2024年華師大版共同必修2物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大版共同必修2物理下冊月考試卷65考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列運動過程中，滿足機械能守恒的是A.沿圓弧勻速下滑的物塊B.在空氣中勻速下落的雨滴C.沿豎直光滑圓軌道運動的小球D.平直軌道減速進站的列車2、如圖所示，圓盤上疊放著兩個物塊A和B，當圓盤和物塊繞豎直軸做圓周轉動時，物塊A、B和圓盤始終保持相對靜止，則（）

A.物塊A受四個力作用B.轉速增加時，AB間摩擦力可能減小C.當轉速增大時，A所需向心力增大，B所需向心力也增大D.AB的摩擦力可能大于B與盤之間的摩擦力3、如圖傾角為30°的斜面體固定在水平地面上，一根不可伸長的輕繩兩端分別系著小球A和物塊B（均可視為質點），跨過固定于斜面體頂端的滑輪O（可視為質點），A的質量為m，B的質量為4m，開始時，用手托住A，使OA段繩恰處于水平伸直狀態(tài)（繩中無拉力），OB繩平行于斜面；此時B靜止不動，將A由靜止釋放，在其下擺過程中B始終保持靜止，則在繩子到達豎直位置之前，下列說法正確的是（）

A.物塊B受到的摩擦力一直沿著斜面向上B.物塊B受到的摩擦力增大C.繩子的張力先增大后減小D.地面對斜面體的摩擦力方向一直水平向右4、如圖所示；照片中的汽車在水平路面上做勻速圓周運動，已知圖中雙向四車道的總寬度約為15m，內徑75m，假設汽車受到的最大靜摩擦力等于車重的0.7倍，則運動的汽車。

A.所受的合力可能為零B.只受重力和地面的支持力作用C.最大速度不能超過25m/sD.所需的向心力由重力和支持力的合力提供5、如圖所示；將一輕彈簧固定在傾角為30°的斜面底端，現(xiàn)用一質量為m的物體將彈簧壓縮鎖定在A點，解除鎖定后，物體將沿斜面上滑，物體在運動過程中所能到達的最高點B距A點的豎直高度為h，物體離開彈簧后沿斜面向上運動的加速度大小等于重力加速度g.則下列說法正確的是（）

A.彈簧的最大彈性勢能為mghB.物體從A點運動到B點的過程中系統(tǒng)損失的機械能為mghC.物體的最大動能等于彈簧的最大彈性勢能D.物體最終靜止在B點6、如圖所示，真空中的絕緣水平面上C點左側的區(qū)域水平面光滑且空間存在水平向右的勻強電場，C點的右側水平面粗糙．現(xiàn)從左邊區(qū)域的某點由靜止釋放帶正電絕緣小球A，球A經加速后與置于C點的不帶電的絕緣球B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，且碰撞中系統(tǒng)無機械能損失，碰撞后B球的速率為碰前A球速率的一半，且兩球均停在C點右側粗糙水平面上的同一點，A、B兩球材料相同均可視為質點，則A、B兩球的質量之比（）

A.1:1B.1:2C.1:3D.1:47、兩個等量正電荷的連線的垂直平分線上有m；n兩點；如圖所示，下列說法正確的是：

①n點電場強度一定比m的大。

②n點電勢一定比m的高。

③負電荷從m到n點電勢能要增加。

④負電荷從m點在電場力作用下由靜止開始運動，經過一段時間，還能回到m點。A.①②B.③④C.①③D.②④評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖甲所示，一固定在地面上的足夠長斜面，傾角為37°，物體A放在斜面底端擋板處，通過不可伸長的輕質繩跨過光滑輕質滑輪與物體B相連接，B的質量M＝1kg，繩繃直時B離地面有一定高度．在t＝0時刻，無初速度釋放B，由固定在A上的速度傳感器得到的數(shù)據繪出的A沿斜面向上運動的v﹣t圖象如圖乙所示，若B落地后不反彈，g取10m/s2；sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則（）

A.B下落的加速度大小a＝4m/s2B.A沿斜面向上運動的過程中，繩的拉力對A做的功W＝3JC.A的質量m＝1.5KgD.A與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.259、如圖所示，一根不可伸長的輕繩兩端各系一個小球a和b，跨在兩根固定在同一高度的光滑水平細桿上，質量為3m的a球置于地面上，質量為m的b球從水平位置靜止釋放．當a球對地面壓力剛好為零時，b球擺過的角度為．下列結論正確的是（）

A.B.C.b球擺動到最低點的過程中，重力對小球做功的功率先增大后減小D.b球擺動到最低點的過程中，重力對小球做功的功率一直增大10、如圖所示；水平放置的轉盤以一定角速度做勻速圓周運動，放在轉盤上的小物體跟著轉盤一起做勻速圓周運動，與圓盤保持相對靜止，則下列說法正確的是（）

A.物體處在平衡狀態(tài)B.物體受到三個力的作用C.在角速度一定時,物塊到轉軸的距離越遠，物塊越容易脫離圓盤D.在物塊到轉軸距離一定時,物塊運動周期越小,越不容易脫離圓盤11、天花板下懸掛輕質光滑小圓環(huán)可繞過懸掛點的豎直軸無摩擦地旋轉，一根輕繩穿過P，兩端分別連接質量為m1和m2的小球；設兩球同時做如圖所示的圓錐擺運動，且在任意時刻兩球均在同一水平面內，則（）

A.兩圓錐擺運動的周期相等B.兩圓錐擺運動的向心加速度大小相等C.m1和m2到P點的距離之比等于m2:m1D.m1和m2到P點的距離之比等于m1：m212、質量為m的小球由輕繩a和b分別系于一輕質細桿的A點和B點，如右圖所示，繩a與水平方向成θ角，繩b在水平方向且長為l，當輕桿繞軸AB以角速度ω勻速轉動時；小球在水平面內做勻速圓周運動，則下列說法正確的是()

A.a繩的張力不可能為零B.a繩的張力隨角速度的增大而增大C.當角速度b繩將出現(xiàn)彈力D.若b繩突然被剪斷，則a繩的彈力一定發(fā)生變化13、如圖所示，兩個皮帶輪順時針轉動，帶動水平傳送帶以不變的速率運行．將質量為的物體（可視為質點）輕輕放在傳送帶左端，經時間后，的速度變?yōu)樵俳涍^時間后，到達傳送帶右端．傳送帶與物體間的動摩擦因數(shù)則（）

A.物體由傳送帶左端到右端的平均速度為B.傳送帶對物體做的功為C.傳送帶克服物體對它的摩擦力所做的功為D.為了傳送貨物電動機增加的功率為14、如圖所示；范圍足夠大；磁感應強度為B的勻強磁場垂直于xoy平面向里，兩質量相等的粒子帶等量異種電荷，它們從x軸上關于O點對稱的兩點同時由靜止釋放，運動過程中未發(fā)生碰撞，不計粒子所受的重力．則。

A.兩粒子沿x軸做圓周運動B.運動過程中，若兩粒子間的距離等于初始位置間的距離時，它們的速度均為零C.運動過程中，兩粒子間的距離最小時，它們的速度沿X軸方向的分量VX可能不為零D.若減小磁感應強度，再從原處同時由靜止釋放兩粒子，它們可能會發(fā)生碰撞15、一質點在0~6s內豎直向上運動，若取向上為正方向，g取10m/s2，其v-t圖象如圖所示；下列說法正確的是（）

A.質點在0~2s內減小的動能大于在4~6s內減小的動能B.在0~2s內，質點處于失重狀態(tài)，且機械能增加C.質點在第2s末的機械能小于在第6s末的機械能D.質點在第2s末的機械能大于在第6s末的機械能評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如下圖所示,寬為的豎直障礙物上開有間距的矩形孔,其下沿離地高離地高的質點與障礙物相距在障礙物以勻速向左運動的同時,質點自由下落.為使質點能穿過該孔,的最大值為__________若的取值范圍是__________.(取)

17、近年，我國的高鐵發(fā)展非常迅猛．為了保證行車安全，車輛轉彎的技術要求是相當高的．如果在轉彎處鋪成如圖所示內、外等高的軌道，則車輛經過彎道時，火車的_____（選填“外輪”、“內輪”）對軌道有側向擠壓，容易導致翻車事故．為此，鋪設軌道時應該把____（選填“外軌”、“內軌”）適當降低一定的高度．如果兩軌道間距為L，內外軌高度差為h，彎道半徑為R，則火車對內外軌軌道均無側向擠壓時火車的行駛速度為_____．（傾角θ較小時；sinθ≈tanθ）

18、高速鐵路彎道處，外軌比內軌_____（填“高”或“低”）；列車通過彎道時______（填“有”或“無”）加速度．19、如圖所示，一個內壁光滑的圓錐筒的軸線垂直于水平面，圓錐筒固定不動，兩個質量相同的小球A和B緊貼著內壁分別在圖中所示的水平面內做勻速圓周運動，則vA____vB，ωA____ωB，TA___TB．(填“>”“＝”或“<”)

20、放在草地上質量為0.8kg的足球，被運動員甲以10m/s的速度踢出，則球的動能為______J；當此球以5m/s的速度向運動員乙飛來時，又被運動員乙以5m/s的速度反向踢回，球的動能改變量為為______J。21、質量為的小球沿光油水平面以的速度沖向墻壁，又以的速度反向彈回，此過程中小球的合力沖量的大小為__________小球的動能變化量的大小為__________22、如圖所示，水平傳送帶的運行速率為v，將質量為m的物體輕放到傳送帶的一端，物體隨傳送帶運動到另一端．若傳送帶足夠長，則整個傳送過程中，物體動能的增量為_________，由于摩擦產生的內能為_________．

評卷人得分四、解答題(共3題，共30分)23、碰撞過程中的能量傳遞規(guī)律在物理學中有著廣泛的應用．為了探究這一規(guī)律，我們采用多球依次碰撞、碰撞前后速度在同一直線上、且無機械能損失的簡化力學模型．如圖所示，在固定光滑水平軌道上，質量分別為m1、m2、m3mn﹣1、mn的若干個球沿直線靜止相間排列，給第1個球初能Ek1，從而引起各球的依次碰撞．定義其中第n個球經過依次碰撞后獲得的動能Ekn，Ekn與Ek1之比為第1個球對第n個球的動能傳遞系數(shù)k1n

a、求k1n

b、若m1=4m0，m3=m0，m0為確定的已知量．求m2為何值時，k13值最大．24、如圖1所示，一質量為m的滑塊（可視為質點）沿某斜面頂端A由靜止滑下，已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)和滑塊到斜面頂端的距離的關系如圖2所示．斜面傾角為37°，長為L．有一半徑的光滑豎直半圓軌道剛好與斜面底端B相接，且直徑BC與水平面垂直，假設滑塊經過B點時沒有能量損失．當滑塊運動到斜面底端B又與質量為m的靜止小球（可視為質點）發(fā)生彈性碰撞（已知：）．求：

（1）滑塊滑至斜面底端B時的速度大小；

（2）在B點小球與滑塊碰撞后小球的速度大?。?/p>

（3）滑塊滑至光滑豎直半圓軌道的最高點C時對軌道的壓力．25、某人以v0=4m/s初速度，拋出一個質量為m的小球，測的小球落地時的速度大小為8m/s，則小球剛拋出時離開地面的高度為多少？取g=10m/s2。空氣阻力不計。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．圓弧勻速下滑；動能不變，重力勢能減小，機械能等于重力勢能與動能之和，所以機械能減小，不守恒，A錯誤。

B．勻速下落的雨滴；動能不變，重力勢能減小，所以機械能減小，不守恒，B錯誤。

C．沿豎直光滑圓軌道運動的小球；只有重力做功，動能和重力勢能相互轉化，總機械能不變，守恒，C正確。

D．平直軌道減速進站的列車，重力勢能不變，動能減小，所以機械能減小，不守恒，D錯誤2、C【分析】【詳解】

A；物塊A做圓周運動；受重力和支持力、靜摩擦力共三個力的作用，靠靜摩擦力提供向心力，故A錯誤；

BC、物塊A受到的靜摩擦力提供向心力，根據知；當轉速增大時，A受摩擦力增大，A所需向心力增大，B所需向心力也增大，故B錯誤，C正確；

D、B靠A對B的靜摩擦力和圓盤對B的靜摩擦力的合力提供向心力，則有所以AB的摩擦力小于B與盤之間的摩擦力，故D錯誤；

故選C．

【點睛】物塊和圓盤始終保持相對靜止,一起做圓周運動,A靠B對A的靜摩擦力提供向心力,B靠A對B的靜摩擦力和圓盤對B的靜摩擦力的合力提供向心力．3、D【分析】【詳解】

AB．初始情況下由于繩子無拉力，則物塊B受到沿斜面向上的靜摩擦力，大小為

斜面體在水平方向不存在受地面的摩擦力。小球A下擺過程中，由機械能守恒，到最低點時速度最大，則由機械能守恒定律得

又由牛頓第二定律得

解得小球A對繩的拉力為F=3mg，即物塊B受到繩子沿斜面向上的拉力為3mg，此時物塊B在平行于斜面方向所受的摩擦力為

方向沿斜面向下，由此可知物塊B受到斜面的摩擦力先是沿斜面向上2mg，后逐漸減少到零，再沿斜面向下逐漸增大到mg；故AB錯誤；

C．由以上分析知繩子的張力一直增大，小球A擺到低時對繩的拉力最大，為3mg；故C錯誤；

D．將A由靜止釋放；在其下擺過程中B始終保持靜止，在繩子到達豎直位置之前，把斜面與物塊B看做整體，繩子始終有拉力，此拉力有水平向左的分力，而斜面和物塊B這個整體保持靜止，水平方向受力平衡，因此，地面對斜面體的摩擦力方向一直水平向右，故D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

汽車在水平面內做勻速圓周運動，合外力提供向心力，始終指向圓心，拐彎時靜摩擦力提供向心力，所需的向心力不可能由重力和支持力的合力提供，ABD錯誤；汽車受到的最大靜摩擦力等于車重的0.7倍，根據牛頓第二定律當r最大時，有最大速度，即車的最大速度不能超過25m/s，C正確．

【點睛】本題考查勻速圓周運動，關鍵在于分析向心力的來源，汽車轉彎時靜摩擦力提供向心力，當軌道半徑最大時有最大速度．5、B:D【分析】【詳解】

試題分析：根據能量守恒，在物塊上升到最高點的過程中，彈性勢能變?yōu)槲飰K的重力勢能mgh和內能，故彈簧的最大彈性勢能應大于mgh，故A錯誤；物體離開彈簧后沿斜面向上運動的加速度大小等于重力加速度g，由牛頓第二定律得物塊所受沿斜面向下的合力為，F(xiàn)=mg，而重力沿斜面向下的分量為mgsin30°=mg；

可知，物塊必定受到沿斜面向下的摩擦力為f=mg，摩擦力做功等于物體從A點運動到B點的過程中系統(tǒng)損失的機械能，故B正確；物體動能最大時，加速度為零，此時物塊必定沿斜面向上移動了一定距離，故損失了一部分機械能，所以動能小于彈簧的最大彈性勢能，故C錯誤；由于物體到達B點后，瞬時速度為零，此后摩擦力方向沿斜面向上，與重力沿斜面向下的分力相抵消，物塊將靜止在B點，故D正確．故選BD．

考點：能量守恒定律；牛頓第二定律。

【名師點睛】注意挖掘“物體離開彈簧后沿斜面向上運動的加速度大小等于重力加速度g”的隱含信息，用能量守恒觀點分析．6、C【分析】【詳解】

設A球碰前速度為v0，則碰后B的速度為v0，由動量守恒定律

由動能定理，對A有

對B有

聯(lián)立解得（舍掉）mA:mB=1:3

故選C。7、D【分析】試題分析：根據點電荷場強公式和疊加原理可知m；n兩點的場強方向相同；即電場在其中垂線上電場方向豎直向上，連線中點的電場強度為零，無窮遠處電場強度為零，所以場強從連線的中點向兩側先增大后減小，所以m、n兩點場強大小不能判斷，故①錯誤；等量同種正點電荷，兩點的電場強度的方向，由n指向m，沿電場線方向電勢降低，因此n點的電勢高于m點，若q是負電荷，q由m點運動到n點時電場力做正功則電勢減小，故負電荷從m到n點電勢能要減小，故②正確，③錯誤；負電荷從m點在電場力作用下由靜止開始運動，越過交點處，開始減速運動，當速度為零，再返回，經過一段時間，回到m點，將做往復運動，故④正確；所以D選項正確。

考點：等量同種電荷電場分布規(guī)律。

【名師點睛】等量同種正電荷電場中，在其連線上電場強度先減小，中點O處的電場強度最小，然后再增大，沿電場線的方向電勢降低知從M→O→N的連線之間，中點O電勢最低，在其中垂線上電場方向豎直向上，O點的電場強度為零，無窮遠處電場強度為零，所以從O向兩側先增大后減小，沿電場線方向電勢降低，所以O點的電勢最高。二、多選題(共8題，共16分)8、A:B:D【分析】【詳解】

AB具有相同的加速度，由圖可知B的加速度為：故A正確．設繩的拉力為T，對B由牛頓第二定律：Mg-T=Ma，解得：T=Mg-Ma=1×10-1×4=6N，AB位移相同則由圖可知A上升階段，A的位移為：x＝×2×0.5＝0.5m，故繩的拉力對A做功為：W=Tx=6×0.5J=3J，故B正確．由圖可知后0.25s時間A的加速度大小為：此過程A只受摩擦力和重力：μmgcosθ+mgsinθ=ma′，解得：故C錯誤．上升過程中，對A根據牛頓第二定律得：

T-mgsinθ-μmgcosθ=ma，解得A的質量：m=0.5kg，選項C錯誤．9、A:C【分析】【詳解】

b球在擺過的過程中做圓周運動，設此時其速度為v，由機械能守恒定律可得在沿半徑方向上由牛頓第三定律可得因a球此時對地面壓力剛好為零，則聯(lián)立得A對，B錯．b球從靜止到最低點的過程中，其在豎直方向的分速度是先由零增大后又減至零，由可知，重力的功率是先增大后減小，C對，D錯．10、B:C【分析】【詳解】

A．物體做勻速圓周運動；加速度不為零，則不是處在平衡狀態(tài)，故A錯誤；

B．物體受到重力；圓盤的支持力和摩擦力三個力的作用；故B正確；

C．根據

可知；在角速度一定時，物塊到轉軸的距離越遠，需要的向心力越大，物塊越容易脫離圓盤，故C正確；

D．在物塊到轉軸距離一定時；物塊運動周期越小，則角速度越大，需要的向心力越大，越容易脫離圓盤，故D錯誤。

故選BC。

【點睛】

本題學生很容易錯誤的認為物體受到向心力作用，要明確向心力的特點；同時要知道物塊出現(xiàn)滑動的條件是最大靜摩擦力小于所需的向心力。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據圓錐擺的周期T=2π

故A正確；

B．根據向心加速度

由于r不同；故B錯誤；

CD．因為無摩擦，所以同一根繩上的力大小相等，設繩的張力為F，由于向心力為Fn=Fsin=m2lsin

可知m與l成反比；故C正確，D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【詳解】

小球做勻速圓周運動，在豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，所以a繩在豎直方向上的分力與重力相等，可知a繩的張力不可能為零，故A正確；根據豎直方向上平衡得，F(xiàn)asinθ=mg，解得可知a繩的拉力不變，故B錯誤；當b繩拉力為零時，有：解得可知當角速度時，b繩出現(xiàn)彈力，故C正確；由于b繩可能沒有彈力，故b繩突然被剪斷，a繩的彈力可能不變，故D錯誤。13、B:C【分析】物體由傳送帶左端到右端的平均速度等于位移與時間的比值，故A錯誤；物體從靜止釋放后達到速度為則傳送帶對物體做功為故B正確；傳送帶克服物體對它的摩擦力做的功是傳送帶對物體做功的倍，即為故C正確；當物體速度達到v時即與傳送帶具有相同的速度，此時物體與傳送帶間沒有摩擦力作用，故D錯誤．故選BC．

點睛：此題可通過分析物體的受力情況來確定其運動情況，也可以通過作速度圖象研究位移和平均速度．14、B:D【分析】【詳解】

A．兩個粒子在相互的庫侖引力作用下；從靜止開始加速，都受到向上的洛倫茲力而向上偏轉，做曲線運動，但不是圓周運動，故A錯誤．

B．兩個粒子的速度大小情況相同．若兩粒子間的距離等于初始位置間的距離時；靜電力對兩個粒子做功為0，根據動能定理可知它們的速度均為零．故B正確．

C．從開始運動到距離最小的過程，靜電力一直做正功，動能都增大，速度與x軸的夾角不斷增大，沿y軸方向的速度分量vy不斷增大；當距離最小后，兩者距離增大，此時它們的速度沿x軸方向的分量vx為零，它們的速度沿y軸方向的分量vy最大．故C錯誤．

D．若減小磁感應強度，由公式分析可知；軌跡的曲率半徑變大，可能發(fā)生碰撞．故D正確．

故選BD．

考點：帶電粒子在磁場中的運動。

【名師點睛】

本題關鍵分析兩個粒子的受力情況，來判斷其運動情況，分析時，要抓住洛倫茲力與速率成正比的特點，由公式分析軌跡的曲率半徑的變化．15、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．質點在0～2s內減小的動能ΔEk1=m（602-402）=1000m

在4～6s內減小的動能ΔEk2=m×402=800m

則質點在0～2s內減小的動能大于在4～6s內減小的動能；故A正確；

B．在0～2s內，質點的加速度向下，處于失重狀態(tài)，因加速度為

則除重力以外沒有其他的力對物體做功；則質點的機械能守恒，故B錯誤；

CD．質點在t=2s時的機械能E2=m×402+mg（×2）=1800m

質點在t=6s時的機械能E6=mg（×2+40×2+×2×40）=2200m

則質點在第2s末的機械能小于在第6s末的機械能；故C正確，D錯誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

試題分析：以障礙物為參考系，則質點具有水平向右的初速度v0=4m/s，自由下落就變?yōu)槠綊佭\動，要穿過小孔，豎直方向經過小孔的上邊沿經過小孔下邊沿經過小孔的時間最多有水平方向所以最大值為．當時，小球在水平方向的運動整理可得．

考點：平拋運動【解析】0.817、略

【分析】【詳解】

試題分析：火車內外軌道一樣高時，火車轉彎，由于離心運動，會向外滑離軌道，所以外輪對外軌有個側向壓力．當把內軌降低一定高度后，內外軌有個高度差，火車轉彎時就可以讓重力與軌道對火車彈力的合力來提供向心力，從而避免了對軌道的側向壓力．由幾何知識可知此時的合力當傾角比較小時根據得出

考點：水平圓周運動、離心運動【解析】外輪內軌18、略

【分析】【詳解】

高速鐵路彎道處由重力和支持力的合力提供向心力，故外軌比內軌高；列車在鐵路彎道處即使速度大小不變，至少速度方向變化，有向心加速度．【解析】高有19、略

【分析】【詳解】

對任一小球受力分析，受重力和支持力，如圖，由重力與支持力的合力提供向心力，則

根據牛頓第二定律，有T=mgtanθ=m=mω2r；則得：v=ω=因為A球的轉動半徑r較大，則有：vA＞vB，ωA＜ωB．Ta=Tb

【點睛】

解決本題的關鍵知道小球做勻速圓周運動，靠重力和支持力的合力提供向心力．會通過F合=ma=m比較線速度、角速度的大小．【解析】><=20、略

【分析】【詳解】

足球的動能為：動能的該變量為：．【解析】40J0J21、略

【分析】【詳解】

[1]規(guī)定初速度方向為正方向，初速度末速度則動量的變化量為

根據動量定理有

得合力沖量大小為

[2]動能變化量【解析】16022、略

【分析】【詳解】

傳送帶足夠長，故物體末速度為v，由動能定理得Ek=Wf=mv2；運動過程中，物體的