2025年滬科新版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科新版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于結(jié)合能，下列說(shuō)法中正確的是A.比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定B.原子核越大，它的結(jié)合能越高C.原子核是核子結(jié)合在一起的，要把它們分開(kāi)，需要能量，這就是原子的結(jié)合能D.中等大小的核比結(jié)合能最小2、關(guān)于光的干涉現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（）A.波峰與波峰疊加處將出現(xiàn)亮條紋，波谷與波谷疊加處將出現(xiàn)暗條紋B.雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中光屏上距兩狹縫的路程差為1個(gè)波長(zhǎng)的某位置將出現(xiàn)亮紋C.把雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中入射光由黃光換成紫光，相鄰兩明條紋間距離變寬D.薄膜干涉的條紋是等間距的平行線時(shí)，說(shuō)明薄膜的厚度處處相等3、近幾年，我國(guó)北京、上海等地利用引進(jìn)的“婁脙

刀”成功地為幾千名腦腫瘤患者做了手術(shù).

“婁脙

刀”由計(jì)算機(jī)控制，利用的是婁脙

射線的特性.

手術(shù)時(shí)患者不必麻醉，手術(shù)時(shí)間短、創(chuàng)傷小，患者恢復(fù)快，因而“婁脙

刀”被譽(yù)為“神刀”.

關(guān)于婁脙

射線的說(shuō)法正確的是(

)

A.它是由原子內(nèi)層電子受激發(fā)而產(chǎn)生的B.它具有很高的能量，它不屬于電磁波C.它具有很強(qiáng)的貫穿本領(lǐng)，但它的電離作用卻很弱D.它很容易發(fā)生衍射4、在下列各運(yùn)動(dòng)中；可以當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)的有（）

A.做旋轉(zhuǎn)動(dòng)作的體操運(yùn)動(dòng)員。

B.遠(yuǎn)洋航行中的巨輪。

C.轉(zhuǎn)動(dòng)著的螺旋槳。

D.繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星。

5、根據(jù)麥克斯韋電磁場(chǎng)理論，下列說(shuō)法中正確的是（）Ａ．變化的電場(chǎng)一定產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)Ｂ．均勻變化的電場(chǎng)一定產(chǎn)生均勻變化的磁場(chǎng)Ｃ．穩(wěn)定的電場(chǎng)一定產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)Ｄ．周期性變化的電場(chǎng)一定產(chǎn)生同頻率的周期性變化的磁場(chǎng)6、如圖所示為兩電源的U鈭?I

圖像，則下列說(shuō)法正確的是()A.電源1

的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻比電源2

的小B.當(dāng)外接同樣的電阻時(shí)，兩電源的效率可能相等C.當(dāng)外接同樣的電阻時(shí)，兩電源的輸出功率可能相等D.不論外接多大的相同電阻，電源1

的輸出功率總比電源2

的輸出功率大7、下列物理量的單位是“特斯拉”的是(

)

A.安培力B.電場(chǎng)強(qiáng)度C.電容D.磁感應(yīng)強(qiáng)度8、下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.點(diǎn)電荷就是體積很小的帶電體B.電場(chǎng)中P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樵囂诫姾稍谠擖c(diǎn)受到的電場(chǎng)力的方向C.根據(jù)F=kq1q2r2

設(shè)想當(dāng)r隆煤0

時(shí)得出F隆煤隆脼

D.A

電荷受到B

電荷的作用，是B

電荷的電場(chǎng)對(duì)A

電荷的作用評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、指出如圖所示通電導(dǎo)線所受到的磁場(chǎng)力的方向：圖（a）為_(kāi)___；圖（b）為_(kāi)___；圖（c）為_(kāi)___；圖（d）為_(kāi)___．

10、如圖所示，M、N是水平放置的一對(duì)金屬板，其中M板中央有一個(gè)小孔O，板間存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)．AB是一長(zhǎng)9L的輕質(zhì)絕緣細(xì)桿，在桿上等間距地固定著10個(gè)完全相同的帶正電小球，每個(gè)小球的電荷量為q、質(zhì)量為m，相鄰小球距離為L(zhǎng)．現(xiàn)將最下端小球置于O處，然后將AB由靜止釋放，AB在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終保持豎直．經(jīng)觀察發(fā)現(xiàn)，在第4個(gè)小球進(jìn)入電場(chǎng)到第5個(gè)小球進(jìn)入電場(chǎng)這一過(guò)程中AB做勻速運(yùn)動(dòng)．則兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度E=____，上述勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度的大小為_(kāi)___．11、為了測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻；實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了下列器材供選用：

A．待測(cè)干電池一節(jié)。

B．直流電流表（量程0～0.6～3A；0.6A擋內(nèi)阻為0.1Ω，3A擋內(nèi)阻為0.02Ω）

C．直流電壓表（量程0～3～15V；3V擋內(nèi)阻為5kΩ，15V擋內(nèi)阻為25kΩ）

D．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍為0～15Ω；允許最大電流為1A）

E．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍為0～1000Ω；允許最大電流為0.2A）

F．開(kāi)關(guān)。

G．導(dǎo)線若干。

①在圖甲中將所選器材，用鉛筆畫(huà)線代表導(dǎo)線進(jìn)行實(shí)物連線____；

②為盡可能減少實(shí)驗(yàn)的誤差，其中滑動(dòng)變阻器選____（填代號(hào)）；

③根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄，畫(huà)出的U-I圖線如圖乙所示，從中可求出待測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)___V，內(nèi)電阻為_(kāi)___Ω．

12、速度：物理意義：______定義：______定義式：______．13、質(zhì)譜儀是______重要工具．如圖所示為質(zhì)譜儀的原理示意圖．現(xiàn)利用這種質(zhì)譜議對(duì)氫元素進(jìn)行測(cè)量．氫元素的各種同位素從容器A下方的小孔S無(wú)初速度飄入電勢(shì)差為U的加速電場(chǎng)．加速后垂直進(jìn)入磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．氫的三種同位素氕、氘、氚的電量之比為1：1：1，質(zhì)量之比為1：2：3，它們最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條“質(zhì)譜線”．則三種同位素進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度v氕：v氘：v氚=______，a、b、c三條“質(zhì)譜線”的排列順序依次是______．14、有一個(gè)表頭G，滿(mǎn)偏電流Ig=5mA，內(nèi)阻Rg=100Ω，用它改裝成量程為3v的電壓表，需串聯(lián)電阻R=______Ω．15、有一面積為150cm2

的金屬環(huán)，電阻為0.1婁賂

在環(huán)中100cm2

的同心圓面上存在如圖(b)

所示的變化的磁場(chǎng)，在0.1s

到0.2s

的時(shí)間內(nèi)環(huán)中感應(yīng)電流為_(kāi)_____，流過(guò)的電荷量為_(kāi)_____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共5分)25、如圖1所示；某同學(xué)利用圖示裝置做“探究加速度與物體所受合力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。在氣墊導(dǎo)軌上安裝了兩個(gè)光電門(mén)1；2，滑塊上固定一遮光條，滑塊通過(guò)繞過(guò)兩個(gè)滑輪的細(xì)繩與彈簧秤相連，C為彈簧秤，實(shí)驗(yàn)時(shí)改變鉤碼的質(zhì)量，讀出彈簧秤的不同示數(shù)F，不計(jì)細(xì)繩與滑輪之間的摩擦力。

（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖；本實(shí)驗(yàn)______（填“需要”或“不需要”）將帶滑輪的氣墊導(dǎo)軌右端墊高，以平衡摩擦力；實(shí)驗(yàn)中______（填“一定要”或“不必要”）保證鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量；實(shí)驗(yàn)中______（填“一定要”或“不必要”）用天平測(cè)出所掛鉤碼的質(zhì)量；滑塊（含遮光條）的加速度______（填“大于”“等于”或“小于”）鉤碼的加速度。

（2）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)；未掛細(xì)繩和鉤碼接通氣源，推一下滑塊使其從軌道右端向左運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)遮光條通過(guò)光電門(mén)2的時(shí)間大于通過(guò)光電門(mén)1的時(shí)間，該同學(xué)疏忽大意，未采取措施調(diào)節(jié)導(dǎo)軌，繼續(xù)進(jìn)行其他實(shí)驗(yàn)步驟（其他實(shí)驗(yàn)步驟沒(méi)有失誤），則該同學(xué)作出的滑塊（含遮光條）加速度a與彈簧秤拉力F的圖象可能是______（填圖象2下方的字母）。

（3）若該同學(xué)作出的a-F圖象2中圖線的斜率為k，則滑塊（含遮光條）的質(zhì)量為_(kāi)_____。評(píng)卷人得分五、綜合題(共3題，共12分)26、一個(gè)質(zhì)量為m

電荷量為鈭?q

不計(jì)重力的帶電粒子從x

軸上的P(a,0)

點(diǎn)以速度v

沿與x

軸正方向成60鈭?

的方向射入第一象限內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并恰好垂直于y

軸射出第一象限，求：

(1)

勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

(2)

穿過(guò)第一象限的時(shí)間．27、填空題壟脵

如下圖，在地面上固定一個(gè)質(zhì)量為M

的豎直木桿，一個(gè)質(zhì)量為m

的人以加速度a

沿桿勻加速向上爬，經(jīng)時(shí)間t

，速度由零增加到v

，在上述過(guò)程中，地面對(duì)木桿的支持力的沖量為_(kāi)___．壟脷.

已知普朗克常量為h

=6.6隆脕10鈭?34J

鋁的極限頻率為1.1隆脕1015Hz

其電子的逸出功為_(kāi)___，現(xiàn)用頻率為1.5隆脕1015Hz

的光照射鋁的表面.

是否有光電子逸出？_________(

填“有”、“沒(méi)有”或“不能確定”).

若有光電子逸出，則逸出的光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)___．壟脹.

“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中：(1)

入射小球m

1=15g

原靜止的被碰小球m

2=10g

由實(shí)驗(yàn)測(cè)得它們?cè)谂鲎睬昂蟮膞鈭?t

圖象如圖，可知入射小球碰撞后的m

1

v

隆盲1

是_____kg隆隴m/s

入射小球碰撞前的m

1

v

1

是_____kg隆隴m/s

被碰撞后的m

2

v

隆盲2

是____kg隆隴m/s

由此得出結(jié)論____。

(2)

實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，本實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)必須要求的條件是____________

A.斜槽軌道必須是光滑的B.斜槽軌道末端點(diǎn)的切線是水平的C.入射小球每次都從斜槽上的同一位置無(wú)初速釋放D.入射球與被碰球滿(mǎn)足ma

>

mb

，ra

=

rb

(3)

圖中MPN

分別為入射球與被碰球?qū)?yīng)的落點(diǎn)的平均位置，則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系是____A.m

a隆隴ON=

m

a隆隴OP+

m

b隆隴OMB

．m

a隆隴OP=

m

a隆隴ON+

m

b隆隴OM

C.m

a隆隴OP=

m

a隆隴OM+

m

b隆隴OND

．m

a隆隴OM=

m

a隆隴OP+

m

b隆隴ON

28、如圖所示；一質(zhì)量為2m的帶電液滴，在大小為E，方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，求：

（1）這個(gè)液滴帶什么電？電荷量為多少？

（2）當(dāng)場(chǎng)強(qiáng)的大小突然變?yōu)樵瓉?lái)的一半，方向保持不變時(shí)，液滴向什么方向運(yùn)動(dòng)？其加速度為多少？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A|B|C【分析】試題分析：比結(jié)合能越大,表示原子核中核子結(jié)合得越牢固,原子核越穩(wěn)定；原子核越大,它的結(jié)合能越高；原子核是核子結(jié)合在一起構(gòu)成的,要把它們分開(kāi)，也需要能量,這就是原子核的結(jié)合能；中等大小的核比結(jié)合能最大。考點(diǎn)：比結(jié)合能的概念?！窘馕觥俊敬鸢浮緼BC2、B【分析】解：A；在波峰與波峰疊加處；將出現(xiàn)亮條紋；在波谷與波谷疊加處，將出現(xiàn)亮條紋，故A錯(cuò)誤；

B；光屏上距兩狹縫的路程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)出現(xiàn)亮紋；故B正確；

C、把入射光由黃光換成紫光，紫光的波長(zhǎng)小于黃光，根據(jù)△x=λ知△x減?。还蔆錯(cuò)誤；

D、從薄膜的上下表面分別反射的兩列光是相干光，其光程差為薄膜厚度的2倍，當(dāng)光程差△x=nλ時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，當(dāng)光程差△x=nλ+λ出現(xiàn)暗條紋；若薄膜的厚度處處相等，則各處光程差相等，若是亮的則都是亮的若是暗的則都是暗的，不會(huì)出現(xiàn)明暗相間的條紋，故D錯(cuò)誤．

故選：B．

波峰和波峰；波谷與波谷疊加的點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)；波峰與波谷疊加的點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)．振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)始終振動(dòng)加強(qiáng)，振動(dòng)減弱點(diǎn)始終減弱；

光屏上距兩狹縫的路程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)出現(xiàn)亮紋；為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)出現(xiàn)暗條紋；

根據(jù)條紋間距的公式進(jìn)行判斷；

知道光疊加的原理以及在增反膜中的應(yīng)用．從薄膜的上下表面分別反射的兩列光是相干光，其光程差為薄膜厚度的2倍，當(dāng)光程差△x=nλ時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，故相鄰亮條紋之間的薄膜的厚度差為λ．

本題考查波的疊加原理，主要對(duì)光的干涉進(jìn)行了全面考察，一定要深刻理解光的干涉原理．【解析】【答案】B3、C【分析】解：AB婁脙

射線是一種頻率很高的電磁波；它是由于原子核的受激發(fā)產(chǎn)生的，故AB錯(cuò)誤；

C；婁脙

射線具有很高的能量；穿透能力很強(qiáng)，但是去電離能力很弱，故C正確；

D；當(dāng)波長(zhǎng)越長(zhǎng)時(shí)；越容易發(fā)生衍射，而婁脙

射線波長(zhǎng)較短，不容易發(fā)生，故D錯(cuò)誤．

故選：C

．

解答本題的關(guān)鍵是了解婁脙

射線的產(chǎn)生；特點(diǎn)、應(yīng)用等知識(shí)；結(jié)合波長(zhǎng)越長(zhǎng)的，衍射越明顯，即可一一求解．

本題屬于知識(shí)的記憶部分，要了解婁脕婁脗婁脙

射線的特點(diǎn)以及應(yīng)用，并掌握衍射與干涉區(qū)別，及明顯的衍射現(xiàn)象條件．【解析】C

4、B|D【分析】

A；做旋轉(zhuǎn)動(dòng)作的體操運(yùn)動(dòng)員；此時(shí)人的形狀是不能忽略的，所以此時(shí)不能看成質(zhì)點(diǎn)，所以A錯(cuò)誤．

B；遠(yuǎn)洋航行中的巨輪；此時(shí)輪船的大小相對(duì)于海洋來(lái)說(shuō)是很小的，可以忽略，能看成質(zhì)點(diǎn)，所以B正確．

C；轉(zhuǎn)動(dòng)著的螺旋槳；此時(shí)螺旋槳的形狀是不能忽略的，所以此時(shí)不能看成質(zhì)點(diǎn)，所以C錯(cuò)誤．

D；繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星；此時(shí)衛(wèi)星的體積相對(duì)于和地球之間的距離來(lái)說(shuō)是很小的，可以忽略，能看成質(zhì)點(diǎn)，所以D正確．

故選BD．

【解析】【答案】物體可以看成質(zhì)點(diǎn)的條件是看物體的大小體積對(duì)所研究的問(wèn)題是否產(chǎn)生影響；同一個(gè)物體在不同的時(shí)候，有時(shí)可以看成質(zhì)點(diǎn)，有時(shí)不行，要看研究的是什么問(wèn)題．

5、D【分析】均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，AB錯(cuò)；穩(wěn)定的電場(chǎng)不產(chǎn)生磁場(chǎng)，C錯(cuò)；D對(duì)；【解析】【答案】D6、D【分析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律分析兩電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻大小。過(guò)原點(diǎn)O

作出一條傾斜的直線，該直線與兩圖線的交點(diǎn)表示兩電源與同樣的電阻連接時(shí)的工作狀態(tài)，電源的輸出功率P=UI

由交點(diǎn)縱坐標(biāo)與橫坐標(biāo)乘積比較輸出功率的大小。電源的效率婁脟=UIEI=RR+r

本題根據(jù)圖線的截距，交點(diǎn)，斜率等數(shù)學(xué)意義來(lái)理解圖線的物理意義，技巧是作出電阻的伏安特性曲線?！窘獯稹緼.根據(jù)閉合電路歐姆定律得，U=E鈭?Ir

當(dāng)I=0

時(shí)，U=E

即圖線與縱軸交點(diǎn)表示斷路狀態(tài)，交點(diǎn)的縱坐標(biāo)等于電源的電動(dòng)勢(shì)大小，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，由圖看出，電源壟脵

的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均比電源壟脷

大，故A錯(cuò)誤。CD.BD

過(guò)原點(diǎn)O

作出一條傾斜的直線(3)

該直線與圖線壟脵壟脷

的交點(diǎn)就表示該電阻與兩電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由圖看出，直線(3)

與圖線壟脵

交點(diǎn)的兩坐標(biāo)的乘積大于直線(3)

與圖線壟脷

交點(diǎn)的兩坐標(biāo)的乘積，說(shuō)明不論外接多大的相同電阻，電源壟脵

的輸出功率總比電源壟脷

的輸出功率大，故C錯(cuò)誤，D正確。B.電源的效率婁脟=UIEI=RR+r

當(dāng)外接同樣的電阻，由于內(nèi)阻r

不等；電源的效率不可能相等，電源壟脷

的效率總大于電源壟脵

的效率，故B錯(cuò)誤。

故選D。

【解析】D

7、D【分析】解：A

安培力的單位是牛頓；不是特斯拉.

故A錯(cuò)誤；

B

電場(chǎng)強(qiáng)度的單位是牛/

庫(kù)；不是特斯拉.

故B錯(cuò)誤．

C

電容的單位是法拉；不是特斯拉.

故C錯(cuò)誤．

D

磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位是特斯拉.

故D正確．

故選：D

“特斯拉”是磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位；不是電場(chǎng)強(qiáng)度；電動(dòng)勢(shì)、電容的單位．

本題考查對(duì)物理量的掌握程度.

單位是物理量的組成部分，對(duì)名稱(chēng)和符號(hào)都要記住，可結(jié)合物理公式加強(qiáng)記憶．【解析】D

8、D【分析】解：A

當(dāng)帶電體的形狀、大小以及電荷分布可以忽略不計(jì)；該電荷可以看成點(diǎn)電荷.

該電荷能否看成點(diǎn)電荷，不是看它的體積電量，而是看形狀大小能否忽略.

故A錯(cuò)誤．

B；電場(chǎng)中P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)檎囂诫姾稍谠擖c(diǎn)受到的電場(chǎng)力的方向.

故B錯(cuò)誤．

C、當(dāng)r隆煤0

時(shí)，該電荷不能看成點(diǎn)電荷，公式F=kq1q2r2

不能適用；故C錯(cuò)誤．

D；電場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放入其中的電荷有力的作用；A

電荷受到B

電荷的作用，是B

電荷的電場(chǎng)對(duì)A

電荷的作用，故D正確．

故選：D

庫(kù)侖定律的公式F=kq1q2r2

適用于點(diǎn)電荷之間的靜電力；當(dāng)帶電體的形狀；大小以及電荷分布可以忽略不計(jì)，該電荷可以看成點(diǎn)電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度方向?yàn)檎姾稍谠擖c(diǎn)的電場(chǎng)力方向．

解決本題的關(guān)鍵知道能看成點(diǎn)電荷的條件，以及庫(kù)侖定律公式的適用范圍，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】D

二、填空題(共7題，共14分)9、略

【分析】

（a）圖磁場(chǎng)方向垂直紙面向里；電流方向水平向右，根據(jù)左手定則，磁場(chǎng)力方向豎直向上．

（b）圖磁場(chǎng)方向垂直紙面向外；電流方向斜向上，根據(jù)左手定則，知磁場(chǎng)力方向垂直導(dǎo)線方向向下．

（c）圖磁場(chǎng)方向豎直向上；電流方向垂直紙面向里，根據(jù)左手定則，磁場(chǎng)力的方向水平向右．

（d）圖磁場(chǎng)方向垂直紙面向里；電流方向垂直紙面向外，由于電流方向與磁場(chǎng)方向平行，則不受磁場(chǎng)力．

故答案為：豎直向上；垂直導(dǎo)線方向向下，水平向右，不受磁場(chǎng)力．

【解析】【答案】根據(jù)電流的方向和磁場(chǎng)的方向；通過(guò)左手定則判斷出磁場(chǎng)力的方向．

10、略

【分析】

（1）由力的平衡條件得：10mg=4qE，解得：電場(chǎng)強(qiáng)度：E=

（2）從第一個(gè)小球進(jìn)入電場(chǎng)到第4個(gè)小球進(jìn)入電場(chǎng)的過(guò)程中；由動(dòng)能定理得：

10mg?3L-qE（3L+2L+L）=（10m）v2-0，解得：v=

故答案為：．

【解析】【答案】（1）在第四個(gè)小球進(jìn)入電場(chǎng)到第五個(gè)小球進(jìn)入電場(chǎng)前這一過(guò)程中；AB做勻速直線運(yùn)動(dòng)，AB受到的電場(chǎng)力為4qE，根據(jù)重力與電場(chǎng)力平衡，求出電場(chǎng)強(qiáng)度．

（2）從第一個(gè)小球進(jìn)入到第三個(gè)小球進(jìn)入電場(chǎng)過(guò)程中；重力做功為10mg?3L，電場(chǎng)力做功為-qE（3L+2L+L），根據(jù)動(dòng)能定理求出速度大小v．

11、略

【分析】

①測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路圖如圖所示。

對(duì)照電路圖連線如下：

②滑動(dòng)變阻器E電阻值較大；操作不方便，同時(shí)額定電流太小，故選小電阻的滑動(dòng)變阻器；

故選D．

③電源的U-I圖象的縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)；故E=1.5V；

斜率表示電源的內(nèi)電阻，故

故答案為：1.5；1．

【解析】【答案】①對(duì)照測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路圖進(jìn)行連線即可；

②要保證不超過(guò)額定電流；還要操作方便，如果選擇大電阻，隨著滑動(dòng)變阻器的阻值減小，電流幾乎不變，直到最后幾圈時(shí)，電流才有顯著變化；

③電源的U-I圖象的縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)；斜率表示電源的內(nèi)電阻．

12、略

【分析】解：速度的物理意義是描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量，速度的定義：運(yùn)動(dòng)物體通過(guò)的位移與所用時(shí)間的比值叫速度，定義式v=．

故答案為：描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量；運(yùn)動(dòng)物體通過(guò)的位移與所用時(shí)間的比值；v=．

速度是描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量；等于運(yùn)動(dòng)物體通過(guò)位移與所用時(shí)間的比值．

此題考查了速度的定義、物理意義、定義式等，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量；運(yùn)動(dòng)物體通過(guò)的位移與所用時(shí)間的比值；v=13、略

【分析】解：質(zhì)譜儀是測(cè)定帶電粒子質(zhì)量和分析同位素．

根據(jù)qU=解得v=因?yàn)闅涞娜N同位素氕、氘、氚的電量之比為1：1：1，質(zhì)量之比為1：2：3，則v氕：v氘：v氚=．

根據(jù)r=可知r氚＞r氘＞r氕，所以a、b；c三條“質(zhì)譜線”的排列順序依次是氚、氘、氕．

故答案為：測(cè)定帶電粒子質(zhì)量和分析同位素；氚；氘、氕。

根據(jù)動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度；從而得出氕氘氚的速度之比，根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中的半徑公式，通過(guò)比較半徑的大小得出三條質(zhì)譜線的排列順序．

本題考查了質(zhì)譜儀的基本運(yùn)用，關(guān)鍵是動(dòng)能定理和牛頓第二定律的運(yùn)用，難度不大．【解析】測(cè)定帶電粒子質(zhì)量和分析同位素；氚、氘、氕14、略

【分析】解：把電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；

串聯(lián)電阻阻值：R=-Rg=-100=500Ω；

故答案為：500．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理是解題的前提，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題，本題是一道基礎(chǔ)題．【解析】50015、略

【分析】解：由b

圖得：鈻?B鈻?t=0.20.2T/s=1T/s

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：

E=鈻?婁碌鈻?t=鈻?B鈻?tS=1隆脕100隆脕10鈭?4V=0.01V

感應(yīng)電流：I=ER=0.010.1A=0.1A

通過(guò)圓環(huán)橫截面的電荷量：q=It=0.1隆脕(0.2鈭?0.1)C=0.01C

故答案為：0.1A0.01C

由b

圖的斜率求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由閉合電路歐姆定律求解感應(yīng)電流的大小.

由q=It

求解流過(guò)的電荷量．

本題是電磁感應(yīng)與電路相結(jié)合的綜合題，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流定義式即可正確解題．【解析】0.1A0.01C

三、判斷題(共9題，共18分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．21、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．23、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共5分)25、不需要不必要不必要大于C【分析】解：（1）考察操作過(guò)程：由于滑塊是在氣墊導(dǎo)軌上加速運(yùn)動(dòng)；所以阻力可以忽略，當(dāng)然不需要平衡摩擦力。而實(shí)驗(yàn)中是用彈簧秤與繩子串聯(lián)的，所以繩子的拉力從彈簧秤上可以讀出，不必要用鉤碼的重力代替繩子的拉力，所以不必滿(mǎn)足m＜＜M，也不必測(cè)出鉤碼的質(zhì)量。

（2）由于t2＞t1，則v1＜v2；即滑塊在導(dǎo)軌上做減速運(yùn)動(dòng)，即該同學(xué)未調(diào)節(jié)導(dǎo)軌水平，使左端高些，那么相當(dāng)于滑塊受到了阻力，所以當(dāng)滑塊受到一定的拉力時(shí)可能滑塊加速度為零，所以選項(xiàng)C符合要求。

（3）彈簧的拉力就是小車(chē)受到的合力，據(jù)牛頓第二定律a=則a-F圖象的斜率就是質(zhì)量的倒數(shù)，所以m=

故答案為：（1）不需要，不必要，不必要，大于；（2）C；（3）

（1）根據(jù)題意確定氣墊導(dǎo)軌哪端高哪端低；然后調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平；

（2）遮光條的寬度與遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間之比是遮光條的速度；根據(jù)題意速度位移公式求出加速度；

（3）根據(jù)牛頓第二定律解答。

本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；了解光電門(mén)測(cè)量瞬時(shí)速度的原理；理實(shí)驗(yàn)時(shí)一定要找出實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理我們可以尋找需要測(cè)量的物理量和需要注意的事項(xiàng)?！窘馕觥坎恍枰槐匾槐匾笥贑五、綜合題(共3題，共12分)26、解：(1)設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r

由

得

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)情況如圖。

由幾何知識(shí)有

有上兩式得

(2)設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，則

由圖知；粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的圓心角為。

θ=180°-60°=120°

所以，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是

【分析】(1)

由幾何軌跡找到圓心位置；由幾何關(guān)系得到半徑，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律列方程可得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

(2)

根據(jù)運(yùn)動(dòng)時(shí)間與周期的關(guān)系：婁脠2婁脨=tT

先求出偏轉(zhuǎn)角，再求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。抓住微粒在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力可以得到微粒圓周運(yùn)動(dòng)的半徑、周期的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式進(jìn)行解答。

【解析】解：(1)

設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r

由qvB=mv2r

得r=mvqB

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)情況如圖。

由幾何知識(shí)有r=acos(30鈭?)=2a3

有上兩式得B=3mv2aq

(2)

設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)

則T=2婁脨rv=4婁脨a3v

由圖知；粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的圓心角為。

婁脠=180鈭?鈭?60鈭?=120鈭?

所以，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是120鈭?360鈭?=tT

t=13T=43婁脨a9v

27、①（Mg+mg+ma）t②有③（1）0.00750.0150.0075碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒（2）BCD（3）C【分析】壟脵

【分析】以人為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求出人對(duì)桿子的作用力，再以桿子為研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件求出地面對(duì)桿子的支持力，最后根據(jù)沖量的定義求解地面對(duì)木桿的支持力的沖量。本題是平衡條件和牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用，分析受力是關(guān)鍵；也可以對(duì)人和木桿整體運(yùn)用動(dòng)量定理列式求解。【解答】以人為研究對(duì)象；根據(jù)牛頓第二定律得：

F鈭?mg=ma

解得：F=ma+mg

以桿子為研究對(duì)象；分析受力情況，桿子受到重力Mg

地面的支持力N

和人對(duì)桿子向下的力F

根據(jù)平條件得：

N=Mg+F=Mg+mg+ma

故支持力的沖量為：

I=Nt=(Mg+mg+ma)t

故填：(Mg+mg+ma)t

壟脷

【分析】當(dāng)用頻率為極限頻率的光照射時(shí)，光子剛好發(fā)生光電效應(yīng)，則最大初動(dòng)能為零，據(jù)此求出逸出功，當(dāng)照射光的頻率達(dá)到極限頻率時(shí)即可發(fā)生光電效應(yīng)，根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程，求解光電子的最大初動(dòng)能?？疾閻?ài)因斯坦光電效應(yīng)方程，掌握發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象的條件：入射光的頻率大于或等于極限頻率.

當(dāng)發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，入射光的頻率越高，而金屬的逸出功是一定，則光電子的最大初動(dòng)能越大?！窘獯稹慨?dāng)用頻率為極限頻率的光照射時(shí)；光子剛好發(fā)生光電效應(yīng)，則最大初動(dòng)能為零；

則逸出功WA=h婁脙0

即得：WA=6.63隆脕10鈭?34隆脕1.1隆脕1015=7.293隆脕10鈭?19J

1.5隆脕1015Hz>1.1隆脕1015Hz

則能發(fā)生光電效應(yīng)，有光電子逸出；

由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程EKm=h婁脙鈭?WA

得：

EKm=6.63隆脕10鈭?34隆脕1.5隆脕1015鈭?7.293隆脕10鈭?19J=2.64隆脕10鈭?19J

故填：7.293隆脕10鈭?19J

有2.64隆脕10鈭?19J

壟脹

【分析】(1)

由速度圖象求出小球的位移與對(duì)應(yīng)的時(shí)間，由速度公式求出小球的速度，然后根據(jù)動(dòng)量的計(jì)算公式求出小球的動(dòng)量，然后分析答題；(2)

在做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中；是通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，所以要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平；

(3)

本題要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律即m1v0=m1v1+m2v2

故需驗(yàn)證maOP=maOM+mbON

(1)

本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析；由圖象求出小球的位移與對(duì)應(yīng)的時(shí)間，應(yīng)用速度公