2025年外研版三年級起點選修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、甲圖是太陽光照射下；肥皂膜表面出現(xiàn)的彩色條紋；乙圖是激光照射下，針尖的影子，它的輪廓模糊不清，出現(xiàn)明暗相間的條紋．下列說法正確的是。

A.二者都是光的衍射現(xiàn)象B.二者都是光的干涉現(xiàn)象C.甲是光的干涉現(xiàn)象，乙是光的衍射現(xiàn)象D.甲是光的衍射現(xiàn)象，乙是光的干涉現(xiàn)象2、如圖所示的交流電壓u=220sin100πtV，接在阻值R=220Ω的電阻兩端；則（）

A.該交流電的頻率為100HzB.電壓表的讀數(shù)為311VC.電流表讀數(shù)為1AD.2s內電阻的焦耳熱是880J3、帶電荷量為+q的粒子在勻強磁場中運動，下列說法中正確的是（）A.只要速度大小相同，所受洛倫茲力就相同B.如果把+q改為﹣q，且速度反向大小不變，則洛倫茲力的大小、方向均不變C.洛倫茲力方向一定與電荷速度方向垂直，磁場方向一定與電荷運動方向垂直D.粒子只受到洛倫茲力作用下運動的動能、動量均不變（動量的是矢量）4、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內電阻r恒定不變．閉合開關S，滑動變阻器的滑片P處于某一位置時，小燈泡L能發(fā)光．將滑片P從該位置向b端滑動；則（）

A.小燈泡L變亮，電流表的示數(shù)變小B.小燈泡L變亮，電流表的示數(shù)增大C.小燈泡L變暗，電流表的示數(shù)變小D.小燈泡L變暗，電流表的示數(shù)增大5、如右圖所示的電路為歐姆表原理圖，電池的電動勢E＝1.5V，G為電流表，滿偏電流為200μA。當調好零后，在兩表筆間接一被測電阻Rx時，電流表G的指針示數(shù)為50μA，那么Rx的值是()A.7.5kΩB.22.5kΩC.15kΩD.30kΩ6、如圖所示；某課外活動小組的同學，把一根大約10m長的導線的兩端用導線連接在一個靈敏電流表的兩個接線柱上。有兩名同學站在東西方向搖動導線做“搖繩發(fā)電”實驗，要使實驗現(xiàn)象更明顯，你認為下列改進措施可行的是。

A.減緩搖繩的速度B.站在南北方向搖動導線C.增加被搖動導線的長度D.把靈敏電流表改為伏特表7、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實驗裝置，以下說法正確的是（）

A.板與靜電計的指針帶的是異種電荷B.甲圖中將板上移，靜電計的指針偏角減小C.乙圖中將板左移，靜電計的指針偏角不變D.8、簡諧橫波某時刻的波形圖線如圖所示；由此圖可知（）

A.若質點a向下運動，則波是從左向右傳播的B.若質點b向上運動，則波是從左向右傳播的C.若波從右向左傳播，則質點c向下運動D.若波從右向左傳播，則質點d向下運動9、如圖所示為自左向右逐漸增強的磁場,一不計重力的帶電粒子垂直射入其中；由于周圍氣體的阻礙作用,其運動軌跡恰為一段圓弧PQ(粒子電量保持不變)，則可判斷。

A.粒子從P點射入B.粒子所受洛倫茲力逐漸增大C.粒子帶負電D.粒子的動能逐漸增大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、在如圖所示的電路中，燈L1、L2的電阻分別為R1、R2，滑動變阻器的最大阻值為R0，若有電流通過，燈就發(fā)光，假設燈的電阻不變，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端移動時，燈L1、L2的亮度變化情況是()

A.當時，燈L1變暗，燈L2變亮B.當時，燈L1先變暗后變亮，燈L2先變亮后變暗C.當時，燈L1先變暗后變亮，燈L2不斷變暗D.當時，燈L1先變暗后變亮，燈L2不斷變亮11、如圖所示電路，已知電源電動勢為E，內阻為r，R0為固定電阻，電壓表讀數(shù)為U，電流表讀數(shù)為I，當滑動變阻器R的觸頭向上移動時，下列論述正確的是（）

A.燈泡L—定變亮B.電流表的示數(shù)變小C.電壓表的示數(shù)變小D.保持不變12、在外力作用下兩分子間的距離達到不能再靠近時，固定甲分子不動，乙分子可自由移動，去掉外力后，當乙分子運動到很遠時，速度為v，則在乙分子的運動過程中（乙分子的質量為m）（）A.乙分子的動能變化量為mv2B.分子力表現(xiàn)為引力時比表現(xiàn)為斥力時多做的功為mv2C.分子力表現(xiàn)為斥力時比表現(xiàn)為引力時多做的功為mv2D.乙分子克服分子力做的功為mv213、關于熱機的效率，下列說法正確的是()A.有可能達80%B.有可能達100%C.有可能超過80%D.有可能超過100%14、如圖所示，直線A為電源的U-I圖線，電源電動勢為E，內阻為r，曲線B為燈泡的U-I圖線，現(xiàn)將該小燈泡接在該電源兩端，此時燈泡電阻為R，則以下說法正確的是（）

A.E=3V，r=2ΩB.R=1ΩC.電源的輸出功率為4WD.若增大燈泡兩端的電壓，則燈泡的電阻增大15、如圖所示，OACO為置于水平面內的光滑閉合金屬導軌，OCA導軌的形狀滿足方程y=1.0sin（x/3）（單位：m）．O、C處分別接有短電阻絲（圖中用粗線表示）R1=3.0R2=6.0（導軌其它部分的電阻不計）．在xOy平面內存在有B=0.2T的勻強磁場，方向如圖，現(xiàn)有一長為l（l>1.0m）的金屬棒在水平外力作用下以速度v=5.0m/s水平向右勻速運動；設棒與導軌始終接觸良好，不計棒的電阻，則在金屬棒從左向右運動的過程中。

A.金屬棒相當于電源的作用，R1、R2電阻并聯(lián)在電源兩端B.通過金屬棒的電流最大值為0.5AC.金屬棒通過導軌（從O到C）的時間為0.6sD.整個過程中電路產(chǎn)生的焦耳熱為0.3J16、如圖所示，光滑大圓環(huán)靜止在水平面上，一質量為m可視為質點的小環(huán)套在大環(huán)上，已知大環(huán)半徑為R，質量為M=3m，小環(huán)由圓心等高處無初速度釋放，滑到最低點時

A.小環(huán)的速度大小為B.小環(huán)的速度大小為C.大環(huán)移動的水平距離為D.大環(huán)移動的水平距離為17、一個鈹原子核（）俘獲一個核外電子（通常是最靠近原子核的K殼層的電子）后發(fā)生衰變，生成一個鋰核（），并放出一個不帶電的質量接近零的中微子νe，人們把這種衰變稱為“K俘獲”．靜止的鈹核發(fā)生零“K俘獲”，其核反應方程為已知鈹原子的質量為MBe=7.016929u，鋰原子的質量為MLi=7.016004u，1u相當于9.31×102MeV．下列說法正確的是A.中微子的質量數(shù)和電荷數(shù)均為零B.鋰核（）獲得的動能約為0.86MeVC.中微子與鋰核（）的動量之和等于反應前電子的動量D.中微子與鋰核（）的能量之和等于反應前電子的能量評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、一定量的理想氣體從狀態(tài)開始，經(jīng)歷等溫或等壓過程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態(tài)的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態(tài)的體積。氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)氣體對外界做的功。

19、一般情況下，水底的溫度要比水面的溫度低，一氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內氣體的壓強__________（填“增大”、“減小”或“不變”），氣泡內氣體對外界________（填“做正功”、“做負功”或“不做功”）。20、封閉汽缸內一定質量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其體積V隨熱力學溫度T變化的關系圖象如圖所示，氣體在狀態(tài)B時的溫度T2＝________K。氣體在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中吸收熱量Q1＝240J，對外做功為W＝100J．則氣體由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

21、汽車內燃機氣缸內汽油燃燒時，氣體體積膨脹推動活塞對外做功。已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發(fā)熱等對外散失的熱量為8×102J。該內燃機的效率為________。隨著科技的進步，可設法減少熱量的損失，則內燃機的效率能不斷提高，其效率________(選填“有可能”或“仍不可能”)達到100%.22、將長為1m的導線ac從中點b折成如圖所示的形狀，放入B＝0.08T的勻強磁場中，abc平面與磁場垂直．若在導線abc中通入25A的直流電，則整個導線所受安培力大小為______N．23、如圖所示，平行板電容器板間距離d=10cm，與一個直流電源相連，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零，兩板間有一點P，P點距M板5cm，把開關閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為________，電勢為____________，若把N板向下移動10cm，則P點場強大小為________，電勢為_________。

24、某同學用伏安法測量阻值Rx約為5Ω的電阻，用圖________測得的Rx的誤差較小，測量值________真實值（小于、大于、等于），造成誤差的原因是_____________________________________________

25、某同學測定一金屬桿的長度和直徑，示數(shù)如圖甲、乙所示，則該金屬桿的長度和直徑分別為____cm和____mm

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)29、如圖1所示，為“驗證碰撞中動量守恒”的實驗裝置，小球1和小球2的半徑相同，質量分別為m1和m2，且m1＞m2．實驗時先讓小球1從斜槽上某一固定位置S由靜止開始滾下，進入水平軌道后，從軌道末端拋出，落到位于水平地面的復寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡，重復上連操作10次，得到10個落點痕跡，再把小球2放在水平軌道末端，讓小球1仍從位置S由靜止?jié)L下，小球1和小球2碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點痕跡重復操作10次．M、P，N為三個落點的平均位置，O點是水平軌道來端在記錄紙上的豎直投影點；如圖2所示．

（1）關于本實驗，下列說法正確的是_____

A．斜槽軌道必須光滑。

B．如果小球每次從同一位置由靜止釋放；每次的落點一定是重合的。

C．重復操作時發(fā)現(xiàn)小球的落點并不重合；說明實驗操作中出現(xiàn)了錯誤。

D．用半徑盡量小的圓把10個落點圈起來；這個圓的圓心可視為小球落點的平均位置。

（2）本實驗除了要測量OP、OM，ON的值以外，還必須要測量的物理量有_____

A．小球1的質量m1和小球2的質量m2

B．小球1開始釋放的高度h

C．拋出點距地面的高度H

D．小球平拋運動的飛行時間。

（3）若所測物理量滿足表達式_____（用上問中所測的物理量表示）時；則說明兩球的碰撞遵守動量守恒定律．

（4）若改變小球1和小球2的材質（兩球半徑仍相同），兩球碰撞時不僅得到（3）的結論即碰撞遵守動量守恒定律而且滿足機械能守恒定律，則根據(jù)上述信息可以推斷_____．

A．不可能超過2

B．可能超過3

C．MN與OP大小關系不確定。

D．MN與OP大小關系確定，且MN＝OP30、恢復系數(shù)是反映碰撞時物體形變恢復能力的參數(shù)，它只與碰撞物體的材料有關，兩物體碰撞后的恢復系數(shù)為其中和分別為質量為m1和m2的物體碰推前后的速度某同學利用如圖所示的實驗裝置測定質量為m1和m2的物體碰摘后的恢復系數(shù)．

實驗步驟如下：

①將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中質量為m1和m2的兩球與木條的撞擊點；

②將木條豎直放在軌道末端右側并與軌道接觸，讓質量為m1的入射球從斜軌上A點由靜止釋放；摘擊點為B′；

③將木條向右平移到圖中所示位置，質量為m1的入射球仍從斜軌上的A點由靜止釋放；確定撞擊點；

④質量為m2的球靜止放置在水平槽的末端，將質量為m1的入射球再從斜軌上A點由靜止釋放；確定兩球相撞后的撞擊點；

⑤目測得B′與撞擊點N、P、M的高度差分別為h1、h2、h3．

(1)兩小球的質量關系為m1_____m2(填“>”“=”或“<”)

(2)利用實驗中測量的數(shù)據(jù)表示兩小球碰撞后的恢復系數(shù)為e=_______．

(3)若再利用天平測量出兩小球的質量為m1、m2，則滿足_____________________表示兩小球碰撞前后動量守恒；若滿足_____________________表示兩小球碰撞前后機械能守恒．31、某探究小組采用如圖甲所示的電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻時，發(fā)現(xiàn)量程為3V的電壓表出現(xiàn)故障不能正常使用，實驗臺上有一個量程為內阻靈敏電流計和一個電阻箱R（）．

（1）為了把靈敏電流計改裝成量程為2V的電壓表繼續(xù)實驗，電阻箱R應調整至______．

（2）探究小組中一個同學用靈敏電流計和電阻箱設計了如圖乙所示的實驗電路；同樣測出了干電池的電動勢和內阻．

①多次調節(jié)電阻箱，記錄靈敏電流計的示數(shù)I和電阻箱的阻值R，電源的電動勢和內阻分別用E和r表示，則和R的關系式為_____________．

②然后以為縱坐標，以R為橫坐標，做出圖線為一直線，如圖丙所示，測得直線在縱軸上的截距b=134，直線的斜率則該電池的電動勢E=______V，內阻r=______．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】太陽光照射下肥皂膜呈現(xiàn)彩色，屬于薄膜干涉現(xiàn)象，針尖障礙物的影的輪廓出現(xiàn)明暗相間的條紋是光波發(fā)生衍射引起的，故C正確．2、C【分析】【詳解】

A．該交流電的頻率

故A錯誤；

B．電壓表的示數(shù)為交流電的有效值，故其示數(shù)為

故B錯誤；

C．電流表的讀數(shù)為

故C正確；

D．2s內電阻產(chǎn)生的電熱

故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

A．粒子速度大小相同；由f=qvBsinθ可知，如果速度v與磁場B的夾角不同，洛倫茲力大小不同，即使洛倫茲力大小相同，速度方向不同，洛倫茲力方向不同，洛倫茲力不同，故A錯誤；

B．如果把+q改為-q；且速度反向，大小不變，則洛倫茲力的大小；方向均不變，故B正確；

C．洛倫茲力方向一定與電荷運動方向垂直；磁場方向與電荷運動方向不一定垂直，故C錯誤；

D．洛倫茲力對粒子不做功，粒子在只受到洛倫茲力作用時運動的動能不變，速度大小不變，但速度方向發(fā)生變化，速度變化，動量變化，故D錯誤．4、A【分析】【分析】

根據(jù)滑片P的移動方向判斷滑動變阻器接入電路的阻值如何變化；然后根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，從而知道電流表的示數(shù)如何變化．根據(jù)路端電壓的變化分析小燈泡亮度的變化．

【詳解】

將滑片P從該位置向b端滑動；滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流I變小，則電流表示數(shù)變?。?/p>

總電流變??；電源的內電壓變小，則路端電壓變大，小燈泡的電壓變大，則小燈泡L變亮，故A正確，BCD錯誤．

故選A．

【點睛】

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，要分析清楚電路結構，熟練應用歐姆定律即可分析．5、B【分析】【詳解】

試題分析:由滿偏電流求歐姆表的內阻：R內＝=7500Ω

連入電阻后，由I=解得RX=22.5KΩ；故選B

考點：用多用電表測電阻．6、C【分析】根據(jù)E=BLv可知；減緩搖繩的速度，則電動勢減小，實驗現(xiàn)象越不明顯，選項A錯誤；由于地球的周圍存在磁場，且磁感線的方向是從地理的南極指向地理的北極，所以當兩個同學站在南北方向搖動導線，產(chǎn)生的感應電動勢較小，實驗不明顯，選項B錯誤；根據(jù)E=BLv可知，增加被搖動導線的長度，則電動勢變大，實驗現(xiàn)象越明顯，選項C正確；伏特表的內阻較大，則把靈敏電流表改為伏特表，指針偏轉更加不明顯，選項D錯誤；故選C.

點睛：解決本題的關鍵掌握產(chǎn)生感應電流的條件以及地磁場的方向，然后根據(jù)切割磁感線確定搖繩的方向．7、D【分析】【詳解】

A.靜電計指針與A板連為一個導體；帶電性質相同，選項A不符合題意；

B.根據(jù)B板上移，S減小，C減小，Q不變，U增大；選項B不符合題意；

C.B板左移，d增大，C減小，U增大；選項B不符合題意；

D.根據(jù)插入電介質，增大，電容C增大，U減小，選項D符合題意；8、B【分析】【詳解】

A．若質點a向下運動；波形向左平移，則波是從右向左傳播的。A錯誤。

B．若質點b向上運動；波形向右平移，則波是從左向右傳播的。B正確。

C．若波從右向左傳播；根據(jù)平移法，波形向左平移，則質點c向上運動。C錯誤。

D．若波從右向左傳播，根據(jù)平移法，波形向左平移，則質點d向上運動。D錯誤9、A【分析】【詳解】

粒子做圓周運動，半徑不變，由由于粒子的速度減小，則B也是減小的，則粒子從P點射入；選項A正確；由左手定則可知，粒子帶正電，選項C錯誤；由f=qvB可知，粒子所受的洛倫茲力減小，選項B錯誤；粒子的速度減小，動能減小，選項D錯誤.二、多選題(共8題，共16分)10、A:D【分析】【詳解】

AB.當時，燈L2與滑動變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻一定大于右部分的電阻，當變阻器的滑片P由a端向b端移動時，電路總電阻增大，總電流減小，所以通過燈L1的電流減小，燈L1變暗，通過燈L2的電流變大，燈L2變亮；故A項符合題意，B項不合題意；

CD.當時，燈L2與滑動變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻先大于后小于右部分的電阻，則當滑動變阻器的滑片P由a端向b端移動時，總電阻先增大，后減小，所以總電流先減小后增大，所以通過燈L1的電流先減小后增大，故燈L1先變暗后變亮，而通過L2的電流一直變大，燈L2不斷變亮，故C項不合題意，D項符合題意．11、C:D【分析】【詳解】

AC．當R的滑動觸點向上滑移動時，R變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流I變大，電源的內電壓變大，則路端電壓變小，因此電壓表讀數(shù)變小，燈泡L的電壓變小，則燈L一定變暗；故A錯誤，C正確；

B．電路中并聯(lián)部分電壓變小，通過L的電流變?。欢傠娏髯兇?，則電流表的讀數(shù)變大，故B錯誤；

D．由閉合電路歐姆定律知

得

故D正確。

故選CD。12、A:C【分析】【詳解】

A．當甲、乙兩分子間距離最小時，兩者都處于靜止狀態(tài)，當乙分子運動到分子力的作用范圍之外時，乙分子不再受力，此時速度為v，故在此過程中乙分子的動能變化量為mv2；故A正確；

BC.在此過程中，分子斥力做正功，分子引力做負功，即W合=W斥-W引=△Ek

由動能定理得W斥-W引=mv2

故分子力表現(xiàn)為斥力時比表現(xiàn)為引力時多做的功為mv2；故B錯誤，C正確；

D.分子力對乙分子做的功等于乙分子動能的變化量，即W=mv2

故D錯誤。

故選AC。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

熱機在工作時；廢氣會帶走一部分熱量；燃料不可能完全燃燒、克服部件之間的摩擦會消耗能量等，所以熱機的效率不可能達到100%，即總是小于1，故AC正確、BD錯誤．故選AC．

【點睛】

此題關鍵是掌握熱力學第二定律，知道熱機的效率是指用來做有用功的能量與燃料完全燃燒產(chǎn)生的能量之比．由于不可避免地產(chǎn)生熱量的損耗，所以熱機的效率不可能達到100%．14、B:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律有

所以圖線A縱截距表示電源電動勢，斜率的絕對值表示內阻，則

故A錯誤；

BC．兩圖線交點為燈泡的工作點，所以此時燈泡電阻為

電源的輸出功率等于燈泡此時消耗的電功率，為P=UI=4W

故BC正確；

D．燈泡U-I圖線上點與原點連線的斜率表示燈泡電阻，由圖線B可知；若增大燈泡兩端的電壓，則燈泡的電阻增大，故D正確。

故選BCD。15、A:B:C【分析】【詳解】

A項：金屬棒相當于電源的作用，由并聯(lián)電路的特點可知，R1、R2電阻并聯(lián)在電源兩端；故A正確；

B項：當金屬棒滑至A位置時，有效的切割長度最大，產(chǎn)生的感應電流最大，為

而總電阻為

則代入解得Im=0.5A；故B正確；

C項：由題意可知，當棒運動到C點時有：y=0，代入解得：故C正確；

D項：電路中電流的有效值為所以產(chǎn)生的熱量為故D錯誤．

點晴：本題中導線的有效切割長度隨時間作正弦規(guī)律變化，產(chǎn)生正弦式交變電流，提供了一種產(chǎn)生正弦式交變電流的一種方式．16、B:D【分析】【詳解】

A、B、小環(huán)滑至最低點時的速度為v1，大環(huán)的速度為v2，兩物體的系統(tǒng)滿足機械能守恒有:且兩物體的系統(tǒng)滿足水平方向動量守恒有：聯(lián)立解得：故A錯誤，B正確；C、D、設小環(huán)和大環(huán)水平方向發(fā)生的位移為x1和x2，兩物體的系統(tǒng)滿足水平方向反沖原理，結合人船模型的結論可知且解得故C錯誤，D正確；故選BD.

【點睛】機械能守恒定律和動量守恒定律的結合應用，同時是特殊的反沖模型和人船模型．17、A:C【分析】【詳解】

反應方程為根據(jù)質量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知中微子的質量數(shù)和電荷數(shù)均為零，A正確；根據(jù)質能方程，質量減少為釋放的核能，不是鋰核獲得的動能，B錯誤；衰變過程中內力遠大于外力，故反應前后動量守恒，故中微子與鋰核（）的動量之和等于反應前電子的動量，C正確；由于反應過程中存在質量虧損，所以中微子與鋰核（）的能量之和小于反應前電子的能量，D錯誤．三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程中，溫度不變，內能不變；壓強減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知體積增大，對外做功，根據(jù)熱力學第一定律

可知

即氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數(shù)，所以氣體在狀態(tài)a的體積等于氣體在狀態(tài)b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功。【解析】等于等于等于19、略

【分析】【詳解】

[1][2]氣泡內氣體的壓強

大氣壓強恒定，氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內氣體壓強變小，溫度變高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知體積增大，則氣泡內氣體對外界做正功?！窘馕觥繙p小做正功20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長線過原點，即AB過程的V與T成正比，故A到B過程為等壓過程，對A到B的過程運用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數(shù)據(jù)可得氣體在狀態(tài)B時的溫度

[2]因為氣體是一定質量的理想氣體，而一定質量的理想氣體的內能只跟溫度有關，因為

所以A與C的內能相同，故A到B內能的增加量等于B到C內能的減小量，即

根據(jù)熱力學第一定律可得

A到B過程氣體對外做功，故

又已知

可得

根據(jù)熱力學第一定律可得

B到C為等容過程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J?！窘馕觥?0014021、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]隨著科技的進步；不斷設法減小熱量損失，則內燃機的效率不斷提高，效率仍不可能達到100%。

【點睛】

此題考查了熱力學第一定律△U=W+Q，注意公式中各個物理量的符號法則；知道熱力學第二定律的內容?！窘馕觥坎豢赡?2、略

【分析】試題分析：折線abc受力等效于a和c連線受力，由幾何知識可知ac＝m，F(xiàn)＝ILBsinθ＝25×0.08××sin90°N＝N；

考點：勻強磁場中的安培力【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)公式可得

[2]因為P位于兩極板間的中點，所以PN之間的電勢差為

又知道

所以

[3]因為兩極板間的電荷量恒定，根據(jù)公式聯(lián)立可得

故若把N板向下移；兩極板間的電場強度不變。

[4]此時P點距離N板15cm，因為N板接地，電勢為零，所以P點電勢為負，故【解析】24、略

【分析】【分析】

由題意可知考查電流表內接；外接對測量電路的影響；根據(jù)電路結構特點分析可得．

【詳解】

[1]為了減小實驗誤差，電流表內接、外接的選擇原則：大電阻采用內接法，小電阻采用外接法，Rx約為5Ω；屬于小電阻，故采用電流表外接法，選擇乙電路圖．

[2]因測的電流值大于真實值，由可知計算得到的電阻值小于真實值．

[3]電流表測得電流值大于通過Rx電流值；原因是電壓表的分流作用．

【點睛】

電流表內接法，測得是電流表和待測電阻串聯(lián)以后的電阻，測量值大于真實值，當待測電阻較大時選擇內接法．電流表外接法，測得是電壓表和待測電阻并聯(lián)以后的電阻，測量值小于真實值，當待測電阻較小時選擇外接法．【解析】乙小于電壓表的分流作用25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）刻度尺在讀數(shù)的時候要估讀一位；所以金屬桿的長度為60.10；

（2）游標卡尺的主尺讀數(shù)為：4mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為10×0.02mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為：4mm+0.20mm=4.20mm=0.420cm=4.20mm．【解析】(1)60.104.20四、作圖題(共3題，共24分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共30分