2025年滬科版高三物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高三物理下冊(cè)月考試卷94考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、電梯內(nèi)的地板上豎直放置一根輕質(zhì)彈簧，彈簧上方有一質(zhì)量為m的物體．當(dāng)電梯靜止時(shí)彈簧被壓縮了x；當(dāng)電梯運(yùn)動(dòng)時(shí)彈簧又被壓縮了x．試判斷電梯運(yùn)動(dòng)的可能情況是（）A.以大小為2g的加速度加速上升B.以大小為2g的加速度減速上升C.以大小為g的加速度加速下降D.以大小為g的加速度減速下降2、如圖所示，A、B兩質(zhì)點(diǎn)以相同的水平速度v拋出，A在豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，落地點(diǎn)在P1；B在光滑的斜面上運(yùn)動(dòng)，落地點(diǎn)在P2；不計(jì)空氣阻力，則下列說法中正確的是（）

A.A；B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同。

B.A；B沿x軸方向的位移相同。

C.A；B落地時(shí)的速度相同。

D.A；B落地時(shí)的動(dòng)能相同。

3、【題文】（原創(chuàng)）神舟十號(hào)飛船于2013年6月11日順利發(fā)射升空；它是中國“神舟”號(hào)系列飛船之一，是中國第五艘搭載太空人的飛船。升空后和目標(biāo)飛行器天宮一號(hào)對(duì)接。任務(wù)是對(duì)“神九”載人交會(huì)對(duì)接技術(shù)的“拾遺補(bǔ)缺”。已知神舟十號(hào)飛船的發(fā)射初始軌道為近地點(diǎn)200km；遠(yuǎn)地點(diǎn)330km的橢圓軌道，對(duì)接軌道是距地表343km的圓軌道。下列關(guān)于神舟十號(hào)飛船的說法中錯(cuò)誤的是。

A.發(fā)射速度必須大于7.9km/sB.在對(duì)接軌道上運(yùn)行速度小于7.9km/sC.在初始軌道上的近地點(diǎn)速度大于在遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度D.在初始軌道上的周期大于在對(duì)接軌道上的周期4、某電解池在1s內(nèi)共有1.6c正離子和3.2c負(fù)離子通過某截面，那么通過這個(gè)截面的電流是（）A.0AB.4.8AC.1.6AD.3.2A5、在研究空中炮彈飛行的過程中，下列說法正確的是（）A.只能對(duì)它的速度進(jìn)行分解，不能對(duì)它的位移進(jìn)行分解B.只能對(duì)它的合外力進(jìn)行分解，不能對(duì)它的加速度進(jìn)行分解C.將炮彈的速度進(jìn)行水平方向和豎直方向的分解研究，是利用了轉(zhuǎn)換的方法D.將炮彈的速度進(jìn)行水平方向和豎直方向的分解研究，是利用了等效替代的方法6、如圖所示，小車上固定一彎折硬桿ABC，C端固定一質(zhì)量為m的小球．已知α角恒定，當(dāng)小車水平向左作變加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，BC桿對(duì)小球的作用力的方向（）A.一定沿著桿向上B.一定豎直向上C.可能水平向左D.隨加速度a的數(shù)值的改變而改變7、如圖所示的一段圓弧為某運(yùn)動(dòng)物的速度一時(shí)間圖象，由圖可知，物體是做下列哪種運(yùn)動(dòng)（）A.圓周運(yùn)動(dòng)B.勻變速直線運(yùn)動(dòng)C.變速直線運(yùn)動(dòng)D.曲線運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、某同學(xué)用下列器材測定一干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻：

A．待測電池組（電動(dòng)勢約3V；內(nèi)阻約1Ω）

B．定值電阻（R0=5Ω）

C．電阻箱R（0～999.9Ω）

D．電壓表（0～3V；內(nèi)阻約5kΩ）

E．開關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干。

（1）該同學(xué)要用-圖象處理數(shù)據(jù)，有如圖所示甲、乙兩種電路圖，其中最合理的為____．

（2）該同學(xué)正確測量后通過描點(diǎn)得到圖丙所示的-圖象，則由此可知電源的電動(dòng)勢為E=____V，內(nèi)電阻為r=____Ω．

9、（2013春?閔行區(qū)月考）如圖所示為一定質(zhì)量理想氣體的兩個(gè)變化過程，其中AB段為雙曲線，則符合查理定律的是____段．A、C兩狀態(tài)的溫度相比較有tA____tC（選填“＞”、“=”或“＜”）．10、火車站臺(tái)上有一觀察者，站在列車第1節(jié)車廂的最前端．列車有9節(jié)車廂，列車開動(dòng)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)4.0s第1節(jié)車廂駛過觀察者，整列列車駛過觀察者所用的時(shí)間是____s；第9節(jié)車廂駛過觀察者所用的時(shí)間是____．11、以20m/s的速度將質(zhì)量為1kg的物體在距地面30m高處水平拋出，不計(jì)空氣阻力．則拋出后2s內(nèi)重力對(duì)物體的沖量為____N?s；拋出后2s末物體的動(dòng)量大小為____kg?m/s（取g=10m/s2）．12、（2007秋?閘北區(qū)期末）如圖（a）所示，用細(xì)線將包有白紙帶的質(zhì)量為1.00kg的圓柱棒懸掛，另有蘸有顏料的毛筆固定在電動(dòng)機(jī)上并隨之轉(zhuǎn)動(dòng)．當(dāng)燒斷懸掛圓柱棒的細(xì)線后，圓柱棒豎直自由下落，毛筆就在圓柱棒面上的紙帶上畫出記號(hào)，如圖（b）所示，設(shè)毛筆接觸棒時(shí)不影響棒的運(yùn)動(dòng)．測得記號(hào)之間的距離依次為26.0mm、42.0mm、58.0mm、74.0mm、90.0mm、106.0mm，已知電動(dòng)機(jī)銘牌上標(biāo)有“1440r/min”字樣；由此驗(yàn)證機(jī)械能守恒．根據(jù)以上內(nèi)容．回答下列問題：

（1）毛筆畫相鄰兩條線的時(shí)間間隔T=____s，圖（b）中的____端是圓柱棒的懸掛端（填左或右），由上往下看，電動(dòng)機(jī)是____時(shí)針旋轉(zhuǎn)的（填順或逆）．

（2）根據(jù)圖（b）所給的數(shù)據(jù)，可知毛筆畫下記號(hào)C時(shí)，圓柱棒下落的速度VC=____m/s；畫下記號(hào)D時(shí)，圓柱棒下落的速度VD=____m/s；記號(hào)C、D之間棒的動(dòng)能的變化量為____J，重力勢能的變化量為____J（g=9.8m/s2）．由此可得出的結(jié)論是____．13、彈力的大小與發(fā)生形變的物體的________有關(guān)，還與形變的_____有關(guān)；對(duì)于發(fā)生彈性形變的彈簧而言，彈力與彈簧的形變量（伸長或縮短的長度）成______.一彈簧的勁度系數(shù)為500N/m,它表示_______________________________,若用200N的力拉彈簧,則彈簧的伸長量為_____m.14、（2014春?拱墅區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，實(shí)線是一列簡諧橫波在t1=0時(shí)的波形圖，虛線為t2=0.5s時(shí)的波形圖，已知0＜t2-t1＜T，t1=0時(shí)，x=2m處的質(zhì)點(diǎn)A正向y軸正方向振動(dòng)．則波的周期為____s；波速大小為____m/s．15、在邊長為a的正方形的每個(gè)頂點(diǎn)放置一個(gè)電荷量為q的點(diǎn)電荷．如果保持他們的位置不變，每個(gè)電荷受到其他三個(gè)電荷的靜電力的合力為____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則地面的坐標(biāo)為x=-0.8m．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運(yùn)動(dòng)，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，說明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、沒有施力物體的力有可能存在．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、同一汽車，速度越快，越難剎車，說明物體速度越大，慣性越大．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、公式E=和對(duì)于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、簡答題(共1題，共5分)21、如圖，置于車廂地面上的質(zhì)量為5kg的物塊與小車始終保持相對(duì)靜止，g=10m/s2；當(dāng)小車內(nèi)懸掛小球的繩子與豎直方向的夾角為θ=30°時(shí)，求。

（1）小車的加速度是多少？方向怎樣？

（2）物體受到的摩擦力的大小和方向分別如何？評(píng)卷人得分五、推斷題(共2題，共6分)22、某強(qiáng)酸性無色溶液中可能含下表離子中的若干種離子。。陽離子rm{Mg^{2+}}rm{NH_{4}^{+}}rm{Ba^{2+}}rm{Al^{3+}}rm{Fe^{2+}}陰離子rm{SiO_{3}^{2-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{Cl^{-}}rm{NO_{3}^{-}}rm{SO_{3}^{2-}}實(shí)驗(yàn)rm{I}取少量該試液進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)。

。

實(shí)驗(yàn)Ⅱ：為了進(jìn)一步確定該溶液的組成，取rm{100mL}原溶液，向該溶液中滴加rm{1mol?L^{-l}}的rm{NaOH}溶液，產(chǎn)生沉淀的質(zhì)量與氫氧化鈉溶液體積的關(guān)系如圖所示。

回答下列問題：rm{(1)}不進(jìn)行實(shí)驗(yàn)就可以推斷出，上表中的離子一定不存在的有___________種。rm{(2)}通過實(shí)驗(yàn)rm{I}可以確定該溶液中一定存在的陰離子是_____________。檢驗(yàn)氣體rm{X}的方法是______________________；沉淀rm{Z}的化學(xué)式為_________________。rm{(3)}寫出實(shí)驗(yàn)Ⅱ的圖象中rm{BC}段對(duì)應(yīng)的離子方程式：_____________________________________。rm{(4)A}點(diǎn)對(duì)應(yīng)的固體質(zhì)量為__________rm{g}rm{(5)}通過上述信息，推算該溶液中陰離子的濃度為______________rm{mol?L^{-l}}23、【選修r(nóng)m{5-}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】某單烯烴rm{A(C_{8}H_{16})}可以發(fā)生如下圖示的轉(zhuǎn)化，回答下列問題已知：rm{CH_{3}CH_{2}CH===}rm{CH_{3}CH_{2}CHO+O=}rm{(1)B}的分子式為____，rm{D}中含有官能團(tuán)的名稱____。rm{(2)B}無銀鏡反應(yīng)，rm{D}在濃硫酸存在下加熱可得到能使溴水褪色且只有一種結(jié)構(gòu)的物質(zhì)rm{E(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}請(qǐng)寫出rm{攏脜}的結(jié)構(gòu)簡式____，rm{攏脛隆煤攏脜}的反應(yīng)類型____。rm{(3)}寫出rm{攏脙隆煤攏脝}的化學(xué)方程式____。rm{(4)H}的同分異構(gòu)體中，滿足下列要求的結(jié)構(gòu)一共有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)，包括rm{H}本身rm{)}請(qǐng)任意寫出其中一種的結(jié)構(gòu)簡式__________________________rm{壟脵}屬于酯類；rm{壟脷}酸性條件下水解能得到相對(duì)分子質(zhì)量為rm{74}的有機(jī)物rm{(5)}已知：請(qǐng)寫出由rm{C}制備rm{2-}丙醇的合成路線rm{(}無機(jī)原料任選rm{)}合成路線流程圖示例如下：評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共16分)24、【題文】原子在不停地做熱運(yùn)動(dòng)；為了能高精度地研究孤立原子的性質(zhì)，必須使它們幾乎靜止下來并能在一個(gè)很小的空間區(qū)域停留一段時(shí)間，例如納米技術(shù)中需要移動(dòng)或修補(bǔ)分子.科學(xué)家已發(fā)明了一種稱為“激光制冷”的技術(shù)，原理如下：

在一個(gè)真空室內(nèi)，一束非常準(zhǔn)直的Na-23原子束（通過樣品在1000K高溫下蒸發(fā)而獲得，原子做熱運(yùn)動(dòng)的速率近似為v0="1"000m/s),受一束激光的正面照射，如圖15-2-3所示.設(shè)原子處在基態(tài)，運(yùn)動(dòng)方向與激光光子的運(yùn)動(dòng)方向相反，選好激光頻率使光子能量E等于鈉原子第一激發(fā)態(tài)與基態(tài)間能量差，原子就能吸收它而發(fā)生躍遷，躍遷后原子的速度為v1，隨后該原子發(fā)射光子并回到基態(tài).設(shè)所發(fā)射光子的運(yùn)動(dòng)方向與速度v0的方向總是相同的，此時(shí)原子的速度為v2,接著重復(fù)上述過程；直到原子的速度減小到零.

圖15-2-3

（1）吸收與發(fā)射光子的總次數(shù)為多少？

（2）原子停留在激發(fā)態(tài)上的時(shí)間稱為原子在這種狀態(tài)下的壽命，大小約為10-8s.忽略每次吸收與發(fā)射光子的時(shí)間，按上述方式，原子初速度v0減小到零，共需多長時(shí)間？該時(shí)間內(nèi)原子共走過的路程為多少？（E=3.36×10-19J，鈉原子的質(zhì)量m=3.84×10-26kg,NA=6.0×1023mol-1,c=3.0×108m/s）25、【題文】

如圖4所示，100匝的線框abcd在圖示磁場（勻強(qiáng)磁場）中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為其電動(dòng)勢的瞬時(shí)值為V，那么：（1）感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值為多少？穿過線框的最大磁通量為多少？（2）當(dāng)從圖示位置轉(zhuǎn)過角時(shí)線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢為多少？此時(shí)穿過線圈的磁通量的變化率為多少？26、【題文】在標(biāo)準(zhǔn)狀總值下，有體積為V的水和體積為V的可認(rèn)為是理想氣體的水蒸氣，已知水的密度為求阿伏加德羅常數(shù)為NA，水的摩爾質(zhì)量為MA，在標(biāo)準(zhǔn)狀況下水蒸氣的摩爾體積為VA；求：

（1）說明標(biāo)準(zhǔn)狀況下水分子與水蒸氣分子的平均動(dòng)能的大小關(guān)系；

（2）它們中各有多少水分子？

（3）它們中相鄰兩個(gè)水分子之間的平均距離27、【題文】（17分）如圖（a）所示，水平放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌，間距L=0.3m．導(dǎo)軌左端連接R＝0.6的電阻，區(qū)域abcd內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面B=0.6T的勻強(qiáng)磁場，磁場區(qū)域?qū)扗="0.2"m．細(xì)金屬棒A1和A2用長為2D=0.4m的輕質(zhì)絕緣桿連接，放置在導(dǎo)軌平面上，并與導(dǎo)軌垂直，每根金屬棒在導(dǎo)軌間的電阻均為t="0.3"導(dǎo)軌電阻不計(jì)，使金屬棒以恒定速度r="1.0"m/s沿導(dǎo)軌向右穿越磁場，計(jì)算從金屬棒A1進(jìn)入磁場（t=0）到A2離開磁場的時(shí)間內(nèi)，不同時(shí)間段通過電阻R的電流強(qiáng)度，并在圖（b）中畫出．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】物體原來靜止，由此可以知道物體的重力與彈簧的彈力相等，當(dāng)彈簧又被繼續(xù)壓縮x時(shí)，這時(shí)增加的彈力就是物體受的合力，由牛頓第二定律可以求加速度的大小，再判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【解答】解：因?yàn)殡娞蒽o止時(shí)；彈簧被壓縮了x，由此可以知道；

mg=kx；

當(dāng)電梯運(yùn)動(dòng)時(shí)；彈簧又被繼續(xù)壓縮了x，彈簧的彈力變大了；

所以物體的合力應(yīng)該是向上的；大小是mg

由牛頓第二定律F=ma可得；

a=g

合力是向上的；當(dāng)然加速度的方向也就是向上的，此時(shí)物體可能是向上的勻加速運(yùn)動(dòng)，也可能是向下的勻減速運(yùn)動(dòng)，所以D正確．

故選D．2、D【分析】

A；A在豎直平面內(nèi)做平拋運(yùn)動(dòng)；豎直方向是自由落體運(yùn)動(dòng)，B在斜面上運(yùn)動(dòng)，受到重力和支持力，沿斜面向下是勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度是gsinθ，所以B運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長，故A錯(cuò)誤．

B、A、B在水平方向都是勻速運(yùn)動(dòng)，由于水平方向的初速度相同，B運(yùn)動(dòng)時(shí)間長，所以B落地點(diǎn)P2在x軸上的投影要比P1長；故B錯(cuò)誤．

B；速度是矢量；帶方向的，A、B兩物體落地方向不同，所以速度不同，故C錯(cuò)誤．

D；前三個(gè)都錯(cuò)了；只有D選項(xiàng)對(duì)，因?yàn)橹С至Ψ较蚴冀K與速度方向垂直，支持力不做功，光滑斜面沒有摩擦力，只有重力做功，兩物體重力豎直方向位移相等，根據(jù)動(dòng)能定理，重力做功等于動(dòng)能的增量，兩物體動(dòng)能相等．故D正確．

故選D．

【解析】【答案】A在豎直平面內(nèi)做平拋運(yùn)動(dòng)；B在光滑的斜面上做類平拋運(yùn)動(dòng)，將運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解，結(jié)合合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的關(guān)系求解．

速度是矢量；有大小和方向．

根據(jù)動(dòng)能定理；重力做功等于動(dòng)能的增量，兩物體動(dòng)能相等．

3、D【分析】【解析】

試題分析：第一宇宙速度是指發(fā)射地球衛(wèi)星所需的最小發(fā)射速度；離地越高的衛(wèi)星所需的發(fā)射速度越大，但在軌道上運(yùn)行速度越小，即第一宇宙速度也是地球衛(wèi)星最大運(yùn)行速度，其值為7.9km/s，故A；B正確；根據(jù)開普勒第二定律，則近地點(diǎn)速度大于在遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度，故C正確；根據(jù)開普勒第三定律，在初始軌道上的周期小于在對(duì)接軌道上的周期，故D錯(cuò)。

考點(diǎn)：本題考查了第一宇宙速度和開普勒運(yùn)動(dòng)定律。【解析】【答案】D4、B【分析】【分析】流過截面的電量為正負(fù)電荷絕對(duì)值的和；再由電流定義即可求得電流．【解析】【解答】解：流過截面的電量q=1.6+3.2=4.8C；

則電流I==4.8A；

故選：B．5、D【分析】【分析】矢量均滿足力的平行四邊形定則，力的合成與分解是體現(xiàn)了等效替代的方法，從而即可求解．【解析】【解答】解：A；只要是矢量均能滿足分解與合成；故AB錯(cuò)誤；

C；將炮彈的速度進(jìn)行水平方向和豎直方向的分解研究；是利用了等效替代的方法，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：D．6、D【分析】【分析】小球與小車具有相同的加速度，受重力和桿子的作用力，根據(jù)合力的方向確定桿子作用的力的方向．【解析】【解答】解：小球受重力和桿子的作用力兩個(gè)力作用；BC桿對(duì)小球的作用力有兩個(gè)效果，豎直方向與重力平衡，豎直方向分力不變，水平方向提供產(chǎn)生加速度的合外力，大小隨加速度變化而變化，所以BC桿對(duì)小球的作用力隨加速度a的數(shù)值的改變而改變．故D正確，A；B、C錯(cuò)誤．

故選：D．7、C【分析】【分析】v-t圖象反應(yīng)物體的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系，由圖象可以得出物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．【解析】【解答】解：由圖象可知；物體的速度隨時(shí)間在減小，且減小的越來越快，故物體在做變速運(yùn)動(dòng)，但物體的速度方向沒有發(fā)生變化，故物體做的是變速直線運(yùn)動(dòng)；

故選C．二、填空題(共8題，共16分)8、甲3.01.0【分析】【分析】（1）明確實(shí)驗(yàn)原理；根據(jù)給出的儀器選擇正確的接法；從而確定電路；

（2）明確根據(jù)閉合電路歐姆定律測量電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)方法，并明確數(shù)據(jù)處理的方法．【解析】【解答】解：（1）因沒有給出電流表；故應(yīng)采用電壓表和電阻箱組合進(jìn)行測量，同時(shí)因內(nèi)阻較小，故應(yīng)將定值電阻與電源相連充當(dāng)?shù)刃щ娫矗蕬?yīng)采用甲電路進(jìn)行測量；

②根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：U=

變形得：

則由圖象可知：

解得：E=3.0V；

=2

解得：r=1.0Ω；

故答案為：（1）甲；（2）3.0，1.09、BC＞【分析】【分析】查理定律描述的是理想氣體的等容變化過程，由圖可知B→C的過程是等容變化，C→A過程中，結(jié)合圖象和等壓過程可判斷出溫度的變化【解析】【解答】解：從圖象中可以看出；由狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程，氣體的體積沒變，始終是2L，其他兩個(gè)過程氣體體積都發(fā)生了變化，所以符合查理定律的變化過程是B→C；

C→A過程中，氣體的壓強(qiáng)不變，體積變大，由蓋呂薩克定律，所以氣體的溫度升高，所以tA＞tC

故答案為：BC，＞10、12s【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式，結(jié)合位移關(guān)系求出整列列車駛過觀察者所用的時(shí)間．根據(jù)連續(xù)相等位移所用的時(shí)間之比為求出第9節(jié)車廂駛過觀察者所用的時(shí)間．【解析】【解答】解：根據(jù)，得，t2=3t1=12s．

根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，連續(xù)相等位移所用的時(shí)間之比為；

可知，解得s．

故答案為：12s，（s．11、2020【分析】【分析】根據(jù)沖量的公式求出重力的沖量，求出2s末的速度，根據(jù)動(dòng)量的表達(dá)式求出動(dòng)量的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓褐亓Φ臎_量I=mgt=10×2N?s=20N．s．

2s末豎直方向上的分速度vy=gt=20m/s，則2s末的速度v=，則動(dòng)量的大小P=mv=20k．gm/s．

故答案為：202012、左逆1.21.60.520.57在誤差允許范圍內(nèi)圓柱下落過程中機(jī)械能守恒【分析】【分析】了解該實(shí)驗(yàn)裝置的原理；它類似于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，蘸有顏料的毛筆隨電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)一圈就在圓柱棒面上的紙上畫出記號(hào)，這就像打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔一定時(shí)間就打一個(gè)點(diǎn)．?dāng)?shù)據(jù)的處理思路與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出來的紙帶處理一樣．

利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度，從而求出動(dòng)能．根據(jù)功能關(guān)系得重力勢能減小量等于重力做功的數(shù)值．【解析】【解答】解：（1）毛筆畫相鄰兩條線的時(shí)間間隔為電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)動(dòng)周期．

已知電動(dòng)機(jī)銘牌上標(biāo)有“1440r/min”字樣，即每秒轉(zhuǎn)24周，所以T=

圓柱下落過程中，毛筆依次從圓柱的下端往上端畫，隨著時(shí)間圓柱是加速運(yùn)動(dòng)，在b圖中圓柱的左端速度較大，右端速度較小，所以圖b中的圓柱棒的左端是懸掛端．由上往下看；電動(dòng)機(jī)是逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的．

（2）利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論。

vc==1.2m/s

vD==1.6m/s

C、D之間棒的動(dòng)能的變化量為△EK=EkD-EkC=mvD2-mvC2=0.52J

根據(jù)重力勢能的定義式得：

重力勢能減小量△Ep=mgh=1.0×9.8×0.058J=0.57J．

重力勢能減小量略大于C；D之間棒的動(dòng)能的變化量；所以在誤差允許范圍內(nèi)圓柱下落過程中機(jī)械能守恒．

故答案為：（1）；左；逆；（2）1.2；1.6；0.52；0.57；在誤差允許范圍內(nèi)圓柱下落過程中機(jī)械能守恒13、略

【分析】【解析】彈力的大小與發(fā)生形變的物體的材料有關(guān)，還與形變的程度有關(guān)；對(duì)于發(fā)生彈性形變的彈簧而言，彈力與彈簧的形變量（伸長或縮短的長度）成正比.一彈簧的勁度系數(shù)為500N/m,它表示該彈簧形變量為1m時(shí)產(chǎn)生彈力500N，根據(jù)可得思路分析：根據(jù)分析試題【解析】【答案】材料，程度,正比該彈簧形變量為1m時(shí)產(chǎn)生彈力500N0.414、22【分析】【分析】根據(jù)x=2m處的質(zhì)點(diǎn)A正向y軸正方向振動(dòng)，可判斷波的傳播方向；已知0＜t2-t1＜T，當(dāng)波向右傳播時(shí)，波傳播的時(shí)間t2-t1為T，當(dāng)波向左傳播時(shí)，波傳播的時(shí)間t2-t1為，運(yùn)用波形的平移法求周期；讀出波長，由波速公式v=求波速．【解析】【解答】解：根據(jù)t1=0時(shí)的波形圖上x=2m處的質(zhì)點(diǎn)A正向y軸正方向振動(dòng)；判斷出波的傳播方向沿著x軸的正方向．

已知0＜t2-t1＜T，則根據(jù)波形的平移得知，波傳播的時(shí)間t2-t1=T，得到T=4（t2-t1）=4×0.5s=2s．

由圖知，波長λ=4m，則波速v==2m/s．

故答案為：2，2．15、【分析】【分析】根據(jù)力的獨(dú)立性原理和庫侖定律，分別計(jì)算出其它三個(gè)電荷給它的庫侖斥力大小，判斷出方向，再根據(jù)力的合成法則，求出這三個(gè)力的合力即可．【解析】【解答】解：如圖，假設(shè)第四個(gè)電荷q放在d點(diǎn)，則對(duì)角線上b點(diǎn)的電荷給它的庫侖斥力為

a電荷和c點(diǎn)的電荷給它的庫侖斥力大小均為

根據(jù)力的合成法則，點(diǎn)電荷q所受的電場力大小為：F==

故答案為：．三、判斷題(共5題，共10分)16、×【分析】【分析】根據(jù)建立坐標(biāo)系的條件可知，建立坐標(biāo)系需要確定坐標(biāo)原點(diǎn)與正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)；選擇向下為正方向，則地面的坐標(biāo)為：x=0.8m．所以該說法錯(cuò)誤．

故答案為：×17、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個(gè)對(duì)另一個(gè)物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對(duì)物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個(gè)物體，一個(gè)是施力物體，另一個(gè)是受力物體，施力物體對(duì)受力物體施力的同時(shí)也受到受力物體對(duì)它的作用力，也就是說，物體間力的作用是相互的，沒有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×19、×【分析】【分析】質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志，與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志；與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)，故此說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．20、×【分析】【分析】場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；場強(qiáng)取決于電場本身，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；故錯(cuò)誤．

故答案為：×．四、簡答題(共1題，共5分)21、略

【分析】【分析】（1）小車和小球的加速度相等；對(duì)小球受力分析，求出合力，再根據(jù)牛頓第二定律求出小球的加速度，從而得出小車的加速度．

（2）物體的加速度與小車的加速度相等，根據(jù)牛頓第二定律求出木塊的合力，即為摩擦力．【解析】【解答】解：（1）以小球?yàn)檠芯繉?duì)象；由牛頓第二定律得。

Tcosθ=mg

Tsinθ=ma

代入數(shù)據(jù)后；兩式聯(lián)立解得。

a=m/s2；方向水平向右；

（2）以物塊為研究對(duì)象；由牛頓第二定律得：

f=Ma=；方向水平向右．

答：（1）小車的加速度是；方向水平向右；

（2）物體受到的摩擦力的大小為，方向水平向右．五、推斷題(共2題，共6分)22、rm{(1)4}rm{(2)NO_{3}^{-;;;;;;;}}用鑷子夾取一塊濕潤的紅色石蕊試紙接近氣體rm{X}若試紙變藍(lán)色，則氣體rm{X}為rm{NH_{3}}rm{Mg(OH)_{2}}rm{(3)Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}rm{(4)0.136}

rm{(5)0.08mol/L}【分析】【分析】本題考查了離子大量共存的基礎(chǔ)知識(shí)，側(cè)重考查了學(xué)生理解運(yùn)用能力，平時(shí)學(xué)習(xí)時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的積累掌握，提高解題的正答率?！窘獯稹恳?yàn)槿芤撼蕪?qiáng)酸性且為無色，所以無rm{SiO_{3}^{2-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{S_{2}O_{3}^{2-}}rm{Fe^{2+}}向溶液中加入rm{AgNO_{3}}溶液，無沉淀，則溶液中無rm{Cl^{-}}可知溶液中一定有rm{NO_{3}^{-}}試液加入稀硫酸得到溶液，可知無rm{Ba^{2+}}向溶液中加入過量的rm{NaOH}溶液，生成氣體，可知含有rm{NH_{4}^{+}}生成固體，可知有rm{Mg^{2+}}通過實(shí)驗(yàn)Ⅱ圖像可知，溶液中還含有rm{Al^{3+}}依據(jù)rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}可知rm{n(Al^{3+})=n[Al(OH)_{3}]=n(NaOH)=0.001mol}rm{Al^{3+}+3OH^{-}=Al(OH)_{3}隆媒}可知生成rm{Al(OH)_{3}}消耗rm{n(NaOH)=0.003mol}那么生成rm{Mg(OH)_{2}}消耗rm{n(NaOH)=0.005-0.003=0.002mol}依據(jù)rm{Mg^{2+}+2OH^{-}=Mg(OH)_{2}隆媒}rm{n[Mg(OH)_{2}]=0.001mol}所以生成沉淀的質(zhì)量為rm{0}rm{001mol隆脕58g/mol+0.001mol隆脕78g/mol=0.136g}反應(yīng)開始rm{1mLNaOH}溶液與rm{H^{+}}反應(yīng)，故溶液中rm{n(H^{+})=0.001mol}rm{A隆煤B}段rm{2mLNaOH}溶液與rm{NH_{4}^{+}}反應(yīng)，故溶液中rm{n(NH_{4}^{+})=0.002mol}依據(jù)電荷守恒：rm{n(H^{+})+n(NH_{4}^{+})+3n(Al^{3+})+2n(Mg^{2+})=n(NO_{3}^{-})}rm{0.001mol+0.002mol+0.001mol隆脕3+0.001mol隆脕2=n(NO_{3}^{-})}解得：rm{n(NO_{3}^{-})=0.008mol}所以rm{c(NO_{3}^{-})=0.008mol/0.1L=0.08mol/L}rm{(1)}因?yàn)槿芤撼蕪?qiáng)酸性且為無色，所以無rm{SiO_{3}^{2-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{S_{2}O_{3}^{2-}}rm{Fe^{2+}}不進(jìn)行實(shí)驗(yàn)就可以推斷，該溶液中一定不能大量存在的離子有rm{SiO_{3}^{2-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{S_{2}O_{3}^{2-}}rm{Fe^{2+}}這rm{4}種離子；

故答案為：rm{4}rm{(2)}通過實(shí)驗(yàn)Ⅰ可以確認(rèn)該溶液中一定存在的陰離子是rm{NO_{3}^{-}}檢驗(yàn)氣體rm{NH_{3}}的方法是用鑷子夾取一塊濕潤的紅色石蕊試紙接近氣體rm{X}若試紙變藍(lán)色，則氣體rm{X}為rm{NH_{3}}固體rm{Z}的化學(xué)式為rm{Mg(OH)_{2}}

故答案為：rm{NO_{3}^{-}}用鑷子夾取一塊濕潤的紅色石蕊試紙接近氣體rm{NO_{3}^{-}}若試紙變藍(lán)色，則氣體rm{X}為rm{X}rm{NH_{3}}rm{Mg(OH)_{2}}段是氫氧化鋁與氫氧化鈉反應(yīng)生成偏鋁酸鈉和水，離子方程式為：rm{(3)BC}

故答案為：rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}通過實(shí)驗(yàn)Ⅱ圖像可知，溶液中還含有rm{(4)}依據(jù)rm{Al^{3+}}可知rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}rm{n(Al^{3+})=n[Al(OH)_{3}]=n(NaOH)=0.001mol}可知生成rm{Al^{3+}+3OH^{-}=Al(OH)_{3}隆媒}消耗rm{Al(OH)_{3}}那么生成rm{n(NaOH)=0.003mol}消耗rm{Mg(OH)_{2}}依據(jù)rm{n(NaOH)=0.005-0.003=0.002mol}rm{Mg^{2+}+2OH^{-}=Mg(OH)_{2}隆媒}所以生成沉淀的質(zhì)量為rm{n[Mg(OH)_{2}]=0.001mol}rm{0.}rm{01mol隆脕58g/mol+0.001mol隆脕78g/mol=0.136g}點(diǎn)對(duì)應(yīng)的固體質(zhì)量為rm{A}

故答案為：rm{0.136g}rm{0.136g}反應(yīng)開始rm{(5)}溶液與rm{1mLNaOH}反應(yīng)，故溶液中rm{H^{+}}rm{n(H^{+})=0.001mol}段rm{A隆煤B}溶液與rm{2mLNaOH}反應(yīng)，故溶液中rm{NH_{4}^{+}}依據(jù)電荷守恒：rm{n(NH_{4}^{+})=0.020mol}rm{n(H^{+})+n(NH_{4}^{+})+3n(Al^{3+})+2n(Mg^{2+})=n(NO_{3}^{-})}解得：rm{0.001mol+0.002mol+0.001mol隆脕3+0.001mol隆脕2=n(NO_{3}^{-})}所以rm{n(NO_{3}^{-})=0.008mol}3rm{c(NO}rm{{,!}^{-}}所以該溶液中陰離子的濃度為rm{)=0.008mol/0.1L=0.08mol/L}

故答案為：rm{0.08mol/L}rm{0.08mol/L}【解析】rm{(1)4}rm{(2)NO_{3}^{-;;;;;;;}}用鑷子夾取一塊濕潤的紅色石蕊試紙接近氣體rm{X}若試紙變藍(lán)色，則氣體rm{X}為rm{NH_{3}}rm{Mg(OH)_{2}}rm{(3)Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}rm{(4)0.136}rm{(5)0.08mol/L}23、?rm{(1)C_{5}H_{10}O}羥基rm{(2)CH_{3}CH=CHCH_{2}CH_{3}}消去反應(yīng)rm{(3)}rm{C{H}_{3}C{H}_{2}CHO;+;2Ag(N{H}_{3}{)}_{2}OH;xrightarrow[]{?}C{H}_{3}C{H}_{2}COON{H}_{4}+3N{H}_{3}+2Ag隆媒+{H}_{2}O}rm{(3)}rm{C{H}_{3}C{H}_{2}CHO;+;2Ag(N{H}_{3}{)}_{2}OH;

xrightarrow[]{?}C{H}_{3}C{H}_{2}COON{H}_{4}+3N{H}_{3}+2Ag隆媒+{H}_{2}O

}rm{(4)16}【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對(duì)有機(jī)物的合成、推斷、分子式、結(jié)構(gòu)簡式、化學(xué)方程式的書寫等應(yīng)用，難度適中?！窘獯稹扛鶕?jù)rm{E}的分子式可知，其有rm{5}個(gè)碳原子，故B為rm{C_{5}H_{10}O}rm{C}能和銀氨溶液反應(yīng)說明含有醛基，rm{C}為丙醛，rm{B}含有羰基，rm{F}為丙酸，丙酸和rm{C_{5}H_{10}O}能和銀氨溶液反應(yīng)說明含有醛基，rm{C}為丙醛，rm{C}含有羰基，rm{B}為丙酸，丙酸和rm{F}醇生成rm{D}生成rm{G}為酯。為酯。rm{D}由以上分析可知，rm{G}的分子式為：rm{(1)}rm{B}中含有官能團(tuán)為羥基；故答案為：rm{C_{5}H_{10}O}；羥基；rm{C_{5}H_{10}O}根據(jù)rm{D}無銀鏡反應(yīng)，rm{C_{5}H_{10}O}在濃硫酸存在下加熱可得到能使溴水褪色且只有一種結(jié)構(gòu)的物質(zhì)rm{C_{5}H_{10}O}不考慮立體異構(gòu)rm{(2)}請(qǐng)寫出rm{B}無銀鏡反應(yīng)，rm{D}在濃硫酸存在下加熱可得到能使溴水褪色且只有一種結(jié)構(gòu)的物質(zhì)rm{E(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}請(qǐng)寫出rm{攏脜}的結(jié)構(gòu)簡式為：的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{B}rm{D}rm{E(}生成rm{)}為消去反應(yīng)；rm{攏脜}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}CH=CHCH_{2}CH_{3}}；由rm{D}生成rm{E}為消去反應(yīng)；丙醛和銀氨溶液反應(yīng)方程式為：rm{C{H}_{3}C{H}_{2}CHO;+;2Ag(N{H}_{3}{)}_{2}OH;xrightarrow[]{?}C{H}_{3}C{H}_{2}COON{H}_{4}+3N{H}_{3}+2Ag隆媒+{H}_{2}O}反應(yīng)類型為氧化反應(yīng)；故答案為：rm{C{H}_{3}C{H}_{2}CHO;+;2Ag(N{H}_{3}{)}_{2}OH;xrightarrow[]{?}C{H}_{3}C{H}_{2}COON{H}_{4}+3N{H}_{3}+2Ag隆媒+{H}_{2}O}rm{D}滿足rm{E}屬于酯類；故答案為：酸性條件下水解能得到相對(duì)分子質(zhì)量為rm{CH}的有機(jī)物，相對(duì)分子質(zhì)量為rm{CH}的有機(jī)物是丙酸或丁醇，所以rm{{,!}_{3}CH=CHCH_{2}CH_{3}}是丙酸戊酯或丁酸丁酯，丙酸戊酯有；消去反應(yīng)；種，丁酸丁酯有rm{(3)}種，rm{(3)}中同分異構(gòu)體；rm{C{H}_{3}C{H}_