2025年蘇科版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科版選修3物理上冊月考試卷868考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關(guān)于電流的概念，下列說法正確的是（）A.通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，電流越大B.電子的定向移動速率越大，電流越大C.電場的傳導(dǎo)速率越大，電流越大D.單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流越大2、勢能沿x方向分布為設(shè)粒子初動能為E。則當(dāng)時，粒子有一定概率“隧穿”；當(dāng)時，粒子有一定概率反射。根據(jù)時間—能量不確定關(guān)系，估算能發(fā)生顯著隧穿的勢壘厚度范圍為（）A.B.C.D.3、真空中有兩個點電荷q1與q2，將它們的電荷量和間距都變?yōu)樵瓉淼?倍，則它們間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼模ǎ〢.B.1倍C.2倍D.4倍4、有同學(xué)這樣探究太陽的密度：正午時分讓太陽光垂直照射一個當(dāng)中有小孔的黑紙板，接收屏上出現(xiàn)了一個小圓斑；測量小圓斑的直徑和黑紙板到接收屏的距離，可大致推出太陽直徑．他掌握的數(shù)據(jù)是：太陽光傳到地球所需的時間、地球的公轉(zhuǎn)周期、萬有引力恒量；在最終得出太陽密度的過程中，他用到的物理規(guī)律是小孔成像和A.牛頓第二定律B.萬有引力定律C.萬有引力定律、牛頓第二定律D.萬有引力定律、牛頓第三定律5、2019年1月3日，“嫦娥四號”探測器完成了人類歷史上的首次月背軟著陸．“嫦娥四號”的核電池利用放射性同位素Pu衰變供電；靜止的Pu衰變?yōu)殁櫤撕蚗粒子，放出頻率為ν的γ光子．已知：Pu、和X粒子的質(zhì)量分別為mPu、mU和mX，普朗克常數(shù)為h，光速為c．則下列說法正確的是A.X粒子是HeB.的比結(jié)合能比Pu的大C.釋放出的γ光子能量為(mPu-mU)c2D.放射性同位素Pu的半衰期隨溫度降低而變大6、如圖所示電路，開關(guān)S原來是閉合的，當(dāng)R1、R2的滑片剛好處于各自的中點位置時；懸在空氣平行板電容器C兩水平極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．要使塵埃P向下加速運(yùn)動，下列方法中可行的是。

A.把R1的滑片向左移動B.把R2的滑片向左移動C.把R2的滑片向右移動D.把開關(guān)S斷開評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、下列說法正確的是（）A.相對論認(rèn)為時間和空間與物質(zhì)的運(yùn)動狀態(tài)有關(guān)B.聲源向靜止的觀察者運(yùn)動，觀察者接收到的頻率小于聲源的頻率C.用同一裝置觀察光的雙縫干涉現(xiàn)象，藍(lán)光的相鄰條紋間距比紅光的小D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以增加透射光的強(qiáng)度8、下列說法正確的是（）A.氣體體積變化時，其內(nèi)能可能不變B.固體很難被壓縮是因為分子之間有斥力C.荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體的表面張力作用E.電冰箱的制冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界，違背了熱力學(xué)第二定律E.電冰箱的制冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界，違背了熱力學(xué)第二定律9、下列說法正確的是__________。A.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性B.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.氣體分子熱運(yùn)動的平均動能取決于氣體的溫度E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大10、如圖所示，在光滑水平面上有寬度為d的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，邊界線MN平行于PQ線，磁場方向垂直平面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，邊長為L（L＜d）的正方形金屬線框，電阻為R，質(zhì)量為m，在水平向右的恒力F作用下，從距離MN為d/2處由靜止開始運(yùn)動，線框右邊到MN時速度與到PQ時的速度大小相等，運(yùn)動過程中線框右邊始終與MN平行；則下列說法正確的是（）

A.線框進(jìn)入磁場過程中做加速運(yùn)動B.線框的右邊剛進(jìn)入磁場時所受安培力的大小為C.線框在進(jìn)入磁場的過程中速度的最小值為D.線框右邊從MN到PQ運(yùn)動的過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為Fd11、矩形線圈的匝數(shù)為50匝；在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動時，穿過線圈的磁通量隨時間的變化規(guī)律如圖所示，下列結(jié)論正確的是：

A.在和時，電動勢最大B.在和時，電動勢改變方向C.C；電動勢的最大值是157V

D.在時，磁通量變化率最大，其值為12、以下說法中正確的是（）A.墑增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運(yùn)動的無序性減少的方向進(jìn)行B.在絕熱條件下壓縮氣體，氣體的內(nèi)能一定增加C.液晶即具有液體的流動性，又像某些晶體那樣具有光學(xué)各向異性E.在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達(dá)到飽和時，飽和汽的壓強(qiáng)增大E.在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達(dá)到飽和時，飽和汽的壓強(qiáng)增大13、如圖所示的電路，當(dāng)滑線變阻器滑片P由a滑到b的過程中，三只理想電壓表示數(shù)變化的絕對值分別為則下列各組數(shù)據(jù)中可能出現(xiàn)的是（）

A.B.C.D.14、某同學(xué)漂浮在海面上，雖然水面波正平穩(wěn)地以1.8m/s的速率向著海灘傳播，但他并不向海灘靠近。該同學(xué)發(fā)現(xiàn)從第1個波峰到第10個波峰通過身下的時間間隔為18s。下列說法正確的是A.水面波是一種機(jī)械波B.該水面波的頻率為2HzC.該水面波的波長為3.6mD.水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，是因為波傳播時能量不會傳遞出去評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、用毛皮摩擦過的橡膠棒靠近懸掛的通草球時，通草球被推開，則通草球帶______電；反復(fù)摩擦后，發(fā)現(xiàn)橡膠棒的溫度升高，這是通過______的方式改變物體的內(nèi)能的。16、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其變化過程的V-T圖像如圖所示，BC的反向延長線通過坐標(biāo)原點O。已知該氣體在狀態(tài)A時的壓強(qiáng)為1.5×105Pa，則該氣體在狀態(tài)C時的壓強(qiáng)為__________Pa；該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中吸收的熱量為__________J。

17、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)狀態(tài)b、c、d和e后回到狀態(tài)a，圖中ae、bc延長線過坐標(biāo)原點O，則在a→b過程中氣體___________（填“放熱”或“吸熱”）；在這個循環(huán)過程中，氣體在狀態(tài)c的壓強(qiáng)___________狀態(tài)e的壓強(qiáng)（填“大于”或“小于”）。

18、陰極射線管的上方有一根固定的導(dǎo)線AB，如圖所示，當(dāng)導(dǎo)線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉(zhuǎn)。（填“下”或“上”）19、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質(zhì)量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設(shè)有一質(zhì)量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達(dá)到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．20、如圖所示為氫原子能級示意圖，某個粒子與處在基態(tài)的一個氫原子在同一直線上相向運(yùn)動，并發(fā)生碰撞，碰撞后氫原子受激躍遷到n＝4的能級。若有一群氫原子處在n＝4的能級，會輻射出_____種頻率的光。在此條件下輻射出的光子中，頻率最高的光子的能量是_____eV．用輻射出的光子照射逸出功為4.75eV的金屬，逸出光電子的最大初動能為_____eV.評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)24、用如圖甲所示的電路；測定一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)電阻。蓄電池的電動勢約為2V，內(nèi)電阻很小。除蓄電池；開關(guān)和導(dǎo)線外，可供使用的實驗器材還有。

A.電壓表（量程3V）B.電流表（量程0.6A）

C.電流表（量程3A）D.定值電阻R0（阻值4額定功率4W）

E.滑動變阻器（阻值范圍0—20額定電流2A）

F.滑動變阻器（阻值范圍0—1000額定電流0.5A）

（1）電流表應(yīng)選____________，滑動變阻器應(yīng)選_____________（填器材前的字母代號）；

（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出U—I圖像如圖乙所示，則蓄電池的電動勢E=____V，內(nèi)電阻r=____（r保留兩位有效數(shù)字）；

（3）引起該實驗系統(tǒng)誤差的主要原因是_________________________________。25、用高值電阻放電法測電容的實驗電路圖如圖所示。其原理是測出電容器在充電電壓為時所帶的電荷量從而求出其電容C。該實驗的操作步驟如下：

（1）按電路圖接好實驗電路；

（2）接通開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使微安表的指針接近滿刻度。記下這時的電壓表讀數(shù)和微安表讀數(shù)

（3）斷開開關(guān)并同時開始計時，每隔或讀一次微安表的讀數(shù)將讀數(shù)記錄在預(yù)先設(shè)計的表格中；

（4）以為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，建立坐標(biāo)系。若由實驗得到的數(shù)據(jù)，在右圖中描出了12個點（用“×”表示），可以估算出當(dāng)電容器兩端電壓為時該電容器所帶的電荷量約為______C，從而算出該電容器的電容約為______F。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)26、如圖，A、C兩點分別位于x軸和y軸上，∠OCA=30°，OA的長度為L．在△OCA區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場．質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場．已知粒子從某點射入時，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運(yùn)動的時間為t0．不計重力．

(1)求磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；

(2)若粒子先后從兩不同點以相同的速度射入磁場，恰好從OC邊上的同一點射出磁場；求該粒子這兩次在磁場中運(yùn)動的時間之和；

(3)若粒子從某點射入磁場后，其運(yùn)動軌跡與AC邊相切，且在磁場內(nèi)運(yùn)動的時間為求粒子此次入射速度的大?。?7、如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C到狀態(tài)D的圖像，已知氣體在狀態(tài)B時的體積是求∶氣體在3個狀態(tài)時的體積VA、VC和VD各是多少？

28、如圖所示，空間有場強(qiáng)的豎直向下的勻強(qiáng)電場，長的不可伸長的輕繩一端固定于O點，另一端系一質(zhì)量的不帶電小球拉起小球至繩水平后，無初速釋放．另一電荷量質(zhì)量與相同的小球以速度水平拋出，經(jīng)時間與小球與點下方一足夠大的平板相遇．不計空氣阻力，小球均可視為質(zhì)點，取．

（1）求碰撞前瞬間小球的速度．

（2）若小球經(jīng)過路到達(dá)平板，此時速度恰好為O；求所加的恒力．

（3）若施加恒力后，保持平板垂直于紙面且與水平面的夾角不變，在點下方任意改變平板位置，小球均能與平板正碰，求出所有滿足條件的恒力．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

A.根據(jù)電流的定義式可知；通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越大，導(dǎo)體中的電流不一定大；

還要看時間長短；故A錯誤；

B.根據(jù)電流的微觀表達(dá)式可知，電子的定向移動速率越大，電流不一定越大；

故B錯誤；

C.傳導(dǎo)速率是電場形成的速率；大小為光速，與電流無關(guān)，故C錯誤；

D.用單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量來表示電流的強(qiáng)弱；叫作電流，所以電流越大；

單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多，故D正確．2、D【分析】【詳解】

由不確定關(guān)系

在極短時間內(nèi)，粒子能量可達(dá)穿越勢壘時的動能為因此

故選D。3、B【分析】【詳解】

真空中有兩個固定點電荷之間的電荷量和間距都變?yōu)樵瓉淼?倍，則電荷量的乘積變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)庫侖定律

可知；庫侖力不變，即變?yōu)樵瓉淼?倍。

故選B。4、C【分析】【詳解】

萬有引力提供向心力；根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律；

可得太陽質(zhì)量，再根據(jù)小孔成像規(guī)律和相似三角形知識可得太陽的直徑，故可求出太陽的密度，故C正確，ABD錯誤．5、B【分析】【詳解】

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，的衰變方程為故A錯誤；衰變成核和α粒子后，釋放核能，將原子核分解為單個的核子需要的能量更大，原子變得更穩(wěn)定，所以的比結(jié)合能比的大，故B正確；此核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損等于反應(yīng)前后質(zhì)量的差，為△m=mpU-mU-mα，釋放的γ光子的能量為hv，核反應(yīng)的過程中釋放的能量：E=（mpU-mU-mα）c2，由于核反應(yīng)的過程中釋放的核能轉(zhuǎn)化為新核與α粒子的動能以及光子的能量，所以光子的能量小于（mpU-mU-mα）c2，故C錯誤；放射性同位素的半衰期與溫度無關(guān)．故D錯誤.6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．塵埃P受到重力和電場力而平衡，要使塵埃P向下加速，就要減小電場力，故要減小電容器兩端的電壓；電路穩(wěn)定時，滑動變阻器R1無電流通過，兩端電壓為零，故改變R1的電阻值無效果；故A錯誤；

BC．變阻器R2處于分壓狀態(tài)，電容器兩端電壓等于變阻器R2左半段的電壓，故要減小變阻器R2左半段的電阻值，變阻器R2滑片應(yīng)該向左移動；故B正確，C錯誤；

D．把閉合的開關(guān)S斷開；電容器兩端電壓增大到等于電源電動勢，故P向上加速，故D錯誤．

故選B．二、多選題(共8題，共16分)7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)愛因斯坦相對論可知；時間和空間與物質(zhì)的運(yùn)動狀態(tài)有關(guān)，A正確；

B．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知；聲源向靜止的觀察者運(yùn)動，兩者距離減小，觀察者接收到的頻率將大于聲源的頻率，B錯誤；

C．根據(jù)。

則用同一裝置觀察光的雙縫干涉現(xiàn)象；藍(lán)光的波長比紅光的波長小，藍(lán)光的相鄰條紋間距比紅光的小，C正確；

D．拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時；往往在鏡頭前加一個偏振片以減弱反射光的強(qiáng)度，使照片清晰，但不能增加透射光的強(qiáng)度，D錯誤。

故選AC。8、A:B:C【分析】【詳解】

A．實際氣體的內(nèi)能包括氣體分子熱運(yùn)動的動能和分子勢能兩部分；體積改變時，引起分子勢能的變化，若溫度變化引起的分子動能的增加（或減?。┑扔诜肿觿菽艿臏p?。ɑ蛟黾樱?，則內(nèi)能不變，故A正確；

B．固體很難被壓縮是因為分子之間有斥力；故B正確；

C．液體的表面張力有使液體的表面積最小化的趨勢；荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體的表面張力作用，故C正確；

D．在完全失重的情況下；氣體分子仍做無規(guī)則熱運(yùn)動，會撞擊容器壁，產(chǎn)生壓強(qiáng)，故D錯誤；

E．電冰箱的制冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界；是壓縮機(jī)做功的結(jié)果，不違背熱力學(xué)第二定律，故E錯誤。

故選ABC。9、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶具有液體的流動性；液晶具有晶體的光學(xué)性質(zhì)各向異性，A正確；

B．在外界做功的條件下；熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，B錯誤；

C．氣體分子熱運(yùn)動的平均動能取決于氣體的溫度；C正確；

D．荷葉上的露珠呈現(xiàn)球狀；是由于液體的表面張力產(chǎn)生的，D錯誤；

E．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時；分子的間距減小時，分子力增大，且分子力做負(fù)功，因此分子的勢能增大，E正確。

故選ACE。10、B:D【分析】【詳解】

A、線框右邊到MN時速度與到PQ時速度大小相等；線框完全進(jìn)入磁場過程不受安培力作用，線框完全進(jìn)入磁場后做加速運(yùn)動，由此可知，線框進(jìn)入磁場過程做減速運(yùn)動，故A錯誤；

B、線框進(jìn)入磁場前過程，由動能定理得：解得：線框受到的安培力：故B正確；

C、線框完全進(jìn)入磁場時速度最小，從線框完全進(jìn)入磁場到右邊到達(dá)PQ過程，對線框，由動能定理得：解得：故C錯誤；

D、線框右邊到達(dá)MN、PQ時速度相等，線框動能不變，該過程線框產(chǎn)生的焦耳熱：Q＝Fd，故D正確；11、C:D【分析】【詳解】

試題分析：從題圖中可知，在0.1s和0.3s時刻，穿過線圈的磁通量最大，此時刻磁通量的變化率等于零；0.2s和0.4s時刻，穿過線圈的磁通量為零，但此時刻磁通量的變化率最大；由此得選項A、B錯誤.根據(jù)電動勢的最大值公式：Em=nBSω，Φm=BS，ω=2π/T，可得：Em=50×0.2×2×3.14/0.4V="157"V；磁通量變化率的最大值應(yīng)為=3.14Wb/s；故C；D正確.

考點：交流電。

點評：本題考查了交流電的產(chǎn)生，或者考查了法拉第電磁感應(yīng)定律中關(guān)于磁通量變化率的理解．通常可以理解為該點的切線的斜率大?。?2、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

墑增加原理說明在孤立系統(tǒng)中，一切不可逆過程總朝著熵增加方向進(jìn)行，故A選項錯誤；據(jù)可知，B選項正確；液晶即具有液體的流動性，又像某些晶體那樣具有光學(xué)各向異性，故C選項正確；由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，則D選項正確；在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達(dá)到飽和時，飽和汽的壓強(qiáng)不變，故E選項錯誤．13、B:D【分析】【分析】

滑動變阻器的滑片P從a滑向b的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，路端電壓減小，分析變阻器兩端電壓的變化，根據(jù)路端電壓的變化，判斷△U2、△U3的大?。?/p>

【詳解】

滑動變阻器的滑片P從a滑向b的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，U2增大，路端電壓U1減小，則變阻器兩端電壓U3減?。捎赨1=U2+U3，U1減小，則知△U2<△U3，△U1＜△U3；所以BD是可能的，AC不可能．故BD正確，AC錯誤．故選BD．

【點睛】

本題解題的關(guān)鍵是抓住U1=U2+U3，根據(jù)總量法分析三個電壓表讀數(shù)變化量的大小．14、A:C【分析】【詳解】

A；水面波是由機(jī)械振動引起的；在介質(zhì)(水)中傳播的一種波，是一種機(jī)械波，A正確；

B、由第1個波峰到第10個波峰通過身下的時間間隔為18s，可得知振動的周期T為：頻率為：f=1/T=0.5Hz；B錯誤；

C、由公式有C正確；

D、參與振動的質(zhì)點只是在自己的平衡位置附近做往復(fù)運(yùn)動，并不會“隨波逐流”，但振動的能量和振動形式卻會不斷的向外傳播，D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]毛皮摩擦過的橡膠棒帶負(fù)電；通草球受到斥力作用，故通草球也帶負(fù)電；

[2]摩擦橡膠棒時通過做功的方式改變物體內(nèi)能?！窘馕觥竣?負(fù)電②.做功16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，發(fā)生的是等容變化，由查理定律得

解得在狀態(tài)B時的壓強(qiáng)為pB=1.0×105Pa

氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C，發(fā)生是等壓變化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于狀態(tài)A與狀態(tài)C的溫度相同，所以該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，內(nèi)能變化量

氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B不做功，從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中氣體對外做功，做功大小為

由熱力學(xué)第一定律

知整個過程中吸收的熱量為Q=100J【解析】1.0×10510017、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中，理想氣體等溫變化，內(nèi)能保持不變，氣體體積變大對外做功，由熱力學(xué)第一定律可得，a→b過程中從外界吸收熱量；

[2]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知

整理得

根據(jù)V-T圖像斜率的大小可知氣體在狀態(tài)c的壓強(qiáng)小于狀態(tài)e的壓強(qiáng)?！窘馕觥课鼰嵝∮?8、略

【分析】根據(jù)安培定則判斷可知：通電導(dǎo)線在陰極射線管處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負(fù)電，向右運(yùn)動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉(zhuǎn)．

【點睛】本題關(guān)鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下19、略

【分析】【詳解】

小球從進(jìn)入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉(zhuǎn)化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達(dá)最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統(tǒng)水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進(jìn)入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質(zhì)量，由彈性碰撞規(guī)律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】020、略

【分析】【詳解】

第一空.從n＝4的能級向低能級躍遷會輻射出C42=6種頻率的光子；

第二空.能級差最大的時放出的光子的能量為hγ＝E＝E4﹣E1＝﹣0.85﹣（﹣13.6）＝12.75eV

第三空.逸出光電子的最大初動能為EK＝hγ﹣W0＝12.75﹣4.75＝8eV【解析】612.758四、作圖題(共3題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共20分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]由題意可知；電源的電動勢約為2V，保護(hù)電阻為4Ω，故電路中最大電流約為0.5A，故電流表只能選B；為了方便操作，應(yīng)選擇較小的變阻器，故選E；

（2）[3][4]由電路利用閉合電路歐姆定律可知

則由數(shù)學(xué)知識可得，圖像與縱坐標(biāo)的交點為電源電動勢，故E=2.10V；而圖像的斜率表示保護(hù)電阻與內(nèi)電阻之和，故

解得r=0.2Ω

（3）[5]電流表測量的不是干路電流，本實驗的系統(tǒng)誤差原因是電壓表具有分流作用。【解析】(1)BE(2)2.100.20(3)電壓表的分流作用25、略

【分析】【詳解】

[1]用平滑曲線將各點連接，然后數(shù)此曲線與坐標(biāo)軸圍成的格子數(shù)，超過半格的算一格，不足半格的舍棄。每格代表電量為

數(shù)出的格子數(shù)為格，則

[2]電容為【解析】（）（）六、解答題(共3題，共24分)26、略

【分析】【詳解】