2025年浙科版選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙科版選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列說(shuō)法中正確的是（）A.波源與觀察者互相遠(yuǎn)離時(shí)，接收到的波的頻率會(huì)增大B.受迫振動(dòng)的頻率與物體的固有頻率有關(guān)C.用惠更斯原理可以解釋波的傳播方向D.波長(zhǎng)越長(zhǎng)的波，沿直線傳播的特性越明顯2、水平方向振動(dòng)的彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為T，振幅為A，則下列說(shuō)法正確的是（）A.若在時(shí)間Δt＝t2－t1內(nèi)，彈簧的彈力對(duì)振子做的功為0，則Δt一定是的整數(shù)倍B.若在時(shí)間Δt＝t2－t1內(nèi)，振子運(yùn)動(dòng)的位移為0，則Δt一定大于C.若在時(shí)間Δt＝t2－t1內(nèi)，要使振子在t2時(shí)刻的速度等于其在t1時(shí)刻的速度，則Δt一定是T的整數(shù)倍D.若在時(shí)間Δt＝t2－t1內(nèi)，振子運(yùn)動(dòng)的路程為A，則Δt可能小于3、質(zhì)量分別為和的兩個(gè)物體碰撞前后的位移x—時(shí)間t圖像如圖所示，其中下列說(shuō)法中正確的是（）

A.碰撞前兩物體的動(dòng)量相同B.質(zhì)量等于質(zhì)量C.碰撞時(shí)兩物體受到的沖量相同D.碰撞后兩物體一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)4、甲同學(xué)在辦公室外奔跑過(guò)程中突然與從辦公室出來(lái)的乙同學(xué)發(fā)生碰撞；碰撞前乙已處于靜止?fàn)顟B(tài)，甲本能的伸直雙手對(duì)乙施加推力的同時(shí)手向胸口收，手收至胸口時(shí)甲乙恰好共速。碰撞過(guò)程若能忽略兩者與地面間在水平方向上的相互作用，則（）

A.甲的本能反應(yīng)減少了甲對(duì)乙的沖量B.甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量相同C.甲的動(dòng)能減少量等于乙的動(dòng)能增加量D.甲對(duì)乙做的功小于乙對(duì)甲做的功5、海上作業(yè)和軍事領(lǐng)域中，在雷達(dá)無(wú)法使用的時(shí)候，經(jīng)常通過(guò)解析海上浮標(biāo)的位置信號(hào)來(lái)粗略地定位船舶和潛艇。設(shè)某海域內(nèi)常態(tài)下海浪表面波長(zhǎng)為延海浪傳播方向有三個(gè)間距150m的浮標(biāo)，常態(tài)下浮標(biāo)上下浮動(dòng)周期為而當(dāng)某小型潛艇經(jīng)過(guò)時(shí)，系統(tǒng)檢測(cè)到浮標(biāo)發(fā)生異常浮動(dòng)，后和后又相繼檢測(cè)到浮標(biāo)發(fā)生了異常浮動(dòng)；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.浮標(biāo)隨海水波浪方向向前移動(dòng)B.浮標(biāo)區(qū)域常態(tài)下海水波浪速度為C.根據(jù)數(shù)據(jù)可推測(cè)小型潛艇行駛速度約為D.常態(tài)下浮標(biāo)到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，浮標(biāo)處在海平面位置6、如圖所示為沿水平方向的介質(zhì)中的部分質(zhì)點(diǎn)，每相鄰兩質(zhì)點(diǎn)間距離相等，其中O為波源，設(shè)波源的振動(dòng)周期為T，自波源通過(guò)平衡位置豎直向下振動(dòng)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)質(zhì)點(diǎn)1開(kāi)始起振，則下列關(guān)于各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)和介質(zhì)中的波的說(shuō)法中正確的是()

A.介質(zhì)中有的質(zhì)點(diǎn)的起振方向是豎直向上的，圖中質(zhì)點(diǎn)9起振最晚B.圖中所畫的質(zhì)點(diǎn)起振時(shí)間都是相同的，起振的方向是不同的C.只要質(zhì)點(diǎn)9開(kāi)始振動(dòng)，它偏離平衡位置的位移與質(zhì)點(diǎn)1的位移總是相同D.圖中質(zhì)點(diǎn)7通過(guò)平衡位置豎直向上振動(dòng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)8處于波峰位置7、下列所示的圖片；示意圖或?qū)嶒?yàn)裝置圖大都來(lái)源于課本；則下列判斷錯(cuò)誤是（）

A.甲圖是薄膜干涉的圖像，照相機(jī)、望遠(yuǎn)鏡的鏡頭鍍的一層膜是薄膜干涉的應(yīng)用B.乙圖是小孔衍射的圖樣，也被稱為“泊松亮斑C.丙圖是在平靜無(wú)風(fēng)的海面上出現(xiàn)的“蜃景”，上方是蜃景，下方是景物D.丁圖是衍射圖像，其最明顯的特征是條紋間距不等8、下列現(xiàn)象屬于光的干涉現(xiàn)象的是（）A.雨后彩虹B.兩塊偏振鏡片重疊的時(shí)候，改變角度可以看到近乎全黑C.陽(yáng)光下肥皂泡呈現(xiàn)彩色條紋D.泊松亮斑評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、甲圖為用干涉法檢查平面平整程度裝置；乙圖為俯視裝置看到的薄膜干涉條紋，下列說(shuō)法正確的是（）

A.利用了標(biāo)準(zhǔn)樣板的下表面和被檢查平面的上表面反射光形成的薄膜干涉圖樣B.條紋彎曲處說(shuō)明被檢查的平面在此處是凹下的C.條紋彎曲處說(shuō)明被檢查的平面在此處是凸起的D.若僅增加板間薄片的厚度，干涉條紋將變稀疏10、下列說(shuō)法正確的是（）A.雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)中，可以通過(guò)增加遮光筒的長(zhǎng)度來(lái)實(shí)現(xiàn)增加從目鏡觀察到的條紋個(gè)數(shù)B.雙縫干涉實(shí)驗(yàn)相同條件下，干涉圖樣橙光比綠光的條紋間距大C.單擺實(shí)驗(yàn)中，未記錄小球的半徑，利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出圖像，利用斜率計(jì)算重力加速度，其結(jié)果偏小E.測(cè)平行玻璃磚的折射率實(shí)驗(yàn)時(shí)，誤將玻璃磚的寬度畫寬了，其他操作均正確，則測(cè)得的折射率將偏小E.測(cè)平行玻璃磚的折射率實(shí)驗(yàn)時(shí)，誤將玻璃磚的寬度畫寬了，其他操作均正確，則測(cè)得的折射率將偏小11、某空間存在的靜電場(chǎng)方向平行于軸，其電勢(shì)隨坐標(biāo)變化情況如圖所示，圖中的和為已知量。一質(zhì)量為電荷量為的帶電粒子在電場(chǎng)中以為中心，沿軸做周期性運(yùn)動(dòng)。已知該粒子的動(dòng)能與電勢(shì)能之和為不計(jì)粒子重力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.該靜電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B.帶電粒子運(yùn)動(dòng)的區(qū)間為C.帶電粒子運(yùn)動(dòng)的最大速度為D.帶電粒子運(yùn)動(dòng)的周期為12、如圖（a）所示，甲、乙兩個(gè)質(zhì)量均為的物塊，在光滑水平面上受到個(gè)水平力作用，由靜止開(kāi)始加速，甲物塊所受的力隨時(shí)間的變化關(guān)系和乙物塊所受的力隨位移的變化關(guān)系如圖（b）、（c）所示，在水平力分別按各自的規(guī)律從0增大到的過(guò)程中；下列說(shuō)法正確的是（）

A.甲在此過(guò)程的位移為B.甲的末動(dòng)能為C.乙在此過(guò)程的時(shí)間為D.乙的末動(dòng)量為13、如圖所示；一質(zhì)量為2kg的物體放在光滑的水平面上，原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用與水平方向成60°角的恒力F＝10N作用于物體上，歷時(shí)5s，則()

A.力F對(duì)物體的沖量大小為50N·sB.力F對(duì)物體的沖量大小為25N·sC.物體的動(dòng)量變化量為25kg·m/sD.物體所受重力的沖量大小為014、如圖所示，小車的立柱上O點(diǎn)固定有長(zhǎng)L的不可伸長(zhǎng)的輕繩，繩的末端拴有小球A(可視為質(zhì)點(diǎn))．小車靜止在光滑的水平面上且OA水平，此時(shí)將小球由靜止釋放．小車的質(zhì)量是小球的5倍．小球在擺動(dòng)時(shí)不計(jì)空氣和摩擦阻力．下面說(shuō)法中正確的是（）

A.小球和小車組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒B.擺動(dòng)過(guò)程中小球和小車組成系統(tǒng)的機(jī)械能守恒C.小球向右最大位移為L(zhǎng)D.當(dāng)小球擺至最低點(diǎn)時(shí)，小球與小車的動(dòng)量大小相等，方向相反，此時(shí)小車的速度為15、如圖所示，t＝0時(shí)一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波剛好傳播到x＝3.5m處，當(dāng)t＝2s時(shí)，P點(diǎn)恰好第二次到達(dá)波峰。在x＝13.5m處有一接收器（圖中未畫出）；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.P點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)方向沿y軸正方向B.接收器在t＝8s時(shí)才能接收到此波C.從t＝0開(kāi)始經(jīng)4.8s，x＝5m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為0.9mE.若該波與另一列頻率為1Hz、沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波相遇，可能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣E.若該波與另一列頻率為1Hz、沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波相遇，可能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、“五一”小長(zhǎng)假，小明到平靜的湖面劃船游玩，當(dāng)他站在船尾將船垂直湖岸停下時(shí)，船頭剛好緊挨湖岸。此時(shí)，他發(fā)現(xiàn)該船的銘牌上記錄著“船長(zhǎng)L、空載質(zhì)量M″兩個(gè)數(shù)據(jù)。他靈機(jī)一動(dòng)；想利用這條船驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。

（1）小明站在靜止的船尾時(shí)，他和小船組成的系統(tǒng)動(dòng)量為_(kāi)_____；

（2）小明從船尾走到船頭站定時(shí)，測(cè)出船頭離岸的距離為s，稱得自己的質(zhì)量為m，若系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，則關(guān)系式_______（用M、L、m、s表示）成立:

（3）若水對(duì)船的阻力不能忽略，在小明由靜止的船尾走向船頭的過(guò)程中，系統(tǒng)總動(dòng)量的方向與______________________的運(yùn)動(dòng)方向相同（選填“小明”或“船”）。17、聲波在空氣中的傳播速度為在鋼鐵中的傳播速度為．一平直橋由鋼鐵制成，某同學(xué)用錘子敲擊一下橋的一端發(fā)出聲音，分別經(jīng)空氣和橋傳到另一端的時(shí)間之差為．橋的長(zhǎng)度為_(kāi)_____若該聲波在空氣中的波長(zhǎng)為則它在鋼鐵中的波長(zhǎng)為的______倍．18、如圖所示是一玻璃球體，其半徑為R，O為球心，AB為水平直徑、M點(diǎn)是玻璃球的最高點(diǎn)，來(lái)自B點(diǎn)的光線BD從D點(diǎn)射出，出射光線平行于AB，已知∠ABD=30°，光在真空中的傳播速度為c，則此玻璃的折射率為_(kāi)__________；光線從B到D需用時(shí)間___________。

19、某橫波在介質(zhì)中傳播，t=0時(shí)刻波傳播到x軸上的質(zhì)點(diǎn)B時(shí)，所形成的波形如圖所示，則O點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)振動(dòng)方向________（選填"向上"或"向下"），若已知計(jì)時(shí)開(kāi)始后，則質(zhì)點(diǎn)A在t=0.3s時(shí)第二次出現(xiàn)在平衡位置，該簡(jiǎn)諧橫波的波速等于________m/s。

20、一列機(jī)械波沿x軸正方向傳播，當(dāng)波傳到處的質(zhì)點(diǎn)M開(kāi)始計(jì)時(shí)，M的振動(dòng)圖像如題圖所示，當(dāng)時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)N第一次到達(dá)波峰。則這列波的周期為_(kāi)______s，M點(diǎn)在_______s時(shí)第一次到達(dá)波峰，波速為_(kāi)________

21、藝術(shù)體操運(yùn)動(dòng)員站在場(chǎng)地中以一定頻率上下抖動(dòng)長(zhǎng)綢帶的一端，綢帶自左向右呈現(xiàn)波浪狀起伏。某時(shí)刻綢帶形狀如圖所示（符合正弦函數(shù)特征），此時(shí)綢帶上P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向____________（填“向上”“向下”“向左”或“向右”）。保持抖動(dòng)幅度不變，如果要在該綢帶上產(chǎn)生更加密集的波浪狀起伏效果，運(yùn)動(dòng)員上下抖動(dòng)的頻率應(yīng)____________（填“增大”“減小”或“保持不變”）。

22、在北方寒冷的冬天，有時(shí)會(huì)出現(xiàn)“多個(gè)太陽(yáng)”的“幻日”奇觀，這時(shí)由于空氣中的水蒸氣在集冷的大氣里凝結(jié)成了小冰晶，太陽(yáng)通過(guò)冰晶折射的緣故。如圖所示為太陽(yáng)光照射到六角冰晶上折射的光路圖，a、b是太陽(yáng)光中的兩種單色光，由此可以判斷，冰晶對(duì)單色光a的折射率_________(填“大于”或“小于”)冰晶對(duì)單色光b的折射率，單色光a在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度_________(填“大”或“小”)。如果讓太陽(yáng)光從水中射向空氣，逐漸增大入射角，則a、b兩種單色光中，單色光_________(填“a”或“b”)更容易發(fā)生全反射。23、高壓采煤水槍，出水口的橫截面積為S，假定水柱截面不變，水柱的水平射速大小為v，水柱水平射到豎直煤層后，假設(shè)水僅沿豎直煤層散開(kāi)，水的密度為ρ，則水對(duì)煤層的沖擊力的大小為_(kāi)_____。評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)24、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經(jīng)過(guò)和時(shí)刻的兩個(gè)波形圖。

25、某同學(xué)利用“插針?lè)ā睖y(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補(bǔ)全光路圖及標(biāo)出入射角i和折射角r。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共32分)26、某同學(xué)利用圖示裝置測(cè)量某種單色光的波長(zhǎng)；接通電源使光源正常發(fā)光；調(diào)整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋?；卮鹣铝袉?wèn)題：

（1）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個(gè)數(shù)，該同學(xué)可()

A.將單縫向雙縫靠近B.將屏向靠近雙縫的方向移動(dòng)。

C.將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)D.使用間距更小的雙縫。

（2）在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，分別用紅色和綠色的激光照射同一雙縫，在雙縫后的屏幕上，紅光的干涉條紋間距△x1與綠光的干涉條紋間距△x2相比，Δx1__________（填“>”“=”或“<”）△x2；

（3）已知測(cè)量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50個(gè)刻度。某同學(xué)調(diào)整手輪后，從測(cè)量頭的目鏡看去，第1次映入眼簾的干涉條紋如圖乙所示，圖中的數(shù)字是該同學(xué)給各暗條紋的編號(hào)，此時(shí)游標(biāo)卡尺如圖丙所示，讀數(shù)為x1=1.16mm；接著再轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，映入眼簾的干涉條紋如圖丁所示，此時(shí)游標(biāo)卡尺如圖戊所示，讀數(shù)為x2=_________mm。

（4）利用第（3）問(wèn)測(cè)量結(jié)果，已知雙縫與屏的距離為l，雙縫間距為d，計(jì)算波長(zhǎng)的公式=__________（用題目中給出的字母x1，x2，l，d表示）

（5）另一同學(xué)通過(guò)測(cè)量頭的目鏡觀察單色光的干涉圖樣時(shí)，發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線未對(duì)齊，如圖所示。若要使兩者對(duì)齊，該同學(xué)應(yīng)___________。

A．僅轉(zhuǎn)動(dòng)透鏡B.僅旋轉(zhuǎn)濾光片C.僅撥動(dòng)撥桿D.僅旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭27、在利用氣墊導(dǎo)軌探究物體碰撞時(shí)動(dòng)量變化的規(guī)律實(shí)驗(yàn)中；

（1）哪些因素可導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差增大___________

A.導(dǎo)軌安放不水平

B.滑塊上擋光板傾斜。

C.兩滑塊質(zhì)量不相等

D.兩滑塊碰后粘合在一起。

（2）如圖左側(cè)滑塊質(zhì)量右側(cè)滑塊質(zhì)量擋光板寬度為3.00cm，兩滑塊之間有一壓縮的彈簧片，用細(xì)線將兩滑塊連在一起。開(kāi)始時(shí)兩滑塊靜止，燒斷細(xì)線后，兩滑塊分別向左、右方向運(yùn)動(dòng)。擋光板通過(guò)光電門的時(shí)間分別為以向右為正方向，則燒斷細(xì)線后兩滑塊的速度分別為_(kāi)_____________________燒斷細(xì)線前___________，燒斷細(xì)線后___________，可得到的結(jié)論是：碰撞前后兩滑塊的___________。

28、在“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量速度的方法來(lái)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（a）所示，實(shí)驗(yàn)原理如圖（b）所示。

（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則要求：____________；（填字母代號(hào)）

A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2

C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2

（2）在本實(shí)驗(yàn)中，下列關(guān)于小球落點(diǎn)P的說(shuō)法，正確的是___________；

A．如果小球每次都從同一點(diǎn)無(wú)初速度釋放，重復(fù)幾次的落點(diǎn)P一定是重合的。

B．由于偶然因素存在；重復(fù)操作時(shí)小球落點(diǎn)不重合是正常的，落點(diǎn)應(yīng)當(dāng)很分散。

C．測(cè)定P點(diǎn)位置時(shí)，如果重復(fù)10次的落點(diǎn)分別為P1、P2、、P10，則OP應(yīng)取OP1、OP2、、OP10平均值，即

D．用盡量小的圓把P1、P2、、P10圈住，這個(gè)圓的圓心是小球落點(diǎn)的平均位置P

（3）用刻度尺測(cè)量M、P、N距O點(diǎn)的距離x1、x2、x3，通過(guò)驗(yàn)證等式____________是否成立，從而驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。29、游標(biāo)為20分度（測(cè)量值可準(zhǔn)確到0.05mm）的卡尺示數(shù)如圖所示，兩測(cè)腳間狹縫的寬度為_(kāi)_______mm。用激光照射該狹縫，在屏上出現(xiàn)衍射條紋。如果減小狹縫的寬度，衍射條紋的寬度將_______。（選填“變大”；“變小”或“不變”）

評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共20分)30、一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形如圖所示，此時(shí)坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)剛好開(kāi)始振動(dòng)，在時(shí)，圖中質(zhì)點(diǎn)恰好第二次到達(dá)波峰位置；求：

(1)這列波的傳播速度；

(2)從時(shí)刻開(kāi)始，當(dāng)Q點(diǎn)第一次出現(xiàn)波谷時(shí)，原點(diǎn)O通過(guò)的路程。

31、洗衣機(jī)在衣服脫水完畢關(guān)閉電源后；脫水桶還要轉(zhuǎn)動(dòng)一會(huì)才能停下來(lái)．在關(guān)閉電源后，發(fā)現(xiàn)洗衣機(jī)先振動(dòng)得比較弱，有一陣子振動(dòng)得很劇烈，然后振動(dòng)慢慢減弱直至停下來(lái)。

（1）開(kāi)始時(shí)；洗衣機(jī)為什么振動(dòng)比較弱？

（2）期間劇烈振動(dòng)的原因是什么？32、一射出的質(zhì)量為0.01kg的子彈以一定的初速度水平射入質(zhì)量為0.99kg的物塊A，并停在物塊中，一起在光滑水平面運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，與停在光滑半圓軌道底端的質(zhì)量為3kg的B物塊發(fā)生彈性正碰撞，B物體恰好通過(guò)軌道最高點(diǎn)，最終落在水平地面。已知半圓軌道半徑為0.5m，重力加速度取10m/s2；求：

（1）B物塊在半圓軌道最底端與A碰后速度多大；

（2）子彈的初速度為多大。

33、如圖甲所示，光滑水平面上有一質(zhì)量為的“”形木板（右端擋板厚度忽略）以速度向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻一質(zhì)量為的可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊以速度向右水平滑上木板，經(jīng)過(guò)時(shí)間物塊與木板右端的擋板發(fā)生彈性碰撞。已知物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，求：

（1）木板的長(zhǎng)度；

（2）從碰撞后到物塊與木板共速所經(jīng)歷的時(shí)間；

（3）若物塊與木板碰撞結(jié)束的瞬間，給木板施加一水平向右的力力只作用時(shí)間，大小隨時(shí)間的變化圖像如圖乙所示，已知在力作用的時(shí)間內(nèi)，物塊相對(duì)木板運(yùn)動(dòng)的位移求最終物塊與擋板之間的距離。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)多普勒效應(yīng)；當(dāng)波源與觀察者互相遠(yuǎn)離時(shí)，接收到的波的頻率會(huì)減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率；與物體的固有頻率無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．用惠更斯原理可以解釋波的傳播方向；選項(xiàng)C正確；

D．波長(zhǎng)越短的波不容易發(fā)生衍射；沿直線傳播的特性越明顯，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

A．在時(shí)間Δt＝t2－t1內(nèi)，彈簧的彈力對(duì)振子做的功為零，彈簧可能經(jīng)過(guò)同一位置，如下圖中的a、d時(shí)刻，也可能經(jīng)過(guò)的是彈簧關(guān)于平衡位置對(duì)稱的位置，如下圖中的a、b時(shí)刻，因此Δt不一定是的整數(shù)倍；故A錯(cuò)誤；

B．在時(shí)間Δt＝t2－t1內(nèi)，振子運(yùn)動(dòng)的位移為0，若兩個(gè)時(shí)刻振子經(jīng)過(guò)同一位置，Δt可能小于如上圖中的b、c時(shí)刻；故B錯(cuò)誤；

C．在時(shí)間Δt＝t2－t1內(nèi)，要使振子在t2時(shí)刻的速度等于其在t1時(shí)刻的速度，Δt可能是T的整數(shù)倍，也可能振子經(jīng)過(guò)了關(guān)于平衡位置對(duì)稱的位置，如上圖中a、b時(shí)刻的速度就相等；故C錯(cuò)誤；

D．若從平衡位置計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)振子運(yùn)動(dòng)的路程是A，若不是從平衡位置計(jì)時(shí)，則經(jīng)過(guò)振子運(yùn)動(dòng)的路程可能大于A，也可能小于A；故D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

x-t圖像的斜率表示速度，且斜率的正負(fù)表示速度方向，由題意可知碰撞前兩物體速度大小相同（設(shè)為v）、方向相反，且碰撞后兩物體的速度均為零，即碰撞后兩物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量為零，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知碰撞前兩物體動(dòng)量大小相同、方向相反，即

所以

根據(jù)動(dòng)量定理可知碰撞時(shí)兩物體受到的沖量大小相同；方向相反。故ACD錯(cuò)誤；B正確。

故選B。4、D【分析】【詳解】

A．甲的動(dòng)量變化量未發(fā)生改變；因此甲的本能反應(yīng)不能減少了甲對(duì)乙的沖量，故A錯(cuò)誤；

B．沖量是矢量；有方向，因此甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量不相同，故B錯(cuò)誤；

C．兩者的碰撞屬于完全非彈性碰撞；有能量損失，因此甲的動(dòng)能減少量大于乙的動(dòng)能增加量，故C錯(cuò)誤；

D．從兩人剛接觸到共速過(guò)程中；乙對(duì)地的位移小于甲對(duì)地的位移，因此甲對(duì)乙做的功小于乙對(duì)甲做的功，故D正確。

故選D。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A.浮標(biāo)是“海面”上的標(biāo)識(shí)物；它不隨海水波浪方向向前移動(dòng)，只是在各自位置上下浮動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.浮標(biāo)上下浮動(dòng)周期為即海水波浪的周期T=5s，海浪表面波長(zhǎng)=所以浮標(biāo)區(qū)域常態(tài)下海水波浪速度。

故B正確；

C.小型潛艇經(jīng)過(guò)時(shí)，浮標(biāo)發(fā)生異常浮動(dòng)，由題知某小型潛艇經(jīng)過(guò)相鄰的兩個(gè)浮標(biāo)用時(shí)=3s，三個(gè)浮標(biāo)的間距=150m；可推測(cè)小型潛艇行駛速度約為。

故C錯(cuò)誤；

D.浮標(biāo)間距為150m，正好是海浪表面波長(zhǎng)的倍，則常態(tài)下浮標(biāo)到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，浮標(biāo)處在最低點(diǎn)；故D錯(cuò)誤。

故選B。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．波源的起振方向通過(guò)平衡位置豎直向下；介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)的起振方向也都豎直向下，波向右傳播，質(zhì)點(diǎn)9起振最晚，故A錯(cuò)誤；

B．圖中所畫出的質(zhì)點(diǎn)起振的時(shí)間依次落后；起振位置不同，但起振方向相同，都是豎直向下，故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)相鄰兩質(zhì)點(diǎn)間距離為s，則由題得到波長(zhǎng)為λ=4s，質(zhì)點(diǎn)1與質(zhì)點(diǎn)9的距離為s1=8s=2λ

圖中所有質(zhì)點(diǎn)都振動(dòng)后；質(zhì)點(diǎn)1與質(zhì)點(diǎn)9的振動(dòng)情況完全相同，步調(diào)完全一致，則只要質(zhì)點(diǎn)9開(kāi)始振動(dòng)，它偏離平衡位置的位移與質(zhì)點(diǎn)1的位移總是相同，故C正確；

D．質(zhì)點(diǎn)7和質(zhì)點(diǎn)8的距離為s，兩者相差四分之一個(gè)波長(zhǎng)的距離，即圖中質(zhì)點(diǎn)7通過(guò)平衡位置豎直向上振動(dòng)時(shí)，因起振向下，說(shuō)明時(shí)間經(jīng)過(guò)了波形傳到8需要?jiǎng)t質(zhì)點(diǎn)8用的時(shí)間起振向下到達(dá)波谷位置；故D錯(cuò)誤；

故選C。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．甲圖是薄膜干涉的圖象；照相機(jī)；望遠(yuǎn)鏡的鏡頭表面常常鍍一層透光的膜，即增透膜，光學(xué)鏡頭上的增透膜是利用光的干涉現(xiàn)象，從膜的前表面和玻璃表面反射的光相互減弱，故A正確，不符合題意；

B．乙圖是圓板衍射；被稱為“泊松亮斑”，而小孔衍射的圖樣，不是“泊松亮斑”，故B錯(cuò)誤，符合題意；

C．丙圖是在平靜無(wú)風(fēng)的海面上出現(xiàn)的“蜃景”；海面下層空氣溫度比上層低，密度比上層大，故海面附近的空氣折射率從下到上逐漸減小，從遠(yuǎn)處的景物發(fā)出的光線射向海面時(shí)，由于不斷被折射，越來(lái)越偏離法線方向，進(jìn)入上層的入射角不斷增大，以致發(fā)生全反射，光線反射回空氣，人們逆著光線看去，就會(huì)看到遠(yuǎn)方的景物懸在空中，而產(chǎn)生了“蜃景”現(xiàn)象，那么上方是蜃景，下方是景物，故C正確，不符合題意；

D．丁圖是衍射圖象；衍射條紋中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，其間距不相等，故D正確，不符合題意。

故選B。8、C【分析】【詳解】

A．雨后彩虹是光的色散；A錯(cuò)誤；

B．兩塊偏振鏡片重疊的時(shí)候；改變角度可以看到近乎全黑，這是光的偏振現(xiàn)象，說(shuō)明光是橫波，B錯(cuò)誤；

C．陽(yáng)光下肥皂泡呈現(xiàn)彩色條紋；是光的干涉現(xiàn)象，C正確；

D．泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象；證明的光的波動(dòng)性，D錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．薄膜干涉形成的條紋是膜的上下表面的反射光干涉產(chǎn)生的；故圖乙的條紋是標(biāo)準(zhǔn)樣板的下表面和被檢查平面的上表面反射光干涉形成的，A正確；

BC．薄膜干涉是等厚干涉；即明條紋處空氣膜厚度相同，如果干涉條紋向空氣膜較薄的一側(cè)彎曲，則該處是凹的；如果干涉條紋向空氣膜較厚的一側(cè)彎曲，則該處是凸起的，B錯(cuò)誤，C正確。

D．由

可知，僅增加薄片的厚度即增大，將減?。患锤缮鏃l紋將密集，D錯(cuò)誤。

故選AC。10、B:D:E【分析】【詳解】

A．雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)條紋間距公式

可知，若要增加從目鏡觀察到的條紋個(gè)數(shù)，需減小條紋間距，因此可增大雙縫間的距離或減小雙縫到光屏的距離或換用波長(zhǎng)更短的相干波源；而遮光筒的作用是為了防止外界光干擾實(shí)驗(yàn)，增加遮光筒的長(zhǎng)度并不能使目鏡觀察到的條紋個(gè)數(shù)增加，故A錯(cuò)誤；

B．橙光比綠光的波長(zhǎng)更長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

可知；在相同條件下，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，條紋間距越大，因此干涉圖樣橙光比綠光的條紋間距大，故B正確；

C．根據(jù)單擺的周期公式

得到

可知，實(shí)驗(yàn)中是否記錄小球半徑對(duì)圖像的斜率沒(méi)有影響，因此利用圖像的斜率

求得的重力加速度不變；故C錯(cuò)誤；

D．單擺實(shí)驗(yàn)中在測(cè)量周期時(shí)，把n次全振動(dòng)誤認(rèn)為是（）次全振動(dòng)，得到的周期將偏小，根據(jù)單擺的周期公式

可得

可知；周期偏小則計(jì)算得到的重力加速度將偏大，故D正確；

E．測(cè)平行玻璃磚的折射率實(shí)驗(yàn)時(shí)；誤將玻璃磚的寬度畫寬了，入射角不變，但是折射角將變大，因此所測(cè)定的折射率將偏小，故E正確。

故選BDE。11、A:C【分析】【詳解】

A．圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，因而在x=0的左側(cè)，電場(chǎng)向左，且為勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x=0的右側(cè)；電場(chǎng)向右，且為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故該靜電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。

故A正確；

B．如果粒子恰好能夠到達(dá)d位置，則粒子到達(dá)d位置時(shí)動(dòng)能和勢(shì)能都為零，即動(dòng)能和勢(shì)能之和為零，這和該粒子的動(dòng)能與電勢(shì)能之和為－0.5qφ0矛盾，所以帶電粒子運(yùn)動(dòng)的區(qū)間為－d≤x≤d不成立；故B錯(cuò)誤；

C．粒子在x=0的右側(cè)向右或者向左都做勻減速運(yùn)動(dòng)，所以粒子在O點(diǎn)速度增大，設(shè)帶電粒子在O點(diǎn)的速度為v0；根據(jù)功能關(guān)系。

解得。

故C正確；

D．粒子運(yùn)動(dòng)在右側(cè)運(yùn)動(dòng)，從O點(diǎn)開(kāi)始回到O點(diǎn)；根據(jù)動(dòng)量定理。

解得。

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性；粒子在左側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和右側(cè)相等，故帶電粒子運(yùn)動(dòng)的周期為。

故D錯(cuò)誤。

故選AC。12、B:D【分析】【詳解】

AB．圖象的面積等于沖量，故甲物體有

對(duì)甲由動(dòng)量定理得

解得

甲的動(dòng)能為

甲做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，位移

故A錯(cuò)誤；B正確；

CD．圖象面積等于功，故乙物體有

得

則

若乙一直以的速度勻速運(yùn)動(dòng)，則

顯然乙運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

力F對(duì)物體的沖量大小故A正確B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理得，物體受到的合外力的沖量為由動(dòng)量定理可知?jiǎng)恿康淖兓繛镃正確；重力的沖量大小為D錯(cuò)誤．14、B:C:D【分析】【詳解】

A；小球由靜止釋放過(guò)程中；小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，故系統(tǒng)只在水平方向動(dòng)量守恒；小球擺動(dòng)過(guò)程中，小球與小車系統(tǒng)豎直方向受力不為零，總動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤．

B；小球與小車系統(tǒng)在擺動(dòng)過(guò)程中只有重力做功；系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B正確．

C、設(shè)小球的質(zhì)量為m，小球向右最大位移大小為x，小車向左運(yùn)動(dòng)的最大位移大小為x′，取水平向右為正方向，根據(jù)系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒得：m-5m=0，且有：x+x′=2L，解得：x=故C正確．

D、原來(lái)系統(tǒng)水平總動(dòng)量為零，當(dāng)小球擺至最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒知，系統(tǒng)的水平總動(dòng)量也為零，則小球動(dòng)量與小車的動(dòng)量大小相等，方向相反．設(shè)此時(shí)小車的速度為v1，小球的速度為v2．取水平向右為正方向，根據(jù)系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒得：mv2-5mv1=0，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：mgL=mv22+5mv12，聯(lián)立解得：v1=故D正確．15、B:C:D【分析】【詳解】

A．波沿x軸正方向傳播，t＝0時(shí)，x＝3.5m處質(zhì)點(diǎn)的起振方向沿y軸負(fù)方向，則P點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)方向沿y軸負(fù)方向；A錯(cuò)誤；

B．P點(diǎn)恰好第二次到達(dá)波峰，則T＝2s，則T＝1.6s，v＝＝m/s＝1.25m/sΔx＝vt＝1.25×8m＝10m

恰好等于接收器與x＝3.5m間的距離，所以接收器在t＝8s時(shí)才能接收到此波；B正確；

C．波從x＝3.5m傳到x＝5m所用的時(shí)間t1＝s＝1.2s

在這段時(shí)間內(nèi)x＝5m處質(zhì)點(diǎn)始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以從t＝0開(kāi)始經(jīng)4.8s，x＝5m處質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為×4A＝×0.4m＝0.9m

C正確；

D．波的頻率f＝＝0.625Hz，接收器沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)；發(fā)生多普勒效應(yīng)，接收器接收到波的頻率將大于0.625Hz，D正確；

E．兩列波發(fā)生穩(wěn)定干涉的必要條件是頻率相同；E錯(cuò)誤．

故選BCD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]小明站在靜止的船尾時(shí)；他和小船組成的系統(tǒng)動(dòng)量為0；

（2）[2]小明從船尾走到船頭站定時(shí)，測(cè)出船頭離岸的距離為s，稱得自己的質(zhì)量為m，若系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，則

即關(guān)系式

成立；

（3）[3]若水對(duì)船的阻力不能忽略，則系統(tǒng)受合力方向即為阻力方向，與船運(yùn)動(dòng)方向相反，與人運(yùn)動(dòng)方向相同，則在小明由靜止的船尾走向船頭的過(guò)程中，系統(tǒng)總動(dòng)量的方向與小明的運(yùn)動(dòng)方向相同。【解析】0小明17、略

【分析】【詳解】

設(shè)橋的長(zhǎng)度為s

則聲音在鋼鐵中傳播的時(shí)間

聲音在空氣中的傳播時(shí)間為

根據(jù)題意

解得：

聲音在不同介質(zhì)中的頻率是不會(huì)改變的，由公式可知即

解得【解析】(1).365(2).18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]如圖，由幾何知識(shí)可得入射角i=∠ABD=30°

折射角r=2∠ABD=60°

則此玻璃的折射率為

[2]BD長(zhǎng)度為s=2Rcos30°=R

光在玻璃球內(nèi)傳播的速度

故光線從B傳到D的時(shí)間為【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1]由圖知，B點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)向上振動(dòng)，故O點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)振動(dòng)方向向上；

[2]由質(zhì)點(diǎn)A在時(shí)第二次出現(xiàn)在平衡位置得

解得

由圖像可知，波長(zhǎng)為則有【解析】向上520、略

【分析】【詳解】

[1]從圖象分析可知

[2]從圖象分析可知時(shí),M點(diǎn)第一次到達(dá)波峰,

[3]時(shí)，M點(diǎn)第一次到達(dá)波峰,當(dāng)時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)N第一次到達(dá)波峰，【解析】20.5421、略

【分析】【詳解】

[1]從圖中可知綢帶上形成的波是自左向右傳播的，根據(jù)波形平移法，可判斷綢帶上P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向向上；

[2]綢帶上產(chǎn)生更加密集的波浪狀起伏效果，說(shuō)明波長(zhǎng)變小，而同種介質(zhì)中同類型波的傳播波速是不變的，根據(jù)

可知運(yùn)動(dòng)員上下抖動(dòng)的周期變短、頻率增大。【解析】向上增大22、略

【分析】【分析】

根據(jù)偏折程度可確定折射率大小關(guān)系，由可分析出光線在冰晶中傳播速度的關(guān)系；根據(jù)知單色光b的臨界角大小關(guān)系；從而判斷更容易發(fā)生全反射的光；

【詳解】

解：光從空氣斜射到冰晶上，由于折射率不同，由圖可知，單色b光偏折較大，單色a光偏折較小，所以此冰晶對(duì)a光的折射率小于b光的折射率；

根據(jù)可知單色光a在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度大；

根據(jù)知單色光b的臨界角較小，所以單色光b比單色光a更容易發(fā)生全反射。【解析】小于大b23、略

【分析】【詳解】

設(shè)t時(shí)間內(nèi)打在煤層上的水的質(zhì)量為m則：m=ρV=ρSvt；

以這部分水為研究對(duì)象，它受到煤層的作用力為F，以水運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理有：Ft=0-mv，即：

負(fù)號(hào)表示水受到的作用力的方向與水運(yùn)動(dòng)的方向相反；由牛頓第三定律可以知道，水對(duì)煤層的沖擊力大小也為ρSv2．【解析】ρSv2四、作圖題(共2題，共6分)24、略

【分析】【詳解】

ls內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此圖形與開(kāi)始時(shí)是相同的，如圖2

【解析】見(jiàn)解析。25、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，則大頭針P4擋住P3本身及P2、P1的像；光路圖如下。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共32分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]越小，目鏡中觀察得條紋數(shù)越多，由可知應(yīng)將屏向靠近雙縫的方向移動(dòng)或使用間距更大的雙縫。

故選B。

（2）[2]紅光的波長(zhǎng)大于綠光的波長(zhǎng)，由可知紅光的干涉條紋間距與綠光的干涉條紋間距相比有

（3）[3]由圖戊可知游標(biāo)尺主尺的讀數(shù)為1.5cm，游標(biāo)尺的讀數(shù)為

所以讀數(shù)為

（4）[4]由可得

（5）[5]由圖可知；亮條紋與分劃板中心刻線不平行時(shí)，需使單縫與雙縫相互平行，只要轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，將圖中的分劃板調(diào)到豎直方向并與干涉條紋平行即可。

故選D?！窘馕觥緽>15.02D27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．導(dǎo)軌不水平；小車的速度將受重力影響，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差增大，故A正確；

B．滑塊上擋光板傾斜；會(huì)導(dǎo)致?lián)豕獍鍖挾炔坏扔趽豕怆A段小車通過(guò)的位移，計(jì)算速度出現(xiàn)誤差，故B正確；

C．兩滑塊質(zhì)量不相等；系統(tǒng)碰撞前后動(dòng)量仍然守恒，不會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差，故C錯(cuò)誤；

D．兩滑塊碰后粘合在一起是完全非彈性碰撞；系統(tǒng)碰撞前后動(dòng)量仍然守恒，不會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差，故D