2024年粵教滬科版九年級物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年粵教滬科版九年級物理下冊階段測試試卷539考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（2010?合肥校級自主招生）如圖所示，氣球和鐵塊用細線連在一起，恰能懸浮在盛水的圓柱形容器內(nèi)，如圖所示位置，若把氣球向下壓一段距離（水足夠深），則氣球和鐵塊的沉浮情況及鐵塊所受的浮力大小將（）A.下沉，變小B.下沉，不變C.下沉，變大D.懸浮，不變2、下列關于溫度、內(nèi)能、熱量的說法正確的是（）A.物體吸熱，溫度一定升高B.一個物體的溫度升高了，內(nèi)能一定增大C.物體的溫度越高，所含熱量越多D.一個物體內(nèi)能增大了，一定吸收了熱量3、下列關于汽油機和柴油機的主要區(qū)別，其中錯誤的是（）A.柴油機的氣缸上是噴油嘴，汽油機的頂部有火花塞B.在做功沖程中，柴油機的點火方式叫點燃式，汽油機的點火方式叫壓燃式C.柴油機比汽油機笨重，但燃料便宜D.柴油機吸入氣缸的只是空氣，汽油機吸入氣缸的是汽油和空氣的混合物4、某機器的能量流向圖如圖所示，據(jù)此推測該機器可能是（）A.熱機B.電動機C.發(fā)電機D.電熱水器5、如圖是一臺飲水機的加熱水槽部分工作原理電路圖．S是一個溫控開關，R1為電加熱管，當飲水機處于加熱狀態(tài)時，水被迅速加熱，達到預定溫度時，S自動切換到另一位置，并處于保溫狀態(tài)．已知飲水機加熱時加熱管的功率為550W，而保溫時加熱管的功率為88W（不考慮溫度對電阻的影響，且不計指示燈的阻值），A、B是兩種不同顏色的指示燈．下列說法中，正確的是（）A.當B燈亮時，表示正在對水加熱B.加熱狀態(tài)時的總電阻為88ΩC.保溫狀態(tài)時的總電阻為132ΩD.加熱狀態(tài)電路中的電流是保溫狀態(tài)電路中電流的2.5倍6、①利用停電機會用濕抹布和洗潔精洗廚房電器；

②原來的保險絲經(jīng)常熔斷；不查原因就換上粗的；

③將購得的大功率家用電器立即接入家庭電路中使用；

④在一塊接線板上同時接上電熱水器；電飯煲、電熨斗等許多用電器．

上述生活中的做法不符合電器安裝規(guī)則和安全用電原則的是（）

A.只有①②

B.只有②③

C.只有①②③

D.全部①②③④

7、下面是驗證阿基米德原理的實驗操作，在這一實驗中其中測出浮力大小的步驟是（）A.B和CB.C和DC.D和ED.B和D8、電梯上行從起動到停止分為加速上升、勻速上升、減速上升三個過程．那么分析電梯中的乘客受力情況，正確的是（）A.勻速上升時合力方向豎直向上B.減速上升時受到的支持力等于重力C.減速上升時受到的合力為零D.加速上升時受到的支持力大于重力9、把一個電池組、兩盞電燈和一個開關用導線連接起來，使兩盞電燈發(fā)光，這時斷開開關，下列判斷正確的是（）A.若兩燈都不亮，則這兩盞燈一定是串聯(lián)B.若兩燈都不亮，則這兩盞燈一定是并聯(lián)的C.若只有一盞燈亮，則這兩盞燈一定是串聯(lián)的D.若只有一盞燈亮，則這兩盞燈一定是并聯(lián)的評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示的四個電路中，若閉合開關S，兩盞燈都能發(fā)光的電路是（）A.B.C.D.11、如圖所示，重物A放在水平地面上，定滑輪B固定在天花板上的O點，重物A所受重力為GA，定滑輪B裝置所受總重力為G定．在繩子的自由端施加豎直向上的拉力F1時，重物A對地面的壓力為FA，重物A所受支持力為NA，此時整個裝置處于靜止平衡狀態(tài)，不計繩重及滑輪摩擦．下列說法正確的是（）A.FA與GA是一對相互作用力B.FA大小等于GA與F1之差C.GA和NA是一對平衡力D.天花板上的O點受到的向下拉力大小等于2F1+G定12、用一個凸透鏡成像時；下面說法中正確的是（）

A.實像總是倒立的；虛像總是正立的。

B.實像和虛像都可能是放大或縮小的。

C.成實像時；物體離凸透鏡越近，像越大。

D.成虛像時；物體離凸透鏡越近，像越大。

13、以下說法是你使用電流表測電流時可能會遇到的；其中正確的是（）

A.通電之前要先檢查電流表指針是否指在零刻度線處；否則應校正表針。

B.電流表只能接在串聯(lián)電路中測電流。

C.如果電流的強弱無法預先估計；先用電流表大量程的接線柱進行試觸。

D.電流表可以直接連接在電源的兩極上。

14、汽車上涉及到許多物理知識，其中分析正確的是（）A.車窗打開時，遮陽的窗簾總是往外飄是因為窗外空氣流速大，壓強小B.汽車行駛時，發(fā)動機主要將機械能轉化為內(nèi)能C.汽車遙控鑰匙是利用超聲波進行工作的D.車內(nèi)的破窗錘是通過減小受力面積的方法來增大壓強15、關于電磁現(xiàn)象，下列說法中正確的是（）A.在通電線圈的周圍空間一定存在著磁場B.電動機能夠把電能轉化為機械能C.改變電磁鐵線圈的匝數(shù)，電磁鐵的磁性強弱就會改變D.導體在磁場中做切割磁感線運動時，導體中就會產(chǎn)生感應電流16、把標有“6V3W”的小燈泡與最大阻值為100Ω的滑動變阻器連接在電源兩端電壓恒為18V的電路中，電路的連接如圖所示，電壓表使用的量程為0～15V，電流表使用的量程為0～0.6A．要求閉合開關后兩電表的示數(shù)均不超過所選量程，且燈泡兩端電壓不允許超過額定值（設燈絲電阻不變）．下列說法正確的是（）A.滑動變阻器接入電路的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍是18Ω～60ΩB.滑動變阻器滑片移動的過程中，電流表示數(shù)變化量的最大值為0.5AC.小燈泡的電功率最小值為0.75WD.電路總功率的最大值為9W17、在現(xiàn)實生活中，人們常常利用水的比熱容比較大這一特性來為生產(chǎn)、生活服務，下面做法中與這一特性無關的是（）A.室內(nèi)灑水調(diào)節(jié)氣溫B.汽車發(fā)動機用循環(huán)水冷卻C.春季的晚上向稻田里放水，以防凍壞秧苗D.在水位落差較大的河流上建水電站，用水能來發(fā)電18、把標有“PZ220V、60W”和“PZ220V、40W”的甲、乙兩個燈泡串聯(lián)在家庭電路中，設燈絲的電阻不變，下列判斷正確的是（）A.甲、乙兩燈消耗的電功率之比為3：2B.甲、乙兩燈消耗的總電功率一定小于40WC.甲燈消耗的電功率一定大于10WD.乙燈消耗的電功率一定大于10W評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)19、常言道“小小秤砣壓千斤”可以用____原理解釋；根據(jù)____原理，茶壺的壺嘴和壺身要做得一樣高．20、如圖所示，木塊的長度為____cm，溫度計的示數(shù)為____℃21、在熱傳遞的過程中，高溫的物體將放出____，它的內(nèi)能____；低溫物體則吸收____，它的內(nèi)能就____．22、燈泡的額定電壓為36V，通過它的電流隨其兩端電壓變化的關系曲線如圖甲所示．

（1）燈泡正常發(fā)光時，通過燈絲的電流為____A．

（2）將若干個此規(guī)格的燈泡串聯(lián)接入220V電路中使用，則至少要串聯(lián)____個燈泡．

（3）將燈泡接入電路中，如圖乙所示．滑動變阻器標有“80Ω1A”字樣，當閉合開關S，滑片P位于中點c時，燈泡消耗的電功率為12W，則電源電壓為____V．23、在探究“物體動能的大小與哪些因素有關”的實驗中；小麗同學設計了如圖所示甲；乙、丙三次實驗，讓鐵球從同一斜面上某處由靜止開始向下運動，然后與放在水平面上的紙盒相碰，鐵球與紙盒在水平面上共同移動一段距離后靜止．

（1）要探究動能大小與物體質量的關系，應選用______兩圖；實驗中應保證______相同．為了達到這一目的，所采取的具體操作方法是______．

（2）選用甲、丙兩次實驗可以得出的結論是______．

（3）該實驗是通過觀察______來比較鐵球動能的大小；從而得出結論的．

（4）若水平面絕對光滑，鐵球將做______運動．24、質量為1千克的物體，在空氣中勻速下落，它受到的阻力是____牛，在下落過程中物體的動能____，重力勢能____，機械能____．25、體溫計的測量范圍是____℃，體溫計能準確到____℃，常用溫度計能準確到____℃．26、我們把物體的冷熱程度叫做____，在標準大氣壓下，水的沸點為____℃．評卷人得分四、判斷題(共2題，共16分)27、一個物體溫度升高了，一定從外界吸收了熱量．____（判斷對錯）28、只要方法正確，認真測量，誤差是可以避免的．____．評卷人得分五、解答題(共3題，共21分)29、按照題目要求作圖：

（1）在圖甲中根據(jù)給出的入射光線AO畫出反射光線OB．

（2）請在圖乙中把螺口燈泡和開關正確接入家庭電路中．

30、如圖是某物體在水平路面上沿直線運動的速度圖象．

（1）通過計算判斷物體是否做勻速直線運動？

（2）求物體在3s內(nèi)的平均速度．31、如圖為滑動變阻器的簡化圖．為使滑片P向左移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，請在圖中畫出接線方式．評卷人得分六、作圖題(共1題，共4分)32、如圖所示，用開關控制燈泡，并將它們正確連入電路．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】根據(jù)物體浮沉條件，通過比較鐵和水的密度關系判斷氣球和鐵塊的沉浮情況，利用F浮=ρ水gV排分析判斷鐵塊所受浮力大小變化．【解析】【解答】解：如圖所示；氣球和鐵塊用細線連在一起，恰能懸浮在盛水的圓柱形容器內(nèi)；

若把氣球向下壓一段距離；

因為鐵的密度大于水的密度；

所以鐵塊下沉；

所以氣球和鐵塊一起下沉；

在此過程中；水的密度不變，體塊排開水的體積不變；

根據(jù)F浮=ρ水gV排可知；鐵塊所受浮力不變．

故選B．2、B【分析】【分析】要解答本題需掌握：做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能，以及物體溫度升高，內(nèi)能一定增加．【解析】【解答】解：A；物體吸收熱量；溫度不一定升高，比如晶體在熔化過程中雖然吸收熱量，但溫度不變．故A錯誤．

B；物體溫度升高；分子運動加劇，所以內(nèi)能增加．故B正確．

C；熱量是熱傳遞過程總傳遞能量的多少；不能說含熱量多．故C錯誤．

D；物體溫度升高；不一定吸收了熱量，也可能是對它做了功．故D錯誤．

故選B．3、B【分析】【分析】柴油機和汽油機的主要區(qū)別：

（1）汽油機在吸氣沖程中吸入了汽油和空氣的混合氣體；在壓縮沖程中，機械能轉化為內(nèi)能，內(nèi)能增大，溫度升高，汽油機氣缸頂端有個火花塞，此時火花塞噴出電火花，點燃汽油，產(chǎn)生高溫高壓的燃氣推動活塞做功．

（2）柴油機在吸氣沖程中吸入空氣，在壓縮沖程中，機械能轉化為內(nèi)能，空氣的內(nèi)能增大；柴油機氣缸頂端有個噴油嘴，此時噴油嘴噴出霧狀的柴油，柴油遇到高溫的空氣，達到著火點而燃燒，點燃方式是壓燃式．燃燒產(chǎn)生高溫高壓的燃氣推動活塞做功．柴油機的壓縮比例更大、溫度更高、做功更多，效率更高．【解析】【解答】解：

A；柴油機和汽油機的結構不同：柴油機的氣缸上是噴油嘴；汽油機的頂部有火花塞．此選項正確；

B；在做功沖程；汽油機的點火方式叫點燃式，柴油機的點火方式叫壓燃式．此選項錯誤；

C；柴油機比汽油機笨重；效率高同時燃料便宜．此選項正確；

D；在吸氣沖程；柴油機吸入氣缸的只是空氣，汽油機吸入氣缸的是汽油和空氣的混合物．此選項正確．

故選B．4、A【分析】【分析】由能量流向圖判斷該機器主要將什么能轉化成了什么能即可解決此題．

熱機：將內(nèi)能轉化為機械能；電動機：將電能轉化為機械能；發(fā)電機：將機械能轉化為電能；電熱水器：將電能轉化為內(nèi)能．【解析】【解答】解：A；如圖該機器將一部分內(nèi)能轉化成了機械能；還有一大部分內(nèi)能散失掉了，所以該機器是熱機．

B；電動機是將電能轉化為機械能的機器；

C；發(fā)電機是將機械能轉化為電能的機器；

D；電熱水器是將電能轉化為內(nèi)能的機器．

故選A．5、B【分析】【分析】（1）飲水機的加熱和保溫是由電熱管的功率決定的；電熱管功率大就是加熱，電熱管功率小就是保溫；

（2）已知加熱時加熱管的功率，根據(jù)公式R=可求R1的大??；根據(jù)公式P=I2R可求保溫時的電流，根據(jù)總電壓和電流求出電路的總電阻；【解析】【解答】解：A、當S接左面時電路中只有電阻R1；總電阻最小，電流路中電流最大，發(fā)熱管功率就會最大，處于加熱狀態(tài)，因此A燈亮時對水加熱，故錯誤；

B、加熱時：加熱管的電功率P1=550W，電阻R1===88Ω；故正確；

C、保溫時：加熱管的電功率P2=88W；通過加熱管的電流I===1A；此時電路的總電阻R===220Ω；故錯誤；

D、加熱時，通過加熱管的電流：I1===2.5A；即加熱狀態(tài)電路中的電流是保溫狀態(tài)電路中電流的2.5倍，故正確；

故選BD．6、D【分析】

①水是電的導體；用濕抹布擦用電器時，如果來電可能會因濕抹布導電而發(fā)生觸電事故，不符合題意．

②換用合適的保險絲；不能用更粗的或者銅絲代替，因為這樣起不到保險作用，如果不查找原因直接更換一條同樣的保險絲，閉合開關仍然要熔斷．不合題意．

③立即將大功率的用電器接入電路；只要這個用電器工作時，電路中電流就會過大，保險絲會被燒斷．不合題意．

④電路中用電器的總功率過大會使電路中電流過大；會燒保險．因此電路中不能同時使用大功率用電器，不合題意．

故選D．

【解析】【答案】（1）安全用電原則：不接觸低壓帶電體；不靠近高壓帶電體．

（2）保險絲是用電阻率較大而熔點較低的鉛銻合金制成的；當電流過大時，它會因溫度過高而熔斷，保護電路．

（3）濕物體是導體；接觸帶電體容易發(fā)生觸電．

（4）對于功率較大的有金屬外殼的用電器為了防止外殼帶電；外殼要通過地線與大地相通．

（5）當有人觸電或發(fā)生電火災的時候；不能先進行搶救，要先斷開電源．

（6）大功率用電器不能同時使用；避免電路中電流過大．

7、A【分析】【分析】認清圖中每步的目的和測量的物理量，由稱重法測算浮力的大小F浮=G-F．【解析】【解答】解：用彈簧測力計測物體的重G，將物體浸沒在溢水杯的水中，記下彈簧測力計的示數(shù)F，根據(jù)F浮=G-F可求浮力大?。谶@一實驗中；測出浮力大小的步驟是B和C．

故選A．8、D【分析】【分析】根據(jù)物體的運動情況判斷其受合力的情況：

物體勻速直線運動或靜止；受平衡力，合力為零；

物體加速運動；合力方向與運動方向相同；

物體減速運動，合力方向與運動方向相反．【解析】【解答】解：A；勻速上升時合力為零；A錯誤；

BC；減速上升；合力方向向下，重力大于支持力，BC錯誤；

D；加速上升時；合力方向向上，受到的支持力大于重力，D正確．

故選D．9、D【分析】【分析】（1）在串聯(lián)電路中；開關控制整個電路；并且用電器之間工作時相互影響；

（2）在并聯(lián)電路中，接在干路上的開關可以控制整個電路，接在支路上的開關只控制這個支路；用電器之間工作時相互影響；【解析】【解答】解：（1）若斷開開關；兩燈都不亮，如果燈泡串聯(lián)，開關可以同時控制兩盞燈泡；如果燈泡并聯(lián)，但開關放在干路上，仍然可以控制兩盞燈泡；所以這兩盞燈泡串聯(lián)或并聯(lián)都可以，即不能判斷這兩燈一定是并聯(lián)，或一定是串聯(lián)，故A；B選項不正確；

（2）若斷開開關；只有一燈亮，說明這兩只燈泡之間在工作時是不相互影響的，則這兩燈一定是并聯(lián)；故C選項錯誤，D選項正確；

故選D．二、多選題(共9題，共18分)10、AB【分析】【分析】根據(jù)電路的組成、開關連接的位置分析對電燈的影響．【解析】【解答】解：AB；兩燈泡并聯(lián)；開關在干路中，因此開關閉合后，兩燈泡都發(fā)光，故AB符合題意；

C；開關與兩燈泡并聯(lián)；開關閉合后，形成電源短路，故C不符合題意；

D；兩燈泡串聯(lián)；開關與其中一個燈泡并聯(lián)，開關閉合后，一個燈泡被短路，因此一個燈泡發(fā)光，另一個燈泡不發(fā)光，故D不符合題意．

故選AB．11、BD【分析】【分析】解決此題的關鍵是要知道滑輪兩端繩子的拉力大小相等，且整個裝置處于靜止平衡狀態(tài)；分別先后對滑輪、A、B物體進行受力分析，然后根據(jù)力的平衡去求解．【解析】【解答】解：A、重物A所受重力為GA，重物A對地面的壓力為FA；這兩個力的方向都是豎直向下，所以不是一對相互作用力；

B、對A物體進行受力分析，受到了繩子對A向上的拉力F拉，地面對A向上的支持力NA和本身的重力GA，因A靜止，處于平衡狀態(tài)，故NA+F拉=GA，所以NA=GA-F拉；又因兩個滑輪都為定滑輪，所以F拉=F1．對于物體A來說，地面對A向上的支持力NA等于重物A對地面的壓力FA；所以FA=GA-F1，即FA大小等于GA與F1之差；

C、由B的分析可知NA=GA-F拉，即GA和NA的大小不相等；所以兩者不是一對平衡力；

D、對天花板上的滑輪進行受力分析，滑輪受到了向上的一段繩子的拉力、本身的重力G定、向下的兩端繩子的拉力2FB=2F1，根據(jù)力的平衡，可知滑輪受的向上的一段繩子的拉力為：2F1+G定；根據(jù)力的作用是相互的可知：天花板上的O點受到的向下拉力大小也等于2F1+G定．

故選BD．12、AC【分析】

A；凸透鏡成像時；實像都是倒立的，虛像都是正立的．所以A說法正確．

B；實像可能放大或縮?。惶撓袷欠糯蟮?；所以B說法錯誤．

C；成實像時；物距越小，成的像越大．所以C說法正確．

D；成虛像時；物體離凸透鏡越遠，成的像越大，所以D說法錯誤．

故選AC．

【解析】【答案】要解決此題；需要掌握凸透鏡成像的規(guī)律，掌握凸透鏡成像的特點及像距和物距之間的關系．

知道在成實像時；物距越小，成的像越大，像距也越大．

知道實像都是倒立的；可能放大或縮小；虛像都是正立放大的．

13、AC【分析】

A；閉合開關之前要觀察電流表指針是否在0刻度線處；否則要先校零再測量．此選項正確；

B；電流表必須與用電器串聯(lián)；但不是必須連接在串聯(lián)電路中，可以測量并聯(lián)電路中支路或干路的電流．此選項錯誤；

C；電流表所測電流不能超過其最大量程；在不能確定電路電流大小的情況下，連接大量程進行試觸．此選項正確；

D；將電流表直接連到電源的兩極上；電源短路，會燒壞電流表．此選項錯誤．

故選A；C．

【解析】【答案】電流表的使用規(guī)則：①電流表要串聯(lián)在電路中；

②電流要從“+“接線柱流入；從“-“接線柱流出（否則指針反轉）．

③閉合開關之前要觀察電流表指針是否在0刻度線處；否則要先校零再測量；被測電流不要超過電流表的量程（可以采用試觸的方法來看是否超過量程）．

④絕對不允許不經(jīng)過用電器而把電流表連到電源的兩極上（電流表內(nèi)阻很?。幌喈斢谝桓鶎Ь€．若將電流表連到電源的兩極上，輕則使電流表損壞，重則燒壞電流表；電源、導線）．

14、AD【分析】解：A；汽車行駛時；打開車窗，遮陽的窗簾總是往外飄是因為窗外空氣流速大，壓強小，故A選項正確；

B；汽車行駛中；高溫高壓的燃氣對外做功，是內(nèi)能轉化為機械能，故B選項錯誤；

C；汽車遙控鑰匙是利用紅外線進行工作的；故C選項錯誤；

D；車內(nèi)的破窗錘是通過減小受力面積來增大壓強的；故D選項正確。

故選：AD。

A；流體流速越大的位置壓強越小；據(jù)此分析選項中描述的現(xiàn)象；

B；汽車行駛中；是高溫高壓的燃氣對外做功，因此是內(nèi)能轉化為機械能。

C；遙控器都是利用紅外線來工作的；

D；增大壓強的方法：在壓力一定時；減小受力面積來增大壓強；在受力面積一定時，增大壓力來增大壓強；

本題以汽車為例考查了幾個物理學中重要的知識點，認真審題，明確每一選項中描述的現(xiàn)象所對應的知識點，再做出相應的判斷?！窘馕觥緼D15、AB【分析】解：A；因為通電導體周圍存在磁場；因此在通電線圈的周圍空間一定存在著磁場；故A正確；

B；給電動機通電后；電動機轉動，消耗了電能，得到機械能，所以電動機能夠把電能轉化為機械能，故B正確；

C；電磁鐵的磁性強弱還與電流的大小及鐵芯有關；所以改變電磁鐵線圈的匝數(shù)，電磁鐵的磁性強弱不一定改變，故C錯誤；

D；必須是閉合電路的部分導體在磁場中做切割磁感線運動時；導體中就會產(chǎn)生感應電流，故D錯誤。

故選：AB。

（1）奧斯特實驗說明了通電導線周圍存在著磁場；

（2）電動機是將電能轉化為機械能的機械；

（3）電磁鐵的磁性強弱與電流大??；線圈匝數(shù)及有無鐵芯有關；

（4）產(chǎn)生感應電流的條件：閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動。

此題考查了電流的磁效應、影響電磁鐵磁性強弱的因素、產(chǎn)生感應電流的條件及電動機的能量轉化情況，都是基礎性問題。【解析】AB16、CD【分析】解：（1）由“6V3W”可求：

燈絲電阻：

R===12Ω；

燈正常發(fā)光時的電流：

I===0.5A；

由題知電路中的最大電流應為0.5A；

即：I===0.5A；

∴滑動變阻器連入電路的最小電阻：

R=24Ω；

此時電路中電功率最大：P最大=UI=18V×0.5A=9W；故D正確；

（2）為保護電壓表；滑動變阻器兩端的最大電壓為15V，此時滑動變阻器連入的電阻最大，電路中的電流最??；

∵U=UL′+UR；

∴UR=U-UL′=18V-15V=3V；

此時電路中最小的電流為：

I′===0.25A；

滑動變阻器連入的最大電阻為：

R′===60Ω；

此時小燈泡的電功率最小為：

P小=ULI′=3V×0.25A=0.75W；故C正確；

由此可知：滑動變阻器允許調(diào)節(jié)的范圍為24Ω～60Ω；故A錯誤；

電流表的示數(shù)變化范圍為0.25A～0.5A；則電流表示數(shù)變化量的最大值為0.5A-0.25A=0.25A，故B錯誤。

故選：CD。

分析實物圖可知：燈泡與滑動變阻器是串聯(lián)關系；電流表測量串聯(lián)電路的電流（所選量程為0～0.6A）；電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓（所選量程為0～15V）。

①為保護電壓表；滑動變阻器兩端的最大電壓為15V，此時滑動變阻器連入的電阻最大，利用串聯(lián)電路的電壓關系求出此時加在燈兩端的電壓；再利用歐姆定律求出此時電路中的最小電流和滑動變阻器連入的電阻；

②由燈的銘牌求出燈正常發(fā)光時的電流和燈絲電阻；確定電路中的最大電流，根據(jù)歐姆定律求出滑動變阻器連入電路的最小電阻；

根據(jù)歐姆定律可求出滑動變阻器允許調(diào)節(jié)的范圍；

由①狀態(tài)；利用P=UI可求小燈泡的電功率最小值；

由②狀態(tài)；利用P=UI求電路的總功率最大值；

由①②狀態(tài)可知電流表示數(shù)變化量的最大值。

本題關鍵：一是根據(jù)燈的銘牌求出允許通過的最大電流、確定滑動變阻器連入的最小阻值；二是根據(jù)電壓表的量程求出滑動變阻器兩端的最大電壓、確定滑動變阻器連入的最大阻值?！窘馕觥緾D17、AD【分析】【分析】（1）水的比熱容大的理解：相同質量的水和其它物質比較；吸收或放出相同的熱量，水的溫度升高或降低的少；升高或降低相同的溫度，水吸收或放出的熱量多．

（2）水的比熱容大的應用：防凍劑、取暖劑、保溫劑．【解析】【解答】解：A；室內(nèi)灑水降溫；利用水汽化吸收熱量，與比熱容無關，故符合題意；

B；因為水的比熱容較大；相同質量的水和其它物質比較，升高相同的溫度，水吸收的熱量多，所以用水冷卻汽車發(fā)動機，故不符合題意．

C；因為水的比熱容大；相同質量的水和其它物質比較，降低相同的溫度，水放出的熱量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的熱量以防凍壞秧苗，故不符合題意．

D；在較大的河流上修建水電站用水發(fā)電；是將水的機械能轉化為電能，與水的比熱容無關，故符合題意．

故選AD．18、BD【分析】【分析】（1）由燈泡銘牌信息找出燈泡的額定電壓與額定功率，由R=求出燈泡的電阻；

（2）由串聯(lián)電路特點及歐姆定律求出兩燈泡串聯(lián)在家庭電路中流過燈泡的電流；

（3）由功率公式P=UI及P=I2R求出電路及各燈泡的功率，分析各選項，得出結論．【解析】【解答】解：（1）由P=得：

甲燈泡的電阻R甲==≈807Ω，乙燈泡的電阻R乙===1210Ω；

（2）兩燈泡串聯(lián)在家庭電路中，則總阻值R=R甲+R乙=807Ω+1210Ω=2017Ω；

電路電流I==≈0.11A；

（3）燈泡串聯(lián)時電路總功率P=UI=220V×0.11A=24.2W＜40W；故B正確；

甲燈的功率P甲=I2R甲=（0.11A）2×807Ω≈9.8W＜10W；故C錯誤；

乙燈的功率P乙=I2R乙=（0.11A）2×1210Ω≈15W＞10W；故D正確；

甲、乙兩燈消耗的電功率之比P甲：P乙=9.8W：15W=2：3；故A錯誤；

故選BD．三、填空題(共8題，共16分)19、略

【分析】【分析】（1）秤相當于一個杠桿；利用杠桿平衡的條件，雖然秤砣的質量比較小，但是它的力臂比較大．

（2）上端開口、下部相連通的容器叫連通器，連通器中的液體不流動時，各容器中的液面高度總是相平的．【解析】【解答】解：（1）∵桿秤相當于一個杠桿；

∴根據(jù)杠桿平衡條件可得：秤砣的重力×秤砣到支點的距離=千斤物體的重力×千斤物體到支點的距離；

秤砣的質量比較??；但是它的力臂比較大；相反，千斤物體的質量雖然大，但是，力臂卻比較?。?/p>

故“小小秤砣壓千斤”可以用杠桿平衡原理解釋．

（2）茶壺的壺嘴與壺身上端開口；下部連通；茶壺實際上是一個連通器，連通器中的液體不流動時；

各容器中的液面高度總是相平的；因此茶壺的壺嘴和壺身要做得一樣高．

故答案為：杠桿平衡；連通器．20、略

【分析】

刻度尺的分度值是0.1cm；它從2cm刻度線的地方開始測量，所以物體的長度為1.85cm．

溫度計的液柱對準的是26℃的地方；所以可以直接讀數(shù)．

故答案為：1.85；26．

【解析】【答案】刻度尺如果發(fā)生零刻度線磨損的情況；可以從某一個完整的刻度開始測量，同時要估讀到分度值的下一位．

溫度計讀數(shù)時；視線要與里邊的液柱相平．

21、略

【分析】

熱傳遞實質是內(nèi)能從高溫物體轉移到低溫物體；轉移的那部分內(nèi)能就叫做熱量．所以高溫物體放出熱量，內(nèi)能減少，低溫物體吸收熱量，內(nèi)能增加．

故答案為：熱量；減少，熱量，增加．

【解析】【答案】本題抓住熱傳遞實質是內(nèi)能從高溫物體轉移到低溫物體；或者是從一個物體的高溫部分傳到低溫部分，轉移的那部分內(nèi)能就叫做熱量．

22、0.7744【分析】【分析】（1）知道燈泡的額定電壓是36V；據(jù)圖甲分析可得正常發(fā)光時的電流；

（2）在串聯(lián)電路中；總電壓等于各串聯(lián)電阻電壓之和；

（3）據(jù)燈泡的功率是12W，結合甲圖可以判斷出燈泡的電壓和電流，進而據(jù)滑片P位于中點，結合歐姆定律可以計算出變阻器的電壓，即可得電源電壓；【解析】【解答】解：（1）知道燈泡的額定電壓是36V；據(jù)圖甲分析可得正常發(fā)光時即36V時的電流是0.7A；

（2）據(jù)串聯(lián)電路電壓的特點可知，此時若干個此規(guī)格的燈泡串聯(lián)接入220V電路中使用，則至少要串聯(lián)燈泡的個數(shù)是：n==6.1個；故為了防止燒毀燈泡，應該7個這樣的燈泡串聯(lián)；

（3）據(jù)燈泡的功率是12W；結合甲圖可以判斷出燈泡的電壓20V，電流是0.6A，且據(jù)滑片P位于中點，故變阻器的有效電阻是40Ω，故變阻器的電壓是：U=IR=0.6A×40Ω=24V；故總電壓是：24V+20V=44V；

故答案為：（1）0.7；（2）7；（3）44；23、略

【分析】解：（1）要探究動能大小與物體質量的關系應選用甲；乙兩圖；實驗中應保證鐵球滑到水平面時的速度相同；為了達到這一目的所采取的具體操作方法是讓質量不同的兩個鐵球從同一高度滑下．

（2）為了探究動能大小與速度的關系應采用指控變量法；控制質量不變，改變速度，而在甲丙兩圖中是同一個小球放置在不同的高度，控制了質量一定，改變了速度，得出結論：質量相等時，速度越大，動能越大；

（3）實驗中小球能夠做功是體現(xiàn)在推動紙盒運動；推動的距離越遠，表示小球能夠做的功越多，小球具有的動能就越大，所以通過觀察紙盒被推動的距離的大小，來判斷小球動能的大小．

（4）若水平面絕對光滑；鐵球將做勻速直線運動；不能達到探究目的．

故答案為：（1）甲；乙；鐵球滑到水平面時的速度；讓質量不同的兩個鐵球從同一高度靜止滑下；

（2）質量相等的物體；運動速度越大，它具有的動能越大；

（3）紙盒被推動的距離的大?。?/p>

（4）勻速直線。

（1）（2）由于動能的大小可能給多個因素有關；應用控制變量法來分析，高度相同時，小球滑到相同的水平面的速度就會相同，是為了控制小球的速度相同，控制小球的質量不同，來探究動能與質量的關系；為了探究動能大小與速度的關系應控小球的制質量不變，改變小球的速度，結合題干中甲；乙、丙三幅圖分析小球質量和高度的關系，便可得出結論．

（3）實驗中利用了轉換法來進行探究活動；小球能夠做功是觀察小球推動紙盒運動距離的遠近來體現(xiàn)小球具有動能的大??；

（4）根據(jù)牛頓第一定律；若水平面絕對光滑，則木塊不受摩擦力作用，運動后將保持勻速直線運動．

此題是探究“物體動能的大小與哪些因素有關”的實驗，考查了控制變量法及轉換法在實驗中的應用，有一定的難度，解題過程中一定要仔細．【解析】甲、乙；鐵球滑到水平面時的速度；讓質量不同的兩個鐵球從同一高度靜止滑下；質量相等的物體，運動速度越大，它具有的動能越大；紙盒被推動的距離的大小；勻速直線24、略

【分析】【分析】（1）知道質量；根據(jù)G=mg求出重力，勻速直線運動的物體受到平衡力作用，根據(jù)平衡力條件求出阻力大?。?/p>

（2）從動能和重力勢能大小的影響因素分析動能和重力勢能大小的變化：

動能大小的影響因素：質量；速度．質量越大；速度越大，動能越大．

重力勢能大小的影響因素：質量；被舉得高度．質量越大；高度越高，重力勢能越大．

（3）物體在下落過程中，物體和空氣之間存在摩擦，機械能要轉化為內(nèi)能，機械能減?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）G=mg=1kg×9.8N/kg=9.8N．

物體勻速直線下落；物體受到豎直向下的重力和豎直向上的阻力作用，這兩個力是平衡力，大小相等，所以物體受到的阻力是9.8N．

（2）物體在下落過程中；質量不變，速度不變，動能不變．高度不斷減小，重力勢能不斷減小．

物體下落時和空氣之間存在摩擦力；克服摩擦做功，機械能轉化為內(nèi)能，機械能減小，內(nèi)能增加．

故答案為：9.8；不變；減??；減?。?5、略

【分析】【分析】即便是生病，人的體溫一般也不會超過35--42℃的范圍，體溫計的測量范圍是35～42℃，為了準確測量，其每1℃又分為10份，即其分度值是0.1℃；而實