律，最大彈性勢能

從球A被碰開始到回到原靜止位置的過程中，取向右為正方向，由動量定理得

故選D。3、A【分析】【分析】

【詳解】

AC．當小球在紙面內(nèi)做小角度振動時，懸點是點，擺長為故周期為故A正確，C錯誤；

BD．小球在垂直紙面內(nèi)做小角度振動時，懸點在直線上且在點正上方，擺長為

故周期為

故B；D錯誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

A．光在光導纖維中傳播；利用了光的全反射現(xiàn)象，由全反射條件可知，在內(nèi)芯與外套的界面上發(fā)生全反射，則其內(nèi)芯材料的折射率比外套材料的折射率大，故A錯誤；

B．泊松亮斑屬于光的衍射現(xiàn)象；故B錯誤；

C．白光是由各種色光混合而成；而由于不同顏色的光折射率不同，通過三棱鏡后偏轉(zhuǎn)角度不同，從而形成彩色光帶，故C正確；

D．立體電影采用了光的偏振原理；故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．因A、C位置關于B點對稱，而A點時的加速度為g，則根據(jù)簡諧振動的規(guī)律可知，重物在C位置時；其加速度的數(shù)值等于當?shù)刂亓铀俣鹊闹礸，選項A錯誤；

B．在重物從A位置下落到C位置的過程中；動量的變化為零，可知合外力沖量為零，即重力的沖量等于彈簧彈力的沖量，選項B錯誤；

C．在手托重物從B位置緩慢上升到A位置在到返回B位置過程中；重力做功為零，彈力做功為零，故手對重物所做的功等于重物往復運動過程中所具有的最大動能，故C正確；

D．根據(jù)胡克定律，有F=kx，作圖如下：

圖中圖線與x軸包圍的面積表示彈力的功，故在重物從A位置到B位置和從B位置到C位置的兩個過程中，彈簧彈力對重物所做功之比是1：3；故D錯誤；

故選C。二、多選題(共5題，共10分)6、B:C【分析】【詳解】

AB．小球和滑塊組成的系統(tǒng)；繩子拉力是內(nèi)力，系統(tǒng)在水平不方向不受外力，故系統(tǒng)在水平方向動量守恒；但小球下落過程中，存在加速度，系統(tǒng)在豎直方向上合力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，A錯誤，B正確；

CD．當小球落到最低點時，此時小球和滑塊的速度均達到最大，且此時小球速度恰好水平，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，設它們的最大速率分別為和所以

系統(tǒng)機械能守恒

聯(lián)立解得滑塊的最大速率

小球的最大速率

故C正確；D錯誤。

故選BC。7、B:C【分析】【詳解】

A．對小球a受力分析，小球在沿斜面方向上受到拉力、重力沿斜面向下的分力以及彈簧向下的彈力的作用

隨著彈簧伸長，彈力先減小到0后又反向增大，加速度會逐漸減小，當時，加速度減為0，速度不為0。對小球b受力分析，此時小球b受到重力的分力大小為恰好等于彈簧彈力大小。故此狀態(tài)為小球b恰好要運動的狀態(tài)。又因為小球此時速度不為0，故彈簧會繼續(xù)伸長，彈力會繼續(xù)增大。小球的加速度會沿斜面向下；又會做減速運動。故A錯誤；

B．根據(jù)分析，小球b脫離擋板后，將小球小球b以及彈簧看做一個整體；則整體受到的合外力為0。符合動量守恒的條件，即系統(tǒng)的總動量保持不變。故B正確；

C．根據(jù)分析，初始狀態(tài)時，彈簧處于壓縮狀態(tài)

小球b剛要運動時，

解得

且初末狀態(tài)中彈簧形變量相同，彈性勢能相同。則彈力做的總功為0。根據(jù)動能定理

解得

故C正確；

D．小球b剛要運動時，根據(jù)C選項可知小球的速度為

此時彈簧彈性勢能為

彈簧彈性勢能最大時是兩球共速時取得，系統(tǒng)總動量守恒，則

解得

系統(tǒng)動能的減少量為彈性勢能的增加量，則

故彈性勢能的最大值為

故D錯誤。

故選BC。8、B:C【分析】【詳解】

AB．頻率為2.5Hz，則周期為0.4s，由可知，波長

PQ間的距離為由題意知t=0時刻且速度沿y軸正方向；則有。

由圖可得，t=0時刻

此時Q點速度沿y軸負方向；故A錯誤，B正確；

CD．t=0時刻，Q點速度沿y軸負方向，再過0.1s，即據(jù)振動的特點知，Q的位移為y=－4.0×10-2m，方向沿y軸的負方向；故C正確；D錯誤。

故選BC。9、B:C:E【分析】【詳解】

A．機械波的傳播速度只與介質(zhì)有關；與頻率無關，A錯誤；

B．當波源與觀察者相互遠離時；根據(jù)多普勒效應可知觀察者接受到的波的波頻率變小，B正確；

C．在波的干涉中；振動加強的點位移隨時間周期性變化，只是振幅最大，C正確；

D．由單擺的周期公式有

變形得

所以圖像的斜率不等于重力加速度g；D錯誤；

E．把n次擺動誤記為（）次；測量的周期偏小，從而計算得到的重力加速度的值偏大，E正確。

故選BCE。10、A:D【分析】【分析】

A；B離開桌面后都做平拋運動；它們拋出點的高度相同，運動時間相等，由水平位移可以求出它們的初速度關系，彈簧彈開物體過程中，系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律可以求出它們的質(zhì)量關系；

【詳解】

A、A和B離開桌面后做平拋運動，下落的高度相同，它們的運動時間相等，由得速度之比：故A正確，B錯誤；

C、彈簧彈開物體的過程，兩物體及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，取向左為正方向，由動量守恒定律得：則質(zhì)量之比：故C錯誤，D正確．

【點睛】

解決本題的關鍵要掌握平拋運動的規(guī)律，知道彈簧彈開物體的過程，系統(tǒng)的動量守恒，再結(jié)合動量守恒定律進行求解即可．三、填空題(共6題，共12分)11、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動量守恒的定義：如果一個系統(tǒng)不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個系統(tǒng)的總動量保持不變動量守恒的。

（2）[2][3]動量守恒定律的表達式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠大于它所受到的外力。

c.如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零；則系統(tǒng)在這一方向上動量守恒。

（4）[7][8][9][10]應用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象；確定系統(tǒng)的組成；

b.進行受力分析；判斷系統(tǒng)動量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定正方向；確定初；末狀態(tài)動量。

d.由動量守恒定律列出方程求解?！窘馕觥渴噶亢蚼1v1′＋m2v2′-Δp2零遠大于這一方向上系統(tǒng)守恒正方向動量12、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.完整②.相同13、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.等于②.振幅14、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，波長為

則該波的波速為

[2]位于平衡位置的m的點振動方向沿y軸正方向，位于平衡位置的兩點振動方向沿y軸正方向，所以位于平衡位置的m和m兩點振動方向相同?！窘馕觥?相同15、略

【分析】【詳解】

[1]規(guī)定向右為正方向，碰撞前B物塊的動量

[2]根據(jù)動量守恒定律得：

解得：【解析】－2216、略

【分析】【詳解】

[1]因為處的質(zhì)點在內(nèi)運動方向只改變了1次，所以該處質(zhì)點從正向位移最大處經(jīng)過四分之三個周期向上運動至平衡位置處，即

解得周期為

[2]所以波速為

[3]因為在虛線上，處的質(zhì)點向上運動，根據(jù)同側(cè)法可知波沿軸正方向傳播?！窘馕觥?.220正方向四、作圖題(共4題，共24分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)18、略

【分析】【詳解】

由題圖可知，孔A和障礙物D跟波長相比相差不多，因此，從孔A傳出的波和遇障礙物D之后的波均有明顯的衍射現(xiàn)象；孔B和障礙物C跟波長相比相差較大，因此，從孔B傳出的波和遇障礙物C之后的波無明顯的衍射現(xiàn)象，在畫通過孔A的衍射波時要強調(diào)畫出的同心半圓都是以孔A為圓心的；遇障礙物D之后波的傳播并沒有受影響；而從孔B傳出的波和遇障礙物C之后的波只沿直線傳播，所以從孔A、B傳出的波和遇障礙物C、D之后的波如圖所示。

【解析】見解析。19、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，簡諧波的波長所以周期

此時波形與時刻波形相同，根據(jù)同側(cè)法可知，波沿x軸負方向傳播，根據(jù)波形的平移法可知，將時刻的波形向左平移得到時的波形圖像；如圖所示。

【解析】見解析20、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據(jù)折射率表達式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實驗題(共4題，共12分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]入射小球A的質(zhì)量應大于被碰小球B的質(zhì)量；其理由是保證碰后A球不反向；

(2)[3]要驗證動量守恒定律定律，即驗證mAv0=mAv1+mBv2

小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得mAv0t=mAv1t+mBv2t

得mAOP=mAOM+mBON

因此實驗需要測量：兩球的質(zhì)量、分別找到A、B相碰后平均落地點的位置M、N，測量小球的水平位移，則接下來要完成的必要步驟是ADE。

故選ADE。

(3)[4]若兩球相碰前后的動量守恒，由(2)可知其表達式為

[5]若碰撞過程沒有動能的損失，碰撞前后總動能保持不變

上式兩邊同時乘以t2得

則【解析】大于保證碰后A球不反向ADE22、略

【分析】【詳解】

(1)[1]由圖示螺旋測微器可知；其示數(shù)為：4mm+22.3×0.01mm=4.223mm；

(2)[2][3]根據(jù)動量守恒定律可知若碰撞小球1的質(zhì)量小于被碰小球2的質(zhì)量；則小球1可能被碰回，所以小球1的質(zhì)量應大于被碰小球2的質(zhì)量，為了保證是對心碰撞，所以小球1的半徑應等于被碰小球2的半徑；

(3)[4]小球離開軌道后做平拋運動，小球在空中的運動時間相同，小球的水平位移與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，實驗需要驗證m1v0=m1v1+m2v2

因小球