2025年仁愛科普版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、為固定在x軸上的兩個點電荷，在坐標(biāo)原點O，在x軸上的e點，e點橫坐標(biāo)為x軸上部分區(qū)間的電勢分布如圖所示，其中b點處電勢最高；切線水平，則（）

A.帶負(fù)電，帶正電B.b點的橫坐標(biāo)為C.a點場強小于c點場強D.電子從a點自由釋放，電子將在x軸上往復(fù)運動2、如圖甲所示，直線上固定兩個正點電荷A與B，其中B帶＋Q的電荷量，C、D兩點將AB連線三等分，現(xiàn)有一個帶負(fù)電的粒子從C點開始以某一初速度向右運動，不計粒子所受的重力，并且已知該粒子在C、D間運動的速度v與時間t的關(guān)系圖象如圖乙所示，則A點電荷的帶電荷量可能是()

A.＋5QB.＋3QC.＋2QD.＋Q3、一正電荷在電場中僅受電場力作用，從A點運動到B點，速度隨時間變化的圖象如圖所示，tA、tB分別對應(yīng)電荷在A、B兩點的時刻；則下列說法中正確的是（）

A.A處的場強一定小于B處的場強B.A處的電勢一定低于B處的電勢C.電荷在A處的電勢能一定大于在B處的電勢能D.從A到B的過程中，電場力對電荷做正功4、真空中有一靜電場，其在軸正半軸的電勢隨變化的關(guān)系如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.處的電場強度為零B.若試探電荷從處移到處，電場力不一定做正功C.處與處的電場強度方向相反D.該電場有可能是處在點的正點電荷激發(fā)產(chǎn)生的5、用絕緣柱支撐且彼此接觸的導(dǎo)體A和B起初不帶電；貼在下部的兩片金屬箔閉合。如圖所示，把帶正電荷的帶電體C移近導(dǎo)體A，導(dǎo)體A；B下部的金屬箔都會張開。下列說法正確的是（）

A.導(dǎo)體A所帶的電荷量小于導(dǎo)體B所帶的電荷量B.導(dǎo)體A所帶的電荷量大于導(dǎo)體B所帶的電荷量C.導(dǎo)體A下部的金屬箔帶負(fù)電，導(dǎo)體B下部的金屬箔帶正電D.導(dǎo)體A下部的金屬箔帶正電，導(dǎo)體B下部的金屬箔帶負(fù)電6、如圖所示，電場中的一簇電場線關(guān)于y軸對稱分布，O點是坐標(biāo)原點，M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的圓周上的四個點，其中M、N在y軸上，Q點在x軸上，下列說法正確的是（）

A.P點場強可能等于Q點場強B.P點電勢可能等于Q點電勢C.電荷在N點的電勢能可能小于在M點的電勢能D.電荷從N運動到O電場力做的功等于從O到M電場力做的功7、“類比法”是一種常用的研究方法.我們知道“做直線運動的物體，可以由v-t(速度一時間)圖線和橫軸圍成的面積求出對應(yīng)過程的位移”.下列據(jù)此類比分析得出的結(jié)論，其中正確的是A.由F-t(力-時間)圖線和橫軸圍成的面積可以求出對應(yīng)時間內(nèi)力F做的功B.由-x(電勢-位移)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應(yīng)位移內(nèi)的電場力做的功C.由I-t(電流-時間)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應(yīng)時間內(nèi)通過某個元件的電荷量D.由U-I(電壓-電流)圖線和橫軸圍成的面積可求出電流為I時對應(yīng)元件的電阻8、圖為某同學(xué)組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中是電池；和是固定電阻，是可變電阻；表頭的滿偏電流為內(nèi)阻為虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓擋和擋，直流電流擋和擋，歐姆擋。下列說法正確的是（）

A.圖中的端與紅色表筆相連接B.在使用多用電表之前，調(diào)整使電表指針指在表盤左端電流“0”位置C.使用電流擋時，調(diào)整使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置D.根據(jù)題給條件可得9、如圖所示，匝數(shù)為N、面積為S的閉合線圈abcd水平放置，與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場夾角為45°。現(xiàn)將線圈以ab邊為軸順時針轉(zhuǎn)動90°；則（）

A.整個過程中線圈中未產(chǎn)生感應(yīng)電流B.線圈水平放置時的磁通量為C.整個過程中線圈中的磁通量始終不為0D.整個過程中線圈的磁通量變化量為評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，其中電流表的量程為0~0.2A，內(nèi)阻為5Ω，R1的阻值為2.5Ω；R2的阻值為10Ω。下列分析正確的是（）

A.將接線柱1、3接入電路時，新電壓表的量程為0~6VB.將接線柱1、3接入電路時，新電壓表的量程為0~7VC.將接線柱1、2接入電路時，新電流表的量程為0~0.4AD.將接線柱1、2接入電路時，新電流表的量程為0~0.6A11、兩根平行且相距L的長、細(xì)導(dǎo)線分別通有大小相等、方向相反的電流，橫截面如圖所示．在兩導(dǎo)線的連線及延長線上有a、b、c三點，b為兩直導(dǎo)線連線的中點，a、c與導(dǎo)線的距離均為，則

A.b點磁感應(yīng)強度的方向垂直a、c連線向下B.c點磁感應(yīng)強度的大小為0C.a點和b點的磁感應(yīng)強度的方向相同D.a點和c點的磁感應(yīng)強度相同12、在某形狀不規(guī)則的帶電體周圍的電場中有一定點A，當(dāng)把一個電荷量為的試探電荷從無窮遠(yuǎn)處移到電場中的A點時，試探電荷克服電場力做功，則下列說法正確的是（）A.試探電荷從無窮遠(yuǎn)處移動到電場中的A點，試探電荷的電勢能增大B.試探電荷從無窮遠(yuǎn)處移動到電場中的A點，試探電荷的電勢能減小C.A點的電勢大于0D.A點的電勢小于013、如圖所示，ABCD為一正四面體，A點固定一個電荷量為+Q的點電荷，B點固定一個電荷量為-Q的點電荷，E點為BC邊的中點（圖中未畫出）；以無窮遠(yuǎn)處電勢為0。則下列說法中正確的是。

A.C、D兩點的電場強度相同B.將一正電荷從C點移到E點，其電勢能增加C.將一點電荷沿直線從D點移到C點，電場力始終不做功D.若在C點固定一電量為-Q的點電荷，則E點的電場強度指向A點14、如圖所示，為水平圓周上的四個點，為豎直圓周上的四個點，其中與交于圓心且相互垂直，與交于圓心且相互垂直，兩個圓的半徑均為在點放置一個電荷量為的點電荷，在點放置一個電荷量為的點電荷。在兩點電荷產(chǎn)生的電場中（）

A.點電勢高于點電勢B.一個正電荷在點受到的電場力方向沿直徑指向點C.將一個正電荷從點附近沿半徑移動到點后再沿半徑移動到點，該電荷電勢能先減小后不變D.將一個正電荷沿連線由移到該電荷受到的電場力先增大后減小15、電荷量為Q1和Q2的兩點電荷分別固定在x軸上的O、C兩點，規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為零，x軸上各點電勢隨x的變化關(guān)系如圖所示．則。

A.Q1的電荷量小于Q2的電荷量B.G點處電場強度的方向沿x軸負(fù)方向C.將一帶負(fù)電的試探電荷自G點靜止釋放，僅在電場力作用下一定能到達(dá)D點D.將一帶負(fù)電的試探電荷從D點移到J點，電場力先做正功后做負(fù)功16、空間存在如圖所示的靜電場，a、b、c、d為電場中的四個點；則（）

A.a點的場強比b點的大B.d點的電勢比c點的低C.質(zhì)子在d點的電勢能比在c點的小D.將電子從a點移動到b點，電場力做正功17、下列四幅圖的有關(guān)說法中正確的是（）

A.甲圖中，球m1以速度v碰靜止球m2，若兩球質(zhì)量相等，碰后m2的速度一定為vB.乙圖中，在光顏色保持不變的情況下，入射光越強，飽和光電流越大C.丙圖中，射線甲由電子組成，射線乙為電磁波，射線丙由α粒子組成D.丁鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核的裂變評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、如圖所示，帶電荷量分別為q1、q2的粒子，以相同的初速度從P點沿垂直于場強方向射入平行板間的勻強電場中，分別落在下極板上的A、B兩點，若AB＝OA，q1＝3q2，不計重力，則兩個粒子質(zhì)量之比為________，兩個粒子進入電場之后的動能增量之比為________．

19、電荷守恒定律。

（1）電荷守恒定律表述：電荷既不會____________，也不會____________，它只能從一個物體轉(zhuǎn)移到____________，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到____________；在轉(zhuǎn)移過程中，電荷的____________保持不變。

（2）電荷守恒定律的另一表述是：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，____________保持不變。20、將帶電量為的負(fù)電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了的功，則A、B兩點間的電勢差______V；若令A(yù)點的電勢能為零，則該電荷在B點的電勢能為______J。21、如圖所示為電容式位移傳感器的示意圖，物體沿左右方向運動時，電容將發(fā)生變化。如果實驗測量出電容器的電容變小，那么被測物體向_________運動（填寫“左”或“右”）；已知該傳感器的靈敏度定義為電容器電容變化量的大小與物體位置坐標(biāo)變化量大小之比，如果把圖中的電介質(zhì)板換成介電常數(shù)更大的材料，當(dāng)物體沿左右方向運動時，傳感器的靈敏度________（填寫“變大”；“不變”或“變小”）。

22、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標(biāo)有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當(dāng)S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發(fā)光；當(dāng)S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數(shù)為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調(diào)節(jié)滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

23、安培定則。

（1）直線電流的磁場：右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與______方向一致，彎曲的四指所指的方向就是______環(huán)繞的方向；如圖甲。

（2）環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上______的方向；如圖乙。

（3）通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺線管______磁感線的方向，或拇指指向螺線管的______極；如圖丙。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

25、如圖所示，磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

26、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

27、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、解答題(共3題，共18分)28、將一個滿偏電流為Ig＝100A，內(nèi)阻rg＝100的靈敏電流表改裝為歐姆表，滑動變阻器電阻最大值R＝20k電源電動勢E＝1.5V，內(nèi)阻r未知．求：

（1）電流表的0處和滿偏電流處刻上多大電阻值？中間刻度處應(yīng)刻上多大電阻值？

（2）在表上滿偏電流的和處應(yīng)刻上多大電阻值？

（3）請將上面的結(jié)果在圖中相應(yīng)位置標(biāo)上電阻值；并說明歐姆表的刻度與電流表刻度相比有什么特點？

29、如圖所示，質(zhì)量m1=1kg的木板靜止在傾角θ=37°足夠長、固定的光滑斜面上，木板下端上表面與半徑R=2m的固定光滑圓弧軌道在A點相切，圓弧軌道最高點D與圓心O等高，C為最低點。OC右側(cè)區(qū)域有豎直向上的勻強電場，電場強度E=2×103N/C，電荷量q=-0.01C、質(zhì)量m2=1.95kg的小滑塊靜止在長木板頂端，現(xiàn)有一顆質(zhì)量m0=0.05kg的子彈以v0=240m/s的速度擊中滑塊并留在其中，運動過程中小滑塊恰好不從木板上端滑出且電量不變，已知小滑塊和木板之間的動摩擦因數(shù)μ=0.75，sin37°=0.6，重力加速度g=10m/s2求：

（1）小滑塊下滑到長木板底端時的速度；

（2）小滑塊第一次經(jīng)過C點時對軌道的壓力；

（3）從開始運動到小滑塊第一次返回斜面到達(dá)最高點的過程中；小滑塊與木板間摩擦產(chǎn)生的熱量。

30、構(gòu)建理想化模型；是處理物理問題常見的方法．

（1）在研究平行板電容器的相關(guān)問題時，我們是從研究理想化模型——無限大帶電平面開始的．真空中無限大帶電平面的電場是勻強電場，電場強度為E0=其中k是靜電力常量，σ為電荷分布在平面上的面密度，單位為C/m2．如圖1所示，無限大平面帶正電，電場指向兩側(cè)．若帶負(fù)電則電場指向中央（圖中未畫出）．在實際問題中，當(dāng)兩塊相同的帶等量異種電荷的較大金屬板相距很近時，其中間區(qū)域，可以看作是兩個無限大帶電平面所產(chǎn)生的勻強電場疊加；如果再忽略邊緣效應(yīng)，平行板電容器兩板間的電場就可以看作是勻強電場，如圖2所示．已知平行板電容器所帶電量為Q，極板面積為S，板間距為d；求：

a.兩極板間電場強度的大小E；

b.請根據(jù)電容的定義式，求出在真空中，該平行板電容器的電容C；

c.求解圖2中左極板所受電場力的大小F．

（提示：因為帶電左極板的存在已經(jīng)影響到帶電右極板單獨存在時空間場強的分布，所以不能使用a問中計算出的場強；而是應(yīng)該將電場強度“還原”到原來右極板單獨存在時，在左極板所在位置產(chǎn)生的電場強度．）

（2）根據(jù)以上思路，請求解真空中均勻帶電球面（理想化模型，沒有厚度）上某微小面元所受電場力．如圖3所示，已知球面半徑為R，所帶電量為Q，該微小面元的面積為?S，帶電球面在空間的電場強度分布為其中r為空間某點到球心O的距離．

（提示：“無限大”是相對的，在實際研究中，只要被研究點距離帶電面足夠近，就可認(rèn)為該帶電面為無限大帶電平面）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

A．由圖像的斜率的絕對值表示場強的大小，b點處電勢最大，切線水平，根據(jù)

可得b點處電場強度是0，根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知O、b之間場強方向向左，b、c之間場強方向向右，則帶正電，帶負(fù)電；選項A錯誤；

B．由點電荷電場強度公式，則有

解得

選項B正確；

C．在圖中，a點斜率大于c點斜率，a點場強大于c點場強；選項C錯誤；

D．電子從a點自由釋放，電子從a到b做加速運動，從b到無窮遠(yuǎn)處做減速運動，不會在x軸上往復(fù)運動；選項D錯誤。

故選B。2、A【分析】【詳解】

由v－t圖象可知該粒子在兩正電荷A、B的作用下做加速度逐漸減小的減速運動，故點電荷A對其的庫侖引力大于點電荷B對其的庫侖引力，根據(jù)庫侖定律，在D點k>k

即QA>4Q

故選項A正確；B；C、D錯誤．

故選A。3、B【分析】【詳解】

A、由圖象知A處的加速度大于B處的加速度，A處的場強一定大于B處的場強；A錯；

B、根據(jù)電荷的電性，能判斷電場線的方向，也就判斷電勢的高低，即A處的電勢一定低于B處的電勢知B正確；

CD、由功能關(guān)系及動能和電勢能之和守恒，C、D錯．4、B【分析】【詳解】

A．圖象中，曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度；R處切線的斜率不為零；電場強度不為零，A錯誤；

B．若試探電荷從x1處移到x2處，電勢降低，根據(jù)公式如果是正電荷，電場力做正功；如果是負(fù)電荷，電場力做負(fù)功，B正確；

C．x1處與x2處的切線斜率同為負(fù)值，處與處的電場強度方向相同；C錯誤；

D．離點電荷越遠(yuǎn)，電場強度越小，故圖象的斜率越小；而在O點向右有一段，切線斜率變大，故該電場不可能是處在O點的正點電荷激發(fā)產(chǎn)生的；D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

CD．根據(jù)靜電感應(yīng)原理；導(dǎo)體A下部的金屬箔帶負(fù)電，導(dǎo)體B下部的金屬箔帶正電，故C正確，D錯誤；

AB．根據(jù)靜電感應(yīng)；導(dǎo)體A所帶的負(fù)電荷與B所帶正電荷量大小相同，故AB錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．電場線的疏密表示電場的強弱，根據(jù)電場分布可知，P點場強的大小小于Q點的場強；A錯誤；

B．根據(jù)電場線與等勢線垂直特點，在P點所在電場線上找到Q點的等勢點，根據(jù)沿電場線電勢降低可知，Q點的電勢比P點的電勢高；B錯誤；

C．結(jié)合電場線與等勢線垂直特點可知，N點電勢高于M點，根據(jù)

可知，負(fù)電荷在M點時的電勢能大于在N點時的電勢能；C正確；

D．根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強度比NO之間的平均電場強度小，故由公式

可知，OM間的電勢差小于NO間的電勢差，根據(jù)

可得正電荷從N到O過程中電場力做的功大于從O到M過程中電場力做的功；D錯誤；

故選C。7、C【分析】【分析】

在x-y坐標(biāo)系中，圖線和橫軸圍成的面積為：將x-y換成具體的物理量分析即可得出結(jié)論；

【詳解】

A、根據(jù)可知；由F-t(力-時間)圖線和橫軸圍成的面積可以求出對應(yīng)時間內(nèi)力F的沖量，故A錯誤；

B、-x(電勢-位移)圖線和橫軸圍成的面積沒有物理意義；由F-x(電場力-位移)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應(yīng)位移內(nèi)的電場力做的功，故B錯誤；

C、根據(jù)可得由I-t(電流-時間)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應(yīng)時間內(nèi)通過某個元件的電荷量；故C正確；

D、由U-I（電壓-電流）圖線，根據(jù)P=UI可知U與I的坐標(biāo)值的乘積求出對應(yīng)電流做功的功率，根據(jù)可知U與I的坐標(biāo)值的比值求出可求出電流為I時對應(yīng)元件的電阻；故D錯誤；

故選C．

【點睛】

關(guān)鍵明確在x-y坐標(biāo)系中，圖線和橫軸圍成的面積為：可以根據(jù)此方法求解力的沖量、通過某個元件的電荷量等．8、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)歐姆表原理可知，內(nèi)部電源的正極應(yīng)接黑表筆，這樣才能保證在測電阻時電流表中電流“紅進黑出”，故端與紅黑色表筆相連接；選項A錯誤；

BC．由電路圖可知，只在測量電阻時才接入電路；故其作用只能進行歐姆調(diào)零，不能進行機械調(diào)零，同時在使用電流擋時也不需要實行調(diào)節(jié)，選項BC錯誤；

D．直流電流擋分為1mA和2.5mA，由圖可知，當(dāng)接2時應(yīng)為1mA；根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知

總電阻

接4時，為電壓擋，因串聯(lián)的電阻較小，故應(yīng)為量程1V的電壓表；此時電流計與R1、R2并聯(lián)后再與R4串聯(lián)，即改裝后的1mA電流表與R4串聯(lián)后再改裝成電壓表；根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律可知

選項D正確。

故選D。9、D【分析】【詳解】

A．整個過程中線圈中穿過線圈的磁通量不斷變化；線圈中一直產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；

B．線圈水平放置時的磁通量為

故B錯誤；

C．只有當(dāng)線圈平面與磁場方向平行時線圈中的磁通量才為0；故C錯誤；

D．設(shè)初位置時穿過線圈的磁通量為正，則初位置時

末位置時

則初、末位置磁通量的改變量的大小為

故D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

CD．當(dāng)接上1、2時，是在電流表上并聯(lián)一個定值電阻，所以是電流表，由于的阻值為電流表內(nèi)阻的一半，所以擴大后的量程是原來的3倍，即為故C錯誤，D正確；

AB．接1、3時是給電流表串聯(lián)一定值電阻，則是電壓表，由于通過電流是電流表滿偏電流的3倍，所以兩端的電壓是電流表滿偏電壓的6倍；而電流表的滿偏電壓是。

所以改裝后的電壓是故錯誤；B正確。

故選BD。11、A:D【分析】【詳解】

根據(jù)右手定則可知，左邊直導(dǎo)線在b點的磁場方向向下，右邊直導(dǎo)線在b點的磁場方向也是向下的，由疊加原理可知，b點磁感應(yīng)強度的方向垂直a、c連線向下，選項A正確；根據(jù)右手定則可知，左邊直導(dǎo)線在c點的磁場方向向下，右邊直導(dǎo)線在c點的磁場方向也是向上，但是右邊直導(dǎo)線在c點的磁場強度大于左邊直導(dǎo)線在c點的磁場強度，由疊加原理可知，c點磁感應(yīng)強度大小不為0，選項B錯誤；由疊加原理可知，a點的磁場方向垂直ac向上，則a點和b點的磁感應(yīng)強度的方向相反；選項C錯誤；根據(jù)對稱性可知，a點和c點的磁感應(yīng)強度大小和方向均相同，選項D正確；故選AD.

【點睛】

磁感應(yīng)強度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線周圍磁場方向是解題的前提．12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．試探電荷從無窮遠(yuǎn)處移動到電場中的A點；試探電荷克服電場力做功，即電場力做負(fù)功，電勢能增大，故A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)

A點的電勢大于0；故C正確，D錯誤；

故選AC。13、A:C【分析】【詳解】

A.由電線線的空間分布可知C、D兩點的電場強度相同；

B.將正電荷從C點移到E點；電場力做正功，其電勢能減?。?/p>

C.中C、D兩點的連線均在同一等勢面上；則移動點電荷時電場力始終不做功；

D.由電場強度的疊加原理可知E點的電場強度方向由A點指向E點。

故選AC。14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題可知，CDEF所在的圓面是線段AB的中垂面，A、B兩點形成的電場為等量異種點電荷的電場，根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，該CDEF所在的圓面與電場線垂直，所以CDEF所在的圓面上各點的電勢是相等的，C點的電勢等于E點的電勢；選項A錯誤；

B．CDEF所在的圓面與電場線垂直，所以一個正電荷q在E點受到的電場力方向與EF垂直；選項B錯誤；

C．根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，從A到O電場強度方向從A指向O，所以從A到O電勢降低，正電荷的電勢能減??；CDEF所在的圓面上各點的電勢相等，所以將正電荷從O沿半徑移動到E點；該電荷電勢能不變，選項C正確；

D．根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，CD連線上O點的電場強度最大，從C經(jīng)O到D的過程中電場強度先增大后減小，所以正電荷從C經(jīng)O到D的過程中受到的電場力先增大后減??；選項D正確。

故選CD。15、B:D【分析】【詳解】

A項：圖像斜率表示場強大小，由圖可知在H點的場強為零，即Q1和Q2兩電荷在H的合場強為零，由公式可知，Q1的電荷量大于Q2的電荷量；故A錯誤；

B項：由圖知B點的電勢為零；由于沿著電場線電勢降低，所以在B點邊場強方向沿x軸正方向，在B點右邊場強方向沿x軸負(fù)方向，故B正確；

C項：由在G點場強方向沿x軸向左；負(fù)電荷所受電場力向右，所以負(fù)電荷沿x軸向右運，故C錯誤；

D項：由圖像可知從D點到J點電勢先升高再降低，負(fù)電荷的電勢能先減小后增大，電場力先做正功后做負(fù)功，故D正確．16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電場線的疏密程度表示電場強度的大小，可知a點的電場線比b點的電場線更密，故a點的場強比b點的場強大；故A正確；

B．根據(jù)沿著電場線方向電勢不斷降低，可知d點的電勢比c點的電勢高；故B錯誤；

C．根據(jù)正電荷在電勢越高的點，電勢能越大，可知質(zhì)子在d點的電勢能比在c點的電勢能大；故C錯誤；

D．由圖可知，a點的電勢低于b點的電勢，而負(fù)電荷在電勢越低的點電勢能越大，故電子在a點的電勢能高于在b點的電勢能，所以將電子從a點移動到b點；電勢能減小，故電場力做正功，故D正確。

故選AD。17、B:D【分析】【詳解】

甲圖中，兩球碰撞過程中動量守恒，機械能不增加，如果兩球質(zhì)量相等，發(fā)生彈性碰撞，則碰撞后m2的速度等于v，若發(fā)生非彈性碰撞，碰后m2的速度不等于v，故A錯誤．乙圖中，圖中光的顏色保持不變的情況下，光照越強，光電子數(shù)目越多，則飽和光電流越大，故B正確；丙圖中，由左手定則可知，甲帶正電，則甲射線由α粒子組成．乙不帶電，射線乙是γ射線，丙射線粒子帶負(fù)電，則丙射線由電子組成，故C錯誤；丁圖所示的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核裂變，故D正確；故選BD．三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)q1運動的時間為t1，q2運動的時間為t2．粒子在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，兩粒子的初速度相等，設(shè)初速度為v0；

根據(jù)運動學(xué)公式：

可得時間：

所以有：

根據(jù)：

由以上各式聯(lián)立得

[2]根據(jù)動能定理有：所以動能增量之比為：【解析】3∶43∶119、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.創(chuàng)生②.消滅③.另一個物體④.另一部分⑤.總量⑥.電荷的代數(shù)和20、略

【分析】【詳解】

[1]負(fù)電荷從電場中的A點移動到B點，克服電場力做了的功，即電場力做功為

AB兩點間的電勢差為

[2]規(guī)定A點的電勢能為零，從A點到B點，負(fù)電荷的電勢能增加

可知B點的電勢能為【解析】521、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電容的決定式可知；若電容器的電容變小，一定是插入的電介質(zhì)少了，所以被測物體向右移動。

[2]若換成更大介電常數(shù)的材料，移動相同距離時，電容的變化量一定較大，根據(jù)靈敏度的定義可知，靈敏度一定變大?！窘馕觥坑易兇?2、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當(dāng)閉合，且滑片在端時，燈正常發(fā)光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當(dāng)閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯(lián)，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數(shù)為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當(dāng)閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]直線電流的磁場：右手握住導(dǎo)線；讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向，如圖甲。

（2）[3][4]環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與環(huán)形電流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向，如圖乙。

（3）[5][6][7]通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟電流方向一致，拇指所指的方向就是螺線管內(nèi)部磁感線的方向，或拇指指向螺線管的N極，如圖丙?！窘馕觥竣?電流②.磁感線③.環(huán)形電流④.磁感線⑤.電流⑥.內(nèi)部⑦.N四、作圖題(共4題，共20分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應(yīng)穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應(yīng)，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應(yīng)穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析26、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因