2025年岳麓版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版高二物理下冊階段測試試卷860考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、我們感到空氣很潮濕時，是因為（）A.這時空氣中所含水汽較多B.這時的氣溫較低C.這時的相對濕度較大D.這時的絕對濕度較大2、放在水平地面上的物塊，受到一個與水平方向成θ角斜向下方的力F的作用，物塊在水平地面上始終靜止，如圖所示．如果保持力F的大小不變，而使力F與水平方向的夾角θ（θ＜90°）變大，那么，地面受到的壓力N和物塊受到的摩擦力f的變化情況是（）A.N變小，f變大B.N變大，f變小C.N變小，f變小D.N變大，f變大3、下面四幅圖表示了磁感應(yīng)強度B

電荷速度v

和洛倫茲力F

三者方向之間的關(guān)系；其中正確的是()

A.B.C.D.4、如圖所示，三個固定的斜面底邊長度都相等，斜面傾角分別為30鈭?45鈭?60鈭?

斜面的表面情況都一樣.

完全相同的物體(

可視為質(zhì)點)ABC

分別從三斜面的頂部滑到底部的過程中(

)

A.物體A

克服摩擦力做的功最多B.物體B

克服摩擦力做的功最多C.物體C

克服摩擦力做的功最多D.三物體克服摩擦力做的功一樣多5、下列所給的位移—時間圖象與速度—時間圖像中能反映作直線運動的物體在2秒末回到初始位置的是（）6、一個彈簧受10N拉力時總長為7cm，受20N拉力時總長為9cm，已知當(dāng)拉力撤銷時彈簧都能恢復(fù)原長，則彈簧原長為（）A.8cmB.9cmC.7cmD.5cm7、在水平地面上有一固定的楔形物塊a

其斜面上靜止一小物塊b.

現(xiàn)用力F

沿不同方向作用在小物塊b

上，小物塊b

仍保持靜止，如圖所示.

則ab

之間的靜摩擦力一定增大的是(

)

A.壟脵壟脹

B.壟脷壟脺

C.壟脷壟脹

D.壟脹壟脺

評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、如圖所示甲、乙兩物體運動的速度圖象，由圖可知乙物體運動的初速度是______m/s

甲物體的加速度是______m/s2

．9、如圖所示，下端用橡皮管連接的兩根粗細相同的玻璃管豎直放置，右管開口，左管內(nèi)被封閉氣柱長20cm

水銀面比右管低15cm

大氣壓強相當(dāng)于75cm

高的水銀柱產(chǎn)生的壓強?，F(xiàn)保持左管不動，為了使左管內(nèi)被封閉氣柱長變?yōu)?8cm

右管應(yīng)向______移動(

填“上”或“下”)

移動的距離是______cm

10、研究地球的公轉(zhuǎn)時，________(填“可以”或“不可以”)把地球看做質(zhì)點；研究地球的自轉(zhuǎn)時，________(填“可以”或“不可以”)把地球看做質(zhì)點。11、如圖，一玻璃柱體的橫截面為半圓形，細的單色光束從空氣射向柱體的O點（半圓的圓心），產(chǎn)生反射光束1和透射光束2，已知玻璃折射率為當(dāng)入射角時，求反射光束1和透射光束2之間的夾角為。12、熱力學(xué)第二定律常見的表述有兩種．

第一種表述：不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體；而不引起其他變化；

第二種表述：不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功；而不引起其他變化．

圖（a）是根據(jù)熱力學(xué)第二定律的第一種表述畫出的示意圖：外界對制冷機做功，使熱量從低溫物體傳遞到高溫物體．請你根據(jù)第二種表述在答題卷上完成示意圖____（b）．根據(jù)你的理解，熱力學(xué)第二定律的實質(zhì)是____.

13、兩只完全相同的燈泡L1和L2分別與相同的電感串聯(lián)，組成如圖所示的甲、乙兩個相同的部分電路．現(xiàn)在甲電路兩端加恒定電壓U，L1燈發(fā)光；而在乙電路兩端加最大電壓為U，的正弦交變電壓，L2燈也發(fā)光．比較兩燈的明暗程度，是L1燈的亮度____________L2燈亮度．(填“大于”、“等于”、“小于”)評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)14、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共4分)21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、實驗探究題(共1題，共4分)23、用如圖所示的實驗裝置驗證動量守恒定律。實驗的主要步驟如下：

（?。┯锰炱綔y量小球A、B的質(zhì)量mA、mB并記錄。

（ⅱ）將斜槽固定在水平臺上；并調(diào)整末端水平。

（ⅲ）在水平地面上依次放上白紙；復(fù)寫紙并固定。

（ⅳ）讓小球A從斜槽上的某一位置由靜止釋放；記錄小球在水平面上的落點。重復(fù)多次，找出小球落點的中心位置P

（ⅴ）在斜槽水平末端處放上小球B；讓小球A從步驟（ⅳ）同一位置由靜止釋放，記錄小球A；B在水平面上的落點。重復(fù)多次，找出A、B兩小球落點的中心位置M、N

（ⅵ）用重錘線確定斜槽水平末端的投影點O

（ⅶ）用毫米刻度尺測量出M、P、N距O點的距離LOM、LOP、LON并記錄。

（ⅷ）將實驗數(shù)據(jù)代入等式mALOP=mALOM+mBLON；驗證是否成立，從而驗證A；B兩小球碰撞過程動量是否守恒。

請回答下列問題。

（1）步驟（ⅳ）；（ⅴ）中進行多次重復(fù)并找出小球落點的中心位置是為了減小______。

（2）本實驗中兩小球的質(zhì)量大小關(guān)系為mA______mB．（選填“＞”；“＜”或“=”）

（3）試論證說明：驗證等式mALOP=mALOM+mBLON是否成立，就可以驗證A、B兩小球碰撞過程動量是否守恒？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【解析】【答案】C2、B【分析】解：對物塊受力分析；受推力；重力、支持力和靜摩擦力，如圖。

根據(jù)共點力平衡條件；有。

f=Fcosθ

N=G+Fsinθ

當(dāng)θ變大時；靜摩擦力f變小，支持力N變大；

故選：B．

物塊始終處于靜止?fàn)顟B(tài)；合力保持為零．對物塊受力分析，根據(jù)共點力平衡條件求出支持力和靜摩擦力后討論即可．

本題關(guān)鍵對物體受力分析，根據(jù)平衡條件求出支持力和靜摩擦力后，再分析動態(tài)變化問題．【解析】【答案】B3、B【分析】【分析】伸開左手；讓大拇指與四指方向垂直，并且在同一個平面內(nèi)，磁感線通過掌心，四指方向與正電荷運動方向相同，大拇指所指的方向為洛倫茲力方向。

本題考查了安培力和左手定則，解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則，注意四指方向與正電荷運動方向相同，與負電荷運動方向相反?！窘獯稹緼.根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直紙面向外，故A錯誤；

B.根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向豎直向上，故B正確；

C.根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向豎直向下，故C錯誤；

D.電荷的運動方向與磁場方向平行；電荷不受洛倫茲力，故D錯誤。

故選B?！窘馕觥緽

4、D【分析】【分析】

根據(jù)受力分析和三角函數(shù)知識表示出摩擦力大小和斜面的距離.

根據(jù)功的定義式去比較兩物體克服摩擦力做的功。

要比較不同情境下一個物理量的大??；一般我們應(yīng)該先把這個物理量表示出來，看與哪些因素有關(guān)，再根據(jù)題目已知的去判斷.

當(dāng)然物理量表示的過程就運用了物理規(guī)律。

【解答】

設(shè)斜面底邊長度為s

傾角為婁脠

那么的斜邊長為L=Scos婁脠

對物體受力分析，那么物體受到的滑動摩擦力為f=婁脤FN=婁脤mgcos婁脠

那么物體克服摩擦力做的功為W=fL=婁脤mgcos婁脠?Scos婁脠=婁脤mgs

即物體克服摩擦力做的功與傾角無關(guān)，所以三物體克服摩擦力做的功一樣多，故D正確，ABC錯誤。

故選D。

【解析】D

5、A|C【分析】【解析】試題分析：A、由圖可知，2s末物體的縱坐標為零，與初始坐標相同，故A圖中物體回到了初始位置；正確B、物體從正向2m處出發(fā)，2s末時到達負向的2m處，故沒有回到初始位置；錯誤C、物體1s內(nèi)以2m/s的速度沿正方向運動，1s末位移為2m，第2s內(nèi)，物體反向以2m/s的速度運動，第2s內(nèi)位移為負方向的2m，故物體應(yīng)回到初始位置；正確D、由圖可知，物體一直沿正方向運動，故2s末物體無法回到初始位置；錯誤故選AC考點：運動的圖像【解析】【答案】AC6、D【分析】解：彈簧在大小為10N拉力作用下，其總長為7cm，設(shè)彈簧原長為l0；根據(jù)胡克定律公式F=kx，有：

10=k×（0.07-l0）①

彈簧在大小為20N拉力作用下；其總長為9cm，據(jù)胡克定律公式F=kx，有：

20=k×（0.09-l0）②

聯(lián)立解得：l0=0.05m=5cm

故選：D

彈簧掛10N的重物時；彈簧的彈力大小等于10N．彈簧掛20N的重物時，彈簧的彈力大小等于20N，彈簧的伸長等于彈簧的總長減去原長．根據(jù)胡克定律求解彈簧的原長．

本題考查胡克定律的應(yīng)用能力．要知道胡克定律公式F=kx中，x是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，不是彈簧的長度．【解析】【答案】D7、A【分析】解：不加力F

時；對物塊進行受力分析，將重力分解；

根據(jù)平衡條件得出：f=mgsin婁脠

．

壟脵

力圖：f=mgsin婁脠+F

故摩擦力變大。

壟脷

力圖：如果F<mgsin婁脠f=mgsin婁脠鈭?f

故摩擦力變?。?/p>

如果F鈮?mgsin婁脠f=F鈭?mgsin婁脠

由于不知道F

的大小，所以摩擦力變化不確定．

壟脹

力圖：將F

分解；根據(jù)平衡條件得出：f=Fsin婁脠+mgsin婁脠.

故摩擦力變大．

壟脺

力圖：根據(jù)平衡條件得出：f=mgsin婁脠

故摩擦力不變．

故選A．

對物體進行受力分析；根據(jù)平衡條件結(jié)合力的分解列出平衡等式，找出靜摩擦力的變化．

對物體進行受力分析，根據(jù)平衡條件結(jié)合力的分解列出平衡等式，找出靜摩擦力的變化．【解析】A

二、填空題(共6題，共12分)8、略

【分析】解：乙物體運動的初速度為5m/s

甲物體的加速度a=鈻?v鈻?t=1510m/s2=1.5m/s2

．

故答案為：51.5

．

甲物體做初速度為零的勻加速直線運動；乙物體做初速度為5m/s

的勻加速直線運動，根據(jù)圖線的斜率求出物體運動的加速度．

解決本題的關(guān)鍵理解速度時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示物體的加速度，能夠從速度時間圖象中判斷物體的運動規(guī)律．【解析】51.5

9、上14【分析】解：以封閉氣體為研究對象；氣體的溫度不變；

初態(tài)：p1=75+15=90cmHgV1=20S

末態(tài)：p2=cmHgV2=18S

由P1V1=p1V2

得。

90隆脕20S=p2隆脕18S

解得：P2=100cmHg

封閉氣體的壓強變大；右管應(yīng)向上移動；

需要移動的距離是25鈭?15+4=14cm

故答案為：上；14

分別列出初態(tài)和末態(tài)封閉氣體的壓強；體積；由根據(jù)玻意耳定律列式可求出氣柱壓強，進而計算移動的距離。

此題考查玻意耳定律的應(yīng)用，確定初末狀態(tài)的參量是解題的關(guān)鍵。【解析】上14

10、略

【分析】當(dāng)物體的大小遠遠小于兩物體間距離時，可以把物體看作質(zhì)點【解析】【答案】可以；不可以11、略

【分析】【解析】【答案】90012、一切宏觀熱現(xiàn)象都有方向性【分析】【解答】（a）如圖所示：

（b）熱力學(xué)第二定律常見的表述有多種．

第一種表述說明熱傳遞的方向性；

第二種表述說明能量轉(zhuǎn)化的方向性；

綜上：一切宏觀熱現(xiàn)象都有方向性．

故答案為：（a）如圖所示：（b）一切宏觀熱現(xiàn)象都有方向性．

【分析】熱力學(xué)第二定律有不同的表述：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響；不可逆熱力學(xué)過程中熵的增量總是大于零．13、略

【分析】解：據(jù)題，乙電路兩端所加正弦交變電壓的最大值為U，有效值等于U，與甲電路的兩端電壓相等．乙電路中所加的交流電，電感L2有感抗，甲電路所加的是恒定電壓，L1沒有感抗，則甲電路中總阻抗小于乙電路中總阻抗，甲電路中電流大于乙電路中電流，所以L1燈的亮度大于L2燈亮度．

故答案為：大于【解析】大于三、判斷題(共7題，共14分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢