2025年粵人版高三物理下冊月考試卷VIP

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版高三物理下冊月考試卷785考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示電路可將聲音信號轉(zhuǎn)化為電信號，該電路中右側(cè)固定不動的金屬板b與能在聲波驅(qū)動下沿水平方向振動的膜片a構(gòu)成了一個電容器，a、b通過導線與恒定電源兩極相連．則下列說法正確的是（）A.a振動過程中，a、b板之間的電場強度不變B.a振動過程中，a、b板所帶的電量不變C.a振動過程中，靈敏電流計中始終有方向不變的電流D.a向右的位移最大時，a、b板構(gòu)成的電容器的電容最大2、質(zhì)量為m的小球被系在輕繩的一端，在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運動，運動過程中小球小球受到空氣的阻力作用，設(shè)在某一時刻小球通過軌道的最低點．此時繩子的拉力為8mg，此后小球繼續(xù)做圓周運動，恰好到達最高點，在這過程中小球克服空氣阻力作的功為（）A.mgRB.mgRC.mgRD.mgR3、在人搭乘臺階式自動扶梯上樓的過程中；電梯踏板對人支持力的最大值出現(xiàn)在哪一個階段？（）

A.在A段隨電梯水平勻速前行的過程中B.在B段由水平前行轉(zhuǎn)為斜向上運動的過程中C.在C段隨電梯勻速斜向上運動的過程中D.在D段由斜向上運動轉(zhuǎn)為水平運動的過程中4、下列說法正確的是（）A.自然界中某中形式的能量減少，一定有其他形式的能量增加B.由于存在能量的耗散，能量不守恒C.由于能量守恒，能源危機不存在D.隨著科技的發(fā)展，永動機是可以制成的5、下列說法中正確的是（）A.質(zhì)量大的粒子，其德布羅意波長小B.速度大的粒子，其德布羅意波長小C.動量大的粒子，其德布羅意波長小D.動能大的粒子，其德布羅意波長小評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、物體做勻變速直線運動，下列判斷正確的是（）A.在運動過程中，物體的加速度保持不變B.當速度方向與加速度方向相反時，物體做勻加速直線運動C.物體在某段時間內(nèi)的平均速度等于這段時間內(nèi)中間時刻的速度D.相鄰的兩個相等的時間間隔內(nèi)的位移之差可表示為：SN-SN-1=aT27、下列關(guān)于摩擦力的敘述正確的是（）A.只要物體相對接觸面無相對運動，就一定不會受到摩擦力B.只要物體相對地球有運動，就一定會受到摩擦力C.物體相對接觸面有相對運動，不一定會受到滑動摩擦力D.只要物體與接觸面的粗糙程度不變，物體所能受到的最大靜摩擦力就一定不變8、在如圖所示的電路中，a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感線圈，E為電源，S為開關(guān)．關(guān)于兩燈泡點亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是（）A.合上開關(guān)，a先亮，b后亮B.合上開關(guān)，b先亮，a后亮C.斷開開關(guān)，a、b同時熄滅D.斷開開關(guān)，b熄滅，a后熄滅9、質(zhì)量為1kg的小球從空中自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示，取g=10m/s2則（）A.小球下落過程中的最大勢能為12.5JB.小球下落過程中的最大速度為5m/sC.第一次反彈的最大動能為4.5JD.小球能彈起的最大高度為1.25m10、下列詞語或陳述句中，描述分子熱運動的是（）A.酒香不怕巷子深B.花香撲鼻C.影動疑是玉人來D.廁所太臟，其臭難聞11、在做“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗時，根據(jù)打點計時器打出的紙帶，我們可以不利用公式計算就能直接得到的物理量是（）（填字母代號）A.時間間隔B.瞬時速度C.加速度D.某段時間內(nèi)的位移．12、一人用水平力拉一木箱，但沒有拉動，這時（）A.人拉箱的力小于箱拉人的力B.人拉箱的力與箱拉人的力相平衡C.人拉箱的力與箱拉人的力一樣大D.人拉箱的力與地面對箱的摩擦力一樣大13、如圖所示，在升降機內(nèi)固定一光滑的斜面體，一輕彈簧的一端連在位于斜面體上方的固定木板B

上，另一端與質(zhì)量為m

的物塊A

相連，彈簧與斜面平行.

整個系統(tǒng)由靜止開始加速上升高度h

的過程中(

)

A.物塊A

的重力勢能增加量一定等于mgh

B.物塊A

的動能增加量等于斜面的支持力和彈簧的拉力對其做功的和C.物塊A

的機械能增加量等于斜面的支持力和彈簧的拉力對其做功的和D.物塊A

和彈簧組成系統(tǒng)的機械能增加量等于斜面對物塊的支持力和B

對彈簧拉力做功的和14、甲乙兩運動物體在t1、t2、t3時刻的速度矢量v1、v2、v3和v1′、v2′、v3′．下列說法中正確的是（）A.甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力B.甲可能做勻變速運動C.乙做的可能是直線運動D.甲做的可能是直線運動評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、用如圖所示的滑輪懸掛平板，平板重400N（不計滑輪重力），則繩子1的張力為____N，繩子2的張力為____N，繩子3的張力為____N．16、（2011春?西湖區(qū)校級月考）一根長為L的均勻繩索一半放在光滑水平面上，另一半自然垂在桌面下，如圖所示，開始時繩索靜止，釋放后繩索將沿桌面滑下，則繩索剛滑離桌面時的速度大小為____．17、（2011秋?廬江縣校級期中）如圖所示，纜車和乘客的總質(zhì)量為M，纜車和纜繩間的動摩擦因數(shù)為μ，纜車沿著傾角為θ的纜繩勻速向上運動時，纜車受到的牽引力的大小為____，方向____．18、已知鋁的密度為2.7×103kg/m3．，相對原子質(zhì)量為27，阿伏加的羅常數(shù)為6.0×1023mol-1，則鋁原子的直徑為____，體積為0.17m3的鋁塊中的原子數(shù)為____．19、右圖是某同學連接的實驗實物圖，合上開關(guān)S后，發(fā)現(xiàn)A、B燈都不亮，他采用下列兩種方法檢查故障：（1）用多用電表的直流電壓擋進行檢查：①在測試a、b間直流電壓時，紅表筆應(yīng)接觸____（填“a”或“b”）②該同學測試結(jié)果如右上表所示，根據(jù)測試結(jié)果，可以判定故障是（假設(shè)只有下列中的某一項有故障）____。A．燈A斷路B．燈B短路C．cd段斷路D．de段斷路（2）用多用電表的歐姆擋檢查：①測試前，應(yīng)將開關(guān)S____（填“斷開“或“閉合”）②測試結(jié)果如右下表所示，由此可以斷定故障是____A．燈A斷路B．燈B斷路C．燈A、B都斷路D．de段導線斷路20、將一個大小為N水平力分解成兩個力，其中一個分力在豎直方向，另一個分力與水平方向的夾角是30°，則兩個分力的大小分別是______N和______N．21、一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化如圖。其中a→b是等溫過程，氣體對外界做功100J；b→c是絕熱過程，外界時氣體做功150J；c→a是等容過程。則b→c的過程中氣體溫度______（選填“升高”、“降低”或“不變”），a-→b→c→a的過程中氣體放出的熱量為______J。評卷人得分四、判斷題(共3題，共12分)22、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強．____．（判斷對錯）23、一定質(zhì)量的理想氣體，當壓強不變而溫度由100℃上升到200℃時，其體積增加為原來的2倍．____．（判斷對錯）24、點電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對錯）評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)25、【題文】在研究勻變速直線運動規(guī)律的實驗中；如圖所示為一次記錄小車運動情況的紙帶。圖中A；B、C、D為相鄰的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點的時間間隔為T=0.1秒,則：

(1)根據(jù)實驗給出的數(shù)據(jù)可以判斷小車做____運動。

(2)C點的瞬時速度大小為____m/s；

(3)運動小車的加速度大小為____m/s2

(4)若當交流電的實際頻率小于50Hz時，仍按50Hz計算，則測量的加速度值比真實的加速度值_____(填“偏大”“偏小”“不變”)．26、（2015春?歙縣校級期中）某同學在做“用單擺測重力加速度”的實驗時；測量5種不同擺長情況下單擺的振動周期，記錄數(shù)據(jù)如下：

。擺長L/m0.50000.80000.90001.00001.2000周期T/s1.421.791.902.002.20T2/s22.023.203.614.004.84（1）以擺長L為橫坐標，周期的平方T2為縱坐標，根據(jù)以上數(shù)據(jù)在圖中畫出T2-L的圖線．

（2）由此圖象求出重力加速度g=____m/s．（結(jié)果保留到小數(shù)點后二位）

（3）在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，若測得的g值比當?shù)氐臉藴手灯。赡苁且驗開___

A．擺球的質(zhì)量偏大。

B．擺動的偏角偏小。

C．計算擺長時；把懸線長l’當作了擺長l

D．測量周期時，將n次全振動誤記成了（n+1）次全振動．27、（2014春?雅安期末）一個同學在《研究平拋物體的運動》實驗中，只畫出了如圖所示的一部分曲線，于是他在曲線上取水平距離△s相等的三點A、B、C，量得△s=0.2m．又量出它們之間的豎直距離分別為h1=0.1m，h2=0.2m，利用這些數(shù)據(jù)，可求得（取g=10m/s2）：

（1）物體拋出時的初速度為____m/s；

（2）物體經(jīng)過B時豎直分速度為____m/s；

（3）拋出點在A點上方高度為____m處．28、為了“探究動能改變與合外力做功”的關(guān)系；某同學設(shè)計了如下實驗方案：

A．第一步他把帶有定滑輪的木板有滑輪的一端墊起；把質(zhì)量為M的滑塊通過細繩與質(zhì)量為m的帶夾重錘相連，然后跨過定滑輪，重錘夾后面連一紙帶，穿過打點計時器，調(diào)整木板傾角，直到輕推滑塊后，滑塊沿木板勻速運動，如圖甲所示。

B．第二步保持長木板的傾角不變；將打點計時器安裝在長木板靠近滑輪處，取下細繩和重錘，將滑塊與紙帶相連，使其穿過打點計時器，如圖乙所示，然后接通電源釋放滑塊，使之從靜止開始加速運動．

打出的紙帶如圖丙；測得各點與O點（O點為打出的第一個點）距離如圖丙所示：

試回答下列問題：

（1）已知O、A、B、C、D、E、F相鄰計數(shù)的時間間隔為T，根據(jù)紙帶求滑塊速度，當打點計時器打A點時滑塊速度VA=____，打點計時器打B點時滑塊速度VB=____

（2）已知重錘質(zhì)量m，當?shù)氐闹丶铀俣萭，若已測出滑塊沿斜面下滑的位移為x，則這一過程中，合外力對滑塊做的功的表達式W合=____

（3）測出滑塊在OA、OB、OC、OD、OE段合外力對滑塊所做的功，及VA、VB、VC、VD、VE，然后以W為縱軸，以v2為橫軸建坐標系，描點作出W-v2圖象，可知它是一條過坐標原點的傾斜直線，若直線斜率為k，則滑塊質(zhì)量M=____．評卷人得分六、證明題(共4題，共24分)29、如圖所示，小球用不可伸長的長度為L的輕繩懸于O點．（不計阻力）試證明：繩對小球在最低點拉力T1與最高點拉力T2之差T1-T2=6mg．

30、（2015秋?西城區(qū)期末）如圖1所示；一根輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端掛一小球（可視為質(zhì)點），彈簧處于原長時小球位于O點．將小球從O點由靜止釋放，小球沿豎直方向在OP之間做往復運動，如圖2所示．小球運動過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)．不計空氣阻力，重力加速度為g．

（1）在小球運動的過程中，經(jīng)過某一位置A時動能為Ek1，重力勢能為EP1，彈簧彈性勢能為E彈1，經(jīng)過另一位置B時動能為Ek2，重力勢能為EP2，彈簧彈性勢能為E彈2．請根據(jù)功是能量轉(zhuǎn)化的量度；證明：小球由A運動到B的過程中，小球；彈簧和地球組成的物體系統(tǒng)機械能守恒；

（2）已知彈簧勁度系數(shù)為k．以O(shè)點為坐標原點；豎直向下為x軸正方向，建立一維坐標系O-x，如圖2所示．

a．請在圖3中畫出小球從O運動到P的過程中，彈簧彈力的大小F隨相對于O點的位移x變化的圖象．根據(jù)F-x圖象求：小球從O運動到任意位置x的過程中彈力所做的功W，以及小球在此位置時彈簧的彈性勢能E彈；

b．已知小球質(zhì)量為m．求小球經(jīng)過OP中點時瞬時速度的大小v．31、電磁彈是我國最新研究的重大科技項目，原理可用下述模型說明．如圖甲所示，虛線MN右側(cè)存在豎直向上的勻強磁場，邊長為L的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，電阻為R，質(zhì)量為m，ab邊在磁場外側(cè)緊靠MN虛線邊界．t=0時起磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化規(guī)律是B=B0+kt（k為大于零的常數(shù)）．空氣阻力忽略不計．

（1）求t=0時刻；線框中感應(yīng)電流的功率P；

（2）若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框，如圖乙所示，在線框上加一質(zhì)量為M的負載物，證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時線框加速度越大．32、船以4m/s′的速度（相對靜水）垂直河岸渡河；水流的速度為5m/s．若河寬為120m，試計算：

（1）船能否垂直到達對岸？

（2）船需要多少時間才能到達對岸？

（3）船登陸的地點離出發(fā)點的距離是多少？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】由圖看出，a、b間電壓不變，由公式E=分析板間電場強度的變化．由公式C=分析電量的變化，根據(jù)電容器充電和放電情況，分析電路中電流的方向．a(chǎn)向右的位移最大時，a、b板構(gòu)成的電容器的電容最大．【解析】【解答】解：A、a、b間電壓不變，a振動過程中，板間距離周期性變化，則由公式E=分析得知，a、b板間的電場強度也會周期性變化．故A錯誤．

B、a振動過程中，a、b間電壓不變，由公式C=分析得知，a、b板所帶的電量會周期性變化．故B錯誤．

C、a振動過程中，a、b板所帶的電量會周期性變化；電容器放電和充電周期性交替產(chǎn)生，所以靈敏電流計中電流的方向也會周期性變化．故C錯誤．

D、a向右的位移最大時，a、b板間的距離最小，則a、b構(gòu)成的電容器的電容最大．故D正確．

故選：D．2、A【分析】【分析】小球在輕繩的作用下，在豎直平面內(nèi)做圓周運動，由最低點的繩子的拉力結(jié)合牛頓第二定律可求出此時速度，當小球恰好通過最高點，由此根據(jù)向心力與牛頓第二定律可算出速度，最后由動能定理來求出過程中克服阻力做功．【解析】【解答】解：小球在最低點；受力分析與運動分析．

則有：F-mg=m

而最高點時；由于恰好能通過；

所以：mg=m

小球選取從最低點到最高點作為過程；由動能定理可得：

-mg?2R-W克=mv-mv

聯(lián)立以上三式代入數(shù)據(jù)可得：W克=mgR

所以選項A正確；選項BCD錯誤．

故選：A．3、B【分析】【分析】在每一段分析物體的運動狀態(tài)，由共點力平衡和圓周運動求的支持力【解析】【解答】解：在A段在豎直方向合力為零；故電梯踏板對人支持力等于重力；

在B段人突然獲得向上的加速度，故FN-mg=ma，則FN=mg+ma

在C段電梯做勻速運動，根據(jù)受力分析有共點力平衡可知FN=mg

在D段做圓周運動的一部分，則

故在B段出支持力最大。

故選：B4、A【分析】【分析】根據(jù)能量守恒定律，自然界中某中形式的能量減少，一定有其他形式的能量增加；雖然存在能量的耗散，能量仍然守恒；雖然能量守恒，由于使用后能量的品質(zhì)降低，可利用的能源會越來越少，使用能源危機仍然存在；永動機是不可以制成的．【解析】【解答】解：A；根據(jù)能量守恒定律；自然界中某中形式的能量減少，一定有其他形式的能量增加；故A正確；

B；雖然存在能量的耗散；能量仍然守恒；故B錯誤；

C；雖然能量守恒；由于使用后能量的品質(zhì)降低，可利用的能源會越來越少，使用能源危機仍然存在；故C錯誤；

D；第一類永動機違反了熱力學第一定律；第二類永動機違反了熱力學第二定律．使用永動機是不可以制成的．故D錯誤．

故選：A5、C【分析】【分析】德布羅意波長為λ=，P是動量，h是普朗克常量．動量與動能的關(guān)系為P=．【解析】【解答】解：通過分析得出的公式；

A；質(zhì)量大；但是如果速度小那么動能小，其德布羅意波長也不一定小，故A錯誤；

B；速度大；則動能大，但是如果質(zhì)量小，其德布羅意波長也不定小，所以B錯誤；

C、由λ=知λ與P成反比；故C正確；

D；動能大；但不一定質(zhì)量大，所以動量不一定大，故德布羅意波長不一定小，所以D錯誤．

故選：C．二、多選題(共9題，共18分)6、ACD【分析】【分析】勻變速直線運動的加速度保持不變，在某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，在連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量．當加速度方向與速度方向相同，物體做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，物體做減速運動．【解析】【解答】解：A；勻變速直線運動的加速度保持不變；故A正確．

B；當速度方向與加速度方向相反；物體做減速運動，故B錯誤．

C；勻變速直線運動；在某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，故C正確．

D、在勻變速直線運動中，連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量，即SN-SN-1=aT2．故D正確．

故選：ACD．7、CD【分析】【分析】明確摩擦力的條件：（1）兩物體相互接觸且接觸面粗糙；（2）有正壓力；（3）有相對運動或相對運動的趨勢．【解析】【解答】解：A；若兩物體之間有相對運動的趨勢；則可以受到摩擦力；故A錯誤；

B；若物體光滑；則物體在地面上滑動時，也不一定受摩擦力；故B錯誤；

C；若接觸面光滑；則有相對運動也不一定有滑動摩擦力；故C正確；

D；只要物體與接觸面的粗糙程度不變；物體所能受到的最大靜摩擦力就一定不變；故D正確；

故選：CD．8、BC【分析】【分析】對于線圈來講通直流阻交流，通低頻率交流阻高頻率交流．【解析】【解答】解：由于a、b為兩個完全相同的燈泡，當開關(guān)接通瞬間，b燈泡立刻發(fā)光；而a燈泡由于線圈的自感現(xiàn)象，導致燈泡漸漸變亮；當開關(guān)斷開瞬間，兩燈泡串聯(lián)，由線圈產(chǎn)生瞬間電壓提供電流，導致兩燈泡同時熄滅．

故選：BC．9、ABC【分析】【分析】速度時間圖線與時間軸圍成的面積表示位移，根據(jù)圖線與時間軸圍成的面積求出下落的高度，從而得出下落過程中最大勢能．根據(jù)反彈時的速度，求出反彈的最大動能，根據(jù)圖線與時間軸圍成的面積求出反彈的最大高度．【解析】【解答】解：A、物體下落的高度h=，則下落過程中的最大勢能Ep=mgh=10×1.25J=12.5J．故A正確．

B；著地時的速度最大；為5m/s．故B正確．

C、反彈時的速度為3m/s，則反彈時的最大動能．故C正確．

D、小球能彈起的最大高度h′=．故D錯誤．

故選：ABC．10、ABD【分析】【分析】組成物質(zhì)的分子永不停息地在做無規(guī)則的運動，在實際生活中，擴散現(xiàn)象說明了分子在做無規(guī)則的熱運動．【解析】【解答】解：A；酒香不怕巷子深；說明酒精分子能產(chǎn)生擴散現(xiàn)象，說明酒精分子可以做無規(guī)則的熱運動．故A正確．

B；花香撲鼻是一種擴散現(xiàn)象；說明分子在做無規(guī)則的熱運動．故B正確．

C；隔墻花影動；疑是玉人來，是由于光直線傳播產(chǎn)生的現(xiàn)象，與分子熱運動無關(guān)．故C錯誤．

D；廁所太臟；其臭難聞同，說明分子在做無規(guī)則運動．故D正確．

故選ABD11、AD【分析】【分析】根據(jù)打點計時器的工作原理及應(yīng)用可以判斷各物理量是否能正確得出．【解析】【解答】解：A；打點計時器是每隔0.02s打下一個點；所以數(shù)點就知道時間間隔，故A正確．

B；瞬時速度的求解需要運用勻變速直線運動的公式；故B錯誤．

C；加速度求解需要運用勻變速直線運動的公式；故C錯誤．

D；位移利用刻度尺直接測量兩點之間的距離就得了．故D正確．

故選AD．12、CD【分析】【分析】物體靜止或做勻速直線運動時；處于平衡狀態(tài)，所受到的力是一對平衡力；

二力平衡的條件是：作用在同一個物體上；大小相等；方向相反、作用在同一直線上．

兩個物體之間的作用力和反作用力，總是同時在同一條直線上，大小相等，方向相反．【解析】【解答】解；A；兩個物體之間的作用力和反作用力；總是同時在同一條直線上，大小相等，方向相反．人拉箱的力等于箱拉人的力，故A錯誤

B；作用力和反作用力因為作用點不在同一個物體上；所以不能求合力，故B錯誤；

C；人拉箱的力與箱拉人的力一樣大；故C正確

D；根據(jù)平衡條件得人拉箱的力與地面對箱的摩擦力一樣大；故D正確

故選CD．13、CD【分析】解：A

物體A

開始受重力、支持力、彈簧的彈力處于平衡狀態(tài).

當具有向上的加速度時；合力向上，彈簧彈力和支持力在豎直方向上的分力大于重力，所以彈簧的彈力增大，物體A

相對于斜面向下運動.

物體A

上升的高度小于h

所以重力勢能的增加量小于mgh.

故A錯誤。

B；物體A

受重力、支持力、彈簧的彈力；

對物體A

用動能定理；物塊A

的動能增加量等于斜面的支持力；彈簧的拉力和重力對其做功的和，故B錯誤。

C；物體A

機械能的增加量等于斜面支持力和彈簧彈力做功的代數(shù)和.

故C正確。

D；物塊A

和彈簧組成系統(tǒng)的機械能增加量等于斜面對物塊的支持力和B

對彈簧拉力做功的和；故D正確。

故選CD．

開始整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)；物體A

受重力；支持力、彈簧的彈力處于平衡狀態(tài).

升降機以加速度a

開始勻加速上升，則物塊A

與升降機具有相同的加速度，根據(jù)牛頓第二定律，判斷彈簧彈力是否發(fā)生變化.

根據(jù)除重力以外其它力做的功等于機械能的增量，判斷物體機械能的變化．

解決本題的關(guān)鍵熟練掌握牛頓第二定律，以及掌握功能關(guān)系：重力以外其它力做的功等于機械能的增量．【解析】CD

14、AB【分析】解：AB；甲的速度變化量的方向不變；知加速度的方向不變，則甲的加速度可能不變，甲可能做勻變速運動，甲不可能都作圓周運動；根據(jù)牛頓第二定律，知甲的合力可能是恒力，乙的速度變化量方向在改變，知加速度的方向改變，所以乙的合力不可能是恒力，故AB正確；

CD；甲、乙的速度方向在變化；所以甲乙不可能做直線運動，故CD錯誤。

故選：AB。

根據(jù)速度方向是否改變判斷物體是否做直線運動；圓周運動的速度方向時刻改變。根據(jù)速度變化量的方向，得出加速度的方向，從而根據(jù)牛頓第二定律得出合外力是否是恒力。

解決本題的關(guān)鍵知道加速度的方向與速度變化量的方向相同，合外力的方向與加速度的方向相同?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)15、400200100【分析】【分析】根據(jù)定滑輪的力學特征，分析三根繩子拉力關(guān)系，由平衡條件求出繩子3上的張力，再得到其他兩根繩子的張力．【解析】【解答】解：設(shè)繩子3的張力為T；根據(jù)定滑輪的力學特征，可知繩子2的張力為2T，繩子1的張力為4T．

對平板；由平衡條件得：

2T+T+T=G

解得T==N=100N

則繩子2的張力為2T=200N；繩子1的張力為4T=400N

故答案為：400，200，100．16、【分析】【分析】鐵鏈在運動過程中只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律可以求出鏈條上端離開桌面時的速度．【解析】【解答】解：設(shè)繩子一半的質(zhì)量為m；

鐵鏈在運動過程中只有重力做功；機械能守恒．設(shè)桌面為零勢能面；由機械能守恒定律得：

-mg=×2mv02-2mg得：

v0=

故答案為：17、Mg（sinθ+μcosθ）平行纜繩向上【分析】【分析】對纜車和乘客整體受力分析，受重力、支持力、牽引力和滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合正交分解法列式求解．【解析】【解答】解：纜車和乘客整體受重力；支持力、牽引力和滑動摩擦力；如圖所示：

根據(jù)平衡條件；有：

F-f-Mgsinθ=0

N-Mgcosθ=0

其中：f=μN

聯(lián)立解得：

F=Mg（sinθ+μcosθ）

故答案為：Mg（sinθ+μcosθ），平行纜繩向上．18、3.2×10-10m1.02×1028【分析】【分析】鋁的相對原子質(zhì)量為27，其摩爾質(zhì)量為27g/mol．根據(jù)摩爾質(zhì)量和密度求出摩爾體積，由摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)求出每個鋁原子的體積，由體積公式求解鋁原子的直徑．求出體積為0.17m3的鋁塊的質(zhì)量，由質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量求出摩爾數(shù)，乘以阿伏加德羅常數(shù)求出鋁塊中的原子數(shù)．【解析】【解答】解：由題，鋁的相對原子質(zhì)量為27，其摩爾質(zhì)量為M=27g/mol，摩爾體積為V=

設(shè)鋁原子的直徑為d，則=

得到，d==m=3.2×10-10m

體積為0.17m3的鋁塊中的原子數(shù)為

n==個=1.02×1028．

故答案為：3.2×10-10m，1.02×1028．19、略

【分析】【解析】試題分析：（1）在使用多用電表時應(yīng)注意表筆是“紅進黑出”所以紅表筆應(yīng)接a位置，ab間有示數(shù)，說明電源良好，而ad為零，ae間有示數(shù)，說明de斷路，D正確，（2）測試前為保證電路安全，所以開關(guān)S處于斷開，cd，和ef都能發(fā)生偏轉(zhuǎn)，而連接de不偏轉(zhuǎn)，說明de段導線斷路D正確，考點：考查了電路故障分析【解析】【答案】（1）a（1分）D（2分）（2）斷開（1分）D（2分）20、略

【分析】解：合力為2N；水平向右；一個分力在豎直方向，另一個分力與水平方向的夾角是30°，根據(jù)平行四邊形定則作圖，如圖所示。

故F2=2N，F(xiàn)1=4N

故答案為：2；4．

已知合力和兩個分力的方向；分解具有唯一性，根據(jù)平行四邊形定則作圖分解即可．

本題關(guān)鍵是確定合力與分力的方向，然后根據(jù)平行四邊形定則作圖分析，最后根據(jù)幾何關(guān)系求解，簡單題．【解析】2；421、降低50【分析】解：a→b是等溫過程，即ta=tb；c→a是等容過程；

由圖象可知，Pa＜Pc

根據(jù)查理定律得：

則Ta＜Tc，故Tb＜Tc，即b→c的過程中氣體溫度降低；

a→b→c→a的過程氣體內(nèi)能不變；即△U=0；

由熱力學第一定律得：Q=-W=-（-100+150+0）J=-50J；

“-”表示氣體放熱，即a→b→c→a的過程中氣體放出的熱量為50J；

故答案為：降低；50。

因為是一定質(zhì)量的理想氣體；所以溫度怎么變化內(nèi)能就怎么變化，利用熱力學第一定律結(jié)合理想氣體實驗定律，即可分析氣體溫度變化和整個過程吸放熱情況。

本題考查氣體定律與熱力學第一定律的綜合運用，解題關(guān)鍵是要根據(jù)圖象分析好壓強P、體積V、溫度T三個參量的變化情況，知道發(fā)生何種狀態(tài)變化過程，選擇合適的實驗定律。注意理想氣體的內(nèi)能與熱力學溫度成正比以及每個過程中做功的正負，P-V圖象下面積大小表示做功大小?！窘馕觥拷档?0四、判斷題(共3題，共12分)22、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×23、×【分析】【分析】一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，溫度升高時，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強的變化【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的氣體，保持壓強不變，溫度升高時氣體的體積跟它的熱力學溫度成正比，即：；

初狀態(tài)：T0=100℃=373K，末狀態(tài)：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時，它的體積改變?yōu)樵瓉淼谋叮?/p>

故答案為：×24、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點電荷是一種理想化模型；當帶電體的體積和形狀相對所研究的問題可以忽略的時候，帶電體可以看做點電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯誤．

故答案為：×五、實驗題(共4題，共24分)25、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】（1）____（2）____（3）____（4）____26、9.86C【分析】【分析】（1）根據(jù)單擺的周期公式推導出T2-L的關(guān)系式，根據(jù)描點法作出T2-L圖線；

（2）通過圖線的斜率求出重力加速度的大小．

（3）依據(jù)加速度表達式分析引起g值偏小的原因．【解析】【解答】解：（1）由單擺周期公式T=2π，可得：T2=

所以T2-l圖線是過坐標原點的一條直線；根據(jù)描點法作出圖象，如圖所示：

（2）直線的斜率是：k=，得：g=．

根據(jù)圖象求得直線斜率為：k=4.00；

得：g==π2=（3.14）2=9.86m/s2．

（3）A、根據(jù)知；重力加速度的表達式與擺球的質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤．

B、根據(jù)知；重力加速度的表達式與擺球的偏轉(zhuǎn)角無關(guān)，故B錯誤．

C、根據(jù)知；計算擺長時，把懸線長l’當作了擺長l，則擺線的長度偏小，計算的重力加速度的值偏小．故C正確．

D、根據(jù)知；實驗中誤將n次全振動數(shù)為n+1次．則周期的測量值偏小，重力加速度的測量值偏大，故D錯誤．

故選：C．

故答案為：（1）如圖；（2）9.86；（3）C27、21.50.0125【分析】【分析】（1）根據(jù)豎直方向運動特點△h=gt2；求出物體運動時間；

然后利用水平方向小球勻速運動的特點，根據(jù)x=v0t即可求出物體的初速度；

（2）勻變速直線運動某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度；即AC在豎直方向上的平均速度等于B點的豎直分速度，然后根據(jù)運動的合成可以求出物體經(jīng)過B點時的速度大?。?/p>

（3）根據(jù)B點豎直方向的速度大小，求出從拋出到B點的時間，從而求出從拋出到A點的時間，然后求出物體拋出點到A點的水平距離．【解析】【解答】解：（1）在豎直方向上根據(jù)△y=gt2；

t====0.1s；

物體拋出時的初速度v0===2m/s．

（2）經(jīng)過B點時的豎直分速度：

vyB===1.5m/s；

（3）拋出點到B點的運動時間：

tB===0.15s；

從拋出到運動到A點需要的時間：

tA=tB-t=0.15s-0.1s=0.05s；

則拋出點在A點上方高度：

h=gtA2=×10×0.052=0.0125m；

故答案為：（1）2；（2）1.5；（3）0.0125．28、mgx2k【分析】【分析】（1）用平均速度代替瞬時速度去求解AB點的速度；

（2）合外力為重物的重力；要求出外力對滑塊做的功還必須測出這一過程滑塊的位移x，根據(jù)W=Fx即可求解；

（3）根據(jù)做功公式求出W與v2的關(guān)系式即可求解．【解析】【解答】解：①用平均速度代替瞬時速度得：VA=，VB=；

②合外力為重物的重力；要求出外力對滑塊做的功還必須測出這一過程滑塊的位移x；

則W=Fx=mgx

③合外力做的功為

所以；

已知直線斜率為k，即所以M=2k

故答案為：（1）；；（2）mgx；（3）2k六、證明題(共4題，共24分)29、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別求出小球通過最高點和最低點時拉力與速度的關(guān)系式，再由機械能守恒定律列式，得到兩點速度的關(guān)系，聯(lián)立即可證明．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

在最高點有：T2+mg=m

在最低點有：T1-mg=m

根據(jù)機械能守恒定律得：mg