2025年人教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、圖示為一帶電粒子在水平向右的勻強電場中運動的一段軌跡，A、B為軌跡上的兩點．已知該粒子質(zhì)量為m、電荷量為q，其在A點的速度大小為vo，方向豎直向上，到B點時速度方向與水平方向的夾角為30°，粒子重力不計．則A、B兩點間的電勢差為。

A.B.C.D.2、如圖所示的電路；當滑動變阻器R3的滑片向下移動時，各電表的示數(shù)變化情況正確的是()

A.V的示數(shù)變大B.A1的示數(shù)變大C.A2的示數(shù)變大D.A3的示數(shù)變小3、西安到榆林，既可以選擇直達動車，也可以選擇普通列車，這些出行方式的選擇體現(xiàn)了哪種邏輯關(guān)系（）A.“與”邏輯B.“或”邏輯C.“非”邏輯D.“與非”邏輯4、根據(jù)熱力學(xué)定律和分子動理論可知，下列說法中不正確的是（）A.擴散現(xiàn)象是分子的無規(guī)則熱運動造成的，溫度越高，分子熱運動越劇烈，擴散得越快B.系統(tǒng)從外界吸收熱量，同時對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，其內(nèi)能不一定增加C.懸浮在水中花粉的布朗運動，反映了固體小顆粒分子在做無規(guī)則的熱運動D.第二類永動機違背了熱力學(xué)第二定律，所以是不可能制成的5、下列關(guān)于熱現(xiàn)象的描述正確的是（）A.根據(jù)熱力學(xué)定律，熱機的效率可以達到100%B.做功和熱傳遞都是通過能量轉(zhuǎn)化的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能的C.溫度是描述熱運動的物理量，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達到熱平衡時兩系統(tǒng)溫度相同D.物體由大量分子組成，其單個分子的運動是無規(guī)則的，大量分子的運動也是無規(guī)律的6、如圖所示的電路中，R1、R2、R3、R4均為定值電阻，R5為滑動變阻器，電源有內(nèi)阻。閉合開關(guān)后'理想電流表A的示數(shù)為I，理想電壓表V的示數(shù)為U。當R5的滑動片向a端移動時。

A.I變大，U變小B.I變大，U變大C.I變小，U變大D.I變小，U不變7、如圖所示；把一根柔軟的金屬彈簧懸掛起來，彈簧靜止時，它的下端剛好跟槽中的水銀接觸．通電后，關(guān)于彈簧，下列說法中正確的是。

A.彈簧始終不動B.彈簧不斷上下振動C.彈簧向上收縮后，保持靜止D.彈簧向下伸長后，保持靜止8、一直導(dǎo)線平行于通電螺線管的軸線放置在螺線管的上方，如圖所示．如果直導(dǎo)線可以自由地運動且通以由a到b的電流，則導(dǎo)線ab受磁場力后的運動情況為()

A.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管B.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并遠離螺線管C.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并遠離螺線管D.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管9、如圖所示；矩形線圈繞垂直于勻強磁場的對稱軸做勻速轉(zhuǎn)動，經(jīng)過中性面時，以下說法錯誤的是。

A.線圈平面與磁感線方向垂直B.線圈中感應(yīng)電流的方向?qū)⒁l(fā)生改變C.通過線圈平面的磁通量最大D.通過線圈的感應(yīng)電流最大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略．開關(guān)S閉合后，在滑動變阻器的滑片P向上緩慢滑動的過程中。

A.小燈泡L變亮B.電壓表的示數(shù)增大C.電流表的示數(shù)增大D.電容器C的電荷量減小11、質(zhì)量為m；帶電量為+q的滑塊從光滑；絕緣斜面上由靜止下滑，如圖所示，勻強磁場方向垂直紙面向外，磁感強度為B，則滑塊在斜面上滑行過程中（設(shè)斜面足夠長），滑塊（）

A.在斜面上滑行的最大速度為B.在斜面上滑行的最大速度為C.作變加速直線運動D.在斜面上滑動的最大距離為12、如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面成角，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面.有一導(dǎo)體棒質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒的電阻R與固定電阻R1和R2的阻值均相等，與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向上滑動，當上滑的速度為v時，受到安培力的大小為F.此時（）.

A.導(dǎo)體棒消耗的熱功率為B.電阻R1消耗的熱功率為C.整個裝置因摩擦而消耗的熱功率為D.整個裝置消耗的機械功率為13、下列關(guān)于熱平衡定律的理解，說法正確的是（）A.兩系統(tǒng)的溫度相同時，才能達到熱平衡B.A、B兩系統(tǒng)分別與C系統(tǒng)達到熱平衡，則A、B兩系統(tǒng)也達到熱平衡C.甲、乙、丙物體溫度不相等，先把甲、乙接觸，最終達到熱平衡，再將丙與乙接觸最終也達到熱平衡，則甲、丙是處于熱平衡的E.溫度是決定兩個系統(tǒng)是否達到熱平衡狀態(tài)的唯一物理量E.溫度是決定兩個系統(tǒng)是否達到熱平衡狀態(tài)的唯一物理量14、圖中的實線表示一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化的p-T圖象；變化過程如圖中箭頭所示，則下列說法中正確的是。

A.ab過程中氣體內(nèi)能增加，密度不變B.bc過程中氣體內(nèi)能增加，密度增大C.cd過程中，氣體分子的平均動能減小D.da過程中，氣體內(nèi)能減少，外界對氣體做功15、下列說法中正確的是（）A.晶體的導(dǎo)熱性能一定是各向異性的B.物體從單一熱源吸收的熱量有可能全部用于做功C.擴散現(xiàn)象與布朗運動都能說明分子在永不停息地運動E.夏天中午時車胎內(nèi)的氣壓比清晨時高，且車胎體積增大，則胎內(nèi)氣體對外界做功，內(nèi)能增大（胎內(nèi)氣體質(zhì)量不變且可視為理想氣體）E.夏天中午時車胎內(nèi)的氣壓比清晨時高，且車胎體積增大，則胎內(nèi)氣體對外界做功，內(nèi)能增大（胎內(nèi)氣體質(zhì)量不變且可視為理想氣體）16、回旋加速器是用來加速帶電粒子的裝置，如圖所示．它的核心部分是兩個D形金屬盒，兩盒相距很近（縫隙的寬度遠小于盒半徑），分別和高頻交流電源相連接，使帶電粒子每通過縫隙時恰好在最大電壓下被加速，最大電壓為U．兩盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒面，帶電粒子在磁場中做圓周運動，粒子通過兩盒的縫隙時反復(fù)被加速，直到最大圓周半徑時通過特殊裝置被引出．利用該加速器分別給質(zhì)子和粒子（氦原子核）加速，已知質(zhì)子、粒子質(zhì)量之比為14，帶電量之比為12，則下列說法正確的是()

A.引出的質(zhì)子和粒子動能之比為11B.引出的質(zhì)子和粒子動量之比為11C.若增大電壓U，質(zhì)子、粒子被引出的動能都增大D.質(zhì)子、粒子被引出的動能大小與電壓U無關(guān)．17、如圖(a)所示，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比n1:n2=55:4，原線圈接有交流電流表A1，副線圈電路接有交流電壓表V、交流電流表A2、滑動變阻器R等，所有電表都是理想電表，二極管D正向電阻為零，反向電阻無窮大，燈泡L的阻值恒定．原線圈接入的交流電壓的變化規(guī)律如圖(b)所示；則下列說法正確的是（）

A.交流電壓表V的讀數(shù)為VB.燈泡L兩端電壓的有效值為VC.當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，電流表A2示數(shù)減小，A1示數(shù)增大D.由圖（b）可知交流發(fā)電機轉(zhuǎn)子的角速度為rad/s18、如下圖所示，平行金屬板中央有一個初始靜止的電子(不計重力)，兩板間距離足夠大，當兩板間加上如圖乙所示的電壓后，在下圖中反映電子速度v、位移x和加速度a三個物理量隨時間t的變化規(guī)律正確的是

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)19、麥克斯韋電磁場理論的兩個基本論點是：變化的磁場產(chǎn)生________，變化的電場產(chǎn)生_________，從而預(yù)言了__________的存在。20、恒溫環(huán)境中，在導(dǎo)熱性能良好的注射器內(nèi)，用活塞封閉了一定質(zhì)量的空氣（視為理想氣體）。用力緩慢向里壓活塞，該過程中封閉氣體的壓強_________（選填“增大”或“減小”）；氣體_________（選填“吸收”或“放出”）熱量。21、緊閉瓶蓋的塑料瓶下方開一個小孔，讓瓶中的水流出，此過程中瓶內(nèi)氣體可看成________過程；當水流停止后，瓶內(nèi)液面與小孔間的高度差為h，則此時瓶內(nèi)氣體的壓強為________。（已知液體密度ρ，重力加速度g，外界大氣壓P0）22、如圖所示，兩端開口的圓筒內(nèi)嵌有一凸透鏡，透鏡主光軸恰好與圓筒中軸線重合。為了測出該透鏡的焦距以及透鏡在圓筒內(nèi)的位置，小李同學(xué)做如下實驗：在圓筒左側(cè)凸透鏡的主光軸上放置一點光源S，在圓筒右側(cè)垂直凸透鏡的主光軸固定一光屏，點光源S與光屏的距離為L。左右移動圓筒，當圓筒左端面距離點光源S為a時，恰好在光屏上成一個清晰的像；將圓筒向右水平移動距離b，光屏上又出現(xiàn)了一個清晰的像。則凸透鏡和圓筒左端面的距離x為____________，該透鏡的焦距f為__________。

23、如圖所示，在以O(shè)點為圓心、r為半徑的圓形區(qū)域內(nèi)，在磁感強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場，a、b、c為圓形磁場區(qū)域邊界上的3點，其中∠aob=∠boc=600，一束質(zhì)量為m，電量為e而速率不同的電子從a點沿ao方向射人磁場區(qū)域，其中從bc兩點的弧形邊界穿出磁場區(qū)的電子，其速率取值范圍是______．24、質(zhì)量為的小物塊，帶正電q，開始時讓它靜止在傾角的固定光滑絕緣斜面頂端，整個裝置放在水平向左、大小為的勻強電場中，如圖所示．斜面高為H，釋放物體后，物塊馬上落地瞬間的速度大小為__________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)28、碰撞的恢復(fù)系數(shù)的定義為其中v10和v20分別是碰撞前兩物體的速度，v1和v2分別是碰撞后兩物體的速度.彈性碰撞的恢復(fù)系數(shù)e=1，非彈性碰撞的恢復(fù)系數(shù)e<1。某同學(xué)借用“驗證動量守恒定律”的實驗裝置（如圖所示）驗證彈性碰撞的恢復(fù)系數(shù)是否為1；實驗中使用半徑相等的鋼質(zhì)小球1和2，實驗步驟如下：

安裝好實驗裝置，做好測量前的準備，并記下重垂線所指的位置O。

第一步，不放小球2，讓小球1從斜槽上的S點由靜止?jié)L下，并落在地面上，重復(fù)多次，用盡可能小的圓把小球的所有落點圈在里面，其圓心P就是小球落點的平均位置。

第二步，把小球2放在斜槽前端邊緣處的C點，讓小球1仍從S點由靜止?jié)L下；使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與第一步同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置。

第三步，用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度；在上述實驗中：

（1）直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，可以通過測量______；間接地解決這個問題。

A．小球開始釋放高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程。

（2）本實驗中小球1的質(zhì)量與小球2的質(zhì)量大小應(yīng)滿足的關(guān)系()

A．m1>m2B．m1<m2C．m1=m2D．m1≤m2

（3）不放小球2，小球1落地點P距O點的距離OP與實驗中所用的小球質(zhì)量是否有關(guān)？______（填“有關(guān)”或“無關(guān)”）。

（4）用題中的測量量計算碰撞恢復(fù)系數(shù)的表達式e＝______。29、（1）如圖甲為斯密特觸發(fā)器的符號，當加在它的輸入端A的電壓逐漸上升到某個值（1.6V）時，輸出端Y會突然從高電平跳到低電平（0.25V），而當輸入端A的電壓下降到另一個值的時候（0.8V），Y會從低電平跳到高電平（3.4V）。如圖乙、丙是某同學(xué)設(shè)計的兩個電路圖。圖中R1是可調(diào)電阻，RT是熱敏電阻，其阻值會隨溫度的升高而減小。能作為溫度報警器的電路圖是______（填“乙”或“丙”）。

（2）如圖丁所示，請用筆畫線把蜂鳴器、光敏電阻、干簧管繼電器、開關(guān)、電源連接成完整的電路，制成光電報警裝置（______）。

要求：當有光照射報警裝置且光照不是很弱時；蜂鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲。

30、某同學(xué)用以下電路測量電壓表的內(nèi)阻，R1是滑動變阻器，R2、R3、R4是三個電阻箱．實驗操作如下：合上開關(guān)K1后，適當?shù)卣{(diào)節(jié)三個電阻箱的阻值，使開關(guān)K2反復(fù)斷開和閉合時待測電壓表的示數(shù)不發(fā)生變化．

（1）電阻箱R2的面板指示如圖，其讀數(shù)為__________Ω；

（2）待測電壓表的內(nèi)阻可表示為Rv=__________；（用電阻箱的電阻符號表示）

（3）為了提高測量的準確度，可以采用的方法是_____________

A.適當增大電源的電壓

B.適當減小電源的電壓。

C.調(diào)小R1的阻值；反復(fù)進行上面的操作。

D.調(diào)大R1的阻值；反復(fù)進行上面的操作。

（4）該同學(xué)測得電壓表的內(nèi)阻后，繼續(xù)研究這個電路．即在合上開關(guān)K1且反復(fù)斷開和閉合開關(guān)K2電壓表的示數(shù)不發(fā)生變化的前提下，進行如下操作：先斷開K2，保持其余電阻保持不變，減小R2，則電壓表的示數(shù)_________（填“增大”或“減小”）；再合上K2，則通過該開關(guān)的電流方向為__________（填“從a到b”或“從b到a”）．評卷人得分六、解答題(共1題，共2分)31、如圖所示，在水平面內(nèi)放置著金屬導(dǎo)軌OAC，OA段是直徑為a的半圓，AC段是半徑為a的圓弧，半圓、圓弧和虛線CO圍成的區(qū)域內(nèi)充滿垂直于水平面向下的勻強磁場(未畫出)，磁感應(yīng)強度大小為B；其余區(qū)域沒有磁場．OP是一根長為a的均勻細金屬棒，以恒定的角速度ω繞O點順時針旋轉(zhuǎn)，旋轉(zhuǎn)過程中金屬棒OP與圓弧均接觸良好．已知金屬棒OP電阻為R0，兩個圓弧的電阻可忽略，開始時P點與A點重合．求t(T<)時刻；

(l)金屬棒OP產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

(2)金屬棒OP所受到的安培力的大?。畢⒖即鸢敢弧⑦x擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

分析可知，該帶電粒子在電場中做類平拋運動，在B點將速度分解，找到B點速度和分速度的關(guān)系；求出B點速度；從A到B根據(jù)動能定理，即可求解A；B兩點電勢差．

【詳解】

根據(jù)題意，在B點，解得：

從A到B根據(jù)動能定理得：

聯(lián)立上述各式得：

故選C．

【點睛】

本題關(guān)鍵是通過運動的合成與分解得到A點速度和B點速度的關(guān)系，然后結(jié)合動能定理列式求解電勢差．2、B【分析】在滑動變阻器R3的滑片向下移動時，接入電路的電阻減小，與R2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻R總減小，總電流I增大，所以電流表A1的示數(shù)變大，路端電壓U=E-Ir，則U減小，電壓測量的是路端電壓，則電壓表讀數(shù)變小，故A錯誤，B正確；總電流I增大R3分擔的電壓變大，并聯(lián)部分的電壓減小，則流過R2的電流I2減小，所以電流表A2的示數(shù)變小，故C錯誤；電流表的A3的示數(shù)I3=I-I2，則電流表A3示數(shù)增大，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。3、B【分析】【詳解】

西安到榆林；出行方式有兩種，所以這兩種屬于并列關(guān)系，屬于或的關(guān)系。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．擴散現(xiàn)象是分子的無規(guī)則熱運動造成的；溫度越高，分子熱運動越劇烈，擴散得越快,故A正確；

B．系統(tǒng)從外界吸收熱量；同時對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，其內(nèi)能不一定增加，故B正確；

C．懸浮在水中花粉的布朗運動；反映了水分子做無規(guī)則的熱運動，故C錯誤；

D．第二類永動機違背了熱力學(xué)第二定律；所以是不可能制成的，故D正確。

本題選錯誤的，故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；熱機的效率不可以達到100%，故A錯誤；

B．做功是通過能量轉(zhuǎn)化的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能；熱傳遞是通過熱量轉(zhuǎn)移的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能，實質(zhì)不同，故B錯誤；

C．根據(jù)熱平衡定律可知；溫度是描述熱運動的物理量，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達到熱平衡時兩系統(tǒng)溫度相同，故C正確；

D．物體由大量分子組成；其單個分子的運動是無規(guī)則的，大量分子的運動具有統(tǒng)計規(guī)律，故D錯誤。

故選C。6、A【分析】當R5的滑動片向a端移動時，R5的阻值變大，根據(jù)“串反并同”可知，因為電流表A與R5并聯(lián)可知電流表A的示數(shù)I增大，電壓表V與R5串聯(lián)可知電壓表V的示數(shù)U減小，故A正確，BCD錯誤。7、B【分析】當有電流通過彈簧時；構(gòu)成彈簧的每一圈導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生了磁場，根據(jù)安培定則知，各圈導(dǎo)線之間都產(chǎn)生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當彈簧的下端離開水銀后，電路斷開，彈簧中沒有了電流，各圈導(dǎo)線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復(fù)原長，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開始重復(fù)上述過程．故選B．

【點睛】通電螺線管是由每一個線圈組成的，每一個線圈都有磁場，和判斷通電螺線管的N極、S極相同，也按照安培定則來判斷N極和S極．8、D【分析】試題分析：通電導(dǎo)線因放在通電螺線管的磁場中故受到磁場力；因左右兩側(cè)磁場方向不同，故可以分左右兩邊分別分析研究，畫出兩側(cè)的磁場方向，則由左手定則可判出磁場力的方向，根據(jù)受力情況可判出物體的轉(zhuǎn)動情況．當導(dǎo)體轉(zhuǎn)動后，我們可以認為電流向右偏內(nèi)，受力也將發(fā)生變化，為了簡便，我們可以判斷導(dǎo)體轉(zhuǎn)動到向里的位置判斷導(dǎo)體的受力情況，再判出導(dǎo)體的運動情況．

解：通電螺線管的磁感線如圖所示，則由圖示可知左側(cè)導(dǎo)體所處的磁場方向斜向上，右側(cè)導(dǎo)體所處的磁場斜向下，則由左手定則可知，左側(cè)導(dǎo)體受力方向向外，右側(cè)導(dǎo)體受力方向向里，故從上向下看，導(dǎo)體應(yīng)為逆時針轉(zhuǎn)動；當導(dǎo)體轉(zhuǎn)過90°時，由左手定則可得導(dǎo)體受力向下，故可得出導(dǎo)體運動為逆時針轉(zhuǎn)動的同時還要向下運動．即為a端轉(zhuǎn)向紙外，b端轉(zhuǎn)向紙里；且靠近通電螺線管，故D正確，ABC錯誤；

故選D

【點評】解決本題的關(guān)鍵（1）清楚通電螺線管的磁場，應(yīng)看到左右兩邊磁場的不同；（2）能準確地應(yīng)用左手定則判斷磁場與電流不垂直的情況；（3）會找到一些有代表性的特殊位置求解．9、D【分析】【詳解】

A；中性面；就是磁場方向與線圈平面垂直的位置．故A正確．

B；中性面時；電流減為零，經(jīng)過中性面電流方向?qū)l(fā)生改變，大小增大．故B正確．

C；經(jīng)過中性面時；磁場垂直于線圈平面，此時磁通量最大．故C正確．

D；經(jīng)過中性面時；當線圈平面與磁場方向垂直，左右兩邊不切割磁感線，不產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，感應(yīng)電流為零．故D錯誤．

本題選錯誤的；故選D．

【點睛】

本題考查正弦式電流產(chǎn)生原理的理解能力，抓住兩個特殊位置的特點：線圈與磁場垂直時，磁通量最大，感應(yīng)電動勢為零；線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應(yīng)電動勢最大．二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【分析】

在變阻器R0的滑片向上滑動的過程中；變阻器接入電路的電阻變大，外電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓如何變化，即可知電壓表示數(shù)的變化情況．由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷電流表示數(shù)的變化，從而判斷電容器帶電量的變化．

【詳解】

滑片P向上滑動，接入電路中的電阻增大，則增大，干路電流減小，故燈泡變暗，A錯誤；由閉合電路的歐姆定律可得，路端電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，也即電阻R支路兩端電壓增大，電流表的示數(shù)也增大，故B、C正確．對電容器由U增大；則電容器C的電荷量也增大，D錯誤；故選BC．

【點睛】

本題是電路的動態(tài)變化分析問題，首先確定出變阻器接入電路的電阻如何變化，再按局部到整體，再到部分的思路進行分析．11、B:C【分析】AB.滑塊沿斜面下滑時，受重力、支持力、垂直于斜面向上的洛倫茲力．洛倫茲力F=qvB，隨速度的增大而增大，當FN=0，即qvB=mgcosθ時速度達到最大，滑塊開始離開斜面；所以在斜面上滑行的最大速度為所以A錯誤，B正確；

CD.由于沿斜面方向的力不變；牛頓第二定律得：mgsinθ=ma，加速度a=gsinθ，作勻加速直線運動；故C正確，D錯誤．

故選BC.

點睛：對物體進行受力分析，當物體對斜面的壓力為零時，物體開始離開斜面，由平衡條件求出物體此時的速度；由牛頓第二定律求出物體的加速度．12、C:D【分析】【詳解】

AB．設(shè)ab長度為L，磁感應(yīng)強度為B，電阻R1=R2=R．電路中感應(yīng)電動勢E=BLv，ab中感應(yīng)電流為：

ab所受安培力為：①

電阻R1消耗的熱功率為：②

內(nèi)阻消耗的熱功率為：③

由①②③得：

故A錯誤；B錯誤；

C．整個裝置因摩擦而消耗的熱功率為：Pf=fv=μmgcosθ?v=μmgvcosθ

故C正確。

D．對導(dǎo)體棒受力分析；如圖：

故整個裝置消耗的機械功率為：P3=Fv+Pf=(F+μmgcosα)v

故D正確；

故選CD。13、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

AE．溫度是決定兩個系統(tǒng)是否達到熱平衡狀態(tài)的物理量；兩個達到熱平衡的系統(tǒng)具有相同的溫度，故AE正確；

BC．由熱平衡定律知；故B正確，C錯誤；

D．兩個系統(tǒng)達到熱平衡的標志是它們的溫度相同；但壓強；體積不一定相同，故D錯誤。

故選ABE。14、A:D【分析】【詳解】

A．a(chǎn)b過程中氣體溫度升高，內(nèi)能增加；ab過程氣體壓強與熱力學(xué)溫度成正比；氣體體積不變，密度不變．故A項正確．

B．bc過程中氣體溫度升高，內(nèi)能增加；bc過程中氣體壓強不變；溫度升高，體積變大，密度減?。蔅項錯誤．

C．cd過程中；氣體溫度不變，分子的平均動能不變．故C項錯誤．

D．da過程中，氣體溫度降低，內(nèi)能減少；da過程中；氣體溫度降低，壓強不變，體積減小，外界對氣體做功．故D項正確．

故選AD.15、B:C:E【分析】【詳解】

A．多晶體的導(dǎo)熱性能是各向同性的；選項A錯誤；

B．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；物體從單一熱源吸收的熱量有可能全部用于做功，但要引起其他的變化，選項B正確；

C．擴散現(xiàn)象與布朗運動都能說明分子在永不停息地運動；選項C正確；

D．足球充足氣后很難被壓縮；是因為足球內(nèi)氣體壓強作用的緣故，與分子間斥力無關(guān)，選項D錯誤；

E．夏天中午溫度比清晨時溫度高；則氣體內(nèi)能變大，車胎體積增大，則胎內(nèi)氣體對外界做功，選項E正確。

故選BCE。16、A:D【分析】【詳解】

粒子被引出時滿足此時粒子的動能：則引出的質(zhì)子和粒子動能之比為11，選項A正確；粒子的動量：則引出的質(zhì)子和粒子動量之比為12，選項B錯誤；由可知，質(zhì)子、粒子被引出的動能大小與電壓U無關(guān)，選項C錯誤，D正確．17、B:D【分析】電壓表的讀數(shù)為電壓的有效值，原線圈的電壓有效值為440V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的電壓有效值為32V，所以電壓表的讀數(shù)為32V，所以A錯誤；根據(jù)電流的熱效應(yīng)，則有燈泡L兩端電壓的有效值為故B正確；當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，電阻R的阻值減小，總電阻減小，流過副線圈的電流減小，根據(jù)理想變壓器中原副線圈的電流與匝數(shù)關(guān)系，流過原線圈的電流減小，故電流表A2示數(shù)減小，A1示數(shù)減小，故C錯誤；由圖可得交流發(fā)電機轉(zhuǎn)子的角速度為故D正確．故選BD．

【點睛】根據(jù)圖b可知輸入電壓的最大值和周期，從而求出對應(yīng)的有效值和角速度；再根據(jù)電壓之比等于線圈匝數(shù)之比可求得輸出端的有效值，從而確定電壓表示數(shù)；根據(jù)有效值的定義以及二極管的性質(zhì)則可明確燈泡L兩端的電壓的有效值，再根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析電流表的變化．18、A:B【分析】【詳解】

分析電子一個周期內(nèi)的運動情況：0～T/4時間內(nèi)，因B板電勢高，則電子從靜止開始向B板做勻加速直線運動，T/4～T/2時間內(nèi)沿原方向做勻減速直線運動，T/2時刻速度為零。T/2～3T/4時間內(nèi)向A板做勻加速直線運動，3T/4～T時間內(nèi)向A板做勻減速直線運動。接著周而復(fù)始。根據(jù)勻變速運動速度圖象是傾斜的直線可知，B圖符合電子的運動情況。故B正確，C錯誤。電子做勻變速直線運動時x-t圖象應(yīng)是拋物線，故D錯誤。根據(jù)電子的運動情況：勻加速運動和勻減速運動交替產(chǎn)生，而勻變速運動的加速度不變，a-t圖象應(yīng)平行于橫軸。故A正確。三、填空題(共6題，共12分)19、略

【分析】【詳解】

麥克斯韋建立了電磁場理論：變化的電場周圍產(chǎn)生磁場，變化的磁場周圍產(chǎn)生電場；并預(yù)言了電磁波的存在，而赫茲用實驗證實電磁波存在?！窘馕觥侩妶龃艌鲭姶挪?0、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]下壓活塞，氣體的體積變小，溫度不變，由

可知；壓強增大；

[2]外界對氣體做正功，氣體溫度不變故內(nèi)能不變，由

可知，氣體放出熱量?！窘馕觥竣?增大②.放出21、略

【分析】【詳解】

在讓瓶中的水流出過程中，氣體的溫度沒發(fā)生變化，所以是等溫變化；當水流停止后，瓶內(nèi)液面與小孔間的高度差為h，根據(jù)壓強關(guān)系可知：，解得氣體壓強：【解析】等溫22、略

【分析】【分析】

掌握凸透鏡成像的規(guī)律，根據(jù)光路的可逆性，兩次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，從而可以計算出距離x的值；根據(jù)凸透鏡成像的原理；由點S發(fā)出的光經(jīng)過凸透鏡后會聚到像點，并結(jié)合平行于主光軸的光線過焦點分析焦距的大小。

【詳解】

[1]根據(jù)光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圓筒向右移動b，則凸透鏡也會向右移動b，則第二次的像距為

則有

解得

[2]光源S所成像應(yīng)在S′處，若物體為AS，則成像應(yīng)為A′S′；根據(jù)成像原理，成像光路圖如圖所示：

又像高與物體高度正比等于像距與物距之比，則有

由圖知，△A′S′F∽△BOF，則

又AS=BO

聯(lián)立以上幾式得【解析】23、略

【分析】電子運動軌跡如圖所示，由幾何知識可知，電子軌道半徑：電子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得解得將軌道半徑代入解得，速度范圍是

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對物塊進行受力分析；物塊受重力和水平向左的電場力，如圖所示。

電場力為

從開始到落地過程，由動能定理得

解得【解析】四、作圖題(共3題，共9分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共6分)28、略

【分析】【詳解】

（1）[1]小球體飛出后做平拋運動，則有

解得

因拋出點的高度相同；故測定小球