2025年蘇科新版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，豎直放置的一對平行金屬板間有加速電場，電勢差為U1，水平放置的一對平行金屬板間有偏轉電場，電勢差為U2。一帶電粒子由靜止開始經(jīng)加速電場后進入偏轉電場，且從偏轉電場射出。粒子重力忽略不計?，F(xiàn)保持其他條件不變，只增大U1，仍使該種粒子由靜止開始進入加速電場。與U1變化前相比；帶電粒子。

A.在偏轉電場中，動能增加量一定增大B.在偏轉電場中，動能增加量可能不變C.射出偏轉電場時的動能一定增大D.射出偏轉電場時的動能可能不變2、質量分別為m1和m2、電荷量分別是q1和q2的小球（大小可忽略），用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β（α＞β）；兩小球恰在同一水平線上，下面關于物理量的比較，說法正確的是（）

A.m1所受電場力較大B.m1、m2懸線上的拉力大小之比為C.m1、m2的大小之比為D.q1一定等于q23、平行板電容器充電后與電源斷開；兩板間形成了勻強電場。當兩板受到外界的擠壓后發(fā)生了圖所示的形變，則受壓后兩板間電場線分布可能正確的是（）

A.B.C.D.4、如圖所示，某次雷雨天氣，帶電云層和建筑物上的避雷針之間形成電場，圖中虛線為該電場的三條等差等勢線，實線為某帶電粒子運動軌跡，A、B為運動軌跡上的兩點。帶電粒子的重力不計；避雷針帶負電。則（）

A.帶電粒子帶負電B.避雷針尖端附近電勢較高C.帶電粒子在A點的加速度大于在B點的加速度D.帶電粒子在A點的電勢能大于在B點的電勢能5、通過理想斜面實驗得出“力不是維持物體運動的原因”的科學家是（）A.亞里士多德B.伽利略C.法拉第D.奧斯特6、高中物理的很多矢量和標量前面都有正負號，其表示的意義各不相同，很容易混淆。你認為下面說法正確的是（）A.“5m/s2”的加速度大于“-7m/s2”的加速度B.“5J”的功大于“-7J”的功C.“5V”的電勢大于“-7V”的電勢D.“5Wb”的磁通量大于“-7Wb”的磁通量評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖電路中，電源電動勢為E、內阻為r，為定值電阻，閉合開關S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量用表示，電流表示數(shù)的變化量用表示表示下列判斷正確的是

A.電容器的帶電量減小，減小量為B.通過電阻的電流減小，減少量為且等于C.電路的路端電壓一定增大，增加量小于D.電可變電阻R的功率可能變小8、空間存在著沿x軸方向的電場，質量為m，電荷量為+q的點電荷，僅在電場力作用下，在x軸上從x=0處向x軸正方向運動；其速度隨位置變化如圖所示，由圖像可知。

A.電荷做勻加速直線運動B.電荷在處的加速度為C.x=0與兩點之間的電勢差為D.處的電場強度為9、如圖，兩個固定的相同圓環(huán)a、b，均勻帶有+Q和-Q的電荷，兩環(huán)圓心O、O′在同一中心軸線上，P為OO′的中點。則（）

A.沿中心軸線從O點到O′點，電勢逐漸降低B.過P點垂直于OO′的平面為等勢面C.O點與O′點的電場強度相同D.兩環(huán)間距越小，P點的電場強度一定越大10、如圖甲所示，一光滑絕緣細桿水平固定在非勻強電場中，在點固定一帶正電的小球A，一帶電量為的小球套在桿上。以點為原點，沿桿向右為軸正方向建立坐標系。小球A對小球B的作用力隨B位置的變化關系如圖乙中曲線I所示，小球B所受水平方向的合力隨B位置的變化關系如圖乙中曲線Ⅱ所示，靜電力常量則（）

A.小球A所帶電荷量B.非勻強電場在處沿細桿方向的電場強度大小C.將小球B從處靜止釋放運動到處過程中，加速度一直減小D.將小球B從處靜止釋放運動到處過程中，速度先增大后減小11、如圖所示；是某一點電荷的電場線分布圖，下列表述正確的是（）

A.a點的電勢高于b點的電勢B.該點電荷帶負電C.a點和b點電場強度的方向相同D.a點的電場強度大于b點的電場強度12、空間有一電場，各點電勢隨位置的變化情況如圖所示（圖像關于原點對稱）；下列說法正確的是（）

A.點的電場強度一定為零B.與點的電場強度相同C.將負電荷從移到電荷的電勢能增大D.和兩點在同一等勢面上13、如圖，平行板電容器經(jīng)開關S與電源連接，C點所在位置的空間坐標不變且始終處于由帶電平板所激發(fā)的勻強電場中，B板接地，關于C點電勢的變化情況，以下說法正確的是（）

A.開關S閉合，將A板上移一小段距離，極板間電場強度變弱，C點電勢降低B.開關S閉合，將B板上移一小段距離，極板間電場強度變強，C點電勢降低C.開關S先閉合后斷開，然后將A板上移一小段距離，場強不變，C點電勢不變D.開關S先閉合后斷開，然后將B板下移一小段距離，場強不變，C點電勢降低14、粗糙絕緣的水平面上方存在一個平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與x軸平行，在x軸上的電勢φ與坐標x的關系用如圖所示的曲線表示，圖中斜線為該曲線過點（0.15m，3×105V）的切線。現(xiàn)有一質量m＝0.20kg，電荷量q＝2.0×10－8C的滑塊P（可視作質點），從x＝0.10m處由靜止釋放，其與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.02。取重力加速度g＝10m/s2。則下列說法正確的是（）

A.x＝0.15m處的場強大小為2.0×106V/mB.滑塊運動的加速度逐漸減小C.滑塊運動的最大速度大小約為0.1m/sD.滑塊最終在x＝0.3m處停下15、如圖所示，是將滑動變阻器作分壓器使用的電路，A、B為分壓器的輸出端；若把變阻器的滑動片放在變阻器中央，下列判斷正確的是（）

A.空載時輸出電壓為B.當接上負載R時輸出電壓C.負載R越大，越接近D.負載R越小，越接近評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、1825年，瑞士科學家科拉頓用實驗探索如何產生感應電流。如圖，他將“電流表”和線圈分別放在兩個房間里，并用導線連成閉合回路。他用磁鐵在線圈中插進或拔出進行實驗時，并在兩個房間之間跑來跑去，結果沒有觀察到感應電流?？评D看不到實驗現(xiàn)象的原因是___________。后來由科學家______發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象。17、在如圖所示的電路中，電源內電阻為r,R1、R3分別為兩個定值電阻．閉合電鍵S,當變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，伏特表V1的示數(shù)逐漸________(選填“增大”、“減小”、“不變”)．若移動P的過程中，電流表示數(shù)變化量的大小為伏特表V2示數(shù)變化量的大小則比值是_______________(選填“增大”；“減小”、“不變”)

18、某同學用不同工具分別測量了某物體的幾處外徑；如圖所示，請讀出下列讀數(shù)：

①_____；②_____；③_____；19、左圖讀數(shù)為___________cm；右圖讀數(shù)為___________mm。

20、電阻連接方法如圖所示，則________點間電阻最大，最大值為________Ω；________點間電阻最小，最小值為________Ω．

21、如圖所示，勻強電場方向平行于xoy平面，在xoy平面內有一個半徑為R=5cm的圓，圓上有一動點P，半徑OP與x軸方向的夾角為θ，P點沿圓周移動時，P點的電勢滿足p25sin(V)勻強電場的大小E=_____V/m，方向為_____．

評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)22、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)23、要研究額定電壓為3V的發(fā)光二極管正向導電時的伏安特性曲線。除了已有的發(fā)光二極管；在實驗室又找到如下實驗器材：

A.恒壓直流電源（4~6V）

B.電壓表V（量程0~4V；內阻約3kΩ）

C.電流表（量程0~0.6A；內阻約0.1Ω）

D.電流表（量程0~30mA；內阻約1.0Ω）

E.滑動變阻器（最大阻值10kΩ）

F.滑動變阻器（最大阻值10Ω）

G.開關；導線若干。

（1）用歐姆表粗測二極管正向導通電阻，如圖，選擇開關為“×10”擋，則測得二極管的電阻為_________Ω。

（2）為了更加準確的描繪發(fā)光二極管的伏安特性曲線，電流表應選擇_________________；滑動變阻器應選擇____________（填寫器材前面的字母代號）。請在圖中方框內畫出實驗電路圖。()

（3）實驗得到的伏安特性曲線如圖所示，要設計一個由這種型號的發(fā)光二極管組成的燈帶，電動勢為4V，內阻為1Ω的直流電源給燈帶供電，這條燈帶需____________（填“串”或“并”）聯(lián)____________個這種型號的發(fā)光二極管；可使燈帶達到理想的使用效果。

評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)24、如圖所示，在豎直平面內，光滑絕緣直桿AC與半徑為R的圓周交于B、C兩點，在圓心處有一固定的正點電荷，B為AC的中點，C點位于圓周的最低點．現(xiàn)有一質量為m、電荷量為?q、套在桿上的帶電小球從A點由靜止開始沿桿下滑．已知重力加速度為g，A點距過C點的水平面的豎直高度為3R，小球滑到B點時的速度大小為求：

(1)小球滑至C點時的速度的大小；

(2)若以C點作為零電勢點，試確定A點的電勢．

25、為使用方便，實驗室中的電壓表通常有兩個量程，如圖所示為電流計G改裝成兩個量程3V、15V的電壓表的電路圖。若已知R2是阻值為24kΩ的電阻，電流計G的內阻為500Ω，則R1的阻值和電流計G的滿偏電流各是多少？26、做功與路徑無關的力場叫做“勢場”；例如引力場和電場．在這類場中可以引入“場強”和“勢能”的概念來分別描述勢場中力和能的性質．可以類比電場強度的定義，將質點放在引力場中所受到的引力與質量的比值定義為引力場的場強．

如圖甲所示為某勢場的場強E的大小隨x的分布，圖中E0為已知量．在該勢場中，一個質點僅在場力作用下，以x=0為中心，沿x軸做周期性運動．已知質點的質量為m，受到的場力可表示為F=kE（k為常量），場力方向平行于x軸．取x=0點為O點．

（1）請從力和加速度的角度，分析說明質點在區(qū)域和區(qū)域的運動性質；

（2）功是能量轉化的量度，場力做功引起勢能的變化．取O點為零勢能點．

a．請推導出勢能Ep與x的關系式，并在圖乙中畫出勢能Ep隨x變化的示意圖．

b．已知質點的總能量為A，求質點與O點間距離為x0（x0在運動區(qū)間內）時，質點的動能Ek．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

AB．粒子經(jīng)電場U1加速后，根據(jù)動能定理得

粒子在偏轉電場中：水平方向L=v0t

豎直方向：

由牛頓第二定律可得：

解得

則在偏轉電場中動能增加量為

則只增大U1；則在偏轉電場中，動能增加量一定減小，選項AB錯誤；

CD．射出偏轉電場時的動能：

則只增大U1；則射出偏轉電場時的動能可能不變，選項C錯誤，D正確；

故選D.2、C【分析】【詳解】

A．由牛頓第三定律知兩小球受電場力大小相等；故A錯誤；

B．由題意知兩小球受力都處于平衡狀態(tài)，那么各自的受力合力為零，對小球有。

如圖，設是小球對的電場力，輕絲線對小球的拉力為的兩個分力分別是和設是小球對的電場力，根據(jù)受力平衡可得

由牛頓第三定律知＝

由以上可得

故B錯誤；

C．根據(jù)圖和力的平衡條件有

同理，設輕絲線對小球的拉力為有＇

由以上和的值，知

則

故C正確；

D．根據(jù)庫侖定律和牛頓第三定律和不一定相等；故D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

兩極板處于靜電平衡；因極板中間凸出，則電荷分布中間多兩端少，故中間電場強度較大，靜電平衡的導體是等勢體，等勢面和電場線相互垂直，且電場強度越大的地方，電場線越密集。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．帶電粒子與避雷針之間是引力；帶電粒子帶正電，選項A錯誤；

B．避雷針帶負電避雷針尖端附近電勢較低；選項B錯誤；

C．根據(jù)等勢線越密集的地方電場強度越強；由題圖可得。

根據(jù)牛頓第二定律可得。

所以同一粒子在A點的加速度小于在B點的加速度。選項C錯誤；

D．粒子從A運動到B；電場力方向與位移方向夾角小于90°，電場力做正功，電勢能減小。即。

選項D正確。

故選D。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．亞里士多德認為力是維持物體運動狀態(tài)的原因；故A錯誤；

B．伽利略通過理想斜面實驗提出了力不是維持物體運動的原因；故B正確；

C．法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象；故C錯誤；

D．奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應；故D錯誤。

故B。6、C【分析】【詳解】

A．加速度是矢量，比較大小需比較絕對值，所以“5m/s2”的加速度小于“-7m/s2”的加速度；故A錯誤；

B．功是標量；但正負代表物體對外做功，或外接對物體做功，所以“5J”的功小于“-7J”的功，故B錯誤；

C．電勢是標量；正負代表大于零電勢或小于零電勢，所以“5V”的電勢大于“-7V”的電勢，故C正確；

D．磁通量是標量，磁通量有正負之分，當與規(guī)定正方向相反時，磁通量為負值，所以“5Wb”的磁通量小于“-7Wb”的磁通量；故D錯誤；

故選C。二、多選題(共9題，共18分)7、C:D【分析】【詳解】

A．閉合開關S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻兩端的電壓減小，R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻兩端的電壓減小量小于電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電量增大，增大量為A錯誤；

B．根據(jù)A的分析可知，電阻兩端的電壓減小量小于所以通過電阻的電流減小量小于B錯誤；

C．總電流減小，則內阻所占電壓減小，所以電路的路端電壓一定增大，由于電阻兩端的電壓減小，而R的電壓增大所以電路的路端電壓增加量小于C正確；

D．當可變電阻的阻值與的阻值相等時，功率最大，由于不增大具體值，所以可變電阻R的功率可能變小；D正確．

故選CD.8、B:C【分析】【詳解】

A．有圖像可知，根據(jù)動能定理聯(lián)立可得電場強度隨x變化，根據(jù)Eq=ma，電荷做變加速直線運動，v2=2ax不成立；故A錯誤，B正確；

C．由動能定理可得，x=0與兩點之間的電勢差為故C正確；

D．根據(jù)處的電場強度為故D錯誤．

故選BC

點睛：根據(jù)動能定理圖像，可知電場強度的表達式，可判斷粒子的運動性質；根據(jù)電場力做功，由動能定理可得x=0與兩點之間的電勢差；根據(jù)電場強度的表達式可得處的電場強度．9、A:B:C【分析】【詳解】

A．由場強的疊加可知從O點到O′點場強方向一直向右；因此電勢一直降低，故A正確；

B．由場強的疊加可知電場線垂直于過P點且垂直于OO′的平面；在此平面上移動電荷時電場力不做功，因此該平面為等勢面，故B正確；

C．+Q在O點產生場強為零，O點的場強由-Q和距離決定，同理O′點的場強由+Q和距離決定，由幾何關系結合場強疊加知O點與O′點場強大小相等；且方向均向右，故C正確；

D．兩環(huán)間距越小時，P點的電場強度不一定越大，比如當兩環(huán)均向P靠攏且間距無窮小時，P點場強近似為零；故D錯誤。

故選ABC。10、A:D【分析】【詳解】

A．由題圖乙可知，當小球A和小球B之間距離x=0.3m時，二者之間的庫侖力大小為F1=0.2N；根據(jù)庫侖定律有。

代入數(shù)據(jù)解得Q=1×10-6C；故A正確；

B．由題圖乙可知，x=0.3m處，小球B所受合電場力大小為F2=0.16N；則有。

代入數(shù)據(jù)解得E=3.6×105N/C；故B錯誤；

CD．由題圖乙可知，從x=0.1m到x=0.3m，小球B所受合力先減小至零后再反向增大；所以加速度先減小至零后再反向增大，速度先增大后減小，故C錯誤，D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：根據(jù)電場線與等勢線垂直，在b點所在電場線上找到與a點電勢相等的，依據(jù)沿電場線電勢降低，a點電勢低于b點電勢，故A錯誤。該點電荷帶負電，故B正確。由題圖可看出a點和b點電場強度的方向不相同，故C錯誤；電場線越密的地方電場強度越大，a點的電場強度大于b點的電場強度；故D正確。故選BD。

考點：點電荷電場；電場強度；電勢。

【點睛】

本題考查的就是點電荷的電場的分布及特點，這要求同學對于基本的幾種電場的情況要了解，本題看的就是學生的基本知識的掌握情況，比較簡單。12、B:C【分析】【詳解】

A．φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，由幾何知識可知O點場強不為零；故A錯誤；

B．沿著電場線方向，電勢是降低的，則有-x1與x1點的斜率相同；則電場強度相同，故B正確；

C．電勢的定義式為

故電勢能為Ep=qφ

將負電荷從-x1移到x1電荷的電勢能由負值變?yōu)檎?；電荷的電勢能增大，故C正確；

D．-x1和x1兩點電勢不相等；故一定不在同一等勢面上，故D錯誤。

故選BC。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．開關S閉合電勢差不變，將A板上移一小段距離，d變大，則由U=Ed可知，極板間電場強度變弱；C相對于B板的電勢差減??；故C點電勢升降低，故A正確；

B．開關S閉合，將B板上移一小段距離，板間距減小，則極板間電場強度變強，由C與上極板間的電勢差增大，故與B極板間的電勢差減小，C點的電勢降低；故B正確；

C．開關S先閉合后斷開后電量不變；根據(jù)

可知，將A板上移一小段距離，場強不變，C點與下極板間的電勢差不變，C點電勢不變；故C正確；

D．開關S先閉合后斷開，然后將B板下移一小段距離，場強不變，C點與下極板間的電勢差增大，故C點電勢升高，故D錯誤．14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．電勢φ與位移x圖線的斜率表示電場強度，則x＝0.15m處的場強。

此時的電場力。

滑動摩擦力大小為。

在x＝0.15m前，電場力大于摩擦力，做加速運動，加速度逐漸減小，x＝0.15m后電場力小于摩擦力；做減速運動，加速度逐漸增大，B錯誤A正確；

C．在x＝0.15m時；電場力等于摩擦力，速度最大，根據(jù)動能定理得。

因為0.10m和0.15m處的電勢差大約為1.5×105V；代入求解最大速度大約為0.1m/s，C正確；

D．滑塊最終在0.3m處停下則滿足。

因為0.10m和0.30m處的電勢差大約為3.0×105V代入得。

得。

得滑塊不能夠滑到。

D錯誤。

故選AC。15、A:B:C【分析】【詳解】

A．空載時，由于滑動片放在變阻器中央，兩部分電阻相等，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知

故A正確；

B．由于下半電阻與電阻并聯(lián)的總電阻小于下半電阻，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知

故B正確；

C．負載電阻越大時，下半電阻與的并聯(lián)電阻越接近于下半電阻，同時也越接近滑動變阻器的總阻值，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知，越接近，故C正確；

D．根據(jù)C選項分析可知，負載越小時，下半電阻與的并聯(lián)電阻與下半電阻相差越大，同時也越遠離滑動變阻器的總阻值，與相差就越大，所以D錯誤。

故選ABC．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．在磁鐵插進或拔出線圈的過程中；磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會產生電流，但等科拉頓跑到電流計面前時，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應電流；

[2]．后來由科學家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象。【解析】在磁鐵插進或拔出線圈的過程中，磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會產生電流，但等科拉頓跑到電流計面前時，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應電流法拉第17、略

【分析】【詳解】

[1][2]當變阻器的滑動觸頭P向下滑動時,接入電路的電阻變大,電路總電阻變大,根據(jù)閉合電路歐姆定律,總電流減小,電阻兩端的電壓減小,所以伏特表的示數(shù)逐漸減小,伏特表的示數(shù)

所以伏特表示數(shù)變化量的大小為

所以比值是定值大小不變．【解析】減小不變18、略

【分析】【詳解】

①[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標尺的第6個刻度線與主尺的某刻度線對齊，讀數(shù)為0.1×6mm=0.6mm；則有游標卡尺的讀數(shù)為9mm+0.6mm=9.6mm；

②[2]游標卡尺的主尺讀數(shù)為13mm；游標尺的第13個刻度線與主尺的某刻度線對齊，游標尺是25分度的，讀數(shù)為0.04×13mm=0.52mm，則有游標卡尺的讀數(shù)為13mm+0.52mm=13.52mm。

③[3]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，轉動刻度的讀數(shù)為0.01×33.3mm=0.333mm，螺旋測微器的讀數(shù)為2.333mm?！窘馕觥?.613.522.33319、略

【分析】【詳解】

[1]由左圖可知，游標卡尺為十分度游標卡尺，則讀數(shù)為

[2]由右圖可知，螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.141.73020、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖可知AB電阻最大，電路為：R3、R4并聯(lián)與R1串聯(lián)，在與R2并聯(lián)。，即R3、R4并聯(lián)，在與R1的阻值為：

則AB電阻為：

同理DB間電阻也為

[3][4]連接AD時短路，此時電阻最小即為0?！窘馕觥緼、B或D、BA、D021、略

【分析】【詳解】

由于點的電勢所以和兩位置的電勢相等，當時，點的電勢最大為25V，當或時，P點的電勢最小為0V，根據(jù)等勢面一定跟電場線垂直，且電場線總是由電勢較高的等勢面指向電勢較低的等勢面可知勻強電場的方向為根據(jù)可得勻強電場的大?。窘馕觥?00v/m-Y四、作圖題(共1題，共4分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD五、實驗題(共1題，共2分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]歐姆表的選擇開關為×10檔，故測得二極管的電阻為

（2）[2][3]為了更加準確的描繪發(fā)光二極管的伏安特性曲線，根據(jù)歐姆定律，最大電流為

故電流表應選擇D；為了方便調節(jié)電路；