2025年人教A新版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教A新版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示；下列說(shuō)法正確的是（）

A.燈泡發(fā)光說(shuō)明電路中有電流B.金屬導(dǎo)線中發(fā)生定向移動(dòng)的電荷是正電荷C.電源的上端是正極D.燈泡發(fā)光時(shí)，電源將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能2、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中的電場(chǎng)線上有a、b兩點(diǎn)，相距20cm，一電子僅在電場(chǎng)力作用下沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過0.2s的時(shí)間先后通過a、b兩點(diǎn)，則電子通過a、b中點(diǎn)時(shí)的速度大小為（）A.若電場(chǎng)線方向向右，則大于1m/s，若電場(chǎng)線方向向左，則小于1m/sB.若電場(chǎng)線方向向右，則小于1m/s，若電場(chǎng)線方向向左，則大于1m/sC.無(wú)論電場(chǎng)線方向向左還是向右均大于1m/sD.無(wú)論電場(chǎng)線方向向左還是向右均小于1m/s3、如圖所示；將懸線拉至水平位置無(wú)初速釋放，當(dāng)小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，細(xì)線被一與懸點(diǎn)同一豎直線上的小釘B擋住的瞬間速度的大小不變，比較懸線被小釘子擋住的前后瞬間；

①小球的角速度減??；②小球的動(dòng)能減??；

③懸線的張力變大；④小球的向心加速度變大．

以上說(shuō)法正確的是（）A.①②B.②③C.③④D.①④4、混凝土價(jià)廉且堅(jiān)固耐壓，但不耐拉，通常在混凝土建筑物須承受張力的部分用鋼筋來(lái)加固，如下圖所示．樓板和陽(yáng)臺(tái)的加固鋼筋位置都正確的是()5、如圖所示，小船以大小為v（船在靜水中的速度）、方向與上游河岸成θ的速度從O處過河，經(jīng)過一段時(shí)間，正好到達(dá)正對(duì)岸的O′處．現(xiàn)要使小船在更短的時(shí)間內(nèi)過河并且也正好到達(dá)正對(duì)岸的O′處．在水流速度不變的情況下，可采取的方法是（）A.θ角不變且v增大B.θ角減小且v增大C.θ角增大且v減小D.θ角增大且v增大6、如圖甲所示，彈簧上端固定，下端懸掛一個(gè)磁鐵，磁鐵的N極向下．將磁鐵托起到某一高度（彈簧處于壓縮狀態(tài)）后放開，磁鐵能上下振動(dòng)較長(zhǎng)時(shí)間才停下來(lái)．如果在磁鐵下端放一個(gè)固定的閉合金屬圓環(huán)（如圖乙所示），仍將磁鐵托起到同一高度后放開，磁鐵就會(huì)很快地停下來(lái)．針對(duì)這個(gè)現(xiàn)象下列解釋正確的是（）A.磁鐵和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.若磁鐵的S極向下，磁鐵振動(dòng)時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)C.磁鐵很快停下來(lái)的主要原因是圓環(huán)中產(chǎn)生了感應(yīng)電流D.金屬圓環(huán)的制作材料一定不是鋁，因?yàn)榇盆F對(duì)鋁不會(huì)產(chǎn)生力的作用7、從距地面某一高度，相隔1s先后釋放兩個(gè)相同的小球甲和乙，不計(jì)空氣的阻力．則它們?cè)谙侣溥^程中（）A.兩球之間的距離保持不變B.兩球落地前任一時(shí)刻的速度相同C.兩球的速度之差保持不變D.兩球在剛要落地時(shí)的速度大小不同評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、已知一足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面的傾角為θ，以一定的速度勻速運(yùn)動(dòng)．某時(shí)刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖甲所示），以此時(shí)為t=0時(shí)刻紀(jì)錄了小物塊之后在傳送帶上運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間的變化關(guān)系，如圖乙所示（圖中取沿斜面向上的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍阎獋魉蛶У乃俣缺３植蛔?，g取10m/s2．則下列判斷正確的是（）A.0～t1內(nèi)，物塊對(duì)傳送帶做正功B.t1～t2內(nèi)，物塊的機(jī)械能增大C.t2以后，物塊的機(jī)械能守恒D.物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則μ＞tanθ9、高壓輸電過程中，輸電電壓為U，輸電功率為P，輸電導(dǎo)線上電阻為R，則有（）A.損失功率為B.損失功率為C.電壓損失為D.用戶得到的功率為10、“在某次蹦極中，彈性繩彈力F的大小隨時(shí)間t的變化圖象如圖所示，其中t1、t3時(shí)刻圖線的斜率最大．將蹦極過程近似為在豎直方向的運(yùn)動(dòng)，彈性繩中彈力與伸長(zhǎng)量的關(guān)系遵循胡克定律，空氣阻力不計(jì)．下列說(shuō)法正確的是（）A.t1～t2時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài)B.t2～t4時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能先增大后減小C.t3時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員的加速度為零D.t4時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員具有向上的最大速度11、如圖所示，質(zhì)量為m的小球固定在長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)輕桿的一端，繞細(xì)桿的另一端O在豎直平面上做圓周運(yùn)動(dòng)．球轉(zhuǎn)到最高點(diǎn)A時(shí)，線速度的大小為，則（）A.球受到mg/2的向上的彈力B.桿受到mg/2的向下的壓力C.球受到3mg/2的向上的彈力D.桿受到3mg/2的向下的壓力12、如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面間的夾角為θ，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，并與阻值為R的定值電阻相連，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．有一質(zhì)量為m、長(zhǎng)為l的導(dǎo)體棒從ab位置獲得平行于斜面的、大小為v的初速度向上運(yùn)動(dòng)，最遠(yuǎn)到達(dá)a'b'的位置，滑行的距離為s，導(dǎo)體棒的電阻也為R，與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．則（）A.上滑過程中導(dǎo)體棒受到的最大安培力為B.上滑過程中通過電阻R的電量為C.上滑過程中導(dǎo)體棒克服安培力做的功為mv2-mgs（sinθ+μcosθ）D.上滑過程中導(dǎo)體棒損失的機(jī)械能為mv2-mgssinθ13、光滑的水平面上固定一光滑的柱子，一根細(xì)線的一端固定在柱子上，另一端系著一光滑的小球，細(xì)線處于伸直狀態(tài)．現(xiàn)給小球一垂直于細(xì)線的速度，使小球繞柱子轉(zhuǎn)動(dòng)，在整個(gè)過程中，細(xì)線始終垂直于小球的速度，最終細(xì)線完全繞在柱子上．在該過程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球運(yùn)動(dòng)的線速度越來(lái)越大B.小球運(yùn)動(dòng)的加速度越來(lái)越大C.小球運(yùn)動(dòng)的角速度越來(lái)越大D.細(xì)線的拉力越來(lái)越大14、如圖所示，一帶負(fù)電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在電場(chǎng)力作用下形成圖中所示的運(yùn)動(dòng)軌跡．M和N是軌跡上的兩點(diǎn)，其中M點(diǎn)在軌跡的最右點(diǎn)．不計(jì)重力，下列表述正確的是（）A.粒子在M點(diǎn)的速率最大B.粒子所受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)方向C.粒子在電場(chǎng)中的加速度不變D.粒子在電場(chǎng)中的電勢(shì)能先增大后減少15、如圖所示，真空中固定有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2，它們的連線豎直，連線上有兩個(gè)位置A、B，將連線等分成三段．現(xiàn)將一個(gè)帶正電油滴（可視為質(zhì)點(diǎn)）分別從A、B兩點(diǎn)處釋放，A處油滴的加速度為g，在B處油滴恰好靜止．已知電荷間距為9cm．油滴的質(zhì)量與電荷量之=1.5×1011kg/c，靜電力常量k=9.0×l09N?m2/c2．重力加速度g=10m/s2．下到說(shuō)法正確的是（）A.Q1、Q2均帶正電B.Q1、Q2均帶負(fù)電C.Q2電量是Q1電量的4倍D.Q1的電量為0.04C16、如圖所示，是一段導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受力分析示意圖，其中正確的圖示是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、在水平冰面上（摩擦力忽略不計(jì)），被踢出去的小冰塊以2m/s的速度在冰面上滑行，則在4s后小冰塊的速度為____．18、（2016?黃浦區(qū)二模）如圖，輕繩一端懸掛一質(zhì)量為5kg的重物M，另一端跨過C處的定滑輪與套在斜直桿上的環(huán)相連．A、O、B為直桿上三點(diǎn)，AO=OB，CO與直桿垂直，CO=0.8m，∠OCA=37°．環(huán)在外力作用下沿直桿向上以3m/s的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，環(huán)從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中繩對(duì)重物M做的功為____J，從O到B的過程中繩對(duì)重物M做的功為____J．（不計(jì)滑輪大小）19、（2013春?榮成市校級(jí)月考）用多用電表進(jìn)行了兩次測(cè)量，指針的位置分別如圖中a、b所示，若多用電表的選擇開關(guān)在以下表格中所指的擋位，a、b相應(yīng)的讀數(shù)為多少？請(qǐng)?zhí)钤诒砀裰校?/p>

。所選檔位指針的讀數(shù)abb直流電壓2.5V（V）________直流電流10mA（mA）________電阻×10Ω（Ω）________20、A、B兩種光子的能量之比為2：1，它們都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，且所產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能分別為EA、EB．求A、B兩種光子的動(dòng)量之比和該金屬的逸出功____．21、如圖所示，岸上用繩拉船，拉繩的速度是v，當(dāng)繩與水平方向夾角為θ時(shí)，船的速度為____．

22、由于____而產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)叫做動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共4分)23、描述物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、解答題(共3題，共6分)24、作圖。

（1）如圖1所示；小球放在水平面OA和斜面OB之間且處于靜止?fàn)顟B(tài)，試畫出小球C所受力的示意圖，并標(biāo)明力的名稱（所有接觸面都是光滑的）．

（2）如圖2所示，豎直放置的平行導(dǎo)軌上擱置了一根與導(dǎo)軌接觸良好的金屬棒ab，水平方向的勻磁場(chǎng)強(qiáng)垂直穿過導(dǎo)軌平面，請(qǐng)?jiān)趫D上標(biāo)出當(dāng)金屬棒ab下落時(shí)，ab棒中感應(yīng)電流的方向和ab棒所受的磁場(chǎng)力方向．

25、如圖所示，物體A質(zhì)量m1=3kg，物體B質(zhì)量m2=1kg，通過輕繩跨過滑輪相連．物體B與固定的斜面間摩擦力大小f=5N，斜面與水平面成θ=30°，不計(jì)繩子和滑輪之間的摩擦．開始時(shí)B物體位于斜面的底端，用手托住A物體，繩子處于伸直狀態(tài)但無(wú)拉力，且A、B兩物體均靜止．已知斜面足夠長(zhǎng)，現(xiàn)撤去手，A物體下落，著地后不再反彈，A物體落瞬間B物體的速度v2=4m/s．（取g=10m/s2）求：

（1）A物體落地后；B物體繼續(xù)沿斜面上升的距離。

（2）開始時(shí)A物體離地的高度h

（3）撤去手后到A物體落瞬間，輕繩對(duì)B物體所做的功．26、一定質(zhì)量的理想氣體；從一個(gè)狀態(tài)變化到另一個(gè)狀態(tài)的過程中，吸收熱量280J，并對(duì)外做功120J．試問：

①這些氣體的內(nèi)能發(fā)生了怎樣的變化？

②如果這些氣體又返回到原來(lái)的狀態(tài)；并放出熱量240J，那么在返回的過程中是氣體對(duì)外界做功還是外界對(duì)氣體做功？做功是多少？

評(píng)卷人得分六、識(shí)圖作答題(共1題，共2分)27、下圖（一）是某池塘生態(tài)系統(tǒng)中部分生物之間的關(guān)系圖，請(qǐng)據(jù)圖回答問題。（1）圖（一）的種間關(guān)系有____。各種生物之間的捕食與被捕食過程，體現(xiàn)了生態(tài)系統(tǒng)有____等功能。（2）由于食性不同，魚塘中魚類、貝類等生物具有分層現(xiàn)象，群落的這種空間結(jié)構(gòu)稱為____，意義是____。（3）該生態(tài)系統(tǒng)中，能量流向貝類后，將發(fā)生一系列變化，如圖（二）所示。B表示________，貝類養(yǎng)殖業(yè)中一般需要提髙食物的利用率即____的比值(用字母和文字表示）。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】（1）電流流過燈泡要產(chǎn)生光效應(yīng)；所以可以由發(fā)光反映出有電流．

（2）金屬導(dǎo)電靠的是自由電子；自由電子帶負(fù)電．

（3）在電源外部電流方向是從正極流向負(fù)極．

（4）燈泡發(fā)光時(shí)，電源是將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能．【解析】【解答】解：A；燈泡發(fā)光是電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能或光能；可以由光來(lái)反映電路中有電流．故A說(shuō)法正確．

B；金屬導(dǎo)線中發(fā)生定向移動(dòng)的是自由電子；自由電子帶負(fù)電．故B錯(cuò)誤．

C；電路中是自由電子的定向移動(dòng)；電流的方向與自由電子定向移動(dòng)的方向相反，因此電流方向是從電源下端流向上端，又因?yàn)殡娫赐獠侩娏鞣较蚴菑恼龢O流向負(fù)極，所以電源的下端為正極．故C錯(cuò)誤；

D；燈泡發(fā)光時(shí)；電源在工作，此時(shí)電源將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能提供給燈泡．燈泡再電能轉(zhuǎn)化為光能；故D錯(cuò)誤．

故選：A．2、C【分析】【分析】根據(jù)公式，求出物體在a、b兩點(diǎn)間的平均速度，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可知，物體在a、b兩點(diǎn)間的平均速度等于中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，總大于中間位置的瞬時(shí)速度．【解析】【解答】解：物體在a、b兩點(diǎn)間的平均速度為=m/s=1m/s

根據(jù)推論得知：物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體在a、b兩點(diǎn)間的平均速度等于中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，總小于中間位置的瞬時(shí)速度，所以無(wú)論該質(zhì)點(diǎn)通過a、b中點(diǎn)時(shí)的速度大小均大于1m/s．而當(dāng)無(wú)論電場(chǎng)線方向如何；即使是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，還是勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以C正確，ABD錯(cuò)誤．

故選C3、C【分析】【分析】當(dāng)小球達(dá)到最低時(shí)，細(xì)線被釘子攔住的瞬間，小球的線速度是不變的．由于細(xì)線被擋住導(dǎo)致半徑變小，由線速度、角速度與半徑的關(guān)系可得出小球的角速度、向心加速度及動(dòng)能的變化情況，同時(shí)在最低點(diǎn)由向心力公式結(jié)合牛頓第二定律可知懸線的拉力如何變化．【解析】【解答】解：當(dāng)懸線碰到釘子瞬間時(shí)；小球的線速度是不變的．由于懸線被擋時(shí)導(dǎo)致半徑減小，則：

①因?yàn)閞減小，則由v=ωr得；角速度ω變大．故①錯(cuò)誤；

②因?yàn)榫€速度v不變；所以小球的動(dòng)能也不變．故②錯(cuò)誤；

③小球在最低點(diǎn)受重力與拉力，因?yàn)閙、v、g是不變的，而r減小，由T-mg=m得：T變大．故③正確；

④因?yàn)榫€速度v不變，半徑r變小，由an=得：an變大；故④正確；

故選C．4、D【分析】當(dāng)有物體壓在鋼筋混凝土上的時(shí)候，在平臺(tái)上表面受的是壓力，下表面受的是拉力，在陽(yáng)臺(tái)的上表面受的是拉力，下表面受的是壓力，為了使鋼筋受到的是拉力，所以應(yīng)當(dāng)采用D所示的放置方式．【解析】【答案】D5、D【分析】解：由題意可知，船相對(duì)水的速度為v1；其航線恰好垂直于河岸，當(dāng)水流速度稍有增大，為保持航線不變，且能到達(dá)對(duì)岸，則如圖所示，可知，故D正確，ABC錯(cuò)誤；

故選：D．

將小船的運(yùn)動(dòng)分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向；抓住分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，求出到達(dá)對(duì)岸沿水流方向上的位移以及時(shí)間．

當(dāng)實(shí)際航線與河岸垂直；則合速度的方向垂直于河岸，根據(jù)平行四邊形定則求出船頭與河岸所成的夾角．

解決本題的關(guān)鍵知道分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，以及會(huì)根據(jù)平行四邊形定則對(duì)運(yùn)動(dòng)進(jìn)行合成和分解，注意正確畫出運(yùn)動(dòng)的合成與分解是解題的關(guān)鍵，同時(shí)關(guān)注速度是矢量．【解析】【答案】D6、C【分析】解：A；由楞次定律；線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，使磁鐵始終受到阻礙，時(shí)而體現(xiàn)引力，時(shí)而體現(xiàn)斥力，導(dǎo)致電流做功，從而使系統(tǒng)的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)楞次定律下面的線圈會(huì)阻礙磁鐵運(yùn)動(dòng)；所以當(dāng)磁鐵向下靠近金屬線圈時(shí)，線圈中產(chǎn)生了逆時(shí)針的感應(yīng)電流（俯視），兩者之間表現(xiàn)為相互排斥，同理當(dāng)磁鐵向上遠(yuǎn)離金屬線圈時(shí)，根據(jù)楞次定律，可得線圈中產(chǎn)生了順時(shí)針的感應(yīng)電流（俯視），兩者之間表現(xiàn)為相互吸引，因此與磁鐵的磁性無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C；磁鐵很快停下來(lái)的主要原因是圓環(huán)中產(chǎn)生了感應(yīng)電流；故C正確；

D；金屬圓環(huán)的制作材料不一定是鋁；只要是金屬，就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培力，故D錯(cuò)誤；

故選：C．

利用楞次定律判斷線圈所受安培力的方向；從而判斷線圈對(duì)水平面的壓力變化情況，線圈會(huì)阻礙磁鐵運(yùn)動(dòng)做負(fù)功，所以磁鐵最終會(huì)停止．

本題巧妙的考查了楞次定律的應(yīng)用，只要記住“增反減同”這一規(guī)律，此類題目難度不大，并理解電磁阻尼的原理，及能量轉(zhuǎn)化與守恒的內(nèi)容．【解析】【答案】C7、C【分析】【分析】甲乙兩球均做自由落體運(yùn)動(dòng)，由位移公式列出它們的距離與時(shí)間關(guān)系的表達(dá)式，再求出速度之差與時(shí)間的關(guān)系，從而分析判斷．【解析】【解答】解：A、兩球之間的距離=gt+；可知之間的距離隨著時(shí)間的增大而增大，故A錯(cuò)誤．

B；兩球在落地前瞬間同一時(shí)刻速度不等；速度之差△v=g（t+1）-gt=g，保持不變，故B錯(cuò)誤，C正確．

D、根據(jù)v2=2gh知；下落的高度相同，則剛要落地時(shí)的速度大小相等，故D錯(cuò)誤．

故選：C．二、多選題(共9題，共18分)8、BD【分析】【分析】由圖看出，物塊先向下運(yùn)動(dòng)后向上運(yùn)動(dòng)，則知傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)向上．0～t1內(nèi)，物塊對(duì)傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，可知物塊對(duì)傳送帶做功情況．由于物塊能向上運(yùn)動(dòng)，則有μmgcosθ＞mgsinθ．根據(jù)動(dòng)能定理研究0～t2內(nèi)，傳送帶對(duì)物塊做功．【解析】【解答】解：A、由圖知，物塊先向下運(yùn)動(dòng)后向上運(yùn)動(dòng)，則知傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)向上．0～t1內(nèi)；物塊對(duì)傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對(duì)傳送帶做負(fù)功．故A錯(cuò)誤．

B、在t1～t2內(nèi)；物塊向上加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能和重力勢(shì)能均增加，則機(jī)械能增大，故B正確．

C、t2以后；物塊向上勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增大，則機(jī)械能增大，故C錯(cuò)誤．

D、在t1～t2內(nèi)；物塊向上運(yùn)動(dòng)，則有μmgcosθ＞mgsinθ，得μ＞tanθ．故D正確．

故選：BD9、BC【分析】【分析】根據(jù)P=UI求出輸電線上的電流，結(jié)合△U=IR求出電壓損失，結(jié)合△P=I2R求出損失的功率．【解析】【解答】解：A、輸電線上的電流I=，則輸電線上損失的功率△P=I2R=．故A錯(cuò)誤；B正確．

C、輸電線上電壓的損失．故C正確．

D、根據(jù)能量守恒知，用戶得到的功率．故D錯(cuò)誤．

故選：BC．10、AC【分析】【分析】跳躍者所受的拉力越大，位置越低；當(dāng)拉力最大，位置最低時(shí)，跳躍者速度為零；當(dāng)跳躍者速度達(dá)到最大值時(shí)，跳躍者所受拉力與重力相等．【解析】【解答】解：在t1、t3時(shí)刻圖線的斜率最大；說(shuō)明彈力變化最快，由于彈力與長(zhǎng)度成正比，說(shuō)明長(zhǎng)度變化最快，即速度最大，而速度最大時(shí)彈力與重力平衡；

A、在t1-t2時(shí)間內(nèi)；彈力大于重力，運(yùn)動(dòng)員合力向上，減速下降，超重，故A正確；

B、由于整個(gè)過程重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能和動(dòng)能總量保持不變，而t2～t4時(shí)間內(nèi)彈性勢(shì)能一直變??；故運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能一直增加，故B錯(cuò)誤；

C、t3時(shí)刻重力與拉力相等；合力為零，故加速度為零，故C正確；

D、t4時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員受到的拉力為0；只受重力，加速度為g，方向向下，故D錯(cuò)誤；

故選：AC．11、AB【分析】【分析】設(shè)此時(shí)桿對(duì)小球的作用力為拉力，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式F=m即可求解，若解得T為正數(shù)，則方向與假設(shè)方向相同，若為負(fù)數(shù)說(shuō)明力的方向與假設(shè)相反．【解析】【解答】解：設(shè)此時(shí)桿對(duì)小球的作用力為拉力；則有：

T+mg=m

解得：T=-

負(fù)號(hào)說(shuō)明力的方向與假設(shè)相反；即球受到的力為桿子的支持力。

根據(jù)牛頓第三定律可知：桿受到的壓力；故AB正確．

故選AB12、ACD【分析】解：A、導(dǎo)體棒開始運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流最大，所受的安培力最大，由E=Blv、I=FA=BIl得：最大安培力為Fmax=故A正確．

B、由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E===感應(yīng)電流I=通過導(dǎo)體棒的電量q=I△t，解得：q=故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)能量守恒可知，上滑過程中導(dǎo)體棒的動(dòng)能減小，轉(zhuǎn)化為焦耳熱、摩擦生熱和重力勢(shì)能，則克服安培力所做的功Q=mv2-mgs（sinθ+μcosθ）；故C正確．

D、上滑過程動(dòng)能增加，而重力勢(shì)能減小，故損失的機(jī)械能W=mv2-mgssinθ；故D正確．

故選：ACD．

導(dǎo)體棒向上做減速運(yùn)動(dòng)，開始時(shí)速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，受到的安培力最大，由E=Blv、I=FA=BIl求出最大安培力．求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與感應(yīng)電流；然后由電流定義式可以求出電荷量．由能量守恒定律研究熱量．回路中產(chǎn)生的熱量等于導(dǎo)體棒克服安培力做的功．

本題從兩個(gè)角度研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，一是力的角度，關(guān)鍵是推導(dǎo)安培力的表達(dá)式；二是能量的角度，關(guān)鍵分析涉及幾種形式的能，分析能量是如何轉(zhuǎn)化的．【解析】【答案】ACD13、BCD【分析】【分析】小球在光滑水平面內(nèi)繞柱子轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)線的拉力方向始終與速度方向垂直，拉力不做功，小球的線速度大小不變，結(jié)合加速度、角速度與半徑的關(guān)系分析其變化，根據(jù)牛頓第二定律分析細(xì)線拉力的變化．【解析】【解答】解：A；小球繞柱子轉(zhuǎn)動(dòng)；細(xì)線的拉力方向始終與速度方向垂直，拉力不做功，小球的線速度大小不變，故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)a=知；線速度大小不變，半徑減小，則加速度越來(lái)越大，故B正確．

C、根據(jù)知；線速度大小不變，半徑減小，則角速度越來(lái)越大，故C正確．

D、根據(jù)F=m知；線速度大小不變，半徑減小，則拉力越來(lái)越大，故D正確．

故選：BCD．14、CD【分析】【分析】求解本題的關(guān)鍵是首先明確粒子在運(yùn)動(dòng)過程中所受的電場(chǎng)力方向，再判斷電場(chǎng)力做功正負(fù)情況，然后再利用動(dòng)能定理和電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系即可做出判斷．【解析】【解答】解：A；根據(jù)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知該粒子受到的電場(chǎng)力向左；在從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)M點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，速度減小，從M再向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，速率增大，所以粒子運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)速率最小，故A錯(cuò)誤；

B；帶電粒子帶負(fù)電；所以其受到的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)方向相反，故B錯(cuò)誤；

C；由于粒子是在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的；受到的電場(chǎng)力的大小是不變的，所以粒子在電場(chǎng)中的加速度也不變，故C正確；

D；當(dāng)電子向右運(yùn)動(dòng)的過程中；電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，電勢(shì)能增加，在向左返回的過程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，電勢(shì)能減小，即粒子的電勢(shì)能先增大后減小，故D正確．

故選：CD．15、ACD【分析】【分析】在A點(diǎn)受力分析；重力加速度為g，說(shuō)明合力為重力，則兩個(gè)庫(kù)侖力的合力為零，說(shuō)明兩電荷是同種電荷，根據(jù)庫(kù)侖定律列方程計(jì)算出電荷量的大小關(guān)系．

在B點(diǎn)受力分析，恰好靜止，說(shuō)明兩個(gè)庫(kù)侖力的合力與重力等值反向，由此可以判斷兩球的帶正電，再根據(jù)平衡方程可計(jì)算出Q1的電量．【解析】【解答】解：C、油滴在A處的加速度為g，對(duì)油滴受力分析可知，Q1、Q2對(duì)油滴的庫(kù)侖力的合力為0，Q1、Q2因?yàn)橥N電荷．設(shè)Q1到A的距離為r，油滴電量為q，有，得Q2=4Q1；故C正確．

AB、在B處Q1、Q2對(duì)油滴的庫(kù)侖力的合力大小等于油滴重力，方向豎直向上，所以Q1、Q2均帶正電；故A正確；B錯(cuò)誤．

D、由在B處油滴的平衡方程，得；故D正確．

故選：ACD．16、ABD【分析】【分析】當(dāng)通電導(dǎo)體電流方向與磁場(chǎng)方向不在同一線上時(shí)，將受到安培力作用，安培力的方向可以通過左手定則進(jìn)行判斷．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定值可知：

A圖中的安培力應(yīng)該垂直導(dǎo)線向上；故A正確；

B圖中的安培力應(yīng)該垂直導(dǎo)線向下；故B正確；

C圖中的安培力應(yīng)該垂直磁感線豎直向下；故C錯(cuò)誤；

D圖中的安培力應(yīng)該垂直于磁感線豎直向左；故D正確．

故選：ABD．三、填空題(共6題，共12分)17、2m/s【分析】【分析】因?yàn)槟Σ亮Σ挥?jì)，物體所受合力為零；故冰塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度保持不變．【解析】【解答】解：因踢出后的小冰塊重力與支持力大小相等；而水平方向不受外力，故冰塊在做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故冰塊的速度保持不變；故4s后小冰塊的速度仍為2m/s；

故答案為：2m/s18、018.1【分析】【分析】環(huán)從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，繩對(duì)重物先做負(fù)功后做正功，由動(dòng)能定理求繩對(duì)重物M做的功．從O到B的過程中，根據(jù)兩個(gè)物體的速度關(guān)系和動(dòng)能定理求繩對(duì)重物M做的功．【解析】【解答】解：環(huán)從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中；重物先下降后上升，總的高度不變，整個(gè)過程中，重力做功為零，重物動(dòng)能的變化量為零，由動(dòng)能定理知，總功為0，則繩對(duì)重物M做的功。

0．

從O到B的過程中，環(huán)經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)重物的速度v1=v環(huán)cos90°=0

環(huán)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)重物的速度v2=v環(huán)sin37°=3×0.6=1.8m/s

重物上升的高度h=BC-OC=-OC=-0.8=0.2m

對(duì)重物；根據(jù)動(dòng)能定理得：

WF-Mgh=-

解得WF=18.1J

故答案為：0，18.1．19、0.572.002.38.050032【分析】【分析】多用電表的使用中，能測(cè)量電流、直流電壓、交流電壓、電阻等．有關(guān)表頭讀數(shù)：最上示數(shù)是電阻刻度；中間是直、交流電壓或電流刻度；最下示數(shù)是交流量程是2.5V電壓刻度．因此當(dāng)選擇開關(guān)位于電阻檔時(shí)，先讀出刻度盤上的讀數(shù)，然后再乘上倍率就是電阻的阻值．注意的是電阻刻度是不均勻的，所以盡量讓指針指在中間附近．當(dāng)選擇開關(guān)位于電壓檔時(shí)，根據(jù)電壓量程從而選擇刻度讀數(shù)．同樣電流檔也是一樣的．只有當(dāng)量程是2.5V交流電壓時(shí)，才讀最下刻度．【解析】【解答】解：直流電壓2.5V檔讀第二行“0～250”一排，最小分度值為0.05V估讀到0.01V就可以了，則a的讀數(shù)為0.57V，b的讀數(shù)為2.00V；

直流電流10mA檔讀第二行“0～10”一排，a的讀數(shù)為2.3mA，b的讀數(shù)為8.0mA；

電阻×10檔讀最上面一行，a的讀數(shù)為500Ω，b的讀數(shù)為32Ω；

故答案為：0.57，2.3，500，2.00，8.0，32．20、2：l；EA-2EB【分析】【分析】光子能量公式E=hf=和動(dòng)量公式P=mv=判斷動(dòng)量之比，由光電效應(yīng)方程求逸出功．【解析】【解答】解：由光子能量公式E=hf=和動(dòng)量公式P=mv=知；A；B兩種光子的動(dòng)量之比等于A、B兩種光子的能量之比為2：l；

由EA=E1-W和EB=E2-W聯(lián)立得W=EA-2EB．

故答案為：2：l；EA-2EB．21、【分析】【分析】將船的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的速度等于v，根據(jù)平行四邊形定則求出船的速度．【解析】【解答】解：船的速度等于沿繩子方向和垂直于繩子方向速度的合速度；

根據(jù)平行四邊形定則，有v船cosθ=v，則v船=；

故答案為：．22、導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)【分析】【分析】在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)稱為感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，叫動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的那段導(dǎo)體相當(dāng)于電源．【解析】【解答】解：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)稱為感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由于導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)，而產(chǎn)生的產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)叫做動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的那段導(dǎo)體相當(dāng)于電源．

故答案為：導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)．四、判斷題(共1題，共4分)23、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來(lái)考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動(dòng)的；如研究炸彈的運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以將運(yùn)動(dòng)的飛機(jī)作為參考系．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×五、解答題(共3題，共6分)24、略

【分析】【分析】（1）由假設(shè)法；對(duì)小球受力分析，根據(jù)小球處于平衡狀態(tài)，則可確定小球受力情況，再畫出其受力分析圖即可．

（2）由右手定則判斷感應(yīng)電流方向，由左手定則分析磁場(chǎng)力的方向．【解析】【解答】解：（1）小球受力平衡；重力與支持力，若存在斜面B對(duì)小球的彈力，則根據(jù)平衡條件，有小球?qū)⑦\(yùn)動(dòng)，因此小球只受到重力與斜面A的支持力；故受力示意圖如下；

（2）當(dāng)金屬棒ab下落時(shí)，由右手定則知，ab棒中感應(yīng)電流的方向由a指向b．

由左手定則知，ab棒所受的磁場(chǎng)力方向向上．如圖．

答：畫出圖如上所示．25、略

【分析】【分析】（1）A物體落地后；對(duì)B分析，根據(jù)動(dòng)能定理求出B物體繼續(xù)沿斜面上升的距離．

（2）對(duì)A；B整體運(yùn)用動(dòng)能定理；抓住落地前A、B的速度大