2025年外研版2024選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；一理想變壓器的原線圈接正弦交流電源，副線圈接有電阻R和小燈泡。電流表和電壓表均可視為理想電表。閉合開關S，下列說法正確的是。

A.電流表A1的示數減小B.電流表A2的示數減小C.電壓表V1的示數減小D.電壓表V2的示數減小2、已知氫原子的基態(tài)能量為E1，激發(fā)態(tài)能量En＝其中n＝2,3,4，h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．有一氫原子處于n＝3的激發(fā)態(tài)，在它向低能級躍遷時，可能輻射的光子的最大波長為()A.B.C.D.3、如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1和R2為定值電阻，R為滑動變阻器．當R的滑片P在某一位置時，閉合開關S，電壓表的讀數為U=1.00V，電流表A1的讀數I1=0.80A，電流表A2的讀數為I2=1.20A．現將R的滑片P繼續(xù)向b端移動過程中，三個電表可能得到的讀數是（）

A.U=0.70V，I1=0.60A，I2=1.30AB.U=0.80V，I1=0.60A，I2=1.40AC.U=0.90V，I1=0.70A，I2=1.40AD.U=1.10V，I1=0.70A，I2=1.50A4、在電場中的某點放入一帶正電的試探電荷q，其受到的電場力大小為F，方向水平向右。下列說法正確的是（）A.該點場強大小為方向水平向左B.若該點放一電量為2q的試探電荷，則該點場強大小為C.若該點不放試探電荷，則該點場強為零D.無論是否放入試探電荷，該點場強大小都為5、如圖所示是一臺發(fā)電機的結構示意圖，其中N、S是永久磁鐵的兩個磁極，它們的表面呈半圓柱面形狀。M是圓柱形鐵芯，它與磁極的柱面共軸，鐵芯上有一矩形線框，可繞與鐵芯M共軸的固定轉動軸旋轉。磁極與鐵芯之間的縫隙中形成方向沿半徑、大小相等的磁場。若從圖示位置開始計時，當線框繞固定轉動軸勻速轉動時，下列圖像中可能正確反映線框中感應電動勢e隨時間t變化規(guī)律的是（）

A.B.C.D.6、關于分子動理論，下列說法正確的是（）A.相同質量的水和冰在0℃時，分子平均動能一定相等B.若僅知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數，就能算出氦氣分子的體積C.當分子間的作用力表現為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越小D.用“油膜法”估測分子直徑時，滴在水面的油酸酒精溶液體積為V，鋪開的油膜面積為S，則可估算出油酸分子的直徑為7、下列說法中正確的是（）A.四沖程汽油機在壓縮沖程中是將內能轉化為機械能B.抽香煙的人周圍煙霧繚繞，可以說明分子在不停地做無規(guī)則運動C.用絲綢摩擦玻璃棒，電子從絲綢轉移到玻璃捧，因而玻璃棒帶正電D.高壓鍋運用了液體沸點隨液面上方氣壓的增大而升高的原理8、下列有關光學現象的說法正確的是（）A.光從光密介質射入光疏介質，若入射角小于臨界角，則一定發(fā)生全反射B.光從光密介質射入光疏介質，其頻率不變，傳播速度變小C.通過兩支鉛筆夾成的狹縫觀察日光燈管看到彩色條紋的現象屬于光的衍射現象D.光在各種介質中的速度相同9、如圖所示,理想變壓器原線圈上連接著在水平面內的長直平行金屬導軌,導軌之間存在垂直于導軌平面的勻強磁場,金屬桿MN垂直放置在導軌上,且接觸良好.移動變壓器副線圈上的滑動觸頭可改變副線圈匝數,副線圈上接有一只理想電壓表,滑動變阻器R的總阻值大于定值電阻R0的阻值,線圈L的直流電阻、導軌和金屬桿的電阻都忽略不計.現在讓金屬桿以速度的規(guī)律在導軌上左右來回運動（T為金屬桿運動的周期）,兩燈A、B都發(fā)光.下列說法中正確的是()

A.只增大T,則燈A變暗、燈B變亮B.當時間t=T時,兩燈都亮著,電壓表的示數為零C.只將變阻器R的滑片下滑時,通過副線圈的電流減小,電壓表的示數變大D.只增大v0,兩燈都變亮,桿MN來回運動的最大距離變小評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數減小B.小球的電勢能減小C.電源的效率變高D.若電壓表、電流表的示數變化量分別為和則11、如圖的實驗中，分別用波長為的單色光照射光電管的陰極K，測得相應的遏止電壓分別為U1和U2．設電子的質量為m，帶電荷量為e，真空中的光速為c，極限波長為下列說法正確的是（）

A.用波長為的光照射時，光電子的最大初動能為B.用波長為的光照射時，光電子的最大初動能為C.普朗克常量等于D.陰極K金屬的極限頻率為12、下列說法正確的是（）A.晶體都具有各向異性，也都有相同的熔點B.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C.液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點D.不浸潤現象說明固體分子對液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力13、下面說法正確的是（）A.擴散現象是由重力引起的，完全失重條件下不會發(fā)生擴散現象B.水跟酒精混合后總的體積小于說明分子間存在間隙C.相同溫度的同種理想氣體，其內能與其質量成正比E.玻璃管中的液面可能為凹陷，也可能為凸起，液體表面層分子間作用力表現為引力時形成凹液面，液體表面層分子間作用力表現為斥力時形成凸液面E.玻璃管中的液面可能為凹陷，也可能為凸起，液體表面層分子間作用力表現為引力時形成凹液面，液體表面層分子間作用力表現為斥力時形成凸液面14、下列說法正確的是______A.達到熱平衡的兩物體的內能一定相等B.內能小的物體也可能將熱量傳遞給內能大的物體C.能源危機指能量的過度消耗導致自然界的能量不斷減少E.第一類永動機違背能量守恒定律,第二類永動機不違背能量守恒定律E.第一類永動機違背能量守恒定律,第二類永動機不違背能量守恒定律15、如圖所示電路中，燈泡A、B的規(guī)格相同，電感線圈L的自感系數很大；直流電阻可忽略不計．下列關于此電路的說法中正確的是。

A.剛閉合S瞬間，B同時亮B.閉合S達到穩(wěn)定態(tài)后，A逐漸變亮，最后B一樣亮C.閉合S達到穩(wěn)定態(tài)后，再將S斷開時，A立即熄滅，B逐漸變暗最后熄滅D.閉合S達到穩(wěn)定態(tài)后，再將S斷開時，B立即熄滅，A閃亮一下后熄滅16、【物理選修3-4】一束光從空氣射向折射率n=的某種玻璃的表面，如圖所示，i代表入射角；則_________

A.當入射角i=30°時，折射角B.無論入射角i為多大，折射角r都不會超過45°C.欲使折射角r=30°，應以i=45°的角度入射E.當入射角大于臨界角時，會發(fā)生全反射E.當入射角大于臨界角時，會發(fā)生全反射評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖是學校體育館建筑工地的揚塵噪聲監(jiān)測顯示牌，即時顯示工地周圍空氣的溫度、濕度、懸浮物微粒（PM2.5、PM10）濃度等信息。若某天早晨牌上顯示的溫度、濕度分別為28.9℃、61.7%，傍晚時分別顯示為34.5℃、51.7%，僅由這四個數據，能比較出__________（填“早晨”或“傍晚”）時空氣分子無規(guī)則運動更劇烈些，PM10在__________（填“早晨”或“傍晚”）時無規(guī)則運動更劇烈些，早晨時__________（填“PM2.5”、“PM10”）微粒的無規(guī)則運動更劇烈些，__________（填“能”或“不能”）比較出早晨時空氣的絕對濕度跟傍晚是否相同。

18、如圖所示，體積相同的玻璃瓶分別裝滿溫度為60℃的熱水和0℃的冷水，兩瓶水通過__________方式改變內能。已知水的相對分子質量是若瓶中水的質量為水的密度為阿伏伽德羅常數則瓶中水分子個數約為__________個（保留兩位有效數字）

19、a射線、β射線、γ射線、陰極射線四種射線中由原子核內射出、屬于電磁波的射線是__________，不是原子核內射出的射線是_________。20、電動機的自動控制電路如圖所示，其中為熱敏電阻，為光敏電阻，當溫度升高時，的阻值遠小于當光照射時，其阻值遠小于為使電動機在溫度升高或受到光照時能自動啟動，電路中的虛線框內應選____門邏輯電路；若要提高光照時電動機啟動的靈敏度，可以___的阻值（填“增大”或“減小”）．

21、如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許從b流向a，水平放置的平行板電容器AB內部原有一電荷P處于靜止狀態(tài)，一直保持兩極板處于平行狀態(tài)，若A和B的間距稍增大一些后，P的運動情況將是________；若把A和B的正對面積稍增大一些后，P的運動情況將是_________；若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，P的運動情況將是________．（填“靜止不動”；“向下運動”或“向上運動”）

22、一定質量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p－V的圖描述，圖中p1、p2、V1、V2和V3為已知量．

(1)氣體狀態(tài)從A到B是______過程(填“等容”；“等壓”或“等溫”)；

(2)狀態(tài)從B到C的變化過程中；氣體的溫度______(填“升高”；“不變”或“降低”)；

(3)狀態(tài)從C到D的變化過程中；氣體______(填“吸熱”或“放熱”)；

(4)狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中，氣體對外界所做的總功為________．23、“測定玻璃的折射率”實驗中,在玻璃磚的一側豎直插兩個大頭針A、B,在另一側再豎直插兩個大頭針C、D.在插入第四個大頭針D時,要使它_____________.

如圖是在白紙上留下的實驗痕跡,其中直線a、a’是描在紙上的玻璃磚的兩個邊.根據該圖可算得玻璃的折射率n=_____________.(計算結果保留兩位有效數字)

24、（1）在海中航行的輪船，受到大風大浪沖擊時，為了防止傾覆，應當改變航行方向和__________，使風浪沖擊力的頻率遠離輪船搖擺的__________．

（2）光纖通信中，光導纖維傳遞光信號的物理原理是利用光的_________現象.要產生這種現象，必須滿足的條件是：光從光密介質射向_________，且入射角等于或大于_________．25、如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直線與橫軸的交點坐標4.31，與縱軸交點坐標0.5）由圖可知，斜率表示_____________；該金屬的極限頻率為____________Hz，該金屬的逸出功為___________J，（結果保留三位有效數字）若用頻率為5.5×1014Hz的光照射該種金屬時，則對應的遏止電壓應為_____________V

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)29、“測定玻璃的折射率”實驗中，白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和P2，然后在另一側透過玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4．

①在插P3和P4時，正確的操作是_________________

A、使P3只擋住P2的像

B、使P4只擋住P3的像

C、使P3能同時擋住P2和P1的像

D、使P4能同時擋住P3和P2和P1的像

②如圖，請將光路圖補充完整，并在圖中標出光線進入玻璃磚發(fā)生折射現象的入射角θ1和折射角θ2___

③對入射角θ1和折射角θ2進行測量，根據折射率n=______可計算得出玻璃的折射率評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)30、如圖所示，直角坐標系位于豎直平面內，在水平的軸下方存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度為方向垂直平面向時，電場線平地于軸．一質量為電荷量為的帶正電的小球，從軸上的點水平向右拋出，經軸上的點進入電場和磁場，恰能做勻速圓周運動，從軸上的點第一次離開電場和磁場，之間的距離為小球過點時的速度方向與軸正方向夾角為．不計空氣阻力，重力加速度為求：

(1)畫出小球第一次到達前的運動軌跡；

(2)電場強度的大小和方向；

(3)小球從點拋出時初速度的大?。?/p>

(4)點到軸的高度．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

AB.閉合開關S，負載增加，副線圈的電流增加，即A2示數增加，由變壓器的知識可知，原線圈的電流也增加，即A1也增加。故AB都錯誤。

C.電壓表V1測量的是原線圈兩端的電壓，所以電壓表V1的示數不變。故C錯誤。

D.閉合開關S，負載增加，副線圈的電流增加，定值電阻兩端的電壓增加，所以燈泡兩端的電壓減小，故電壓表V2的示數減小。故D正確。2、D【分析】【分析】

能級間躍遷輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級間的能級差；能級差越大，輻射的光子能量越大，頻率越大，波長越?。?/p>

【詳解】

一群氫原子處于n=3激發(fā)態(tài)，可釋放出的光子頻率種類為3種，據玻爾理論在這3種頻率光子中，當氫原子從n=3能級向n=2能級躍遷時輻射的光子頻率最小，波長最長，E2=E3==E3-E2，故D正確，ABC錯誤；故選D．3、C【分析】【詳解】

將R的滑片P繼續(xù)向b端移動過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變小，根據“串反并同”可知：I2增大，I1減小，U減小，再由知：總電阻減小，總電流變大，所以I2+I1增大；綜上可知C正確．

點晴：解決本題關鍵理解掌握電路動態(tài)分析“串反并同”的方法，即與變化電阻串聯的用電器的電流、電壓、電功率的變化與變化電阻的變化情況相反，反之相同．4、D【分析】【詳解】

A．根據電場強度的定義可知，該點場強大小為方向與正電荷受力方向相同，即水平向右，選項A錯誤；

BC．電場中某點的電場強度與試探電荷的有無無關，則若該點放一電量為2q的試探電荷或不放電荷，則該點場強大小仍為選項BC錯誤；

D．無論是否放入試探電荷，該點場強大小都為選項D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

AB．因發(fā)電機的兩個磁極N；S呈半圓柱面形狀；磁極間的磁感線呈輻向分布，磁感應強度的大小不變，僅方向發(fā)生改變，故線框在磁場中轉動時垂直切割磁感線，產生的感應電動勢的大小不變，故AB錯誤；

CD．線框越過空隙段后；由于線框切割磁感線方向發(fā)生變化，所以感應電動勢的方向發(fā)生變化，故D正確，C錯誤。

故選D。6、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由于溫度相同；則水與冰的分子平均動能相等，故A正確；

B．由于氣體分子之間距離較大；則僅知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數，不能算出氦氣分子的體積，故B錯誤；

C．當分子間的作用力表現為斥力時；分子間的距離減小時，分子間作用力做負功，則勢能增大，故C錯誤；

D．估算油酸分子的直徑時；應該用油酸酒精溶液中所含油酸的體積，不可用油酸酒精溶液體積，故D錯誤。

故選A。7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．四沖程汽油機在壓縮沖程中是將機械能能轉化為內能；A錯誤；

B．繚繞的煙霧內是固體小顆粒的運動；不能說明分子在不停地做無規(guī)則運動，B錯誤；

C．用絲綢摩擦玻璃棒；電子從玻璃棒轉移到絲綢，因而玻璃棒帶正電，C錯誤；

D．高壓鍋是封閉的；上方氣體在有限的空間越來越多且溫度越來越高，壓強越來越大，運用了液體沸點隨液面上方氣壓的增大而升高，D正確。

故選D。8、C【分析】【詳解】

A．光從光密介質射入光疏介質；若入射角小于臨界角，則一定不會發(fā)生全反射。發(fā)生全反射的條件是，大于等于臨界角，所以A錯誤；

B．光從光密介質射入光疏介質；其頻率不變，由。

可知；折射率越小，傳播速度越大，所以B錯誤；

C．通過兩支鉛筆夾成的狹縫觀察日光燈管看到彩色條紋的現象屬于光的衍射現象；所以C正確；

D．由。

可知；光在各種介質中的速度與介質的折射率有關，所以速度是不相同的，所以D錯誤。

故選C。9、A【分析】【分析】

【詳解】

只增大T，即減小頻率，電容器的特性：通交流，隔直流，通調頻，阻低頻，所以燈A變暗，電感的特性：通直流，阻交流．通低頻，阻高頻，所以燈B變亮．故A正確；當時間t=T時，兩燈都亮著，電壓表的示數為有效值，不為零，故B錯誤；只將變阻器R的滑片下滑時，變阻器R阻值最大，通過副線圈的電流減小，電壓表的示數不變，故C錯誤；只增大v0，兩燈都變亮，根據速度時間圖象面積表示位移，所以桿MN來回運動的最大距離變大，故D錯誤；故選A．二、多選題(共7題，共14分)10、A:D【分析】【詳解】

A項：由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯后與R3并聯后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；所以并聯部分的電壓減小；故A正確；

B項：由A項分析可知并聯部分的電壓減小，即平行金屬板兩端電壓減小，根據平行金屬板間的場強減小，小球將向下運動，由于下板接地即下板電勢為0，由帶電質點P原處于靜止狀態(tài)可知，小球帶負電，根據負電荷在電勢低的地方電勢能大，所以小球的電勢能增大，故B錯誤；

C項：電源的效率：由A分析可知；路端電壓減小，所以電源的效率變低，故C錯誤；

D項：將R1和電源等效為一個新的電源，新電源的內阻為r+R1，電壓表測的為新電源的路端電壓，如果電流表測的也為總電流，則由A分析可知由于總電流增大，并聯部分的電壓減小，所以R3中的電流減小，則IA增大，所以所以故D正確．

點晴：解決本題關鍵理解電路動態(tài)分析的步驟：先判斷可變電阻的變化情況，根據變化情況由閉合電路歐姆定律確定總電流的變化情況，再確定路端電壓的變化情況，最后根據電路的連接特點綜合部分電路歐姆定律進行處理．11、A:C【分析】【詳解】

A、B項：根據光電效應方程，則有：故A正確，B錯誤；

C項：根據愛因斯坦光電效應方程得：得金屬的逸出功為：聯立解得：故C正確；

D項：陰極K金屬的極限頻率故D錯誤．12、B:C【分析】【詳解】

A．多晶體的物理性質具有各向同性；故A錯誤；

B．葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用；故B正確；

C．液晶具有各向異性；利用這一性質可以制造液晶顯示器，故C正確；

D．不浸潤現象說明固體分子對液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力；故D錯誤。

故選BC。13、B:C:D【分析】【分析】

本題考查擴散現象；氣體分子內能、分子勢能、液體分子間作用力；考查考生的理解能力和物理觀念。

【詳解】

A．擴散現象是由于分子無規(guī)則運動造成的；與重力無關。A錯誤；

B．水和酒精混合；分子擠占分子間隙，導致總體積減少，B正確；

C．理想氣體的內能只考慮分子動能；溫度相同分子的平均動能相同，理想氣體的質量越大分子數越多，內能越大，所以C正確；

D．如果一開始分子間的距離小于隨著分子間距離的增大，分子的斥力做正功，分子勢能減小，當分子間距大于后；隨著分子間距離增大，分子引力做負功，分子勢能增大，隨著分子間距離減小，分子引力做正功，分子勢能減小，D正確；

E．無論凹液面還是凸液面；液體表面層分子之間都是引力，E錯誤。

故選BCD。14、B:D:E【分析】【詳解】

A．達到熱平衡的兩物體的溫度相同；內能不一定相等，故A錯誤；

B．內能從溫度高的物體傳向溫度低的物體；內能小的物體溫度可能高，內能小的物體可能將熱量傳遞給內能大的物體，不一定從內能大的物體傳向內能小的物體，故B正確；

C．對能源的過度消耗將形成能源危機；但自然界的總能量守恒，故C錯誤；

D．熵增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運動的無序性增大的方向進行；故D正確；

E．第一類永動機違背能量守恒定律；第二類永動機違背熱力學第二定律，但不違背能量守恒定律，故E正確。

故選BDE。15、A:D【分析】【分析】

閉合S；A；B同時亮，隨著L中電流增大，線圈L直流電阻可忽略不計，分流作用增大，A逐漸被短路，總電阻減小，再由歐姆定律分析B燈亮度的變化．斷開S，B燈立即熄滅，線圈中電流，根據楞次定律判斷A燈亮度如何變化．

【詳解】

閉合S時；電源的電壓同時加到兩燈上，A；B同時亮，且亮度相同；隨著L中電流增大，由于線圈L直流電阻可忽略不計，分流作用增大，A逐漸被短路直到熄滅，外電路總電阻減小，總電流增大，B變亮。穩(wěn)定態(tài)后斷開S，B立即熄滅，線圈中電流減小，產生自感電動勢，感應電流流過A燈，A閃亮一下后熄滅。故AD正確，BC錯誤。故選AD。

【點睛】

對于通電與斷電的自感現象，它們是特殊的電磁感應現象，可楞次定律分析發(fā)生的現象．16、B:C:D【分析】【詳解】

A.根據折射定律：故A錯誤；

B.當入射角最大時，折射角最大，最大入射角為90°，根據折射定律得：解得最大折射角r=45°；故B正確；

C.欲使折射角r＝30°，根據折射定律解得i=45°；故C正確；

D.設入射角為α時反射光線與折射光線垂直，則折射角為90°?α,根據折射定律得=tanα,解得α=arctan故D正確；

E.光從空氣射入玻璃時；無論入射角多大，都不會發(fā)生全反射，故E錯誤．

故選BCD.三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]溫度越高；分子無規(guī)則運動越劇烈。傍晚的溫度高，傍晚時空氣分子無規(guī)則運動更劇烈些；

[3]溫度相同時；分子的平均動能相同，分子質量小的分子的無規(guī)則運動更劇烈。所以PM2.5微粒的無規(guī)則運動更劇烈些；

[4]飽和汽壓強未知，所以不能比較出早晨時空氣的絕對濕度跟傍晚是否相同?！窘馕觥堪戆鞵M2.5不能18、略

【分析】【詳解】

[1]若把A；B兩只玻璃瓶并靠在一起；則A、B瓶內水的內能都將發(fā)生改變，這種改變內能的方式叫熱傳遞。

[2]根據題意，由公式可得，瓶中水的體積為

一個水分子的體積為

瓶中水分子個數約為

聯立代入數據解得個【解析】熱傳遞19、略

【分析】【詳解】

[1][2]射線是高速運動的氦原子核，β射線是高速運動的電子流，γ射線是原子核能級躍遷時釋放的射線，陰極射線是原子受激發(fā)時射出的電子，故由原子核內射出、屬于電磁波的射線是γ射線，不是原子核內射出的射線是陰極射線。【解析】γ射線陰極射線20、略

【分析】【詳解】

為使電動機在溫度升高或受到光照時能自動啟動，即熱敏電阻或光敏電阻的電阻值小時，輸入為“1”，輸出為“1”，所以虛線框內應選“或”門．若要提高光照時電動機啟動的靈敏度，需要在光照較弱即光敏電阻阻值較大時輸入為“1”，輸出為“1”，所以要增大R2的阻值．【解析】或，增大21、略

【分析】【詳解】

[1]電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，電容量的電量要減小，放電，但由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量無法減小，根據

板間電場強度

Q、S、?不變，則改變d，E不變，電荷P受的電場力不變；仍靜止。

[2]使極板A和B正對面積增大后，跟據

電容變大，根據

電量要增加，但是由于電壓不變，根據

兩板間距不變；故場強不變，電場力不變，則電荷仍靜止不動。

[3]若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，根據

則電容變大，電量不變，根據

則電壓減小，根據

場強減小，電場力減小，故P的運動情況將是向下運動【解析】（1）靜止不動（2）靜止不動（3）向下運動22、略

【分析】（1）由題圖可知；氣體狀態(tài)從A到B的過程為等壓過程．

（2）狀態(tài)從B到C的過程中；氣體發(fā)生等容變化，且壓強減小，根據p/T=C（常量），則氣體的溫度降低．

（3）狀態(tài)從C到D的過程中；氣體發(fā)生等壓變化，且體積減小，外界對氣體做功，即W＞0，根據V/T=C（常量），則氣體的溫度T降低，氣體的內能減小，由△U=Q+W，則Q=△U-W＜0，所以氣體放熱．

（4）狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中氣體對外界所做的總功W=p2（V3-V1）-p1（V3-V2）．

點睛：此題關鍵是知道p-V圖象中的雙曲線表示等溫線，圖線與V軸所圍的“面積”等于氣體做功的大小，能熟練運用氣態(tài)方程和熱力學第一定律進行研究這類問題．【解析】(1)等壓(2)降低(3)放熱(4)p2(V3－V1)－p1(V3－V2)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]在玻璃磚的一側豎直插兩個大頭針A、B，在另一側再豎直插兩個大頭針C、D，使C擋住A、B的像，要使D擋住C和A、B的像，說明CD在AB的出射光線上，CD連線即為AB的出射光線，所以要使D擋住C和A、B的像。

（2）[2]如圖所示，連接AB延長交a于E點，連接CD反向延長交與G點，連接EG，以E為圓心以EG長為半徑畫圓，交AB與I，分別過I、G做過E點的法線的垂線IH、GF，用刻度尺測量IH、GF，折射率

【點睛】【解析】擋住C及A、B的像；1.8（1.8—1.9都算對）24、略

【分析】【分析】

【詳解】

如答案【解析】速度大小頻率全反射光疏介質臨界角25、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據愛因斯坦光電效應方程

圖象的斜率表示普朗克常量h，橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.31×1014Hz；金屬的逸出功為

[4]根據光電效應方程得

當入射光的頻率為時，代入數據解得最大初動能為

依據

解得

【點睛】

解決本題的關鍵掌握光電效應方程，知道最大初動能與入射光頻率的關系，并掌握光電效應方程，以及知道逸出功與極限頻率的關系，結合數學知識即可進行求解，同時注意遏止電壓與最大初動能的關系，及保留3位有效數字。【解析】普朗克常量h4.30×10142.86×10-190.5．四、作圖題(共3題，共24分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的