2024年統(tǒng)編版2024高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年統(tǒng)編版2024高二物理上冊階段測試試卷685考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、做自由落體運(yùn)動(dòng)的物體，在第1s

內(nèi)下落的高度是(g

取10m/s?)

A.5m

B.10m

C.15m

D.20m

2、下列用電器中，利用靜電的吸附作用進(jìn)行工作的是(

)

A.復(fù)印機(jī)B.電冰箱C.電話機(jī)D.電飯煲3、聲波的衍射現(xiàn)象比光波的衍射現(xiàn)象來得更容易、更明顯，這是因?yàn)椋ǎ〢.耳朵的聽覺比眼睛的視覺要靈敏B.聲波的波速比光波的波速大C.聲波的波長比光波的波長要長D.聲波的頻率比光波的頻率要高4、有關(guān)交流電的下列說法不正確的是（）A.交變電流的有效值實(shí)質(zhì)就是平均值B.只有正（或余）弦式電流才有U=的關(guān)系C.照明電壓220V、動(dòng)力電壓380V，交流電壓表和電流表測量的值指的都是交變電流的有效值D.交變電流u=311sin314t的相位是314t，初相是05、如圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場中，有半徑為r

的光滑圓形導(dǎo)體框架，Oa

為一能繞O

在框架上滑動(dòng)的導(dǎo)體棒，Oa

之間連一個(gè)電阻R

導(dǎo)體框架與導(dǎo)體電阻均不計(jì)，使Oa

能以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，整個(gè)電路的電功率是

A.B2婁脴2r4/R

B.B2婁脴2r4/2R

C.B2婁脴2r4/4R

D.B2婁脴2r4/8R

6、質(zhì)量為M

的原子核，原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)它以速度V

放出一個(gè)質(zhì)量為m

的粒子時(shí)，剩余部分的速度為(

)

A.mVM鈭?m

B.鈭?mVM鈭?m

C.mVM+m

D.鈭?mVM+m

評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、兩長度和橫截面積均相同的電阻絲的伏安特性曲線如圖所示，求兩電阻絲的電阻值之比為________，電阻率之比為________．8、物體帶電的三種方式____、____、感應(yīng)起電．9、把“龜兔賽跑”的過程簡化后，用如圖所示的s—t圖表示，那么烏龜做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度v=____m／s。比賽的前50m，烏龜?shù)倪\(yùn)動(dòng)速度____兔子的運(yùn)動(dòng)速度(填“大于”、“等于”或“小于”），第500S末烏龜與兔子的距離為____m。10、在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中：（1）為了探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)保持____________不變；為了直觀地判斷加速度與力的數(shù)量關(guān)系，應(yīng)作出____________圖象（選填“”或“”）.（2）為了探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)保持____________不變；為了直觀地判斷加速度與質(zhì)量的數(shù)量關(guān)系，應(yīng)作____________圖象（選填“”或“”）.11、設(shè)宇宙射線粒子的能量是其靜止能量的k倍．則粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)的質(zhì)量等于其靜止質(zhì)量的倍，粒子運(yùn)動(dòng)速度是光速的倍。12、圖給出了汽車從A點(diǎn)出發(fā)到B點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖線，據(jù)圖可知。在0s－40s內(nèi)汽車加速度是____m/s2；在40s－120s內(nèi)汽車的位移大小是____m；在120s－200s內(nèi)汽車做____運(yùn)動(dòng)；由圖中得到汽車從A點(diǎn)開始到第一次速度大小為10m/s時(shí)所需的時(shí)間是____s。13、如圖所示，有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球停在絕緣平面上，并且處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中．為了使小球飄離平面，勻強(qiáng)磁場在紙面內(nèi)移動(dòng)的最小速度為______，方向?yàn)開_____．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共6分)22、某同學(xué)用圖所示的裝置通過半徑相同的AB

兩球(mA>mB)

的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律.

圖中PQ

是斜槽，QR

為水平槽.

實(shí)驗(yàn)時(shí)先使A

球從斜槽上某一固定位置G

由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡.

重復(fù)上述操作10

次，得到10

個(gè)落點(diǎn)痕跡.

再把B

球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A

球仍從位置G

由靜止開始滾下，和B

球碰撞后，AB

球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡.

重復(fù)這種操作10

次.

圖甲中O

點(diǎn)是水平槽末端R

在記錄紙上的垂直投影點(diǎn).B

球落點(diǎn)痕跡如圖乙所示，其中米尺水平放置，且平行于GRO

所在的平面，米尺的零點(diǎn)與O

點(diǎn)對齊．

(1)

碰撞后B

球的水平射程應(yīng)取為______cm

(2)

在以下選項(xiàng)中；哪些是本次實(shí)驗(yàn)必須進(jìn)行的測量______

A.水平槽上未放B

球時(shí)；測量A

球落點(diǎn)位置到O

點(diǎn)的距離。

B.A

球與B

球碰撞后；測量A

球落點(diǎn)位置到O

點(diǎn)的距離。

C.測量A

球或B

球的直徑。

D.測量A

球和B

球的質(zhì)量(

或兩球質(zhì)量之比)

E.測量O

點(diǎn)相對于水平槽面的高度。

(3)

實(shí)驗(yàn)中；對入射小球在斜槽上釋放點(diǎn)的高低對實(shí)驗(yàn)影響的說法中正確的是______

A.釋放點(diǎn)越低；小球受阻力越小，入射小球速度越小，誤差越小。

B.釋放點(diǎn)越低；兩球碰后水平位移越小，水平位移測量的相對誤差越小，兩球速度的測量越準(zhǔn)確。

C.釋放點(diǎn)越高；兩球相碰時(shí)，相互作用的內(nèi)力越大，碰撞前后動(dòng)量之差越小，誤差越小。

D.釋放點(diǎn)越高，入射小球?qū)Ρ慌鲂∏虻淖饔昧υ酱螅壍缹Ρ慌鲂∏虻淖枇υ叫。?3、用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究小車的加速度跟合外力的關(guān)系，小車左端連接的是力傳感器，小車放置在表面各處粗糙程度相同的水平長木板上，按圖甲裝配好實(shí)驗(yàn)器材，先測出小車運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的摩擦阻力，逐漸向沙桶中添加沙粒，當(dāng)觀察到小車剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，記下傳感器的示數(shù)F0

可認(rèn)為摩擦阻力為F0

．(1)

將小車放回初位置并用手按住，繼續(xù)向沙桶中添加一定量的沙粒，接通頻率為50Hz

的交流電源，使打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作，然后釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記下傳感器的示數(shù)F1

繼續(xù)向桶中添加沙粒，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，打出多條紙帶，圖乙為某次實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶，紙帶上每相鄰的兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間都有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，按時(shí)間順序取OABCD

五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，用刻度尺量出ABCD

點(diǎn)到O

點(diǎn)的距離，則小車的加速度a=

____m/s2.(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(2)

算出每次小車的加速度和合力F(F=F1鈭?F0)

獲得多組數(shù)據(jù)，描繪小車加速度a

與F

的關(guān)系圖像，在實(shí)驗(yàn)中，____(

選填“需要”或“不需要”)

沙和桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量.

(3)

實(shí)驗(yàn)中，一位細(xì)心的同學(xué)發(fā)現(xiàn)傳感器的示數(shù)要比沙和桶的重力小很多，原因是____________________________.

評卷人得分五、計(jì)算題(共2題，共20分)24、如圖，氣缸左右兩側(cè)氣體由絕熱活塞隔開，活塞與氣缸光滑接觸．初始時(shí)兩側(cè)氣體均處于平衡狀態(tài)，體積之比V1：V2=1：2，溫度之比T1：T2=3：5．先保持右側(cè)氣體溫度不變；升高左側(cè)氣體溫度，使兩側(cè)氣體體積相同，然后使活塞導(dǎo)熱．兩側(cè)氣體最后達(dá)到平衡．求。

（1）兩側(cè)氣體體積相同時(shí)；左側(cè)氣體的溫度與初始溫度的比值；

（2）兩側(cè)氣體最后達(dá)到平衡時(shí)，左右兩側(cè)氣體的體積之比．25、如圖所示；木板AB

緊靠在一起，放在光滑水平面上，mA=5kgmB=4kgAB

上表面粗糙.

另有一個(gè)質(zhì)量為1kg

的物塊C

以初速度v0

從A

的左端向右滑動(dòng)，最后C

物塊在木板B

上與木板B

一起以1.5m/s

的速度運(yùn)動(dòng)，木板A

最終的速度大小為vA=0.5m/s.

已知C

與AB

間動(dòng)摩擦因數(shù)均為婁脤=0.2

求：

(1)

物塊C

的初速度v0

的大??；

(2)

物塊C

在木板B

上滑行的距離．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】做自由落體運(yùn)動(dòng)的物體，在第1s

內(nèi)下落的高度故選A【解析】A

2、A【分析】解：A

復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料；就是利用靜電墨粉吸附在鼓上.

故選A正確；

B；電冰箱是利用物態(tài)變化時(shí)的吸熱和放熱原理制冷的；故B錯(cuò)誤；

C；電話是利用電磁波傳遞信息；利用了電流的磁效應(yīng)工作的，故C錯(cuò)誤；

D；電飯煲是利用了電流的熱效應(yīng)；來加熱的，故D錯(cuò)誤．

故選A．【解析】A

3、C【分析】解：波發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象的條件是：孔縫的寬度或障礙物尺寸與波長相比差不多或比波長更短．由于聲波的波長比較大（1.7cm～17m）比光波大得多；故可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，而可見光的波長很小，無法發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象．故只有C正確，ABD錯(cuò)誤．

故選：C．

波能否繞過某一建筑物傳播是指波是否發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；波發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象的條件是：孔縫的寬度或障礙物尺寸與波長相比差不多或比波長更短．

掌握了波發(fā)生明顯衍射的條件即可順利解決此題，注意聲波與光波的波長長短是解題的關(guān)鍵．【解析】【答案】C4、A【分析】解：A；交流電的有效值與平均值是兩個(gè)不同的概念；故A錯(cuò)誤．

B、只有正（或余）弦式電流才有U=的關(guān)系；故B正確；

C；照明電壓220V、動(dòng)力電壓380V；交流電壓表和電流表測量的值指的都是交變電流的有效值，故C正確；

D；交變電流u=311sin314t的相位是314t；初相是0，故D正確；

本題選錯(cuò)誤的；故選：A．

交變電流表和交變電壓表測定的電流；電壓的數(shù)值、交變電流的電器設(shè)備銘牌上所標(biāo)的電壓和電流值均指有效值；沒有特別說明的都是指交變電流的有效值．

本題關(guān)鍵要知道有效值的概念，明確給定的交變電流的數(shù)值，沒有特別說明的都是指交變電流的有效值．【解析】【答案】A5、C【分析】【分析】導(dǎo)體棒勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；說明處于受力平衡狀態(tài)，外力的功率和電阻的發(fā)熱的功率大小相等，求出電阻發(fā)熱的功率即可。

解決本題的關(guān)鍵是分析出外力的功率與電阻的發(fā)熱的功率大小相等，知道這一點(diǎn)本題就簡單的多了。【解答】因?yàn)镺C

是勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的，根據(jù)能量的守恒可得，P脥芒=P碌莽=U2R

又因?yàn)镋=Br隆隴婁脴r2

聯(lián)立解得：P脥芒=B2婁脴2r44R

故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C?！窘馕觥緾

6、B【分析】解：原子核放出粒子前后動(dòng)量守恒；設(shè)剩余部分速度為v

則有：mv+(M鈭?m)v隆盲=0

所以解得：v隆盲=鈭?mvM鈭?m

負(fù)號表示速度與放出粒子速度相反．

故選：B

．

本題屬于“反沖”問題；原子核放出粒子過程中動(dòng)量守恒，因此根據(jù)動(dòng)量守恒直接列方程求解即可．

本題比較簡單，考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，要注意該定律的適用條件和公式中物理量的含義以及其矢量性．【解析】B

二、填空題(共7題，共14分)7、略

【分析】試題分析：根據(jù)歐姆定律和圖像可知，兩電阻絲的電阻之比等于圖線的斜率反比，即電阻值之比為1：3，根據(jù)電阻率的定義有同時(shí)，電阻絲長度和橫截面積均相同，所以可知，電阻率之比也為1：3；考點(diǎn)：歐姆定律、電阻率【解析】【答案】1：3；1：38、略

【分析】

使物體帶電的方法共有三種分別為摩擦起電；感應(yīng)起電和接觸起電．

故答案為：接觸起電；摩擦起電．

【解析】【答案】使物體帶電的方法有三種分別為摩擦起電；感應(yīng)起電和接觸帶電；由此分析可以的出結(jié)論．

9、略

【分析】【解析】試題分析：位移時(shí)間圖像中，圖線的斜率表示速度大小，由此可知烏龜做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度0.4m/s，比賽的前50m，烏龜?shù)倪\(yùn)動(dòng)圖像的斜率較小，速度較小，圖像縱坐標(biāo)的截距表示位移大小，由此可知第500S末烏龜與兔子的距離為50m考點(diǎn)：考查位移時(shí)間圖像【解析】【答案】0.4；小于；5010、略

【分析】【解析】試題分析：探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)的原理F=ma，利用的是控制變量法，因此（1）為了探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)保持質(zhì)量不變；為了直觀地判斷加速度與力的數(shù)量關(guān)系，應(yīng)作出a-F圖像（2）為了探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)保持力不變；為了直觀地判斷加速度與質(zhì)量的數(shù)量關(guān)系，應(yīng)作a-的圖像考點(diǎn)：探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系【解析】【答案】質(zhì)量、力、11、略

【分析】【解析】【答案】k；12、略

【分析】【解析】試題分析：0s－40s內(nèi)40s－120s內(nèi)汽車的位移大小是面積大小，由圖可知為1600m。在120s－200s內(nèi)速度逐漸變小，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。0s－40s內(nèi)汽車加速度為0.5m/s2，根據(jù)計(jì)算得20s?？键c(diǎn)：v-t圖像【解析】【答案】0.5m/s21600m勻減速20s13、略

【分析】解：由左手定則可以判斷出；當(dāng)小球相對于磁場向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，帶正電的小球所受的洛倫茲力方向向上，當(dāng)其與重力平衡時(shí)，小球即將飄離平面．

設(shè)此時(shí)速度為v，則由力的平衡可知mg=qvB，所以最小速度v=．

小球相對于磁場向右運(yùn)動(dòng)；而小球靜止，則磁場向左運(yùn)動(dòng)．

故答案為：水平向左．

磁場運(yùn)動(dòng)時(shí)；可以等效為小球相對于磁場運(yùn)動(dòng)，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)，小球會飄起．根據(jù)mg=qvB，求出速度的大小，根據(jù)洛倫茲力的方向判斷出小球相對于磁場的方向，從而得知磁場的運(yùn)動(dòng)方向．

解決本題的關(guān)鍵知道洛倫茲力和重力相等時(shí)，小球會飄起，掌握左手定則判定洛倫茲力方向、電荷運(yùn)動(dòng)方向和磁場方向的關(guān)系．【解析】水平向左三、判斷題(共8題，共16分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?9、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共6分)22、65.7；ABD；C【分析】解：(1)

如圖乙所示，用一盡可能小的圓把小球的落點(diǎn)圈在里面，圓心為落點(diǎn)的平均位置，由此圖可讀出圓心的位置是65.7cm

這就是小球落點(diǎn)的平均位置.(2)

本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的方程是：mAOP爐=mAON爐+mBOM爐

需要測量兩球的質(zhì)量mAmB

水平槽上未放B

球時(shí)，測量A

球落點(diǎn)位置到O

點(diǎn)的距離OP爐.A

球與B

球碰撞后，測量A

球落點(diǎn)位置到O

點(diǎn)的距離ON爐.

故ABD正確，CE錯(cuò)誤.

故選：ABD.(3)

入球球的釋放點(diǎn)越高，入射前碰撞前的速度越大，相撞時(shí)內(nèi)力越大，阻力的影響相對越小，可以較好地滿足動(dòng)量守恒的條件，也有利于減小測量水平位移時(shí)的相對誤差，從而使實(shí)驗(yàn)的誤差減小.

故ABD錯(cuò)誤，C正確.

故答案為：(1)65.7(65.5鈭?65.9

均可)(2)ABD(3)C.(1)

用一盡可能小的圓把小球的落點(diǎn)圈在里面，圓心為落點(diǎn)的平均位置，再讀出讀數(shù).(2)

如圖，P

為碰撞前，球A

落點(diǎn)的平均位置，MN

分別為碰撞后球B

和球A

落點(diǎn)的平均位置，本實(shí)驗(yàn)的基本原理是利用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律：高度相等時(shí)，平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，水平位移與初速度成正比，將運(yùn)動(dòng)時(shí)間看作時(shí)間單位，可由水平位移表示初速度，需要測量：OPOMON

以及兩球的質(zhì)量.(3)

動(dòng)量守恒的條件是系統(tǒng)所受的合力為零或內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，入球球的釋放點(diǎn)越高，入射前碰撞前的速度越大，相撞時(shí)內(nèi)力越大，阻力影響越小，動(dòng)量越守恒.

本題關(guān)鍵要懂得小球落點(diǎn)平均位置確定的方法：平均圓法，理解基本原理是利用平拋運(yùn)動(dòng)知識，用水平位移替代平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，知道動(dòng)量守恒的條件．【解析】65.7ABDC

23、(1)0.43

(2)

不需要(3)

沙和桶總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大小；因?yàn)樾≤囁芾τ蓚鞲衅髦苯訙y量得到，故不需要砂和桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量；由于砂和桶一起加速向下運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)；本題借助實(shí)驗(yàn)考查了勻變速直線的規(guī)律以及推論的應(yīng)用，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用，提高解決問題能力。解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，其中平衡摩擦力的原因以及做法在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)當(dāng)清楚?！窘獯稹?1)

因?yàn)橄噜徲?jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，所以相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=0.1s

由逐差公式可知，小車的加速度a=xBD鈭?xOB4T2=(4.35?1.31?1.31)隆脕10?24隆脕0.12m/s2

(2)

因?yàn)樾≤囁芾τ蓚鞲衅髦苯訙y量得到，故不需要砂和桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量。(3)

由于砂和桶一起加速向下運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)，mg鈭?F1=ma

傳感器示數(shù)F1

比砂和桶的重力mg

小很多，則說明整體加速度較大，其原因是砂和桶的總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量。故答案為：(1)0.43

(2)

不需要(3)

沙和桶總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量【解析】(1)0.43

(2)

不需要(3)

沙和桶總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量五、計(jì)算題(共2題，共20分)24、略

【分析】

（1）先保持右側(cè)氣體溫度不變；升高左側(cè)氣體溫度，使兩側(cè)氣體體積相同，則右側(cè)氣體發(fā)生等溫變化，遵守玻意耳定律．左側(cè)氣體滿足理想氣體狀態(tài)方程．由玻意耳定律和理想氣體狀態(tài)方程分別列式求解．

（2）使活塞導(dǎo)熱；兩側(cè)氣體最后達(dá)到平衡時(shí)，兩側(cè)氣體都滿足理想氣體狀態(tài)方程，