2023-2024學(xué)年黑龍江省哈爾濱市六校高二上學(xué)期1月期末聯(lián)考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12023~2024學(xué)年度上學(xué)期六校高二期末聯(lián)考試卷物理一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題中只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.關(guān)于電磁波的發(fā)現(xiàn)及應(yīng)用、能量量子化，下列說(shuō)法正確的是（）A.普朗克提出了能量子假說(shuō)，解決了黑體輻射的理論困難，提出了“量子”概念B.X射線具有輻射性，可用來(lái)通信和廣播C.能量量子化指能量的連續(xù)性，微觀粒子的能量值可以是任意值D.利用紅外線的熱效應(yīng)能殺菌消毒，夜視儀利用了紅外成像技術(shù)【答案】A【解析】A．普朗克提出了能量子假說(shuō)，不但解決了黑體輻射的理論困難，而且更重要的是提出了“量子”概念，揭開了物理學(xué)史上嶄新的一頁(yè)，故A正確；B．X射線具有輻射性，不能用來(lái)通信和廣播，故B錯(cuò)誤；C．能量量子化是指微觀粒子的能量值只能是一個(gè)最小能量單位的整數(shù)倍，是不連續(xù)性，微觀粒子的能量值不可以是任意值，故C錯(cuò)誤；D．紫外線具有殺菌消毒的功能，紅外線不具有該功能，夜視儀利用了紅外成像技術(shù)。故D錯(cuò)誤。2.如圖所示，“L”型導(dǎo)線固定并垂直于磁場(chǎng)放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知，ab垂直bc。導(dǎo)線通入恒定電流時(shí)，導(dǎo)線abc受到的安培力大小為（）A.1N B. C.2N D.【答案】B【解析】有效長(zhǎng)度為則安培力大小為故選B。3.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻，小燈泡L標(biāo)有“2V0.4W”字樣，開關(guān)S閉合后，小燈泡L正常發(fā)光。已知電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻也是，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為（）A.0.76W B.0.72W C.0.04W D.0.4W【答案】B【解析】由小燈泡L正常發(fā)光，可知電路中電流為則電動(dòng)機(jī)兩端電壓為電動(dòng)機(jī)的輸入功率為電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率為可得電動(dòng)機(jī)的輸出功率為4.一電子在電場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，在時(shí)間內(nèi)，該粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能隨時(shí)間的變化分別如圖中A、B圖線所示，其中圖線A與橫軸平行，則該電子在時(shí)間內(nèi)（）A.速度不變 B.合力不變 C.電場(chǎng)力做負(fù)功 D.剛好運(yùn)動(dòng)一周【答案】C【解析】A．由圖可知電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，雖然速度大小不變，但是方向時(shí)刻改變，故速度在改變，故A錯(cuò)誤；B．合力提供向心力指向圓心，故合力在變化，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知電子的電勢(shì)能在不斷增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，故C正確；D．電子運(yùn)動(dòng)一周后電勢(shì)能與初始狀態(tài)相同，故D錯(cuò)誤。故選C。5.回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中有周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩個(gè)D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.僅增大狹縫間的加速電壓，則同一粒子射出加速器時(shí)的動(dòng)能增大B.僅增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度且使電場(chǎng)變化周期與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)周期相同，則同一粒子射出加速器時(shí)的動(dòng)能增大C.僅增大D形金屬盒的半徑，則同一粒子射出加速器時(shí)的速度不變D.比荷不同的粒子也可用同一加速器進(jìn)行加速【答案】B【解析】ABC．設(shè)粒子環(huán)繞半徑為，由可知若D形盒半徑為，則射出加速器時(shí)粒子速度則最大動(dòng)能可知射出加速器時(shí)的動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，僅增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度或僅增大D形金屬盒的半徑則可使增大，射出加速器時(shí)的動(dòng)能增大，故B正確，AC錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得磁場(chǎng)或電場(chǎng)的周期比荷不同粒子不能保證粒子一直加速，因此比荷不同的粒子不能用同一加速器加速，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，平行板PQ、MN與電源相連，開關(guān)K閉合，從O點(diǎn)沿兩板間中線不斷向兩板間射入比荷一定的帶正電的粒子，粒子經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后發(fā)生的側(cè)移為y，不計(jì)粒子的重力，要減小側(cè)移y，下列操作可行的是（）A.僅將PQ板向下平移一些B.僅將PQ板向上平移一些C.將開關(guān)K斷開，僅將PQ板向下平移D.將開關(guān)K斷開，僅將PQ板向上平移【答案】B【解析】AB．粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的側(cè)移量為而粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度為電容器在連接電源的情況下，極板間電壓不變，極板間場(chǎng)強(qiáng)為僅將PQ板向下平移一些，兩板間的場(chǎng)強(qiáng)變大，粒子沿電場(chǎng)方向的加速度增大，側(cè)移變大，僅將PQ板向上平移一些，兩板間的場(chǎng)強(qiáng)變小，粒子沿電場(chǎng)方向的加速度減小，側(cè)移變小，A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；CD．將開關(guān)K斷開，兩板的帶電量不變，極板間場(chǎng)強(qiáng)為可知僅將PQ板向下平移或向上平移，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，側(cè)移不變，C、D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，理想變壓器原線圈c、d兩端接入穩(wěn)定的交流電壓，b是原線的中心抽頭，S為單刀雙擲開關(guān)，滑動(dòng)變阻器R的滑片處于變阻器正中間，電表均為理想電表，下列說(shuō)法中正確的是（）A.只將S從a撥接到b，電流表的示數(shù)將減半B.只將S從a撥接到b，電壓表的示數(shù)將減半C.只將滑動(dòng)變阻器R的滑片從中點(diǎn)移到最上端，電流表的示數(shù)將減半D.只將滑動(dòng)變阻器R的滑片從中點(diǎn)移到最上端，c、d兩端輸入的功率將為原來(lái)的【答案】C【解析】AB．只將S從撥接到，原線圈的匝數(shù)減半，根據(jù)可知副線圈的輸出電壓增大到原來(lái)的2倍，即電壓表的示數(shù)增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的輸出電流增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)可知副線圈的輸出功率增大到原來(lái)的4倍，所以原線圈的輸入功率增大到原來(lái)的4倍，根據(jù)可知原線圈的輸入電流增大到原來(lái)的4倍，即電流表的示數(shù)將增大到原來(lái)的4倍，故A、B錯(cuò)誤；CD．只將滑動(dòng)變阻器的滑片從中點(diǎn)移到最上端，負(fù)載增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)可知副線圈的輸出電壓不變，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的輸出電流減小到原來(lái)的一半，根據(jù)可知副線圈的輸出功率減小到原來(lái)的一半，所以原線圈的輸入功率減小到原來(lái)的一半，即、兩端輸入的功率將為原來(lái)的一半，根據(jù)可知原線圈的輸入電流減小到原來(lái)的一半，即電流表的示數(shù)將減半，故C正確，D錯(cuò)誤；故選C。8.如圖所示，在水平桌面上有一金屬圓環(huán)，在它圓心正上方有一條形磁鐵（極性不明），當(dāng)條形磁鐵下落時(shí)，可以判定（）A.環(huán)中將產(chǎn)生俯視順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流B.環(huán)對(duì)桌面的壓力將增大C.環(huán)有面積縮小的趨勢(shì)D.磁鐵將受到豎直向下的電磁作用力【答案】BC【解析】A．由于磁鐵的極性不明，無(wú)法確定環(huán)中感應(yīng)電流的方向，故A錯(cuò)誤；B．磁鐵靠近圓環(huán)，穿過(guò)環(huán)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律的推論可知，環(huán)有面積減小和遠(yuǎn)離磁鐵的趨勢(shì)，故環(huán)對(duì)桌面的壓力將增大，故BC正確；D．根據(jù)力的作用是相互的，可知，磁鐵受到環(huán)對(duì)它施加的豎直向上的作用力，故D錯(cuò)誤。9.在如圖所示的電路中，將開關(guān)S閉合，燈泡正常工作，導(dǎo)線與互相平行，a點(diǎn)與兩導(dǎo)線共面且到兩導(dǎo)線距離相等，則下列說(shuō)法正確的是（）A.兩段導(dǎo)線互相吸引B.兩段導(dǎo)線互相排斥C.兩段導(dǎo)線在a點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直兩導(dǎo)線平面向下D.兩段導(dǎo)線在a點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直兩導(dǎo)線平面向上【答案】BD【解析】AB．兩端導(dǎo)線中電流方向相反，根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，可知，B正確，A錯(cuò)誤；CD．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩段導(dǎo)線在a處的磁場(chǎng)方向均豎直向上，根據(jù)矢量疊加可知，a處的合磁場(chǎng)也是豎直向上，C錯(cuò)誤，D正確。10.在豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一圓形導(dǎo)體環(huán)，導(dǎo)體環(huán)面積為，導(dǎo)體環(huán)的總電阻為。規(guī)定導(dǎo)體環(huán)中電流的正方向如圖甲所示，磁場(chǎng)向上為正。磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化如乙圖所示，。下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)，導(dǎo)體環(huán)中電流零B.第內(nèi)，導(dǎo)體環(huán)中電流為負(fù)方向C.第內(nèi)，導(dǎo)體環(huán)中電流的大小為D.第內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體環(huán)中某一截面的電荷量為【答案】CD【解析】A．時(shí)，穿過(guò)導(dǎo)體環(huán)的磁通量變化率不為零，則導(dǎo)體環(huán)中感應(yīng)電流不為零，故A錯(cuò)誤；B．第2s內(nèi)，向上穿過(guò)導(dǎo)體環(huán)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律感應(yīng)磁場(chǎng)方向向下，由安培定則可知，導(dǎo)體環(huán)中感應(yīng)電流為正方向，故B錯(cuò)誤；C．第3s內(nèi)，導(dǎo)體環(huán)中電流大小故C正確；D．第3s內(nèi)與第4s內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流相同，則第4s內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體環(huán)中某一截面的電荷量為故D正確。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共14分）11.在測(cè)量一根粗細(xì)均勻合金絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)：（1）利用螺旋測(cè)微器測(cè)定合金絲直徑如圖甲所示，該合金絲的直徑______mm；（2）首先用多用電表粗測(cè)的電阻，當(dāng)用“”擋時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大如圖乙所示，接下來(lái)的測(cè)量操作如下，請(qǐng)幫助該同學(xué)選擇必需的操作并按操作順序排序______；A.測(cè)量結(jié)束后，將選擇開關(guān)旋到“OFF”擋B.斷開待測(cè)電阻，將選擇開關(guān)旋到“”擋C.斷開待測(cè)電阻，將選擇開關(guān)旋到“”擋D.將紅黑表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0”E.再接入待測(cè)電阻，將指針示數(shù)乘以對(duì)應(yīng)倍數(shù)，即為待測(cè)電阻的阻值（3）該同學(xué)采用“伏安法”較準(zhǔn)確地測(cè)量該合金絲的阻值，所用實(shí)驗(yàn)器材如圖丙所示，其中電壓表內(nèi)阻約，電流表內(nèi)阻約，圖中部分電路已經(jīng)連接好，請(qǐng)將電路圖補(bǔ)充完整______；（4）若電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，合金絲長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則該合金絲的電阻率______（用U、I、L、d表示）?！敬鸢浮浚?）0.730或0.731或0.732或0.733或0.734（2）BDEA（3）（4）【解析】（1）[1]根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則，由圖甲可得，該合金絲的直徑為（2）[2]當(dāng)用“”擋時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，說(shuō)明被測(cè)電阻較小，應(yīng)該換用小倍率電阻擋；調(diào)整檔位后，要先進(jìn)行歐姆調(diào)零，再進(jìn)行測(cè)量，測(cè)量后，斷開表筆關(guān)閉多用表；故實(shí)驗(yàn)步驟的順序?yàn)锽DEA。（3）[3]由于待測(cè)電阻的阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，可知電流表應(yīng)該采用內(nèi)接法；由于滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則實(shí)物連線如圖所示（4）[4]根據(jù)電阻定律和歐姆定律可知，解得該合金絲電阻率為12.如圖甲所示，將兩個(gè)不同的金屬電極插入水果中就可以做成一個(gè)水果電池，某同學(xué)準(zhǔn)備測(cè)定一水果電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：A.待測(cè)水果電池（電動(dòng)勢(shì)約為）B.電流表（量程，內(nèi)阻約）C.電流表（量程，內(nèi)阻約）D.電壓表（量程，內(nèi)阻約）E.電壓表（量程，內(nèi)阻約）F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值約）G.開關(guān)（S）、導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用________（填“B”或“C”）；電壓表應(yīng)選用________（填“D”或“E”）。（2）閉合開關(guān)后，多次移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得多組電壓表和電流表的示數(shù)和，在坐標(biāo)紙上以為縱軸、為橫軸，選擇適當(dāng)?shù)臉?biāo)度建立坐標(biāo)，并畫出圖線。作出的圖像與縱軸的截距為，橫軸的截距為。由此求出電池的電動(dòng)勢(shì)為________，電池的內(nèi)阻為________。（結(jié)果用字母表示）（3）考慮到電壓表和電流表內(nèi)阻對(duì)電路的影響，本實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的主要原因是________（選填“電流表分壓”或“電壓表分流”）；這種測(cè)量方法將導(dǎo)致電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值________。（選填“偏大”“偏小”或“不變”）【答案】（1）BD（2）d（3）電壓表分流偏小【解析】（1）[1][2]實(shí)驗(yàn)中電流不超過(guò)0.6A，則電流表應(yīng)選用B；電源電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，則電壓表應(yīng)選用D。（2）[3][4]根據(jù)U=E-Ir可知電池的電動(dòng)勢(shì)為電池的內(nèi)阻為（3）[5][6]考慮到電壓表和電流表內(nèi)阻對(duì)電路的影響，本實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的主要原因是電壓表分流；由于電壓表的分流作用，電流的測(cè)量值小于真實(shí)值，而短路電流不變，電源的U-I圖象如圖所示由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值；三、計(jì)算題（本題共3小題，共計(jì)40分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13.一個(gè)電阻為r、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線圈abcd共N匝，線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁感線的軸，以如圖所示的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外電路電阻為R。（1）轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值有多大？（2）線圈平面與磁感線夾角為時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)多大？（3）設(shè)發(fā)電機(jī)由柴油機(jī)帶動(dòng)，其他能量損失不計(jì)，線圈轉(zhuǎn)一周，柴油機(jī)做多少功？【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為（2）線圈平面與B成時(shí)的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（3）電動(dòng)勢(shì)的有效值電流的有效值柴油機(jī)的功轉(zhuǎn)化為電能，線圈轉(zhuǎn)一周，柴油機(jī)做功14.如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，寬度一端連接的電阻。導(dǎo)線所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度。質(zhì)量為的導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上，其電阻，長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好并始終與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計(jì)。在平行于導(dǎo)軌的拉力作用下，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右做勻速運(yùn)動(dòng)，速度，并開始計(jì)時(shí)。求：（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和、兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；（2）在時(shí)間內(nèi)，拉力做的功；（3）在末，撤去拉力，導(dǎo)體棒會(huì)逐漸減速直至停止運(yùn)動(dòng)。求從開始至停止的全過(guò)程中電阻上產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）【解析】（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差（2）棒勻速運(yùn)動(dòng)，受平衡力拉力做的功（3）撤去拉力之前，拉力做功等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，撤去之后棒動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱又因?yàn)镽與r串聯(lián)，R產(chǎn)生的焦耳熱15.如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy所在平面內(nèi)，A點(diǎn)坐標(biāo)為（0，d），直線AC與y軸垂直，它是第一象限內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的分界線。場(chǎng)強(qiáng)大小為E的電場(chǎng)方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的磁場(chǎng)垂直紙面向外。一質(zhì)量為m、電荷量為-q（q>0）的帶負(fù)電粒子，以某一初速度與x軸正向成α=30°從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)。已知粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)后穿過(guò)AC第一次進(jìn)入電場(chǎng)并恰好做直線運(yùn)動(dòng)，不計(jì)粒子重力，求：（1）在圖中畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖并求帶電粒子射入磁場(chǎng)初速度的大??；（2）帶電粒子進(jìn)入電場(chǎng)前在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和第一次在第一象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）粒子每次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)的位置坐標(biāo)?！敬鸢浮浚?），；（2），；（3）【解析】（1）粒子在電場(chǎng)中恰好做直線運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)后豎直向上進(jìn)入電場(chǎng)，畫出粒子運(yùn)動(dòng)的示意圖如圖所示設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為R，由幾何關(guān)系可知又聯(lián)立可得帶電粒子射入磁場(chǎng)初速度的大小（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期粒子進(jìn)入電場(chǎng)前在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度粒子在電場(chǎng)中先豎直向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至速度為零，再反向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)總時(shí)間所以粒子在第一象限內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間（3）由題意可知粒子將循環(huán)運(yùn)動(dòng)，N坐標(biāo)為（r，0），故每次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)的坐標(biāo)為（nr，0），即，n=1，2，3，…2023~2024學(xué)年度上學(xué)期六校高二期末聯(lián)考試卷物理一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題中只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.關(guān)于電磁波的發(fā)現(xiàn)及應(yīng)用、能量量子化，下列說(shuō)法正確的是（）A.普朗克提出了能量子假說(shuō)，解決了黑體輻射的理論困難，提出了“量子”概念B.X射線具有輻射性，可用來(lái)通信和廣播C.能量量子化指能量的連續(xù)性，微觀粒子的能量值可以是任意值D.利用紅外線的熱效應(yīng)能殺菌消毒，夜視儀利用了紅外成像技術(shù)【答案】A【解析】A．普朗克提出了能量子假說(shuō)，不但解決了黑體輻射的理論困難，而且更重要的是提出了“量子”概念，揭開了物理學(xué)史上嶄新的一頁(yè)，故A正確；B．X射線具有輻射性，不能用來(lái)通信和廣播，故B錯(cuò)誤；C．能量量子化是指微觀粒子的能量值只能是一個(gè)最小能量單位的整數(shù)倍，是不連續(xù)性，微觀粒子的能量值不可以是任意值，故C錯(cuò)誤；D．紫外線具有殺菌消毒的功能，紅外線不具有該功能，夜視儀利用了紅外成像技術(shù)。故D錯(cuò)誤。2.如圖所示，“L”型導(dǎo)線固定并垂直于磁場(chǎng)放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知，ab垂直bc。導(dǎo)線通入恒定電流時(shí)，導(dǎo)線abc受到的安培力大小為（）A.1N B. C.2N D.【答案】B【解析】有效長(zhǎng)度為則安培力大小為故選B。3.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻，小燈泡L標(biāo)有“2V0.4W”字樣，開關(guān)S閉合后，小燈泡L正常發(fā)光。已知電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻也是，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為（）A.0.76W B.0.72W C.0.04W D.0.4W【答案】B【解析】由小燈泡L正常發(fā)光，可知電路中電流為則電動(dòng)機(jī)兩端電壓為電動(dòng)機(jī)的輸入功率為電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率為可得電動(dòng)機(jī)的輸出功率為4.一電子在電場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，在時(shí)間內(nèi)，該粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能隨時(shí)間的變化分別如圖中A、B圖線所示，其中圖線A與橫軸平行，則該電子在時(shí)間內(nèi)（）A.速度不變 B.合力不變 C.電場(chǎng)力做負(fù)功 D.剛好運(yùn)動(dòng)一周【答案】C【解析】A．由圖可知電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，雖然速度大小不變，但是方向時(shí)刻改變，故速度在改變，故A錯(cuò)誤；B．合力提供向心力指向圓心，故合力在變化，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知電子的電勢(shì)能在不斷增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，故C正確；D．電子運(yùn)動(dòng)一周后電勢(shì)能與初始狀態(tài)相同，故D錯(cuò)誤。故選C。5.回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中有周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩個(gè)D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.僅增大狹縫間的加速電壓，則同一粒子射出加速器時(shí)的動(dòng)能增大B.僅增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度且使電場(chǎng)變化周期與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)周期相同，則同一粒子射出加速器時(shí)的動(dòng)能增大C.僅增大D形金屬盒的半徑，則同一粒子射出加速器時(shí)的速度不變D.比荷不同的粒子也可用同一加速器進(jìn)行加速【答案】B【解析】ABC．設(shè)粒子環(huán)繞半徑為，由可知若D形盒半徑為，則射出加速器時(shí)粒子速度則最大動(dòng)能可知射出加速器時(shí)的動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，僅增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度或僅增大D形金屬盒的半徑則可使增大，射出加速器時(shí)的動(dòng)能增大，故B正確，AC錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得磁場(chǎng)或電場(chǎng)的周期比荷不同粒子不能保證粒子一直加速，因此比荷不同的粒子不能用同一加速器加速，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，平行板PQ、MN與電源相連，開關(guān)K閉合，從O點(diǎn)沿兩板間中線不斷向兩板間射入比荷一定的帶正電的粒子，粒子經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后發(fā)生的側(cè)移為y，不計(jì)粒子的重力，要減小側(cè)移y，下列操作可行的是（）A.僅將PQ板向下平移一些B.僅將PQ板向上平移一些C.將開關(guān)K斷開，僅將PQ板向下平移D.將開關(guān)K斷開，僅將PQ板向上平移【答案】B【解析】AB．粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的側(cè)移量為而粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度為電容器在連接電源的情況下，極板間電壓不變，極板間場(chǎng)強(qiáng)為僅將PQ板向下平移一些，兩板間的場(chǎng)強(qiáng)變大，粒子沿電場(chǎng)方向的加速度增大，側(cè)移變大，僅將PQ板向上平移一些，兩板間的場(chǎng)強(qiáng)變小，粒子沿電場(chǎng)方向的加速度減小，側(cè)移變小，A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；CD．將開關(guān)K斷開，兩板的帶電量不變，極板間場(chǎng)強(qiáng)為可知僅將PQ板向下平移或向上平移，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，側(cè)移不變，C、D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，理想變壓器原線圈c、d兩端接入穩(wěn)定的交流電壓，b是原線的中心抽頭，S為單刀雙擲開關(guān)，滑動(dòng)變阻器R的滑片處于變阻器正中間，電表均為理想電表，下列說(shuō)法中正確的是（）A.只將S從a撥接到b，電流表的示數(shù)將減半B.只將S從a撥接到b，電壓表的示數(shù)將減半C.只將滑動(dòng)變阻器R的滑片從中點(diǎn)移到最上端，電流表的示數(shù)將減半D.只將滑動(dòng)變阻器R的滑片從中點(diǎn)移到最上端，c、d兩端輸入的功率將為原來(lái)的【答案】C【解析】AB．只將S從撥接到，原線圈的匝數(shù)減半，根據(jù)可知副線圈的輸出電壓增大到原來(lái)的2倍，即電壓表的示數(shù)增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的輸出電流增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)可知副線圈的輸出功率增大到原來(lái)的4倍，所以原線圈的輸入功率增大到原來(lái)的4倍，根據(jù)可知原線圈的輸入電流增大到原來(lái)的4倍，即電流表的示數(shù)將增大到原來(lái)的4倍，故A、B錯(cuò)誤；CD．只將滑動(dòng)變阻器的滑片從中點(diǎn)移到最上端，負(fù)載增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)可知副線圈的輸出電壓不變，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的輸出電流減小到原來(lái)的一半，根據(jù)可知副線圈的輸出功率減小到原來(lái)的一半，所以原線圈的輸入功率減小到原來(lái)的一半，即、兩端輸入的功率將為原來(lái)的一半，根據(jù)可知原線圈的輸入電流減小到原來(lái)的一半，即電流表的示數(shù)將減半，故C正確，D錯(cuò)誤；故選C。8.如圖所示，在水平桌面上有一金屬圓環(huán)，在它圓心正上方有一條形磁鐵（極性不明），當(dāng)條形磁鐵下落時(shí)，可以判定（）A.環(huán)中將產(chǎn)生俯視順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流B.環(huán)對(duì)桌面的壓力將增大C.環(huán)有面積縮小的趨勢(shì)D.磁鐵將受到豎直向下的電磁作用力【答案】BC【解析】A．由于磁鐵的極性不明，無(wú)法確定環(huán)中感應(yīng)電流的方向，故A錯(cuò)誤；B．磁鐵靠近圓環(huán)，穿過(guò)環(huán)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律的推論可知，環(huán)有面積減小和遠(yuǎn)離磁鐵的趨勢(shì)，故環(huán)對(duì)桌面的壓力將增大，故BC正確；D．根據(jù)力的作用是相互的，可知，磁鐵受到環(huán)對(duì)它施加的豎直向上的作用力，故D錯(cuò)誤。9.在如圖所示的電路中，將開關(guān)S閉合，燈泡正常工作，導(dǎo)線與互相平行，a點(diǎn)與兩導(dǎo)線共面且到兩導(dǎo)線距離相等，則下列說(shuō)法正確的是（）A.兩段導(dǎo)線互相吸引B.兩段導(dǎo)線互相排斥C.兩段導(dǎo)線在a點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直兩導(dǎo)線平面向下D.兩段導(dǎo)線在a點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直兩導(dǎo)線平面向上【答案】BD【解析】AB．兩端導(dǎo)線中電流方向相反，根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，可知，B正確，A錯(cuò)誤；CD．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩段導(dǎo)線在a處的磁場(chǎng)方向均豎直向上，根據(jù)矢量疊加可知，a處的合磁場(chǎng)也是豎直向上，C錯(cuò)誤，D正確。10.在豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一圓形導(dǎo)體環(huán)，導(dǎo)體環(huán)面積為，導(dǎo)體環(huán)的總電阻為。規(guī)定導(dǎo)體環(huán)中電流的正方向如圖甲所示，磁場(chǎng)向上為正。磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化如乙圖所示，。下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)，導(dǎo)體環(huán)中電流零B.第內(nèi)，導(dǎo)體環(huán)中電流為負(fù)方向C.第內(nèi)，導(dǎo)體環(huán)中電流的大小為D.第內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體環(huán)中某一截面的電荷量為【答案】CD【解析】A．時(shí)，穿過(guò)導(dǎo)體環(huán)的磁通量變化率不為零，則導(dǎo)體環(huán)中感應(yīng)電流不為零，故A錯(cuò)誤；B．第2s內(nèi)，向上穿過(guò)導(dǎo)體環(huán)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律感應(yīng)磁場(chǎng)方向向下，由安培定則可知，導(dǎo)體環(huán)中感應(yīng)電流為正方向，故B錯(cuò)誤；C．第3s內(nèi)，導(dǎo)體環(huán)中電流大小故C正確；D．第3s內(nèi)與第4s內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流相同，則第4s內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體環(huán)中某一截面的電荷量為故D正確。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共14分）11.在測(cè)量一根粗細(xì)均勻合金絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)：（1）利用螺旋測(cè)微器測(cè)定合金絲直徑如圖甲所示，該合金絲的直徑______mm；（2）首先用多用電表粗測(cè)的電阻，當(dāng)用“”擋時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大如圖乙所示，接下來(lái)的測(cè)量操作如下，請(qǐng)幫助該同學(xué)選擇必需的操作并按操作順序排序______；A.測(cè)量結(jié)束后，將選擇開關(guān)旋到“OFF”擋B.斷開待測(cè)電阻，將選擇開關(guān)旋到“”擋C.斷開待測(cè)電阻，將選擇開關(guān)旋到“”擋D.將紅黑表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0”E.再接入待測(cè)電阻，將指針示數(shù)乘以對(duì)應(yīng)倍數(shù)，即為待測(cè)電阻的阻值（3）該同學(xué)采用“伏安法”較準(zhǔn)確地測(cè)量該合金絲的阻值，所用實(shí)驗(yàn)器材如圖丙所示，其中電壓表內(nèi)阻約，電流表內(nèi)阻約，圖中部分電路已經(jīng)連接好，請(qǐng)將電路圖補(bǔ)充完整______；（4）若電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，合金絲長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則該合金絲的電阻率______（用U、I、L、d表示）。【答案】（1）0.730或0.731或0.732或0.733或0.734（2）BDEA（3）（4）【解析】（1）[1]根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則，由圖甲可得，該合金絲的直徑為（2）[2]當(dāng)用“”擋時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，說(shuō)明被測(cè)電阻較小，應(yīng)該換用小倍率電阻擋；調(diào)整檔位后，要先進(jìn)行歐姆調(diào)零，再進(jìn)行測(cè)量，測(cè)量后，斷開表筆關(guān)閉多用表；故實(shí)驗(yàn)步驟的順序?yàn)锽DEA。（3）[3]由于待測(cè)電阻的阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，可知電流表應(yīng)該采用內(nèi)接法；由于滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則實(shí)物連線如圖所示（4）[4]根據(jù)電阻定律和歐姆定律可知，解得該合金絲電阻率為12.如圖甲所示，將兩個(gè)不同的金屬電極插入水果中就可以做成一個(gè)水果電池，某同學(xué)準(zhǔn)備測(cè)定一水果電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：A.待測(cè)水果電池（電動(dòng)勢(shì)約為）B.電流表（量程，內(nèi)阻約）C.電流表（量程，內(nèi)阻約）D.電壓表（量程，內(nèi)阻約）E.電壓表（量程，內(nèi)阻約）F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值約）G.開關(guān)（S）、導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用________（填“B”或“C”）；電壓表應(yīng)選用________（填“D”或“E”）。（2）閉合開關(guān)后，多次移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得多組電壓表和電流表的示數(shù)和，在坐標(biāo)紙上以為縱軸、為橫軸，選擇適當(dāng)?shù)臉?biāo)度建立坐標(biāo)，并畫出圖線。作出的圖像與縱軸的截距為，橫軸的截距為。由此求出電池的電動(dòng)勢(shì)為________，電池的內(nèi)阻為________。（結(jié)果用字母表示）（3）考慮到電壓表和電流表內(nèi)阻對(duì)電路的影響，本實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的主要原因是________（選填“電流表分壓”或“電壓表分流”）；這種測(cè)量方法將導(dǎo)致電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值________。（選填“偏大”“偏小”或“不變”）【答案】（1）BD（2）d（3）電壓表分流偏小【解析】（1）[1][2]實(shí)驗(yàn)中電流不超過(guò)0.6A，則電流表應(yīng)選用B；電源電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，則電壓表應(yīng)選用D。（2）[3][4]根據(jù)U=E-Ir可知電池的電動(dòng)勢(shì)為電池的內(nèi)阻為（3）[5][6]考慮到電壓表和電流表內(nèi)阻對(duì)電路的影響，本實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的主要原因是電壓表分流；由于電壓表的分流作用，電流的測(cè)量值小于真實(shí)值，而短路電流不變，電源的U-I圖象如圖所示由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值；三、計(jì)算題（本題共3小題，共計(jì)40分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案