2025年外研版2024高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、圖為多用表歐姆擋的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流為300μA，內(nèi)阻rg=100Ω，調(diào)零電阻的最大值R=50kΩ，串聯(lián)的固定電阻R0=50Ω，電池電動勢E=1.5V，用它測量電阻Rx，能準確測量的阻值范圍是（）A.3kΩ～8KΩB.300Ω～800ΩC.30Ω～80ΩD.30kΩ～80kΩ2、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶負電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R同時在等勢面b上，據(jù)此可知（）A.三個等勢面中，c的電勢最高B.帶電質(zhì)點在P點的電勢能比在Q點的小C.帶電質(zhì)點在P點的動能與電勢能之和比在Q點的動能與電勢能之和小D.帶電質(zhì)點在P點的加速度比在Q點的加速度小3、圖中R是一種放射性物質(zhì)，它能放出α、β、γ三種射線，虛線框內(nèi)是豎直方向的勻強電場，LL′是紙板，MM′是熒光屏，實驗時發(fā)現(xiàn)在熒光屏上只有O、P兩點處有亮斑．下列說法正確的是（）A.電場方向豎直向下，到O點的是γ射線B.電場方向豎直向上，到O點的是γ射線C.電場方向豎直向下，到P點的是β射線D.電場方向豎直向上，到P點的是α射線4、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻，R為滑動變阻器，開關(guān)閉合后，燈泡L能正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）A.燈泡L將變暗B.電容器C的帶電量將減小C.電流表讀數(shù)變大D.電源的總功率變大5、一多用電表的表盤如圖所示，該表先正確測量了一個阻值約為20Ω的電阻，若再測量一個阻值約為2kΩ的電阻．此時選擇開關(guān)應選擇歐姆擋的（）位置．A.×1B.×1OOC.×1kD.×1OO或×1k6、關(guān)于互成角度的兩個初速度不為零的勻加速直線運動的合成結(jié)果，下列說法中正確的是（）A.一定是直線運動B.可能是直線運動，也可能是曲線運動C.一定是曲線運動D.以上說法都不對評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)7、（2015春?嘉定區(qū)期末）如圖所示，在傾角為θ的斜面上放一個光滑的重球m，用固定在斜面上的豎直擋板擋住．現(xiàn)使整個裝置沿水平面向右勻速運動S，則斜面對球的支持力____，擋板對球的做功____．8、重G=100N的木塊放在傾角α=30°的玻璃板上，恰能勻速下滑．若將玻璃板水平放置，用跟水平方向成α=30°角的斜向上拉力拉木塊沿玻璃板勻速運動，則拉力F=____．9、光敏電阻的阻值隨入射光強度的增加而_______，由于它對光照較敏感，所以可以作_______傳感器。10、一個人把質(zhì)量為1kg的物體由靜止開始豎直向上提升了2m，物體同時獲得了2m/s的速度，重力加速度g=10m/s2，則整個過程中，物體克服重力做功____J，合外力對物體做功____J，人對物體做功____J．11、（2012秋?南關(guān)區(qū)校級期中）如圖所示電路中ab是一段長10cm，電阻為100Ω的均勻電阻絲．兩只定值電阻的阻值分別為R1=30Ω和R2=70Ω．當滑動觸頭P從a端緩慢向b端移動的全過程中燈泡始終發(fā)光．則當移動距離為____cm時燈泡最亮，移動距離為____cm時燈泡最暗．12、在光電效應實驗中，某金屬的截止頻率為ν0，該金屬的逸出功為____．若用頻率為ν（ν＞ν0）的單色光做該實驗，則其遏止電壓為____．（已知電子的電荷量、真空中的光速和普朗克常量分別為e、c和h）評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)13、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點的振動方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯）14、地面上靜止的人觀察一條沿自身長度方向高速運動的桿，其長度總比桿靜止時的長度小____（判斷對錯）15、每一種形式的能對應于一種運動形式．____．（判斷對錯）16、較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導致受力平衡．因為分子沖擊力小，不易改變大顆粒的運動狀態(tài)．____．（判斷對錯）17、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，如果保持氣體體積不變，當溫度升高時，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對錯）評卷人得分四、簡答題(共3題，共6分)18、如圖所示，一水平放置的圓形通電線圈1固定，另一較小的圓形線圈2從1的正上方下落，在下落過程中兩線圈平面始終保持平行且共軸，則在線圈2從線圈1正上方下落至線圈1的正下方過程中，從上往下看，線圈2中是否有感應電流？若有感應電流，方向如何？19、（2015秋?深圳校級期中）如圖所示，R3=6Ω，電源內(nèi)阻r為1Ω，當S合上且R2為2Ω時；規(guī)格為“4V，4W”的燈泡正常發(fā)光，求：

（1）通過電燈的電流I燈和電源電動勢E

（2）S斷開時，為使燈泡正常發(fā)光，R2的阻值應調(diào)到多少歐？20、質(zhì)量為m=0.8kg的砝碼懸掛在輕繩PA和PB的結(jié)點上并處于靜止狀態(tài)．PA與豎直方向的夾角37°，PB沿水平方向．質(zhì)量為M=3kg的木塊與PB相連，且木塊M與桌面的動摩擦因數(shù)μ=0.5，如圖所示（取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：

（1）輕繩PA拉力的大??；

（2）木塊M與水平桌面之間的摩擦力．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】歐姆表的中值電阻附近刻度最均勻，讀數(shù)誤差最小，求解出該歐姆表的中值電阻即可．【解析】【解答】解：多用表歐姆擋的中值電阻附近刻度最均勻，讀數(shù)誤差最小，歐姆表的中值電阻R中等于歐姆表的內(nèi)電阻R總；由閉合電路歐姆定律可知：

滿偏時：

半偏時：

聯(lián)立解得：

歐姆表的中值電阻為5kΩ；歐姆表能準確測量的阻值范圍是：3kΩ～8kΩ；

故選：A2、A【分析】【分析】作出電場線，根據(jù)軌跡彎曲的方向可知，電場線向左．故P點電勢最高；根據(jù)推論，負電荷在電勢高處電勢能小，可知電荷在Q點的電勢能大；總能量守恒；由電場線疏密確定出，P點場強大，電場力大，加速度大．【解析】【解答】解：A由于帶點質(zhì)點做曲線運動，其所受電場力的方向必定指向軌道的凹側(cè)，且和等勢面垂直，考慮到質(zhì)點帶負電，所以電場線方向是從c指向b再指向a，根據(jù)沿著電場線的方向電勢逐漸減小，可知Uc＞Ub＞Ua；選項A正確；

B；質(zhì)點帶負電；且P點的電勢低于Q點，根據(jù)負電荷在電勢越低的地方電勢能越大，可知帶電質(zhì)點在P點的電勢能比在Q點的大，選項B錯誤；

C；根據(jù)能量守恒定律；帶電質(zhì)點在運動過程中各點處的動能與電勢能之和保持不變，選項C錯誤；

D、由于相鄰等勢面之間的電勢差相等，P點處的等勢線較密，所以EP＞EQ，qEP＞qEQ；根據(jù)牛頓第二定律，帶電質(zhì)點在P點的加速度比在Q點的加速度大，選項D錯誤．

故選：A3、B【分析】【分析】α、β和γ三種射線電離本領(lǐng)依次減弱，貫穿本領(lǐng)依次增強，紙板能將α射線擋住．γ射線不帶電，經(jīng)過磁場時不發(fā)生偏轉(zhuǎn)．【解析】【解答】解：因為α粒子的貫穿本領(lǐng)較?。灰粡埣埣纯砂阉鼡踝?，所以亮斑中不可能有α射線．

因為γ射線不帶電；所以不受磁場約束，直接打在O點，所以打在P點的應是β射線，β粒子帶負電，則電場方向豎直向上．故B正確，ACD錯誤．

故選B4、A【分析】【分析】燈泡L和滑動變阻器R串聯(lián)、電容器C和定值電阻R0串聯(lián)后兩條支路再并聯(lián)．當電路穩(wěn)定后，電容器這一路沒有電流，相當于開關(guān)斷開，對另一路沒有影響．電容器的電壓等于路端電壓．當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電流和路端電壓的變化，分析燈泡亮度和電容器電量的變化，根據(jù)總電流的變化，分析電源總功率的變化．【解析】【解答】解：ABC；當滑動變阻器的滑片向右移動時；R增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流I減小，燈泡L將變暗．路端電壓增大，而電容器的電壓等于路端電壓，則電容器的帶電量將增大，故有電流表的讀數(shù)將變小，故A正確，BC錯誤．

D；由P=EI；E不變，I變小，則電源的總功率P將變小，故D錯誤．

故選：A．5、B【分析】【分析】用歐姆表測電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確．【解析】【解答】解：本題考查了歐姆表的使用方法；注意歐姆表，指針在中間刻度附近；

再測量一個阻值約為2kΩ的電阻，也要使指針在中間刻度附近，由于N=；故選“×1OO”擋位；

故選：B．6、B【分析】【分析】當兩個分運動合成，若合速度的方向與合加速度的方向在同一條直線上，合運動是直線運動；若合速度的方向與合加速度方向不在同一條直線上時，合運動是曲線運動．【解析】【解答】解：兩個勻加速直線運動合成；合速度的方向可能與合加速度方向在同一條直線上，也可能不在同一條直線上，所以合運動可能是直線運動，也可能是曲線運動．故B正確，A；C、D錯誤．

故選：B．二、填空題(共6題，共12分)7、-mgstanθ【分析】【分析】小球做勻速直線運動，受力平衡，根據(jù)平衡條件求解出各個力；判斷一個力是否做功，關(guān)鍵看力的方向與位移方向是否垂直，若垂直則不做功，若不垂直，則做功．【解析】【解答】解：小球受重力；斜面支持力和擋板的支持力；三力平衡，如圖所示：

根據(jù)平衡條件；有：

F1=①

F2=mgtanθ②

B、由①式，斜面對小球的彈力為，則檔板的彈力做功為：W=-F2S=-mgstanθ；

故答案為：；-mgstanθ8、50N【分析】【分析】先根據(jù)木塊勻速下滑求出摩擦因數(shù)，然后受力分析正交分解，求出拉力F的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓耗緣K在玻璃板上恰能勻速下滑時有：

mgsinα=μmgcosα

得：μ=

當施加水平力F時；有：

F?cosα=f

f=μN

N=mg-Fsinα

聯(lián)立三個方程得：F=50N

故答案為：50N．9、略

【分析】【解析】試題分析：光敏電阻是半導體材料的一種應用，所光照強度變化自身的電阻阻值發(fā)生變化。所以可以制成光控傳感器?？键c：本題考查了光敏電阻的應用【解析】【答案】減小，光控10、20222【分析】【分析】由功的公式可得出重力做功；再由動能定理可求得合外力對物體做功；即可求出手對物體所做的功．【解析】【解答】解：重力做功為：WG=-mgh=-20J；

由W合=mv2可得，合外力的功為：W=×1×4=2J；

由WF-mgh=mv2，可得：人做功：WF=mgh+mv2=1×10×2+×1×4=22J；

故答案為：20；2；22．11、07【分析】【分析】均勻電阻絲左側(cè)與電阻R1串聯(lián)，右側(cè)與電阻R2串聯(lián)，兩個串聯(lián)電路并聯(lián)后與燈泡串聯(lián)；根據(jù)閉合電路歐姆定律，當并聯(lián)部分電阻最大時干路電路最小，當并聯(lián)部分電阻最小時干路電流最大．【解析】【解答】解：由圖知：均勻電阻絲左側(cè)與電阻R1串聯(lián)，右側(cè)與電阻R2串聯(lián)；兩個串聯(lián)電路并聯(lián)后與燈泡串聯(lián)．

由于R1=30Ω與R2=70Ω；則當P位移a端時電路中的總電阻最小，總電流最大，燈泡最亮．

當電阻絲左側(cè)與電阻R1串聯(lián)總電阻等于右側(cè)與電阻R2串聯(lián)總電阻時，電路的總電阻最大，電流最小，燈泡最暗．設(shè)此時左側(cè)電阻為Ra；則有：

R1+Ra=（Rab-Ra）+R2；

則得：Ra==Ω=70Ω

故P向右移動的距離為x=L=×10cm=7cm

故答案為：0，7；12、hγ0【分析】【分析】逸出功W0=hγc，根據(jù)該公式求出金屬逸出功的大?。鶕?jù)光電效應方程，結(jié)合Ekm=eU求出遏止電壓的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓航饘俚囊莩龉0=hγ0．

根據(jù)光電效應方程知：Ekm=hγ-hγ0；

又Ekm=eU，則遏止電壓U=．

故答案為：hγ0，．三、判斷題(共5題，共10分)13、×【分析】【分析】首先據(jù)波動圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點的振動和波的傳播特點分析質(zhì)點的振動情況，然后再寫出振動方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點在t=0時刻振動的方向向下，所以振動方程為y=-10sin5πt（cm），錯誤．

故答案為：×14、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的幾個重要的效應之一：尺縮效應：在尺子長度方向上運動的尺子比靜止的尺子短，當速度接近光速時，尺子縮成一個點，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的尺縮效應：一條沿自身長度方向運動的桿；其長度總比桿靜止時的長度短．故該說法是正確的．

故答案為：√15、√【分析】【分析】自然界物質(zhì)運動的形式是多樣的，每種運動形式都對應一種形式的能量．各種運動形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化【解析】【解答】解：根據(jù)能量守恒定律可知：自然界物質(zhì)運動的形式是多樣的；每種運動形式都對應一種形式的能量．各種運動形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化．

例如機械能對應機械運動；內(nèi)能對應分子的無規(guī)則運動．故每一種形式的能對應于一種運動形式是對的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導致受力平衡．因為各個方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運動狀態(tài)，不是因為分子的沖擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．17、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動能變化的標志．氣體壓強是氣體分子撞擊器壁而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當溫度升高時，分子的運動變得更加激烈，分子的運動加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強增大．故該說法正確．

故答案為：√四、簡答題(共3題，共6分)18、略

【分析】【分析】根據(jù)安培定則判斷線圈1產(chǎn)生的磁場方向．在線圈2從正上方落至1的正下方過程中，分析穿過線圈2的磁通量的變化情況和磁場方向，根據(jù)楞次定律判斷感應電流方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則判斷可知；線圈1產(chǎn)生的磁場方向向上．當線圈2下落靠近線圈1時，穿過線圈2的磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，線圈2中產(chǎn)生順時針方向的電流；

當線圈2下落至1下方時遠離線圈1時；穿過線圈2的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，線圈2中產(chǎn)生逆時針方向的電流．

所以線圈2中感應電流的方向先是順時針方向；后是逆時針方向．

答：在線圈2從線圈1正上方下落至線圈1的正下方過程中，從上往下看，線圈2中有感應電流，感應電流的方向先是順時針方向，后是逆時針方向．19、略

【分析】【分析】（1）當S合上時，電阻R2與燈泡