2025年人教新起點高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點高二物理上冊階段測試試卷381考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、已知介質對某單色光的臨界角為C，則()．A.該介質對單色光的折射率等于B.此單色光在該介質中的傳播速度為c·sinC(c是光在真空中的傳播速度)C.此單色光在該介質中的傳播波長是在真空中波長的sinC倍D.此單色光在該介質中的頻率是在真空中的倍2、擺球質量一定、擺長為l的單擺豎直懸掛中升降機內，在升降機以恒定的加速度a（a＜g）豎直加速下降的過程中，單擺在豎直平面內做小擺角振動的周期應等于（）A.2πB.2πC.2πD.2π3、從同一高度以不同的速度同時水平拋出兩個質量不同的石子，下面說法正確的是A．速度大的先著地B．速度小的先著地C．質量大的先著地D．兩石同時著地4、在《驗證機械能守恒定律》的實驗中，下列說法正確的是（）A.先釋放紙帶，后接通電源B.用天平測量重物質量，用秒表測量重物下落時間C.打點計時器必須豎直安裝，使兩限位孔在同一豎直線上D.重物動能的增加量一定大于重力勢能的減小量5、有一“3V，3W”的小燈泡，則接入下列的哪一電源可使小燈泡最亮（）A.E=3V，r=1.0ΩB.E=3V，r=1.5ΩC.E=3V，r=2.0ΩD.E=3V，r=2.5Ω6、從同一高度以不同的速度水平拋出兩個物體，不計空氣阻力，它們落到水平地面所需的時間（）A.速度大的時間長B.速度小的時間長C.一定相同D.由質量大小決定7、在圖甲所示的電路中，理想變壓器原線圈兩端的正弦交變電壓變化規(guī)律如圖乙所示。已知變壓器原、副線圈的匝數比n1：n2=10：1，串聯在原線圈電路中的交流電流表A1的示數為1A，下列說法正確的是（）A.交流電流表A2的示數為0.1AB.變壓器輸出端交流電的頻率為100HzC.電阻R上消耗的功率為200WD.若電阻R變大，則電壓表示數也增大評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示，一個閉合三角形導線框ABC位于豎直平面內，其下方（略靠前）固定一根與線框平面平行的水平直導線，導線中通以圖示方向的恒定電流．釋放線框，它由實線位置下落到虛線位置未發(fā)生轉動，在此過程中（）A.線框中感應電流方向依次為ACBA→ABCAB.線框的磁通量為零的時，感應電流卻不為零C.線框所受安培力的合力方向依次為向上→向下D.線框在導線下方時加速度大小小于重力加速度g9、核能具有高效、清潔等優(yōu)點，利用核能是當今世界解決能源問題的一個重要方向。原子核的比結合能曲線如圖所示，根據該曲線判斷下列說法正確的是(

)

A.24He

核的比結合能大于36Li

核的比結合能；因此36Li

核更穩(wěn)定。

B.兩個?12H

核結合成24He

核時釋放能量。

C.24He

核的結合能約為7MeV

D.47107Ag

的比結合能大于83209Bi

的比結合能10、平行板電容器的兩板A、B接于電池兩極，一帶正電小球用絕緣細線懸掛在電容器兩板之間，細線與豎直方向夾角為θ，如圖，那么（）A.保持電鍵S閉合，僅將A板向B板靠近，則θ減小B.保持電鍵S閉合，僅將A板沿極板方向下移少許，則θ不變C.電鍵S斷開，僅將A板靠近B板，則θ增大D.電鍵S斷開，僅將A板遠離B板，則θ不變11、(

多選)

如圖所示，電源電動勢E=12V

內阻r=3婁賂R0=1婁賂

直流電動機內阻R0?=1婁賂.

先調節(jié)滑動變阻器R1

使甲電路中電源輸出功率最大，再調節(jié)R2

使乙電路中電源輸出功率與甲電路中電源的最大輸出功率相等，且此時電動機剛好正常工作(

額定輸出功率為P0=2W)

甲電路中電流為I1

乙電路中電流為I2

則下列選項正確的是(

)

A.R1=2婁賂R2=2婁賂

B.I1=2AI2=2A

C.R1=2婁賂R2=1.5婁賂

D.I1=2AI2=1A

12、某電站不經變壓器直接向用戶輸送電能，若輸電功率為P，輸電電壓為U，輸電線電阻為R，用戶得到的電壓為U′，則下列說法中正確的是（）A.用戶得到的功率為B.用戶得到的功率為C.輸電線上損失電壓為RD.用戶得到的功率為P評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖（a）所示；在“用DIS研究通電螺線管的磁感應強度”的實驗中，M；N是通電螺線管軸線上的兩點，且這兩點到螺線管中心的距離相等．用磁傳感器測量軸線上M、N之間各點的磁感應強度B的大小，并將磁傳感器頂端與M點的距離記作x．

（1）如果實驗操作正確，則圖（b）中正確的B-x圖應為____

（2）如圖（c）所示，甲、乙是在兩個不同電流下得出的圖象，比較甲、乙電流的大小，應有I甲____I乙（填“大于”、“等于”或“小于”）14、在用陰極射線管研究磁場對運動電荷作用的實驗中，將陰極射線管的A、B兩極連在高壓直流電源的正負兩極上.從A極發(fā)射出電子，當將一蹄形磁鐵放置于陰極射線管兩側，顯示出電子束的徑跡如圖所示，則陰極射線管的A極應接在電源的____極上（選填“正”或“負”）；蹄形磁鐵的C端為____極（選填“N”或“S”）15、有一正弦交流電源，如下左圖,電壓有效值U＝120V，頻率為f＝50Hz，向一霓虹燈供電，若霓虹燈的激發(fā)電壓和熄滅電壓均為U0＝60V，試估算在一個小時內，霓虹燈發(fā)光時間為____s．16、（４分）某同學由于沒有量角器，他在完成了光路圖以后，以O點為圓心，10.00cm長為半徑畫圓，分別交線段OA于A點，交O、O'連線延長線于C點。過A點作法線NN'的垂線AB交NN'于B點，過C點作法線NN'的垂線CD交于NN'于D點，如圖所示，用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm。由此可得出玻璃的折射率n=________。17、如果把一個電容器接在日用照明220伏電壓電路中，要保證它不被擊穿，它的耐壓值至少為______V．18、如圖所示，用外力把一矩形線圈勻速拉出勻強磁場區(qū)域，如果兩次拉出的速度之比v1：v2=1：2，則在將線圈拉出磁場區(qū)域的過程中，線圈產生的焦耳熱之比Q1：Q2=______，通過線圈橫截面的電量之比q1：q2=______．19、某同學在做測定小燈泡功率的實驗中得到如下一組U

和I

的數據：。編號12345678U(V)0.200.601.001.401.802.202.603.00I(A)0.020.060.100.140.170.190.200.20燈泡發(fā)光情況不亮隆煤

微亮隆煤

逐漸變亮隆煤

正常發(fā)光

(1)

在下圖上畫出I鈭?U

圖象。

(2)

從圖象上可以看出，當功率逐漸增大時，燈絲電阻的變化情況是：_______

評卷人得分四、判斷題(共4題，共32分)20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|B|C【分析】由臨界角的計算式sinC＝得n＝選項A正確；將n＝代入sinC＝得sinC＝故v＝csinC，選項B正確；設該單色光的頻率為f，在真空中的波長為λ0，在介質中的波長為λ，由波長、頻率、光速的關系得c＝λ0f，v＝λf，故sinC＝＝λ＝λ0sinC，選項C正確；該單色光由真空傳入介質時，頻率不發(fā)生變化，選項D錯誤．【解析】【答案】ABC2、D【分析】解：單擺在升降機里向下加速時；擺球沒有擺動時其受到的拉力由牛頓第二定律得：

mg-F=ma；

其等效加速度為：g′=g-a

所以單擺的周期公式為T=

故選：D

當升降機在豎直方向做勻加速直線運動時；細繩對擺球的拉力增大，擺球在擺動的過程中切向方向的分力增大，從而對擺球的周期產生影響．此時可以使用等效重力加速度的概念來解析．

該題屬于競賽題型，要考慮使用等效重力加速度的概念來處理．該題要求的知識的遷移能力比較強，使用的公式相對簡單，屬于中檔題目．【解析】【答案】D3、D【分析】平拋運動物體的落地時間取決于拋出的高度，所以從同一高度拋出的石子同時落地。D正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緿4、C【分析】解：A；開始記錄時；應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數據的采集和處理，會對實驗產生較大的誤差，故A錯誤；

B；我們可以通過打點計時器計算時間；不需要秒表，故B錯誤；

C；為了防止摩擦力增大；打點計時器必須豎直安裝，使兩限位孔在同一豎直線上；故C正確；

D；由于摩擦力和空氣阻力的作用；重物動能的增加量一定小于重力勢能的減小量；故D錯誤．

故選：C．

正確解答本題需要掌握：理解該實驗的實驗原理；需要測量的數據等；明確打點計時器的使用；理解實驗中的注意事項以及如何進行數據處理；對于任何實驗注意從實驗原理；實驗儀器、實驗步驟、實驗數據處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．

本題考查驗證機械能守恒的實驗，對于基礎實驗要從實驗原理出發(fā)去理解，要親自動手實驗，深刻體會實驗的具體操作，不能單憑記憶去理解實驗．【解析】【答案】C5、A【分析】解：燈泡接到電源上；燈泡上的電壓為外電壓，根據閉合電路歐姆定律，電源內阻越小，電路電流越大，燈泡兩端電壓越大，消耗的實際功率越大，燈泡越亮，故A正確，BCD錯誤；

故選：A。

根據閉合電路歐姆定定律；分析電路電流和內阻關系，電流越大，燈泡分壓越大，就越亮．

本題考查閉合電路歐姆定律的簡單應用，注意內阻越大，內阻分得的電壓越大，燈泡電壓會越小，燈泡反而會越暗．【解析】A6、C【分析】解：根據h=知；平拋運動的時間由高度決定，高度相等，則平拋運動的時間相等，與初速度無關。故C正確，A；B、D錯誤。

故選：C。

平拋運動在豎直方向上做自由落體運動；根據分運動與合運動具有等時性，知平拋運動的時間由高度決定．

解決本題的關鍵知道平拋運動的規(guī)律，以及知道分運動和合運動具有等時性．【解析】C7、C【分析】解：A、根據I1：I2=n2：n1，輸出電流為：I2=10I1=10A；電流表讀數為有效值，故A錯誤；

B、根據圖乙得到輸入電壓的最大值為200V；頻率周期為0.02s，故電壓的有效值為200V，頻率為50Hz，電壓表讀數為有效值；即為200V，故B錯誤；

C、變壓器的輸入功率為：P1=U1I1=200V×1A=200W；理想變壓器輸入功率等于輸出功率；故輸出功率為200W，故C正確；

D；若電阻R變大；電壓表示數是不變的，故D錯誤；

故選：C。

根據圖乙得到輸入電壓的最大值和頻率，求解出有效值，即為電壓表的讀數；根據P=U1I1求解輸入功率；根據I1：I2=n2：n1求解電流表A2的讀數。

本題關鍵是根據圖象得到瞬時值的最大值，然后得到有效值，最后結合理想變壓器的變壓比公式和變流比公式列式求解?！窘馕觥緾二、多選題(共5題，共10分)8、BD【分析】解：A：根據右手定則；通電直導線的磁場在上方向外，下方向里；離導線近的地方磁感應強度大，離導線遠的地方磁感應強度?。€框從上向下靠近導線的過程，向外的磁感應強度增加，根據楞次定律，線框中產生順時針方向的電流；穿越導線時，上方向外的磁場和下方向里的磁場疊加，先是向外的磁通量減小，之后變成向里的磁通量，并逐漸增大，直至最大；根據楞次定律，線框中產生逆時針方向的電流．向里的磁通量變成最大后，繼續(xù)向下運動，向里的磁通量又逐漸減小，這時的電流新方向又變成了順時針．故A錯誤；

B：根據A中的分析；穿越導線時，上方向外的磁場和下方向里的磁場疊加，先是向外的磁通量減小，一直減小到0，之后變成向里的磁通量，并逐漸增大．這一過程是連續(xù)的，始終有感應電流存在，故B正確；

C：根據楞次定律；感應電流始終阻礙線框相對磁場的運動，故受安培力的方向始終向上，不是0，C錯誤．

D：線框受安培力的方向始終向上；線框在導線下方時加速度大小小于重力加速度g，D正確；

故選：BD

根據右手定則；通電直導線的磁場在上方向外，下方向里；離導線近的地方磁感應強度大，離導線遠的地方磁感應強度小，然后根據楞次定律可以判斷感應電流的方向，根據左手定則可以判斷受力的方向．

本題考查通電直導線的磁場的特點和楞次定律的應用，該過程中，要注意穿越導線時，先是向外的磁通量減小，一直減小到0，之后變成向里的磁通量，并逐漸增大．這一過程是連續(xù)的，始終有感應電流存在．屬于基礎題型，易錯題．【解析】【答案】BD9、BD【分析】解：A24He

核的比結合能大于36Li

核的比結合能；因此24He

核更穩(wěn)定，故A錯誤；

B；C24He

核的比結合能約為7MeV12H

核的比結合能約為1MeV

則兩個12H

核結合成24He

核時釋放能量，故B正確，C錯誤；

D；由圖可知47107Ag

的比結合能大于83209Bi

的比結合能；故D正確；

故選：BD

由圖得出氦核的比結合能；抓住比結合能等于結合能與核子數的比值得出氦核的結合能；比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，通過圖示得出比結合能的大小。

本題考查了結合能和比結合能的基本運用，知道結合能與比結合能的關系，知道比結合能越大，原子核越穩(wěn)定?！窘馕觥緽D

10、BD【分析】解：A、保持開關S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，A板向B板靠近，極板間距離減小，根據E=知電場強度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大．故A錯誤．

B；保持開關S閉合；僅將A板沿極板方向下移少許，電容器兩端間的電勢差不變，板間距離也不變，則板間場強不變，小球所受的電場力不變，θ不變．故B正確．

C、D斷開開關S，電容器所帶的電量不變，根據E=E=C=C=聯立得，E=知只有d變化時，板間E不變，電場力不變，θ不變．故C錯誤，D正確．

故選：BD

小球受重力、拉力、電場力三個力處于平衡狀態(tài)，保持開關S閉合，電容器兩端間的電勢差不變；斷開開關S，電容器所帶的電量不變．根據E=C=C=結合進行分析．

解決電容器的動態(tài)分析問題關鍵抓住不變量．若電容器與電源斷開，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變．【解析】【答案】BD11、BC【分析】【分析】

對于甲圖，當電路的內阻和外阻相等時，電路的輸出功率最大，由此可以求得甲圖中的最大的功率；對于乙圖，輸出的最大功率和電流都與甲圖相同，根據最大的功率可以求得乙圖中的電阻的大小。對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的?！窘獯稹?/p>

甲圖中，當電路的外電阻等于內阻時，電路的輸出功率最大，則R1=r鈭?R0=3婁賂鈭?1婁賂=2婁賂

此時電流I1=E2r=122隆脕3=2A

所以甲電路的最大的輸出功率為P=I2(R0+R1)=22隆脕(1+2)W=12W

對于乙圖；輸出的最大功率也為12W

電流I2=2A

所以對于乙圖有I22R2+2W+I22R鈥?0=12W

解得：R2=1.5婁賂

故BC正確，AD錯誤。

故選BC。

【解析】BC

12、BC【分析】解：A；R是輸電線電阻；不是用戶用電設備電阻（用戶用電設備也不一定都是純電阻用電器），故A錯誤。

B、輸電線上的電功率為：△P=I2R=又因為△U=U-U′，解得：△P=故B正確。

C；輸電線上分得電壓為：△U=IR；故C正確。

D、用戶得到功率為：P′=U′I，又因為電源提供電功率為：P=UI，聯立解得：P′=故D錯誤。

故選：BC。

如圖所示，電站提供電能，與輸電線電阻、用戶用電設備組成閉合回路，電站是電源，提供電功率P=UI；輸電線電阻與用戶用電設備串聯，輸電線上分得電壓△U=IR，電功率△P=I2R；用戶得到的電壓U′=U-△U；功率P′=P-△P。

本題考查不利用變壓器進行遠距離輸電的簡單模型分析，是進行高壓輸電的原因，題目簡單，容易犯錯的是物理量比較多，容易混淆，比如輸電線上電阻的電壓△U容易與總電壓U混淆?！窘馕觥緽C三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】

（1）螺線管內部的磁場為勻強磁場；螺線管管口向外，磁場減弱．有該性質可知，B隨x的變化是先增大，后不變，再減?。蔆正確，A；B、D錯誤．

故選C．

（2）因為電流越大，產生的磁場越強，由圖（C）可知，I甲＞I乙．

故答案為：（1）C；（2）大于．

【解析】【答案】螺線管內部的磁場為勻強磁場；螺線管管口向外，磁場減弱．電流越大，磁場越強．

14、略

【分析】【解析】試題分析：從圖中可以看做，射線從A極射出，所以A接電源的負極，電子向上偏轉，故受到向上的洛倫茲力，根據左手定則磁場方向從D指向C，所以C端為S極，考點：考查了帶電粒子在磁場中的運動，【解析】【答案】負S15、略

【分析】【解析】試題分析：由正弦交流電的最大值與有效值U的關系得：設t=0時交流電的瞬時電壓U=0則交流電的瞬時表達式為如圖所示畫出一個周期內交流電的U-t圖象，其中陰影部分對應的時間表示霓虹燈不能發(fā)光的時間，根據對稱性，一個周期內霓虹燈不能發(fā)光的時間為當時，由上式得再由對稱性求得一個周期內能發(fā)光的時間：再由比例關系求得一小時內霓虹燈發(fā)光的時間為：考點：正弦交流電的最大值與有效值【解析】【答案】2400s16、略

【分析】【解析】【答案】（4分）n=____17、略

【分析】解：220V是指的交流電的有效值的大小，正弦式交流電的最大值是有效值的倍，即最大值為220V，所以電容器要能正常工作，其耐壓值必須大于220V．

故答案為：220

交流電有最大值和有效值，交流電的有效值是根據電流的熱效應來定義的，即讓交流電和直流電在相等的時間內產生相等的熱量．正弦式交流電的最大值是有效值的倍．

在交流電路中，電容器的耐壓值要大于交流電的最大值的大小，而不是交流電的有效值的大小．【解析】22018、略

【分析】解：設線圈左右兩邊邊長為L；上下兩邊邊長為L′，整個線圈的電阻為R，磁場的磁感應強度為B．

線圈拉出磁場時產生的感應電動勢為：E=BLv，感應電流為：I=產生的焦耳熱Q=t=?=Q∝v，則得：Q1：Q2=v1：v2=1：2．

通過導線的電荷量為：q=It=t==則q與線框移動速度無關，磁通量的變化量△Φ相同，所以通過導線橫截面的電荷量q1：q2=1：1．

故答案為：1：2；1：1．

在拉力作用下；矩形線圈以不同速度被勻速拉出，根據法拉第電磁感應定律；歐姆定律、焦耳定律求焦耳熱，推導出感應電量表達式，求電量之比．

本題采用比例法，用相同的物理量表示所求量，再求比例，是常用的方法．要在理解的基礎上記住感應電荷量與線框移動的速度無關．【解析】1：2；1：119、略

【分析】(1)

根據數據描點，用