2025年人教版（2024）高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版（2024）高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷769考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、1991年5月11日的《北京晚報(bào)》曾報(bào)道了這樣一則動(dòng)人的事跡：5月9日下午，一位4歲小男孩從高層塔樓的15層墜下，被同樓的一位青年在樓下接住，幸免于難．設(shè)每層樓高度是2.8m，這位青年從他所在地方?jīng)_到樓下需要的時(shí)間是1.3s，則該青年要接住孩子，至多允許他反應(yīng)的時(shí)間是（g取9.8m/s2）（）A.2.8sB.1.5sC.1.3sD.0.7s2、（2015秋?北京校級(jí)期中）如圖所示，平行板電容器的電容為C，帶電荷量為Q，兩極板間距離為d，今在距兩極板的中點(diǎn)處放一電荷q，則（）A.q所受電場(chǎng)力的大小為B.q所受電場(chǎng)力的大小為kC.q點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度是D.q點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度是3、如圖所示，一質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)先后經(jīng)過(guò)A、B兩點(diǎn)，到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角為60°，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向的夾角為45°．質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)與質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間之比是（）A.B.C.D.條件不夠，無(wú)法求出4、下列說(shuō)法正確的是()A.熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，也能夠自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體B.不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來(lái)做功，而不引起其他變化C.一定質(zhì)量的氣體，體積膨脹，它的內(nèi)能一定減少D.一定質(zhì)量的氣體，壓強(qiáng)增大，內(nèi)能一定增大5、將新鮮胡蘿卜切成粗細(xì)相同的5cm長(zhǎng)條，隨機(jī)平均分為a、b、c、d、e、f組，取上述6組細(xì)條分別放在濃度不同的甘露醇溶液中，4h后測(cè)量每條胡蘿卜條的長(zhǎng)度，統(tǒng)計(jì)結(jié)果如圖所示。以下有關(guān)分析不正確的是A.實(shí)驗(yàn)后，a組細(xì)胞的吸水量比b組多B.實(shí)驗(yàn)后，c組細(xì)胞的細(xì)胞液濃度大于d組C.實(shí)驗(yàn)后，f組細(xì)胞的細(xì)胞液滲透壓大于e組D.該實(shí)驗(yàn)不設(shè)空白對(duì)照，a～f組之間相互對(duì)照6、如圖所示，一個(gè)理想邊界為PQ、MN的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)寬度為d，方向垂直紙面向里．一電子從O點(diǎn)沿紙面垂直PQ以速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)．若電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為2d．O′在MN上，且OO′與MN垂直．下列判斷正確的是（）A.電子將向右偏轉(zhuǎn)B.電子打在MN上的點(diǎn)與O′點(diǎn)的距離為dC.電子打在MN上的點(diǎn)與O′點(diǎn)的距離為dD.電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為7、如圖所示的直線是真空中某電場(chǎng)的一條電場(chǎng)線，A、B是這條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)．一個(gè)帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下，以速度vA經(jīng)過(guò)A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，經(jīng)一段時(shí)間以后，該帶電粒子以速度vB經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，且vB與vA方向相反，則（）A.A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)B.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)C.該帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能D.該帶電粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能一定大于它在B點(diǎn)的動(dòng)能8、拖把是由拖桿和拖把頭構(gòu)成的擦地工具，如圖所示．設(shè)拖把頭的質(zhì)量為m，拖桿質(zhì)量可以忽略，拖桿與豎直方向的夾角為θ．某同學(xué)用該拖把在水平地板上拖地，當(dāng)沿拖桿方向的推力為F時(shí)，拖把頭在地板上勻速移動(dòng)，則拖把頭與地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為（重力加速度為g）（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、（2015秋?綿竹市校級(jí)月考）某同學(xué)星期天上午9時(shí)，從學(xué)校騎自行車出發(fā)，沿平直公路去拜訪甲、乙兩名同學(xué)，下午1時(shí)結(jié)束拜訪開始原路返回，下午2時(shí)回到學(xué)校，整個(gè)過(guò)程他騎車走了三段位移，其位移-時(shí)間圖象如圖所示，則在這三段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，他騎車的速度分別為v1=____km/h，v2=_____km/h，v3=____km/h．10、一用戶有以下幾種電器：額定功率36W的日光燈一盞、150W的電視機(jī)一臺(tái)和1000W的空調(diào)一部．當(dāng)它們均正常工作時(shí)，每小時(shí)耗電最多的是____．11、（2001?上海）一束質(zhì)量為m、電量為q的帶電粒子以平行于兩極板的速度v0進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，如果兩極板間電壓為U，兩極板間的距離為d，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，設(shè)粒子束不會(huì)擊中極板，則粒子從進(jìn)入電場(chǎng)到飛出極板時(shí)電勢(shì)能的變化量為____（粒子的重力忽略不計(jì)）12、方框內(nèi)為某臺(tái)電風(fēng)扇的銘牌．當(dāng)電風(fēng)扇正常工作時(shí)，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為____A．若已知該電扇在額定電壓下工作時(shí)，內(nèi)部電機(jī)的效率為90%，正常工作1小時(shí)，電機(jī)輸送給葉片的機(jī)械能為____J（保留兩位有效數(shù)字）．

13、【題文】一密閉的房間長(zhǎng)L1＝14m，寬L2＝5m，高h(yuǎn)＝3.2m．假設(shè)房間內(nèi)的空氣處于標(biāo)準(zhǔn)狀況，已知阿伏加德羅常數(shù)NA＝6.02×1023mol－1.則房間內(nèi)空氣分子數(shù)為________________個(gè)，試估算空氣分子間的距離_______________m.（該題結(jié)果只保留一位有效數(shù)字）14、（2015秋?南京月考）如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，坐標(biāo)原點(diǎn)O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，到第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的時(shí)間為0.1s，則小球振動(dòng)的周期為____s，振動(dòng)方程的表達(dá)式為x=____cm，．15、（2012秋?潮陽(yáng)區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，絕緣金屬平行板電容器充電后，靜電計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時(shí)在兩極板間插入電介質(zhì)，則電容器的電容將____，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度將____．（填增大或者減?。┰u(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、電場(chǎng)線真實(shí)地存在于電場(chǎng)中．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、物體的位移為零時(shí)，路程也一定為零．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、物體的位移為零時(shí)，路程也一定為零．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、地面上靜止的人觀察一條沿自身長(zhǎng)度方向高速運(yùn)動(dòng)的桿，其長(zhǎng)度總比桿靜止時(shí)的長(zhǎng)度小____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、推斷題(共3題，共12分)22、“一酸兩浸，兩堿聯(lián)合”法是實(shí)現(xiàn)粉煤灰rm{(}含rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}綜合利用的新工藝。工業(yè)流程如下，回答下列問(wèn)題：rm{(}已知：rm{Al_{2}O_{3}}經(jīng)純堿混合焙燒可得rm{NaAlO_{2})}rm{(1)}聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}化學(xué)式為rm{[Al_{2}(OH)_{n}Cl_{6-n}]_{m}隆隴[Fe_{2}(OH)_{x}Cl_{6-x}]_{y}}是一種新型高效的凈水劑，rm{PAFC}中鐵元素的化合價(jià)為___________。rm{(2)}“一酸兩浸”中的酸是________________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)}實(shí)際工業(yè)中“酸浸”、“堿浸”均不能充分反應(yīng)，濾渣rm{A}中主要含有rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}“純堿混合焙燒”中，它們分別發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為__________________、_________________。rm{(4)}“濾液rm{B}”的主要溶質(zhì)有________rm{(}填化學(xué)式rm{)}濾液混合后“蒸發(fā)”的作用是_______________。rm{(5)}“電解”時(shí)陽(yáng)極的電極反應(yīng)式為_______________。rm{(6)PAFC}無(wú)水rm{AlCl_{3}}rm{FeCl_{3}隆隴6H_{2}O}用量均為rm{25mg隆隴L^{-1}}時(shí)，處理不同rm{pH}污水的濁度去除率如圖所示，rm{PAFC}的優(yōu)點(diǎn)是______________________。23、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】結(jié)晶玫瑰和高分子樹脂rm{M}的合成路線如下圖所示：已知：rm{壟脵A}是苯的同系物，在相同條件下，其蒸氣相對(duì)于氫氣的密度為rm{46}rm{(1)C}中含氧官能團(tuán)的名稱為____，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為____。rm{(2)}寫出由rm{G}生成結(jié)晶玫瑰的化學(xué)方程式____。rm{(3)}在上述流程中“rm{C隆煤D}”在rm{M}的合成過(guò)程中的作用是____。rm{(4)}己知rm{G}在一定條件下水解生成rm{H(C_{8}H_{8}O_{3})}寫出rm{H}滿足下列條件的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____。rm{a}與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)rm苯環(huán)上的一氯取代物只有一種rm{c}與足量的氫氧化鈉溶液反應(yīng)，rm{1mol}可消耗rm{3molNaOH}rm{(5)E}的同分異構(gòu)體是一種重要的藥物中間體，其合成路線與rm{E}相似，請(qǐng)以為原料設(shè)計(jì)它的合成路線rm{(}其他所需原料自選rm{)}24、rm{[}化學(xué)rm{漏隴漏隴}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}以rm{A(C_{6}H_{6}O)}為原料合成兩種有機(jī)產(chǎn)品的路線如下rm{(}部分反應(yīng)條件省略rm{)}回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱____；rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____；化合物rm{II}的官能團(tuán)名稱是____。rm{(2)}寫出反應(yīng)類型：反應(yīng)rm{壟脵}____；反應(yīng)rm{壟脷}____rm{(3)}寫出反應(yīng)rm{壟脹(I隆煤II)}的反應(yīng)方程式____rm{(4)}化合物rm{I}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰，峰面積比為____；化合物rm{I}的同分異構(gòu)體中屬于二元羧酸還有____種rm{(}不包含立體異構(gòu)rm{)}rm{(5)}參照上述合成路線，寫出以丙酮為起始原料制備rm{2-}甲基丙烯酸的合成路線參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】小孩從高樓掉下可以看成是自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=gt2求出自由落體的時(shí)間，減去青年沖到樓下所需的時(shí)間，即為反應(yīng)時(shí)間．【解析】【解答】解：根據(jù)h=gt2得，t==2.92s；

所以反應(yīng)時(shí)間t′=2.92-1.3s=1.62s．故只有B最接近；故B正確；A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．2、A【分析】【分析】解答本題關(guān)鍵應(yīng)掌握：電容的定義式C=，即可得到電容器板間電壓U，由E=，求出板間電場(chǎng)強(qiáng)度E，q所受的電場(chǎng)力F=qE；平行板電容器不是點(diǎn)電荷，不能用E=k求解板間場(chǎng)強(qiáng)．【解析】【解答】解：A、B由C=得，電容器板間電壓U=，則板間場(chǎng)強(qiáng)E==，故q所受電場(chǎng)力的大小為F=qE=．故A正確；B錯(cuò)誤．

C、D由于平行板電容器不是點(diǎn)電荷，不能用E=k求解板間場(chǎng)強(qiáng)．故CD均錯(cuò)誤．

故選A3、B【分析】解：設(shè)初速度為將A；B兩點(diǎn)的速度分解；

在A點(diǎn)：

得

在B點(diǎn)：

解得：

故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：B

已知速度與豎直方向的夾角；則可將速度分解得出水平速度和豎直速度間的關(guān)系，即可求得時(shí)間大小之比；

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解．【解析】【答案】B4、B【分析】解：A；熱力學(xué)第二定律告訴我們；一切宏觀熱現(xiàn)象都是不可逆的，故A錯(cuò)誤；

B；不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來(lái)做功；而不引起其他變化，故B正確；

C；一定質(zhì)量的氣體；體積膨脹，對(duì)外做功，但可能吸收熱量，故它的內(nèi)能不一定減少，故C錯(cuò)誤；

D；一定質(zhì)量的氣體；壓強(qiáng)增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，溫度可能減小，故內(nèi)能可能減小，故D錯(cuò)誤；

故選B．【解析】【答案】B5、B【分析】本題意在考查學(xué)生對(duì)知識(shí)的理解和運(yùn)用能力、識(shí)圖并從圖中獲取信息的能力。組長(zhǎng)度變長(zhǎng)，說(shuō)明細(xì)胞吸水，細(xì)胞液濃度變低；A.實(shí)驗(yàn)后，a組長(zhǎng)度變長(zhǎng)，說(shuō)明細(xì)胞吸水，細(xì)胞液濃度變低；b組長(zhǎng)度不變，說(shuō)明細(xì)胞吸水和失水處于動(dòng)態(tài)平衡，細(xì)胞液濃度不變，因此a組細(xì)胞吸水量比b組多。故A正確；組長(zhǎng)度不變，說(shuō)明細(xì)胞吸水和失水處于動(dòng)態(tài)平衡，細(xì)胞液濃度不變，因此a組細(xì)胞吸水量比b組多。故a正確；b組與A組長(zhǎng)度均變小，說(shuō)明細(xì)胞失水，又因?yàn)锽.實(shí)驗(yàn)后，c組與d組長(zhǎng)度均變小，說(shuō)明細(xì)胞失水，又因?yàn)閐組長(zhǎng)度比c組小，所以d組失水量大于c組，則d組細(xì)胞的細(xì)胞液濃度大于c組。故B錯(cuò)誤；組長(zhǎng)度比c組小，所以d組失水量大于d組，則c組細(xì)胞的細(xì)胞液濃度大于d組。故c錯(cuò)誤；d、c組長(zhǎng)度均變小，說(shuō)明細(xì)胞失水，又因?yàn)锽組長(zhǎng)度比C.實(shí)驗(yàn)后，e、f組長(zhǎng)度均變小，說(shuō)明細(xì)胞失水，又因?yàn)閒組長(zhǎng)度比e組小，所以f組失水量大于e組，則f組細(xì)胞的細(xì)胞液滲透壓大于e組。故C正確；組小，所以e組失水量大于f組，則f組細(xì)胞的細(xì)胞液滲透壓大于e組。故f正確；e～f組之間相互對(duì)照。故e正確。CD.該實(shí)驗(yàn)不設(shè)空白對(duì)照，a～f組之間相互對(duì)照。故D正確。a。fD【解析】B6、D【分析】【分析】根據(jù)左手定則判斷電子所受的洛倫茲力方向，即可確定偏轉(zhuǎn)方向；畫出軌跡，由幾何知識(shí)求出電子打在MN上的點(diǎn)與O′點(diǎn)的距離；確定出軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，由圓周運(yùn)動(dòng)公式求解時(shí)間．【解析】【解答】解：A、電子帶負(fù)電，進(jìn)入磁場(chǎng)后，根據(jù)左手定則判斷可知，所受的洛倫茲力方向向左，電子將向左偏轉(zhuǎn)，如圖．A錯(cuò)誤；

B；C、設(shè)電子打在MN上的點(diǎn)與O′點(diǎn)的距離為x；則由幾何知識(shí)得：

x=r-=2d-=（2-）d．故BC錯(cuò)誤；

D、設(shè)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為θ，由幾何知識(shí)得：sinθ==0.5，得θ=．則電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為．故D正確．

故選：D．7、D【分析】【分析】由于帶正電的粒子在A點(diǎn)時(shí)速度方向向右而到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度方向向左，故正電荷所受電場(chǎng)力方向向左，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低．電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，由于只有一條電場(chǎng)線，所以無(wú)法判斷哪個(gè)位置電場(chǎng)線更密集．由于從A到B過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，粒子的電勢(shì)能增大，動(dòng)能減?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；由于帶正電的粒子在A點(diǎn)時(shí)速度方向向右而到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度方向向左；故正電荷所受的電場(chǎng)力方向必定向左，而正電荷所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)的方向相同，故場(chǎng)強(qiáng)向左，所以A點(diǎn)電勢(shì)一定低于B點(diǎn)的電勢(shì)．故A錯(cuò)誤．

B；由于只有一條電場(chǎng)線；所以無(wú)法判斷電場(chǎng)線的疏密情況，故無(wú)法判斷A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小，故B錯(cuò)誤．

C；由于從A到B過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功；電勢(shì)能增大，故粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能．故C錯(cuò)誤．

D；從A到B過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功；根據(jù)動(dòng)能定理可知粒子的動(dòng)能減小，故粒子在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能一定大于它在B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，故D正確．

故選：D8、B【分析】【分析】對(duì)于拖把頭受重力、支持力、推力和摩擦力，抓住水平方向和豎直方向平衡，根據(jù)正交分解，運(yùn)用平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式列方程，求出動(dòng)摩擦因數(shù)μ．【解析】【解答】解：拖把頭受到重力；支持力、推力和摩擦力處于平衡；受力示意圖如圖所示．

將推拖把的力沿豎直和水平方向分解；

按平衡條件得：

豎直方向上：Fcosθ+mg=N①

水平方向上：Fsinθ=f②

式中N和f分別為地板對(duì)拖把的正壓力和摩擦力．按摩擦定律有f=μN(yùn)③

聯(lián)立解得，μ=

故選：B二、填空題(共7題，共14分)9、1515-30【分析】【分析】位移-時(shí)間圖象的斜率表示速度，由數(shù)學(xué)知識(shí)求解速度．【解析】【解答】解：由x-t圖象知第一階段的速度：

v1===15km/h

第二階段的速度v2=v1=15km/h

第三階段的速度。

v3==km/h=-30km/h．

故答案為：15，15，-30．10、空調(diào)【分析】【分析】消耗的電能根據(jù)Q=Pt求解，比較功率即可知道每小時(shí)耗電最多的用電器．【解析】【解答】解：根據(jù)Q=Pt可知；時(shí)間相同，功率越大，則消耗的電能越多，所以1000W的空調(diào)每小時(shí)耗電最多．

故答案為：空調(diào)11、【分析】【分析】根據(jù)粒子在電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力作用，導(dǎo)致粒子偏轉(zhuǎn)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與牛頓第二定律可求出偏轉(zhuǎn)位移y，并由W=，即可求解．【解析】【解答】解：粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)；

根據(jù)牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得；

經(jīng)過(guò)電場(chǎng)后的偏轉(zhuǎn)位移y=

而電場(chǎng)中；電勢(shì)能的變化量等于電場(chǎng)力做功的多少；

即△E=W

又

由以上兩式；綜合而得；

飛出極板時(shí)電勢(shì)能的變化量為-

故答案為：-12、略

【分析】

當(dāng)電風(fēng)扇正常工作時(shí)；電壓為220V，功率為66W

所以I=

正常工作1小時(shí)，電機(jī)輸送給葉片的機(jī)械能為E=UIt90%=220×0.3×3600×0.9J=2.1×105J

故答案為：0.3，2.1×105．

【解析】【答案】由題意得出額定電壓和額定電流，由I=求電流；由E=UIt90%求產(chǎn)生的機(jī)械能．

13、略

【分析】【解析】

試題分析：房間內(nèi)空氣看成標(biāo)準(zhǔn)狀況，此時(shí)每摩爾空氣占有體積V0=22.4L，房間的體積為：房間內(nèi)空氣分子數(shù)為：

空氣分子視為邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的立方體；空氣分子間的距離為L(zhǎng)；

每個(gè)分子的體積為故空氣分子間的距離

考點(diǎn)：阿伏加德羅常數(shù)．

點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確：（1）摩爾質(zhì)量除以摩爾體積等于密度；（2）質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù)；（3）體積除以摩爾體積等于摩爾數(shù)；（4）阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁．【解析】【答案】6×1027個(gè)、3×10-9m。14、0.42cos5πt【分析】【分析】對(duì)于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，從正向最大位移處開始計(jì)時(shí)，其位移時(shí)間關(guān)系公式為：x=Acosωt；第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的時(shí)間為0.1s，代入公式計(jì)算出角頻率和周期，再寫出振動(dòng)方程．【解析】【解答】解：如圖；從正向最大位移處開始計(jì)時(shí)，振動(dòng)方程的表達(dá)式為為：x=Acosωt；

其中振幅A=2cm；

據(jù)題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動(dòng)方程的表達(dá)式為為：x=2cos5πtcm．

故答案為：0.4，2cos5πt．15、增大減小【分析】【分析】明確平行板電容器的決定式及電容的定義式，根據(jù)決定式判斷電容的變化，再由電容的定義式即可明確電壓的變化．【解析】【解答】解：充電后與電源斷開，則極板兩端的電荷量保持不變，插入介電常數(shù)后，介電常數(shù)增大，則由C=?可知電容C增大；

則由C=可知；電容器兩端的電壓減小，故靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度減減??；

故答案為：增大，減??；三、判斷題(共6題，共12分)16、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場(chǎng)線，實(shí)際不存在，電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場(chǎng)線；實(shí)際不存在．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】路程表示運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，位移的大小等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，路程等于位移的大小．【解析】【解答】解：物體的位移為零時(shí)；其路程不一定為零．比如繞操場(chǎng)一圈，路程不為零，但位移等于零．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】路程表示運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，位移的大小等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，路程等于位移的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w的位移為零時(shí)；其路程不一定為零．比如繞操場(chǎng)一圈，路程不為零，但位移等于零．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說(shuō)法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對(duì)論的幾個(gè)重要的效應(yīng)之一：尺縮效應(yīng)：在尺子長(zhǎng)度方向上運(yùn)動(dòng)的尺子比靜止的尺子短，當(dāng)速度接近光速時(shí)，尺子縮成一個(gè)點(diǎn)，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對(duì)論的尺縮效應(yīng)：一條沿自身長(zhǎng)度方向運(yùn)動(dòng)的桿；其長(zhǎng)度總比桿靜止時(shí)的長(zhǎng)度短．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內(nèi)能與物體的物質(zhì)的量；溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)．對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體；物質(zhì)的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計(jì)，所以一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)．

故答案為：√四、推斷題(共3題，共12分)22、（1）+3

（2）HCl

（3）Na2CO3+SiO2Na2SiO3+CO2↑Na2CO3+Al2O32NaAlO2+CO2↑

（4）AlCl3、NaCl促進(jìn)Al3+、Fe3+水解生成了聚合氯化鋁鐵（PAFC）

（5）2Cl?-2e－=Cl2↑

（6）聚合氯化鋁鐵（PAFC）凈水效率高，pH適用范圍廣

【分析】【分析】本題考查物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應(yīng)用，涉及電解原理的應(yīng)用、鹽的水解條件控制、方程式書寫、信息獲取能力等，是高考?？碱}型，是對(duì)學(xué)生綜合能力的考查，題目難度中等。粉煤灰rm{(}含rm{SiO}含rm{(}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}等rm{O}的綜合利用：粉煤灰rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}的綜合利用：rm{CaO}rm{MgO}rm{)}加入的鹽酸溶解后，rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}和鹽酸反應(yīng)得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}rm{O}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{O}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后rm{{,!}_{3}}主要是、rm{CaO}rm{MgO}和鹽酸反應(yīng)得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{SiO}rm{CaO}rm{MgO}和二次濾渣rm{SiO}主要是二氧化硅rm{{,!}_{2}}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵和鹽酸不反應(yīng)，過(guò)濾得到濾渣主要是rm{SiO}據(jù)此分析?！窘獯稹糠勖夯襯m{SiO}含rm{{,!}_{2}}，氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{SiO_{2}}rm{A}二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應(yīng)使氧化鋁盡可能溶解，過(guò)濾得到二次酸浸液rm{B(}主要是等rm{B(}的綜合利用：粉煤灰加入的鹽酸溶解后，rm{AlCl_{3}}rm{NaCl}rm{)}和二次濾渣rm{(}主要是二氧化硅rm{)}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}據(jù)此分析。rm{)}和鹽酸反應(yīng)得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{(}和鹽酸不反應(yīng)，過(guò)濾得到濾渣主要是rm{)}氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{(PAFC)}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{(}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應(yīng)使氧化鋁盡可能溶解，過(guò)濾得到二次酸浸液rm{SiO_{2}}主要是rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}和二次濾渣rm{CaO}主要是二氧化硅rm{MgO}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{)}rm{Al_{2}O_{3}}根據(jù)化合物的化合價(jià)代數(shù)和為rm{Fe_{2}O_{3}}設(shè)鐵元素的化合價(jià)為rm{CaO}則有rm{MgO}rm{SiO_{2}}故答案為：rm{SiO_{2}}rm{SiO_{2}}rm{A}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{B(}rm{AlCl_{3}}rm{NaCl)}rm{(}rm{)}rm{(PAFC)}rm{(1)}rm{0}rm{p}rm{2隆脕p=x+6-x}與碳酸鈉反應(yīng)生成偏鋁酸鈉和二氧化碳?xì)怏w，反應(yīng)方程式為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}，故答案為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}；rm{p=3}rm{+3}”中主要是氯化鋁、氯化鈉；rm{(2)}促進(jìn)rm{CaO}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{CaO}水解生成了聚合氯化鋁鐵故答案為：rm{HCl}故答案為：；rm{(3)}促進(jìn)純堿混合焙燒”中，rm{SiO}rm{SiO}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{{,!}_{2}}與碳酸鈉反應(yīng)生成硅酸鈉和二氧化碳?xì)怏w、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}

rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}由圖示可知，聚合氯化鋁鐵rm{(4)}凈水效率高達(dá)“濾液rm{B}”中rm{B}適用范圍濾液混合后加熱“蒸發(fā)”可以rm{Al^{3+}}

rm{Fe^{3+}}故答案為：聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}凈水效率高，適用范圍廣。

rm{AlCl_{3}}【解析】rm{(1)+3}rm{(2)HCl}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}促進(jìn)rm{(4)AlCl_{3}}rm{NaCl}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{Al^{3+}}rm{Fe^{3+}}rm{(PAFC)}rm{(5)2Cl^{?}-2e^{-}}聚合氯化鋁鐵rm{=Cl_{2}隆眉}凈水效率高，rm{(6)}適用范圍廣

rm{(PAFC)}23、（1）醛基（2）（3）保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化（4）（5）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成，明確有機(jī)物的官能團(tuán)及其性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，結(jié)合題中已知信息采用正逆相結(jié)合的方法進(jìn)行分析推理解答，注重考查分析信息應(yīng)用信息的自學(xué)能力，難度中等?！窘獯稹縭m{A}是苯的同系物，分子組成為rm{C}是苯的同系物，分子組成為rm{A}rm{C}rm{n}rm{n}rm{H}rm{H}rm{2n}rm{-}rm{6}，其相對(duì)分子質(zhì)量為：rm{2n}rm{-}rm{6}，則，在相同條件下，其蒸氣相對(duì)于氫氣的密度為rm{46}，其相對(duì)分子質(zhì)量為：rm{46}rm{隆脕}rm{2=92}，則rm{14n}rm{-}rm{6=92}，解得rm{n=7}，故rm{A}的分子式為rm{C}rm{46}rm{46}，解得rm{隆脕}，故rm{2=92}的分子式為rm{14n}rm{-}rm{6=92}rm{n=7}rm{A}為rm{C}氧化生成rm{7}，rm{7}與乙醛反應(yīng)得到rm{H}，rm{H}與rm{8}rm{8}，則rm{A}為，結(jié)合信息rm{A}可知，rm{A}氧化生成rm{B}，rm{B}與乙醛反應(yīng)得到rm{C}，rm{B}與rm{CHCl}為rm{A}為rm{B}為rm{B}與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)得到結(jié)晶玫瑰．rm{C}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成得到rm{B}為rm{CHCl}氧化生成rm{3}為rm{3}可知反應(yīng)得到rm{G}，結(jié)合信息rm{壟脷壟脹}可知rm{B}為為rm{G}發(fā)生加聚反應(yīng)得到rm{壟脷壟脹}為rm{B}，rm{C}為rm{C}，rm{G}為rm{G}為，rm{G}與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)得到結(jié)晶玫瑰．rm{C}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成得到rm{D}為的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{G}rm{C}rm{D}，rm{D}氧化生成rm{E}為rm{D}由rm{E}生成結(jié)晶玫瑰的化學(xué)方程式：，結(jié)合信息rm{壟脺}可知rm{F}為rm{壟脺}rm{F}，rm{F}發(fā)生加聚反應(yīng)得到rm{M}為rm{F}在上述流程中“rm{M}rm{(}rm{1}rm{)}rm{C}為”在rm{(}的合成過(guò)程中的作用是：保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化；rm{1}rm{)}rm{C}，含氧官能團(tuán)為醛基，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{E}在一定條件下水解生成故答案為：醛基；；rm{(}rm{2}rm{)}由rm{G}生成結(jié)晶玫瑰的化學(xué)方程式：rm{(}rm{2}rm{)}rm{G}故答案為：；則rm{(}rm{3}rm{)}在上述流程中“rm{C}rm{隆煤}rm{D}”在rm{M}的合成過(guò)程中的作用是：保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化；為rm{(}的同分異構(gòu)體滿足條件：rm{3}rm{)}與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，說(shuō)明含有酚羥基與苯環(huán)，rm{C}rm{隆煤}苯環(huán)上的一氯取代物只有一種，rm{D}rm{M}與足量的氫氧化鈉溶液反應(yīng)，故答案為：保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化；可消耗，符合條件的同分異構(gòu)體為：rm{(}rm{4}rm{)}rm{G}在一定條件下水解生成rm{H}rm{(}rm{C}rm{(}rm{4}rm{)}rm{G}苯乙醛與rm{H}反應(yīng)生成rm{(}rm{C}rm{8}rm{8}rm{H}rm{H}rm{8}【解析】rm{(1)}醛基rm{(2)}rm{(3)}保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化rm{(4)}rm{(5)