2025年牛津上海版選修3物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版選修3物理下冊月考試卷938考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、處于n=5能級的大量氫原子，向低能級躍遷時，輻射光的頻率有（）A.6種B.8種C.10種D.15種2、如圖所示，正方形區(qū)域EFGH中有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個帶正電的粒子（不計重力）以一定的速度從EF邊的中點M沿既垂直于EF邊又垂直于磁場的方向射入磁場，正好從EH邊的中點N射出．若該帶電粒子的速度減小為原來的一半；其它條件不變，則這個粒子射出磁場的位置是。

A.E點B.N點C.H點D.F點3、關于下列熱學現(xiàn)象的說法正確的是（）A.氣溫高時，水的飽和汽壓高，所以人感到更潮濕B.在水蒸氣凝結成同溫度的水珠的過程中要吸熱C.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變D.給農田松土是為了破壞土壤里的毛細管，使地下的水分不會被快速引上來蒸發(fā)掉4、如圖所示，在足夠長的豎直線的右側有方向垂直紙面向外且范圍足夠大的磁感應強度為B的勻強磁場區(qū)域，一帶電粒子q從P點沿與豎直線成角θ＝45°方向，以大小為v的初速度垂直磁場方向射入磁場中，經時間t從Q點射出磁場．不計粒子重力，下列說法正確的是

A.帶電粒子q可能帶正電荷B.帶電粒子的比荷＝C.若PQ之間的距離等于L，則帶電粒子在勻強磁場中的軌跡半徑R＝LD.粒子射出磁場時與水平線的夾角為θ5、籃球運動員通常要伸出兩臂迎接傳來的籃球，接球時，兩臂隨球迅速收縮至胸前．這樣做可以（）A.減小球對手的沖量B.減小球對人的沖擊力C.減小球的動量變化量D.減小球的動能變化量6、如圖所示，質量為m的A球以速度v0在光滑水平面上運動，與原靜止的質量為4m的B球碰撞，碰撞后A球以v=av0(待定系數(shù)a<1)的速率彈回，并與擋板P發(fā)生完全彈性碰撞，若要使A球能追上B球再相撞，則a的取值范圍為（）

A.aB.aC.aD.a評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r；在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中。

A.電路中的總電流變大B.路端電壓變小C.通過電阻R2的電流不變D.通過滑動變阻器R1的電流變小8、下列說法正確的是（）A.晶體一定具有固定的熔點，但不一定具有規(guī)則的幾何外形B.降低溫度能夠使氣體的飽和氣壓降低，從而使氣體液化C.一定質量的理想氣體等壓膨脹過程中一定從外界吸收熱量E.一定量的理想氣體，如果體積不變，分子每秒平均碰撞器壁次數(shù)隨著溫度的降低而增大E.一定量的理想氣體，如果體積不變，分子每秒平均碰撞器壁次數(shù)隨著溫度的降低而增大9、關于磁場的磁感應強度B、電流I和安培力F的相互關系，下圖中不正確的是A.B.C.D.10、利用霍爾效應制作的霍爾元件，廣泛應用于測量和自動控制等領域．如圖所示是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，當元件中通入圖示方向的電流I時，C、D兩側面會形成一定的電勢差U．下列說法中正確的是。

A.若C側面電勢高于D側面，則元件中形成電流的載流子帶負電B.若C側面電勢高于D側面，則元件中形成電流的載流子帶正電C.在地球南、北極上方測地磁場強弱時，元件工作面豎直放置時U最大D.在地球赤道上方測地磁場強弱時，元件工作面豎直放置且與地球經線垂直時，U最大11、下列判斷正確的是________A.機械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有縱波B.機械波和電磁波都能產生干涉和衍射現(xiàn)象C.介質中質點振動的周期一定和相應的波的周期相等E.在雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變窄E.在雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變窄12、如圖所示；甲圖為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t＝1s時刻的波動圖象，乙圖為參與波動的質點P的振動圖象，則下列判斷正確的是。

A.該波的傳播速率為4m/sB.該波的傳播方向沿x軸正方向C.經過2s，質點P沿波的傳播方向向前傳播4mE.該波在傳播過程中若遇到直徑為3m的球，能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象E.該波在傳播過程中若遇到直徑為3m的球，能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象13、下列說法正確的是（）A.在干涉現(xiàn)象中，振動加強點的位移總比減弱點的位移要大B.單擺在周期性外力作用下做受迫振動，其振動周期與單擺的擺長無關C.火車鳴笛向我們駛來時，我們聽到的笛聲頻率將比聲源發(fā)聲的頻率高E.用兩束單色光B，分別在同一套裝置上做干涉實驗，若A光的條紋間距比B光的大，則說明A光波長大于B光波長E.用兩束單色光B，分別在同一套裝置上做干涉實驗，若A光的條紋間距比B光的大，則說明A光波長大于B光波長評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、研究性學習小組圍繞一個量程為30mA的電流計展開探究．

（1）為測量該電流計的內阻，同學甲設計了如圖（a）所示的電路．圖中電源電動勢未知，內阻不計．閉合開關，將電阻箱阻值調到10Ω時，電流計恰好滿偏；將電阻箱阻值調到85Ω時，電流計指針指在如圖（b）所示位置，則電流計的讀數(shù)為______m。A．由以上數(shù)據(jù)可得電流計的內阻Rg=______Ω

（2）同學乙將甲設計的電路稍作改變，在電流計兩端接上兩個表筆，如圖（c）所示，設計出一個簡易的歐姆表，并將表盤的電流刻度轉換為電阻刻度：閉合開關，將兩表筆斷開，調節(jié)電阻箱，使指針指在“30mA”處，此處刻度應標阻值為______Ω（填“0”或∞”）；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻，找出對應的電流刻度，則“15mA“處對應表筆間電阻阻值為______Ω．

若該歐姆表使用一段時間后，電池內阻變大不能忽略，電源電動勢不變但將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，按正確使用方法再進行測量，其測量結果與原結果相比將______（選填“變大”、“變小”或“不變”）．15、如圖所示是一個簡單的組合邏輯電路；完成其真值表。

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

16、如圖是一定質量的理想氣體的壓強與熱力學溫度的圖，是理想氣體的三個狀態(tài)，其中平行于坐標軸平行于坐標軸則從到過程中氣體的分子平均動能_________（填“變大”、“變小”或“不變”），從到的過程________（填“可能”或“不可能”）為絕熱過程，從到的過程中氣體的密度______（填“變大”；“變小”或“不變”）

17、反射規(guī)律：反射線、法線與入射線在同一_______內，反射線與入射線分居_______兩側，反射角_______入射角。18、在北方寒冷的冬天，有時會出現(xiàn)“多個太陽”的“幻日”奇觀，這時由于空氣中的水蒸氣在大氣里凝結成了小冰晶，太陽通過冰晶折射的緣故。如圖所示為太陽光照射到六角冰晶上折射的光路圖，a、b是太陽光中的兩種單色光，由此可以判斷，冰晶對單色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶對單色光b的折射率，單色光a在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度_________（填“大”或“小”）

19、如圖所示，導線圈A水平放置，條形磁鐵在其正上方，N極向下且向下移近導線圈的過程中，導線圈A中的感應電流方向是（從上往下看）____，導線圈A所受磁場力的方向是____．

20、據(jù)統(tǒng)計，人在運動過程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體所受重力的數(shù)倍．為探究這個問題，實驗小組同學利用落錘沖擊的方式進行了實驗，即通過一定質量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計，不考慮空氣阻力的影響取重力加速度g＝10m/s2下表為一次實驗過程中的相關數(shù)據(jù)．

。重物（包括傳感器）的質量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時間t/s

0.1

（1）請你選擇所需數(shù)據(jù)；通過計算回答下列問題。

a．重物受到地面的最大沖擊力時的加速度大小a＝_____

b．在重物與地面接觸過程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過程中受到的沖擊力，可采取一些具體措施，請你提供一種可行的方法并說明理由．_____．21、如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直線與橫軸的交點坐標4.31，與縱軸交點坐標0.5）由圖可知，斜率表示_____________；該金屬的極限頻率為____________Hz，該金屬的逸出功為___________J，（結果保留三位有效數(shù)字）若用頻率為5.5×1014Hz的光照射該種金屬時，則對應的遏止電壓應為_____________V

22、如圖所示，電源輸出電壓U=10V，A、B兩板間距離為2cm，C點離A板5mm，D點離B板4mm，則EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共21分)26、為了測量某量程為的電壓表的內阻約為該同學設計了如圖所示的電路圖，實驗步驟如下：

A.斷開開關按圖連接好電路；

B.把滑動變阻器的滑片滑到端；

C.將電阻箱的阻值調到零；

D.閉合開關移動滑動變阻器的滑片使電壓表的指針指到滿偏的位置；

E.保持滑動變阻器的滑片位置不變，調節(jié)電阻箱的阻值使電壓表指針指到半偏的位置，讀出此時電阻箱的阻值，此值即為電壓表內阻的測量值；

F.斷開開關

實驗中可供選擇的實驗器材有：

a.待測電壓表。

b.滑動變阻器：最大阻值

c.滑動變阻器：最大阻值

d.電阻箱：最大阻值阻值最小改變量為

e.電池組：電動勢約內阻可忽略。

f.電池組：電動勢約內阻可忽略。

g.開關；導線若干。

按照這位同學設計的實驗方法；回答下列問題：

（1）要使測量更精確，除了選用電阻箱、導線、開關和待測電壓表外，還應從提供的滑動變阻器中選用________（填“b”或“c”），電池組中選用________（填“e”或“f'”）。

（2）電壓表內阻的測量值和真實值相比，________（填“>”或“<”）；若越大，則越________（填“大”或“小”）。27、在測量電源電動勢和內電阻的實驗中，已知一節(jié)干電池的電動勢約為1.5V，內阻約為電壓表V（量程為3V，內阻約）；電流表A（量程為0.6A，內阻約為）；滑動變阻器R（2A）。為了更準確地測出電源電動勢和內阻。

（1）請在圖1方框中畫出實驗電路圖。______

（2）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖2所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=____V，內阻r=______Ω。（結果均保留兩位小數(shù)）

（3）一位同學對以上實驗進行了誤差分析。其中正確的是______。A.實驗產生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用B.實驗產生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用C.實驗測出的電動勢小于真實值D.實驗測出的內阻大于真實值

（4）某小組的同學找到了電阻箱，便設計了如圖甲所示的電路進行實驗，并且記錄了實驗中一系列電流表讀數(shù)I及與之對應的電阻箱阻值R，該小組同學通過巧妙地設置橫軸和縱軸，描繪出了如圖乙所示的圖線，則在圖乙中縱軸應表示______；（填I、R或與I、R相關的量），若該圖線的斜率為k，橫軸上的截距為m，則電動勢的測量值=______，內電阻的測量值=______

28、（1）某同學在做“利用單擺測重力加速度”實驗中，先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.00cm，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間，如圖示，則該擺擺長為____cm，秒表所示讀數(shù)為____s

（2）為提高實驗精度，該同學在實驗中改變擺長l并測出相應的周期T，得出一組對應的l與T的數(shù)據(jù)如下表所示．

請你幫助該同學以l為橫坐標，T2為縱坐標將所得數(shù)據(jù)在圖乙所示的坐標系中作出圖線，并根據(jù)圖線求得重力加速度g=____m/s2(取3位有效數(shù)字)．。50.060.070.080.090.0100.02.022.512.833.183.644.05

評卷人得分六、解答題(共4題，共16分)29、如圖所示；有界勻強磁場寬度為d，磁場磁感應強度為B，一個電子從左側邊界的A點垂直射入磁場，從右側邊界上的某點離開．粒子在磁場中運動的位移恰好等于其軌道半徑，已知電子質量為m；帶電量為e，不計電子重力．求：

（1）粒子進入磁場時的速度大?。?/p>

（2）粒子穿過磁場的時間．30、如圖所示的平面直角坐標系xOy，在第Ⅰ象限內有平行于y軸的勻強電場，方向沿y正方向；在第Ⅳ象限的正三角形abc區(qū)域內有勻強電場，方向垂直于xOy平面向里，正三角形邊長為L，且ab邊與y軸平行．一質量為m、電荷量為q的粒子，從y軸上的P（0，h）點，以大小為v0的速度沿x軸正方向射入電場，通過電場后從x軸上的a（2h，0）點進入第Ⅳ象限，又經過磁場從y軸上的某點進入第Ⅲ象限，且速度與y軸負方向成45°角；不計粒子所受的重力．求：

（1）電場強度E的大?。?/p>

（2）粒子到達a點時速度的大小和方向；

（3）abc區(qū)域內磁場的磁感應強度B的最小值．31、十一“黃金周”期間，張老師一家五人準備駕車出游，啟動汽車后，發(fā)現(xiàn)胎壓監(jiān)測系統(tǒng)發(fā)出警告，顯示“左后輪胎胎壓低”，張老師駕車開往汽車修理店給汽車輪胎打氣。假設打氣前汽車左后輪胎內氣體的壓強為其余三個輪胎內氣體的壓強均為打氣泵內的氣體壓強為打完氣后，每個汽車輪胎的體積均為五人都上車后汽車輪胎的體積變?yōu)樵瓉淼沫h(huán)境溫度為且保持不變。

（1）若打氣過程中；輪胎內氣體溫度不變，則向左后輪胎中打入氣體的體積；

（2）駕駛汽車一段時間后由于車胎溫度升高，求汽車輪胎的體積再次達到時胎內氣體的溫度。32、對于同一物理問題；常?？梢詮暮暧^與微觀兩個不同角度進行研究，找出其內在聯(lián)系，從而更加深刻地理解其物理本質．

（1）一段橫截面積為S；長為l的直導線；單位體積內有n個自由電子，電子電荷量為e．該導線通有電流時，假設自由電子定向移動的速率均為v．

（a）求導線中的電流I；

（b）將該導線放在勻強磁場中，電流方向垂直于磁感應強度B，導線所受安培力大小為F安，導線內自由電子所受洛倫茲力大小的總和為F，推導F安=F．

（2）正方體密閉容器中有大量運動粒子；每個粒子質量為m，單位體積內粒子數(shù)量n為恒量．為簡化問題，我們假定：粒子大小可以忽略；其速率均為v，且與器壁各面碰撞的機會均等；與器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與器壁垂直，且速率不變．利用所學力學知識，導出器壁單位面積所受粒子壓力F與m；n和v的關系．

（注意：解題過程中需要用到、但題目沒有給出的物理量，要在解題時做必要的說明）參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當這些氫原子向低能級躍遷時，輻射光子的頻率為故C正確，ABD錯誤．2、A【分析】【分析】

帶電粒子垂直磁場方向進入磁場后；在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力；根據(jù)洛倫茲力提供向心力和軌跡上兩點的連線的中垂線都通過圓心找到圓心，確定半徑；改變速度后，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出新的半徑，再次根據(jù)洛倫茲力提供向心力找出圓心，畫出軌跡．

【詳解】

第一次從點M進入磁場，從點N射出，故M、N是軌跡上的兩個點，連線的中垂線通過圓心，經過M點時，洛倫茲力提供向心力，判斷出洛倫茲力的方向是平行紙面向上并指向C點，故得到C即為圓心，半徑R等于線段CM的長度，即正方向邊長的一半；洛倫茲力提供向心力，有解得：該帶電粒子的速度減小為原來的一半后，半徑減小為一半；

故圓心移到線段CM的中點；軌跡如圖；

故本題選A．

【點睛】

本題關鍵在于找出圓心、確定軌跡、求出半徑，同時要結合洛倫茲力提供向心力進行分析計算．3、D【分析】【詳解】

A．人感到潮濕是因為相對濕度大；而相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分數(shù)，氣溫高時，水的飽和汽壓高，但并不意味著相對濕度大，故A錯誤；

B．在水蒸氣凝結成同溫度的水珠的過程中要放出大量的熱；故B錯誤；

C．在熔化過程中；晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，分子平均動能不變，但整體分子勢能在增加，內能在變大，故C錯誤；

D．給農田松土就是為了破壞土壤里的毛細管；使地下的水分不會被快速引上來蒸發(fā)掉，故D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

A項：由題意可知；粒子要從Q點射出，所以粒子應向左上方偏轉，由左手定則可知，粒子應帶負電，故A錯誤；

B項：由題可知，粒子在磁場中運動的弦切角為450，由公式解得：故B錯誤；

C項：若PQ之間的距離等于L即粒子在磁場中做圓周運動對應的弦長為L，由數(shù)學知識可知，解得：故C錯誤；

D項：由粒子在磁場中做圓周運動的對稱性可知，粒子射出磁場時與水平線的夾角為θ；故D正確．

故應選：D．5、B【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)動量定理，籃球以一定得速度減小為零，因此當動量的變化一定，則沖量也一樣，因速度變化一樣，因此動能變化一樣，增大作用時間可減少作用力；運動員接籃球時，籃球的動量由某一值減到零，接球時，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣可以增加籃球和運動員的作用時間，從而減少籃球對運動員的沖擊力，選項B正確．

考點：動量定理的應用．6、D【分析】【詳解】

A、B、碰撞過程動量守恒，以方向為正方向有A與擋板P碰撞后能追上B發(fā)生再碰撞的條件是解得碰撞過程中損失的機械能解得故D正確；故選D．

【點睛】本題考查了動量守恒和能量守恒的綜合運用，要抓住碰后A的速度大于B的速度，以及有機械能損失大于等于零進行求解．二、多選題(共7題，共14分)7、A:B【分析】【詳解】

A、在滑動變阻器的滑動觸片P向下滑動的過程中，接入電路的變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律分析電路中的總電流變大，故A正確；

B、路端電壓I變大，E、r不變，則U變小，故B正確；

C、路端電壓U變小，通過電阻的電流變小，故C錯誤；

D、總電流變大，通過電阻的電流變小，所以通過滑動變阻器的電流必定變大，故D錯誤．8、A:B:C【分析】【詳解】

A．晶體分為單晶體和多晶體；都具有固定的熔點，但單晶體有規(guī)則的幾何外形，而多晶體沒有規(guī)則的幾何外形，故A正確；

B．降低溫度能夠使氣體的飽和氣壓降低；從而使氣體液化，故B正確；

C．根據(jù)

可知；一定質量的理想氣體等壓膨脹過程中溫度一定升高，理想氣體的內能一定增大，同時氣體膨脹對外做功，由熱力學第一定律可知，氣體一定從外界吸熱，故C正確；

D．當兩分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時；分子間的距離增大，分子力做正功，分子動能增大，勢能減小，故D錯誤；

E．一定量的理想氣體，如果體積不變，根據(jù)

可知；溫度降低，壓強減小，因此分子每秒平均碰撞器壁次數(shù)將減小，故E錯誤；

故選ABC。9、A:B:C【分析】由左手定則可知，A圖中安培力應與圖中反向，B圖中F方向應于I、B均垂直直線左上方，C圖中F=0，只有D是正確的；此題選擇不正確的，故選ABC.10、A:D【分析】若元件的載流子是自由電子；由左手定則可知，電子受到的洛倫茲力方向向D側面偏，則C側面的電勢高于D側面的電勢．故A正確；若元件的載流子是正電離子，由左手定則可知，正電離子受到的洛倫茲力方向向D側面偏，則D側面的電勢高于C側面的電勢，故B錯誤；在測地球南；北極上方的地磁場強弱時，因磁場豎直方向，則元件的工作面保持水平時U最大，故C錯誤；地球赤道上方的地磁場方向水平，在測地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持豎直，當與地球經線垂直時U最大．故D正確．故選AD．

點睛：解決本題的關鍵知道霍爾效應的原理，知道電子受到電場力和洛倫茲力平衡，注意地磁場赤道與兩極的分布．11、B:C:D【分析】【分析】

介質中質點振動的周期和相應的波的周期相等．波速公式v=λf適用于一切波．波都能產生干涉和衍射現(xiàn)象．機械波既有橫波又有縱波；而電磁波只有橫波．

【詳解】

A；機械波既有橫波又有縱波；而電磁波只有橫波；故A不正確.

B；干涉和衍射是波的特有性質；機械波和電磁波都能產生干涉和衍射現(xiàn)象；故B正確.

C；波在傳播過程中；介質中質點在波源驅動力作用下做受迫振動，振動周期都等于波的振動周期；故C正確.

D、機械波的頻率、波長和波速三者滿足的關系v=λf適用于一切波；對電磁波也適用；故D正確.

E、光的干涉條紋間距若僅將入射光由綠光改為紅光，由于波長變大，故條紋間距變大；故E錯誤.

故選BCD.

【點睛】

本題考查對波的基本知識的掌握情況．要知道質點振動的周期和頻率就等于波的周期與頻率，明確機械波與電磁波的共性和區(qū)別．12、B:D:E【分析】【詳解】

A．由甲讀出該波的波長為λ=4m，由乙圖讀出周期為T=2s，則波速為故A錯誤．

B．在乙圖上讀出t=1s時刻P質點的振動方向沿y軸正方向；在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸正方向，故B正確．

C．在波的傳播過程中；介質中的質點只在平衡位置附近振動，并不隨波的傳播方向遷移，故C錯誤．

D．質點的振動周期為2s；由圖乙所示圖線可知，質點的振幅：A=0.2m，在0～1s時間內質點P的位移為零，路程：s=2A=2×0.2=0.4m，故D正確；

E．由于該波的波長為4m，所以該波在傳播過程中若遇到直徑為3m的球，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故E正確．13、B:C:E【分析】【詳解】

試題分析：在干涉現(xiàn)象中，振動加強點振幅最大，位移在變化，所以振動加強點的位移不是總是比減弱點的位移大，故A錯誤．單擺在周期性外力作用下做受迫振動，單擺的周期與驅動力的周期相等，與固有周期無關，故B正確．火車鳴笛向我們駛來時，根據(jù)多普勒效應知，我們接收的頻率大于波源發(fā)出的頻率，故C正確．當水波通過障礙物時，若障礙的尺寸與波長差不多，或比波長小的多時，將發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D錯誤．根據(jù)知；A光的條紋間距比B光的條紋間距大，則A光的波長大于B光的波長，故E正確．故選BCE．

考點：波的干涉；受迫振動；多普勒效應；波的衍射；雙縫干涉。

【名師點睛】本題考查了干涉現(xiàn)象、衍射現(xiàn)象、雙縫干涉、多普勒效應、受迫振動、簡諧運動等基礎知識點，關鍵要熟悉教材，牢記這些基礎知識點；振動加速度的振幅最大，不是位移總是最大．受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，與固有頻率無關．當波長與障礙物尺寸差不多，或比障礙物尺寸大，會發(fā)生明顯的衍射，這些地方都容易出錯．三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：（1）據(jù)十分之一估讀法；讀數(shù)為：12.0A；

當電阻箱阻值為10Ω時有：當電阻箱阻值為85Ω時：則電流計內阻有：電源電動勢為：．

（2）將電流計改裝成歐姆表后，指針處于30mA處時有：代入數(shù)據(jù)可以求得電阻箱此時阻值為：當指針示數(shù)為15mA時，電流總電流為：歐姆表讀數(shù)為：

（3）電源內阻增大后；將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，說明電源內阻與電阻箱阻值之和與原來相等，故測量結果不變．

考點：本題考查歐姆表的內部結構．【解析】12.040∞8不變15、略

【分析】【分析】

【詳解】

該邏輯電路由非門和與門構成；非門電路特點是輸出端情況與輸入端相反，即當輸入端為“1”時，輸出端為“0”，當輸入端為“0”時，輸出端為“1”，與門電路的特點是指決定某事件的條件全部具備時，該事件才發(fā)生，即當輸入端全為“1”時，才會輸出“1”，其他輸入情況，輸出均為“0”

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001016、略

【分析】【詳解】

[1]氣體的分子平均動能和溫度有關，溫度越高氣體的分子平均動能越大。從到過程中；溫度降低，所以氣體的分子平均動能變小。

[2]從到的過程壓強不變；溫度升高，則內能增加，同時體積增大，氣體膨脹對外做功，因此氣體要吸熱，不可能為絕熱過程。

[3]從到的過程中溫度不變，壓強降低，可知體積增大，則氣體的密度變小。【解析】變小不可能變小17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】平面法線等于18、略

【分析】【詳解】

[1]單色光a的偏向角小于單色光b的偏向角，所以冰晶對單色光a的折射率小于冰晶對單色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大19、略

【分析】【詳解】

第一空；逆時針。

當磁鐵向下移近導線圈的過程中，穿過導線圈A的磁通量增大；在導線圈中要產生感應電流，由楞次定律可知，導線圈中產生的感應電流要阻礙原磁場的增大，由安培定則可判斷感應電流方向是（從上往下看）逆時針．

第二空；豎直向下。

當磁鐵在導線圈A正上方向下移近的過程中，導線圈中產生的感應電流要阻礙原磁場的增大，導線圈A有遠離磁鐵的趨勢，所以導線圈A所受磁場力的方向是豎直向下．【解析】逆時針豎直向下20、略

【分析】【詳解】

（1）a．重物受到最大沖擊力時加速度的大小為a，由牛頓第二定律解得：

b．重物在空中運動過程中，由動能定理有：

重物與地面接觸前瞬時的速度大小為：

重物離開地面瞬時的速度大小為：

重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F，設豎直向上為正方向，由動量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍數(shù)為：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接觸地面后要同時下蹲以通過延長與地面接觸的時間來減小人受到地面的沖擊力．【解析】90m/s26人接觸地面后要同時下蹲以通過延長與地面接觸的時間來減小人受到地面的沖擊力21、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據(jù)愛因斯坦光電效應方程

圖象的斜率表示普朗克常量h，橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.31×1014Hz；金屬的逸出功為

[4]根據(jù)光電效應方程得

當入射光的頻率為時，代入數(shù)據(jù)解得最大初動能為

依據(jù)

解得

【點睛】

解決本題的關鍵掌握光電效應方程，知道最大初動能與入射光頻率的關系，并掌握光電效應方程，以及知道逸出功與極限頻率的關系，結合數(shù)學知識即可進行求解，同時注意遏止電壓與最大初動能的關系，及保留3位有效數(shù)字?！窘馕觥科绽士顺Ａ縣4.30×10142.86×10-190.5．22、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)串聯(lián)電路特點，可知電容器兩板間的電壓

由

[2][3]根據(jù)U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因為φB=0

再根據(jù)UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作圖題(共3題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共21分)26、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]由于滑動變阻器的分壓影響產生誤差；故選擇阻值小的c能減小誤差；電壓表的量程為0~3V，故電池組選擇f。

（2）[3][4]當電壓表的指針指到3.0V位置時，電壓表中的電流當電壓表的指針指到1.5V位置時，電阻箱的電阻為電壓表中的電流

可得

由于滑動變阻器的分壓影響，故

即

越大，滑動變阻器的分壓影響越小，越接近故越小。【解析】cf>小27、略

【分析】【詳解】

（1）電路直接采用串聯(lián)即可；電壓表并聯(lián)在電源兩端，采用的是電流表內接法；電路圖如右圖所示；如圖所示。

（2）根據(jù)電路圖可知則U-I圖線中縱軸截距等于電源的電動勢E=1.50V

圖像斜率等于電源內阻

（3）AB．由電路圖可知；電流表采用內接法，由于電壓表分流作用，使所測電流小于電路總電流的真實值，造成了實驗誤差，A正確，B錯誤；

C．當外電路短路時，電流的測量值等于真實值，除此之外，由于電壓表的分流作用，電流的測量值小于真實值，電源的U-I圖像如圖所示；由圖像可知，電源電動勢的測量值小于真實值，C正確；

D．作出U-I圖線實際圖線和測量圖線；如圖所示。

由上圖可知電動勢的測量值偏小；內電阻的測量值偏小，D錯誤。

選AC。

（4）由電路圖可知，本實驗采用電流表與電阻箱串聯(lián)的方式進行測量，則有

為了得出直線圖像，可將公式變形得

故應使用R為縱坐標，為橫坐標；則圖像中的k表示電源的電動勢；

當R=0時，故r=km

【點睛】

由于電流表的內阻接近電源的內電阻，故若采用電流表外接法，則測得的內阻誤差太大；故應采用電流表內接法。由作出的U-I圖可知，圖像與縱坐標的交點為電源的電動勢；圖像的斜率表示內阻。根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析并列式，結合圖像的性質即可明確應采用的坐標系；再根據(jù)圖像中斜率和截軸的意義即可求得電動