江西省撫州市臨川第一中學(xué)2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期1月階段性測試物理試題（解析版）

臨川一中2024-2025學(xué)年上學(xué)期階段性測試試卷高一年級物理試卷卷面滿分：100分考試時間：75分鐘一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分）1.結(jié)合課本和生活中出現(xiàn)的以下情景，下列說法正確的是（）A.圖甲中木塊對托盤的壓力就是木塊的重力B.圖乙中伽利略利用該實驗說明了“力是改變物體運動狀態(tài)的原因”C.圖丙中A同學(xué)推動B同學(xué)時，A對B的作用力大于B對A的作用力D.圖丁中把勻變速直線運動的圖像分成很多小段，每小段近似看作勻速直線運動，把各小段的位移相加代表物體在內(nèi)總位移，采用了“微元法”【答案】D【解析】【詳解】A．圖甲中木塊對托盤的壓力作用在托盤上，而木塊的重力作用在木塊上，且壓力和重力的性質(zhì)不同，故A錯誤；B．圖乙中伽利略利用該實驗說明了“力不是維持物體運動狀態(tài)的原因”，故B錯誤；C．圖丙中A同學(xué)推動B同學(xué)時，A對B的作用力與B對A的作用力是一對相互作用力，大小相等，故C錯誤；D．圖丁中把勻變速直線運動的圖像分成很多小段，每小段近似看作勻速直線運動，把各小段的位移相加代表物體在內(nèi)總位移，采用了“微元法”，故D正確。故選D。2.高層住宅樓的電梯，停在中間樓層，時開始運動，選向上為正方向，一段時間內(nèi)電梯的加速度隨時間變化的a-t圖像可簡化為如圖所示，0~9s內(nèi)，關(guān)于電梯的運動，下列說法正確的是（）A.時，電梯的速度大小為1m/s B.3~6s內(nèi)，電梯運動的距離為6mC.電梯運動的最大速度為1m/s D.6~9s內(nèi)，電梯向下運動【答案】B【解析】【詳解】由a-t圖像可知A．0~3s內(nèi)，電梯在加速上升，圖像包圍的面積表示速度的改變量，所以電梯的速度增加了2m/s，3~6s內(nèi)，電梯加速度為0，電梯勻速上升，6~7s內(nèi)電梯的加速度方向向下，與運動方向相反，電梯做減速運動，圖像包圍的面積表示速度的改變量，速度減小了0.5m/s，則時，電梯的速度大小為1.5m/s，A錯誤；B．3~6s內(nèi)，電梯加速度為0，電梯勻速上升，電梯運動的距離為B正確；C．電梯先加速到2m/s，后勻速，再減速，由面積代表速度改變量可知在9s時速度減為0，所以電梯運動的最大速度為2m/s，C錯誤；D．6~9s內(nèi)，電梯的加速度方向向下，與運動方向相反，電梯在向上減速，D錯誤。故選B。3.習(xí)總書記指出：“我們既要綠水青山，也要金山銀山”。為節(jié)能環(huán)保，營造低碳生活，新能源汽車越來越受到人們的青睞。為了測試某品牌新能源汽車的性能，現(xiàn)有A、B兩輛汽車沿著雙車道平直公路平行運動，時刻B車在A車前方處，該時刻兩車開始剎車，此后過程中兩汽車運動的v-t圖像如圖所示，則下列說法正確的是（）A.A、B的加速度大小之比2∶1 B.時兩車相距C.從計時起A、B兩車相遇3次 D.時兩車間距最小為10m【答案】B【解析】【詳解】A．由圖像可知，v-t圖像的斜率表示加速度，則有則A、B的加速度大小之比為3∶1，A錯誤；B．時，A車運動的位移為B車運動的位移為兩車相距故B正確D．因為B車在前，A車在后，且在15s之前，A車的速度大于B車的速度，在15s之后，A車的速度小于B車的速度，所以在15s時，兩車位移差所以兩車在15s之前已經(jīng)相遇，兩車間距最小為0，D錯誤；C．綜合上述分析可知，從計時起A、B相遇兩次，C錯誤。故選B。4.疊放在水平地面上的四個完全相同的排球如圖所示，質(zhì)量均為2m，相互接觸，球與地面間的動摩擦因數(shù)都為，已知重力加速度為g，則（）A.上方球所受重力與支持力是一對作用力與反作用力B.水平地面對下方三個球的支持力均為C.水平地面對下方三個球的摩擦力相同D.下方三個球?qū)λ降孛娴膲毫κ怯捎谙路角虻男巫円鸬摹敬鸢浮緿【解析】【詳解】A．上方球所受重力與支持力性質(zhì)不同，不是一對作用力與反作用力，故A錯誤；B．對四個球體整體分析，根據(jù)平衡條件有解得故B錯誤；C．下方球體受到上方球體斜向下的彈力，下方球體有相對地面向外運動的趨勢，地面對下方球體有向內(nèi)的摩擦力作用，但水平地面對下方三個球的摩擦力方向不同，故C錯誤：D．下方三個球?qū)λ降孛娴膲毫κ怯捎谙路角虻男巫円鸬模蔇正確。故選D5.中央電視臺科普節(jié)目《加油向未來》在現(xiàn)場利用內(nèi)部氣壓為0.001Pa、高6m的亞克力管做落體實驗，如圖將亞克力管等分為四段，從上到下每段標(biāo)為、、、，羽毛由靜止開始從最高點下落，經(jīng)過速度的增加量為，經(jīng)過第三段速度的增加量為，則與的比值滿足（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】由題意可知，小球所在的管內(nèi)空氣阻力可以忽略不計，即小球做自由落體運動，兩段相同距離h的時間之比為由則即故選C。6.新疆是我國最大的產(chǎn)棉區(qū)，在新疆超出70%棉田都是通過機械自動化采收，自動采棉機將棉花打包成圓柱形棉包，然后平穩(wěn)將其放下。放下棉包的過程可以簡化為如圖所示模型，質(zhì)量為m的棉包放在“V”型擋板上，兩板間夾角為120°固定不變，“V”型擋板可繞P軸在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動，使BP板由水平位置逆時針緩慢轉(zhuǎn)動60°，忽略“V”型擋板對棉包的摩擦力，已知重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過30°時，棉包對BP板的壓力大小為mgB.當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過60°時，棉包受到三個力的作用C.棉包對BP板的壓力一直減小D.棉包對AP板壓力先增大后減小【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過30°時，兩板間夾角為120°固定不變，可知此時兩板對棉包的支持力大小相等，由平衡條件有解得根據(jù)牛頓第三定律可得，棉包對BP板的壓力大小為，故A錯誤；B．當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過60°時，AP板處于水平狀態(tài)，此時棉包對BP板的作用力大小為零，棉包只受重力和AP板的支持力，故B錯誤CD．對棉包受力分析，如圖所示設(shè)BP板轉(zhuǎn)動的角度為，根據(jù)正弦定理可得當(dāng)從0°增大到60°的過程中，AP板對棉包的支持力一直增大，根據(jù)牛頓第三定律可得棉包對AP板的壓力一直增大，BP板對棉包的支持力一直減小，則棉包對BP板的壓力一直減小，故D錯誤，C正確。故選C。7.如圖所示，質(zhì)量為2m的吊籃A懸掛在天花板上，質(zhì)量均為m的物體B、C分別固定在輕彈簧兩端，在吊籃保持靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為g，當(dāng)懸掛吊籃A的細(xì)繩被剪斷的瞬間（）A.吊籃A的加速度為零 B.物體B處于失重狀態(tài)C.吊籃A與物體C間的彈力為 D.物體C的加速度為，方向豎直向下【答案】D【解析】【詳解】AD．剪斷細(xì)繩后，把吊籃和物體C整體分析，根據(jù)牛頓第二定律可得解得方向豎直向下，A錯誤，D正確；B．剪斷細(xì)繩時，彈簧的彈力不變，物體B依然處于平衡狀態(tài)，B錯誤；C．對物體BC整體受力分析，根據(jù)系統(tǒng)牛頓第二定律可得聯(lián)立上式解得即吊籃A與物體C間的彈力為，C錯誤。故選D。二、多選題（本題共3小題，每小題6分，共18分）8.若一物體從火星表面豎直向上拋出（不計氣體阻力）時的x-t圖像如圖所示，則（）A.該火星表面的重力加速度大小為 B.該物體上升的時間為10sC.該物體被拋出時的初速度大小為8m/s D.該物體從拋出到落回火星表面的速度變化量為0【答案】AC【解析】【詳解】A．由圖像可知，物體上升到最高點的時間為5s，最大高度為20m，由位移公式，可得故A正確；B．由圖可知，當(dāng)物體上升到最高點所用時間為5s，即該物體上升的時間為5s，故B錯誤；C．由速度公式，可求得該物體被拋出時的初速度大小故C正確；D．由于不計氣體阻力，由對稱性可知，該物體落到火星表面時的速度大小為8m/s，但是方向相反，速度變化量為，故D錯誤。故選AC。9.如圖所示，傾角的光滑斜面固定在水平地面上，與斜面垂直的擋板P固定在斜面底端，輕彈簧一端固定在擋板上，另一端與物塊A連接，質(zhì)量為m的物塊A和質(zhì)量為2m的物塊B并排放在斜面上，物塊A、B不粘連，處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一沿斜面向上的外力拉物塊B，已知重力加速度大小為g，，彈簧的勁度系數(shù)為k，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，物塊A、B分離B.物塊A、B分離瞬間，物塊A的加速度大小為C.物塊A、B分離瞬間，彈簧的壓縮量為D.從外力作用在物塊B上到物塊A、B分離的過程中，物塊B的位移大小為【答案】BD【解析】【詳解】A．物塊AB在外力的作用下沿斜面向上運動，當(dāng)物塊A、B分離時物塊A、B的加速度相等且沿斜面向上，A、B間的彈力為零，對物塊A受力分析可知彈簧對A的彈力沿斜面向上，彈簧處于壓縮狀態(tài)，A錯誤；B．物塊A、B分離瞬間，物塊A和物塊B加速度相等，對物塊B利用牛頓第二定律可知解得所以物塊A的加速度大小為，B正確；C．對物塊A進行受力分析，利用牛頓第二定律可得結(jié)合上述結(jié)論可得，彈簧的壓縮量為C錯誤；D．當(dāng)沒有作用在B上是AB處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)共點力平衡得解得因此B運動的位移為D正確。故選BD。10.如圖甲所示，一足夠長的傳送帶傾斜放置，傾角為，以恒定速率順時針轉(zhuǎn)動。一煤塊以初速度從A端沖上傳送帶，煤塊的速度隨時間變化的圖像如圖乙所示，取，則下列說法正確的是（）A.煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)B.傾斜傳送帶與水平方向夾角正切值C.煤塊從最高點下滑到A端所用時間為D.煤塊在傳送帶上留下的痕跡長為【答案】CD【解析】【詳解】AB。由題圖乙可知，在0~1s時間內(nèi)，煤塊的加速度為負(fù)號表示方向沿傳送帶向下，由牛頓第二定律可得在1~2s內(nèi)，煤塊的加速度為負(fù)號表示方向沿傳送帶向下，由牛頓第二定律可得聯(lián)立以上各式，解得則有故AB錯誤；C．由v-t圖像與時間軸所圍面積表示位移，可知煤塊上升的位移為由位移時間公式x=分析可知煤塊從最高點下滑時加速度大小與大小相等，可得煤塊從最高點下滑到A端所用的時間為故C正確；D．傳送帶的速度為4m/s，在0~1s時間內(nèi)煤塊相對傳送帶向上運動，則有傳送帶的位移為煤塊的位移煤塊與傳送帶的相對位移為在1~2s時間內(nèi)傳送帶相對煤塊向上運動，則有傳送帶的位移煤塊的位移煤塊與傳送帶的相對位移為因在0~1s時間內(nèi)煤塊相對傳送帶向上運動，在1~2s時間內(nèi)傳送帶相對煤塊向上運動，因此在煤塊向上運動中，與傳送帶留下的痕跡長為4m；在時間內(nèi)，傳送帶向上運動，煤塊向下運動，則有煤塊在傳送帶上留下的總痕跡長為故D正確。故選CD。三、實驗題（本題共2小題，共14分）11.某實驗小組設(shè)計實驗探究彈簧的勁度系數(shù)與哪些因素有關(guān)，在研究彈簧勁度系數(shù)與彈簧的圈數(shù)關(guān)系時：（1）實驗小組選取材料相同，直徑相同，粗細(xì)相同，長度相同，圈數(shù)不同的兩個彈簧進行實驗。按照如圖甲所示的方案設(shè)計實驗，1的圈數(shù)少，2的圈數(shù)多，改變被支撐重物的質(zhì)量m，靜止時測出彈簧的形變量x，得到形變量x與質(zhì)量m的關(guān)系式圖像，取多組類似彈簧實驗均可得到類似的圖像，如圖乙所示則可知彈簧單位長度的圈數(shù)越______（填“多”或“少”），彈簧的勁度系數(shù)越小。（2）圖乙中，已知彈簧1的勁度系數(shù)為k，則彈簧2的勁度系數(shù)為______。（3）如圖丙所示，某學(xué)習(xí)小組把兩根彈簧連接起來，測量彈簧1的勁度系數(shù)，彈簧2的重力______（填“會”或“不會”）引起彈簧1的勁度系數(shù)的測量誤差?！敬鸢浮浚?）多（2）（3）不會【解析】【小問1詳解】根據(jù)胡克定律和平衡條件有整理后有則圖像的斜率為，則圖像斜率越大彈簧的勁度系數(shù)越小，由圖乙可看出直線2的斜率大于直線1的斜率，則由于1的圈數(shù)少，2的圈數(shù)多，則可知彈簧單位長度的圈數(shù)越多，彈簧的勁度系數(shù)越小。【小問2詳解】根據(jù)結(jié)合圖乙可計算出，由于彈簧1勁度系數(shù)為k，則，【小問3詳解】根據(jù)胡克定律可知可知，彈簧1彈力的變化量不受彈簧2的重力的影響，所以彈簧2不會引起彈簧1勁度系數(shù)測量的誤差。12.某實驗小組按照圖甲、乙、丙三種方案分別做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗。已知圖丙中的手機傳感器可以測量細(xì)線上拉力的大小。實驗中，用天平測量小車的質(zhì)量，用打點計時器在紙帶上打點，測量小車運動的加速度大小。（1）上述方案中，需要平衡摩擦力的實驗是______，需要保證砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的實驗是______。（2）按照圖甲方案實驗時，實驗小組成員沒有進行平衡摩擦力這一步驟，他將每組數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點、畫線得到的a-F圖像，可能是圖中的______（填“A”“B”或“C”）圖線。（3）按照圖甲方案通過正確操作，得到圖戊所示紙帶，已知交流電源的頻率為50Hz則小車運動的加速度大小為______（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），則通過分析該實驗可知______（填“滿足”或者“不滿足”）砂子和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）①.甲乙丙②.甲（2）A（3）①.1.8②.不滿足【解析】【小問1詳解】[1]為了使細(xì)線上的拉力等于小車所受的合力，甲、乙、丙三種方案都需要平衡摩擦力。甲方案砂和砂桶的質(zhì)量沒有測出，因此要用砂和砂桶的總重力充當(dāng)細(xì)線的拉力，為使砂和砂桶的總重力等于細(xì)線的拉力，則甲方案需要保證砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，乙和丙兩種方案不需要，因為兩種方案分別由彈簧測力計和手機傳感器來測量細(xì)線上拉力的大小，甲正確?！拘?詳解】[2]按照圖甲方案實驗時，沒有進行平衡摩擦力，畫線得到的a-F圖像如圖丁所示，由圖丁可知，因沒有平衡摩擦力，當(dāng)細(xì)線上的拉力小于摩擦力時，小車加速度是零，只有細(xì)線上的拉力大于摩擦力時，小車加速度不是零，因此得到的a-F圖像，可能是圖中的A?！拘?詳解】[3]已知交流電源的頻率為50Hz，由圖戊可知，紙帶上相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為由勻變速直線運動的推論可得小車運動的加速度大小為由勻變速直線運動的推論可得小車運動的加速度大小為對甲方案實驗，設(shè)砂和砂桶的總質(zhì)量為m，小車質(zhì)量為M，以小車及砂和砂桶組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律，則有小車的加速度為當(dāng)小車加速度，取時，則有因此通過分析該實驗可知不滿足砂子和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量。四、解答題（本題共3小題，共40分）13.某大型商場為了更好的利用空間，建造了全自動升降汽車系統(tǒng)，實現(xiàn)了智能化立體停車。如圖所示某次一輛汽車駛上停在地面的升降平臺，平臺啟動后，汽車隨平臺先向上做勻加速直線運動，隨后立即做勻減速直線運動，距地面高時速度恰好減為0，最后由水平傳送裝置轉(zhuǎn)移到遠(yuǎn)的停車位上。已知上升階段總用時為，水平轉(zhuǎn)移階段用時為。汽車的大小可忽略不計。（1）求該汽車整個停車過程中的平均速度的大?。唬?）若在汽車上升階段，勻減速的加速度為，求汽車勻加速的加速度大小以及勻減速上升階段的位移大小。【答案】（1）2m/s（2），【解析】【小問1詳解】該汽車整個停車過程中的位移該汽車整個停車過程中的平均速度的大小解得【小問2詳解】令勻加速過程的末速度為，根據(jù)速度公式有利用逆向思維，勻減速過程，根據(jù)速度公式有其中勻減速過程與勻加速過程總位移解得，勻減速上升階段的位移大小解得14.在學(xué)?？萍脊?jié)上，物理老師在空曠的操場豎直向上發(fā)射一枚總質(zhì)量為2kg的火箭模型。如圖所示，在時刻發(fā)動機點火，為火箭提供了豎直向上、大小恒為45N的推力，隨后經(jīng)過3s，發(fā)動機熄火，在達到最大高度后，火箭打開頂部的降落傘，在降落傘作用下向下做勻加速運動，到達地面時的速度大小為9m/s。已知火箭箭體在運動的過程中，受到的空氣阻力大小恒為5N，把降落傘提供的阻力視為恒定不變，重力加速度g取，不考慮火箭發(fā)射過程中噴出的氣體對火箭質(zhì)量的影響，火箭在運動的過程中可視為質(zhì)點。（1）求火箭上升的最大高度；（2）求降落傘提供的阻力大?。唬?）某次實驗，由于機械故障，降落傘是在火箭下落到與發(fā)動機剛熄火時的等高處才打開，求火箭落地的速度大小。（結(jié)果可保留根號）【答案】（1）81m（2）14N（3）【解析】【小問1詳解】火箭向上做勻加速運動時，根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大小為發(fā)動機熄火時，火箭的速度大小為火箭勻加速階段上升的高度為發(fā)動機熄火后，根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大小為發(fā)動機熄火后，火箭繼續(xù)上升的高度為則火箭上升的最大高度為【小問2詳解】火箭在降落傘作用下向下做勻加速運動，根據(jù)運動學(xué)公式可得解得加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律有解得降落傘提供的阻力大小為【小問3詳解】火箭在下降且未打開降落傘時，根據(jù)牛頓第二定律得解得火箭剛要打開降落傘時的速度為，根據(jù)運動學(xué)公式可得火箭落地時的速度為，根據(jù)運動學(xué)公式可得解得15.如圖所示，一傾角的