2022屆《創(chuàng)新設(shè)計》數(shù)學(xué)一輪(文科)人教A版課時作業(yè)-第4章-第4講-三角函數(shù)的圖象與性質(zhì)

第4講三角函數(shù)的圖象與性質(zhì)基礎(chǔ)鞏固題組(建議用時：40分鐘)一、選擇題1．(2021·石家莊模擬)函數(shù)f(x)＝taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3)))的單調(diào)遞增區(qū)間是 ()A．eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(kπ,2)－\f(π,12)，\f(kπ,2)＋\f(5π,12)))(k∈Z) B．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(kπ,2)－\f(π,12)，\f(kπ,2)＋\f(5π,12)))(k∈Z)C．eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(kπ－\f(π,12)，kπ＋\f(5π,12)))(k∈Z) D．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(kπ＋\f(π,6)，kπ＋\f(2π,3)))(k∈Z)解析當(dāng)kπ－eq\f(π,2)＜2x－eq\f(π,3)＜kπ＋eq\f(π,2)(k∈Z)時，函數(shù)y＝taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3)))單調(diào)遞增，解得eq\f(kπ,2)－eq\f(π,12)＜x＜eq\f(kπ,2)＋eq\f(5π,12)(k∈Z)，所以函數(shù)y＝taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3)))的單調(diào)遞增區(qū)間是eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(kπ,2)－\f(π,12)，\f(kπ,2)＋\f(5π,12)))(k∈Z)，故選B．答案B2．(2022·新課標(biāo)全國Ⅰ卷)在函數(shù)①y＝cos|2x|，②y＝|cosx|，③y＝coseq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x＋\f(π,6)))，④y＝taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,4)))中，最小正周期為π的全部函數(shù)為 ()A．①②③ B．①③④C．②④ D．①③解析①y＝cos|2x|＝cos2x，最小正周期為π；②由圖象知y＝|cosx|的最小正周期為π；③y＝coseq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x＋\f(π,6)))的最小正周期T＝eq\f(2π,2)＝π；④y＝taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,4)))的最小正周期T＝eq\f(π,2)，因此選A．答案A3．(2022·云南統(tǒng)一檢測)已知函數(shù)f(x)＝cos23x－eq\f(1,2)，則f(x)的圖象的相鄰兩條對稱軸之間的距離等于 ()A．eq\f(2π,3) B．eq\f(π,3)C．eq\f(π,6) D．eq\f(π,12)解析由于f(x)＝eq\f(1＋cos6x,2)－eq\f(1,2)＝eq\f(1,2)cos6x，所以最小正周期T＝eq\f(2π,6)＝eq\f(π,3)，相鄰兩條對稱軸之間的距離為eq\f(T,2)＝eq\f(π,6)，故選C．答案C4．已知函數(shù)f(x)＝sin(x＋θ)＋eq\r(3)cos(x＋θ)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(θ∈\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(π,2)，\f(π,2)))))是偶函數(shù)，則θ的值為 ()A．0 B．eq\f(π,6)C．eq\f(π,4) D．eq\f(π,3)解析據(jù)已知可得f(x)＝2sineq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋θ＋\f(π,3)))，若函數(shù)為偶函數(shù)，則必有θ＋eq\f(π,3)＝kπ＋eq\f(π,2)(k∈Z)，又由于θ∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(π,2)，\f(π,2)))，故有θ＋eq\f(π,3)＝eq\f(π,2)，解得θ＝eq\f(π,6)，經(jīng)代入檢驗符合題意．答案B5．(2021·金華十校模擬)關(guān)于函數(shù)y＝taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3)))，下列說法正確的是 ()A．是奇函數(shù)B．在區(qū)間eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(π,3)))上單調(diào)遞減C．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,6)，0))為其圖象的一個對稱中心D．最小正周期為π解析函數(shù)y＝taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3)))是非奇非偶函數(shù)，A錯誤；在區(qū)間eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(π,3)))上單調(diào)遞增，B錯誤；最小正周期為eq\f(π,2)，D錯誤．∵當(dāng)x＝eq\f(π,6)時，taneq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2×\f(π,6)－\f(π,3)))＝0，∴eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,6)，0))為其圖象的一個對稱中心，故選C．答案C二、填空題6．函數(shù)y＝coseq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)－2x))的單調(diào)減區(qū)間為________.解析由y＝coseq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)－2x))＝coseq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,4)))得2kπ≤2x－eq\f(π,4)≤2kπ＋π(k∈Z)，故kπ＋eq\f(π,8)≤x≤kπ＋eq\f(5π,8)(k∈Z)．所以函數(shù)的單調(diào)減區(qū)間為eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(kπ＋\f(π,8)，kπ＋\f(5π,8)))(k∈Z)．答案eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(kπ＋\f(π,8)，kπ＋\f(5π,8)))(k∈Z)7．函數(shù)y＝lg(sinx)＋eq\r(cosx－\f(1,2))的定義域為________.解析要使函數(shù)有意義必需有eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinx＞0，,cosx－\f(1,2)≥0，))即eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinx＞0，,cosx≥\f(1,2)，))解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2kπ＜x＜π＋2kπk∈Z，,－\f(π,3)＋2kπ≤x≤\f(π,3)＋2kπk∈Z，))∴2kπ＜x≤eq\f(π,3)＋2kπ(k∈Z)，∴函數(shù)的定義域為eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x|2kπ＜x≤\f(π,3)＋2kπ，k∈Z)).答案eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(2kπ，\f(π,3)＋2kπ))(k∈Z)8．函數(shù)y＝sin2x＋sinx－1的值域為________.解析y＝sin2x＋sinx－1，令t＝sinx，t∈[－1,1]，則有y＝t2＋t－1＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(t＋\f(1,2)))2－eq\f(5,4)，畫出函數(shù)圖象如圖所示，從圖象可以看出，當(dāng)t＝－eq\f(1,2)及t＝1時，函數(shù)取最值，代入y＝t2＋t－1，可得y∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(5,4)，1)).答案eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(5,4)，1))三、解答題9．已知函數(shù)f(x)＝eq\f(6cos4x＋5sin2x－4,cos2x)，求f(x)的定義域，推斷它的奇偶性，并求其值域．解由cos2x≠0得2x≠kπ＋eq\f(π,2)，k∈Z，解得x≠eq\f(kπ,2)＋eq\f(π,4)，k∈Z，所以f(x)的定義域為eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x|x∈R，且x≠\f(kπ,2)＋\f(π,4)，k∈Z)).由于f(x)的定義域關(guān)于原點(diǎn)對稱，且f(－x)＝eq\f(6cos4－x＋5sin2－x－4,cos－2x)＝eq\f(6cos4x＋5sin2x－4,cos2x)＝f(x)．所以f(x)是偶函數(shù)，當(dāng)x≠eq\f(kπ,2)＋eq\f(π,4)，k∈Z時，f(x)＝eq\f(6cos4x＋5sin2x－4,cos2x)＝eq\f(6cos4x＋5－5cos2x－4,2cos2x－1)＝eq\f(2cos2x－13cos2x－1,2cos2x－1)＝3cos2x－1.所以f(x)的值域為eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(y|－1≤y＜\f(1,2)，或\f(1,2)＜y≤2)).10．(2022·北京西城區(qū)模擬)已知函數(shù)f(x)＝cosx(sinx－cosx)＋1.(1)求函數(shù)f(x)的最小正周期；(2)當(dāng)x∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(π,2)，0))時，求函數(shù)f(x)的最大值和最小值．解(1)∵f(x)＝cosxsinx－cos2x＋1＝eq\f(1,2)sin2x－eq\f(1,2)cos2x＋eq\f(1,2)＝eq\f(\r(2),2)sineq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,4)))＋eq\f(1,2)，∴函數(shù)f(x)的最小正周期T＝eq\f(2π,2)＝π.(2)∵x∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(π,2)，0))，∴2x－eq\f(π,4)∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(5π,4)，－\f(π,4)))，∴sineq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,4)))∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－1，\f(\r(2),2)))，∴f(x)∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(1－\r(2),2)，1))，∴f(x)的最大值和最小值分別為1，eq\f(1－\r(2),2).力氣提升題組(建議用時：25分鐘)11．已知函數(shù)f(x)＝2sinωx(ω＞0)在區(qū)間eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(π,3)，\f(π,4)))上的最小值是－2，則ω的最小值等于 ()A．eq\f(2,3) B．eq\f(3,2)C．2 D．3解析∵f(x)＝2sinωx(ω＞0)的最小值是－2，此時ωx＝2kπ－eq\f(π,2)，k∈Z，∴x＝eq\f(2kπ,ω)－eq\f(π,2ω)，k∈Z，∴－eq\f(π,3)≤eq\f(2kπ,ω)－eq\f(π,2ω)≤0，k∈Z，∴ω≥－6k＋eq\f(3,2)且k≤0，k∈Z，∴ωmin＝eq\f(3,2).答案B12．(2022·成都診斷)若f(x)＝3sinx－4cosx的一條對稱軸方程是x＝a，則a的取值范圍可以是 ()A．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(π,4))) B．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)，\f(π,2)))C．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2)，\f(3π,4))) D．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3π,4)，π))解析由于f(x)＝3sinx－4cosx＝5sin(x－φ)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(其中tanφ＝\f(4,3)且0＜φ＜\f(π,2)))，則sin(a－φ)＝±1，所以a－φ＝kπ＋eq\f(π,2)，k∈Z，即a＝kπ＋eq\f(π,2)＋φ，k∈Z，而tanφ＝eq\f(4,3)且0＜φ＜eq\f(π,2)，所以eq\f(π,4)＜φ＜eq\f(π,2)，所以kπ＋eq\f(3π,4)＜a＜kπ＋π，k∈Z，取k＝0，此時a∈eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3π,4)，π))，故選D．答案D13．已知定義在R上的函數(shù)f(x)滿足：當(dāng)sinx≤cosx時，f(x)＝cosx，當(dāng)sinx＞cosx時，f(x)＝sinx.給出以下結(jié)論：①f(x)是周期函數(shù)；②f(x)的最小值為－1；③當(dāng)且僅當(dāng)x＝2kπ(k∈Z)時，f(x)取得最小值；④當(dāng)且僅當(dāng)2kπ－eq\f(π,2)＜x＜(2k＋1)π(k∈Z)時，f(x)＞0；⑤f(x)的圖象上相鄰兩個最低點(diǎn)的距離是2π.其中正確的結(jié)論序號是________.解析易知函數(shù)f(x)是周期為2π的周期函數(shù)．函數(shù)f(x)在一個周期內(nèi)的圖象如圖所示．由圖象可得，f(x)的最小值為－eq\f(\r(2),2)，當(dāng)且僅當(dāng)x＝2kπ＋eq\f(5π,4)(k∈Z)時，f(x)取得最小值；當(dāng)且僅當(dāng)2kπ－eq\f(π,2)＜x＜(2k＋1)π(k∈Z)時，f(x)＞0；f(x)的圖象上相鄰兩個最低點(diǎn)的距離是2π.所以正確的結(jié)論的序號是①④⑤.答案①④⑤14．(2021·武漢調(diào)研)已知函數(shù)f(x)＝aeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2cos2\f(x,2)＋sinx))＋b.(1)若a＝－1，求函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間；(2)若x∈[0，π]時，函數(shù)f(x)的值域是[5,8]，