2025年浙教版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷483考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關(guān)于電容器的電容，下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器所帶的電荷越多，電容就越大B.電容器兩極板間的電壓越高，電容就越大C.電容器所帶電荷增加一倍，電容就增加一倍D.電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量2、如圖所示，有一矩形線圈abcd

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中分別繞軸O1O1隆盲

和中軸O2O2隆盲

以同樣的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，那么此線圈在以O(shè)1O1隆盲

和O2O2隆盲

分別為軸旋轉(zhuǎn)到線圈平面與磁感線平行時(shí)，可產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為(

)

A.12

B.21

C.14

D.11

3、物體以初速度V豎直上拋，重力加速度是g（不計(jì)空氣阻力），則：（）

A.上升時(shí)間為。

B.上升時(shí)間大于下降時(shí)間。

C.上升加速度大于下降加速度。

D.上升過(guò)程的位移大于下落過(guò)程的位移。

4、電風(fēng)扇的工作原理主要是應(yīng)用A.電磁感應(yīng)現(xiàn)象B.電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象C.磁極間的相互作用D.通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受到力的作用5、如圖所示勻強(qiáng)電場(chǎng)E

的區(qū)域內(nèi)，在O

點(diǎn)處放置一點(diǎn)電荷+Qabcdef

為以O(shè)

為球心的球面上的點(diǎn)，aecf

平面與電場(chǎng)平行，bedf

平面與電場(chǎng)垂直；則下列說(shuō)法中正確的是()

A.bd

兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.a

點(diǎn)的電勢(shì)等于f

點(diǎn)的電勢(shì)C.點(diǎn)電荷+q

在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力一定做功D.將點(diǎn)電荷+q

在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)，從a

點(diǎn)移動(dòng)到c

點(diǎn)電勢(shì)能的變化量一定最大6、如圖所示，以點(diǎn)電荷+Q為球心的兩個(gè)球面1和2，a點(diǎn)位于球面1上，b點(diǎn)；c點(diǎn)位于球面2上；下列說(shuō)法正確的是（）

A.b、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同B.b點(diǎn)電勢(shì)比c點(diǎn)高C.將正電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢(shì)能增加D.同一電荷在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在b點(diǎn)大評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、在干燥的冬季；人們?cè)谖帐謺r(shí)有可能有電擊的感覺(jué)，這是由于人體的靜電而導(dǎo)致的．請(qǐng)完成下列問(wèn)題。

（1）三種使物體帶電的方式分別是。

①____；②____；③____．

（2）靜電的應(yīng)用（舉3個(gè)生活實(shí)例）

①____；②____；③____．8、一塊金剛石質(zhì)量是m，摩爾質(zhì)量是M，阿伏伽德羅常數(shù)為N，金剛石密度為ρ，這塊金剛石所含分子數(shù)是____．一個(gè)分子所占的體積是____．9、如圖所示，磁流體發(fā)電機(jī)的通道是一長(zhǎng)為L(zhǎng)的矩形管道，其中按圖示方向通過(guò)速度為v等離子體，通道中左、右兩側(cè)壁是導(dǎo)電的，其高為h，相距為a，而通道的上下壁是絕緣的，所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的大小為B，與通道的上下壁垂直．不計(jì)摩擦及粒子間的碰撞，則______導(dǎo)電壁電勢(shì)高（填“左”或“右”），兩導(dǎo)電壁間的電壓為______．10、如圖表示一交流電的電流隨時(shí)間而變化的圖象，此交流電的有效值是______A

11、等勢(shì)面(1)

定義：電場(chǎng)中____相同的各點(diǎn)構(gòu)成的面.

(2)

特點(diǎn)：壟脵

等勢(shì)面一定與____垂直，即跟場(chǎng)強(qiáng)的方向垂直.

壟脷

在同一等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)電場(chǎng)力____做功.

壟脹

電場(chǎng)線總是從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向____的等勢(shì)面.

壟脺

在空間中兩等勢(shì)面____相交.

壟脻

等差等勢(shì)面越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度____，越疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度____.

12、量程為3V

內(nèi)阻為3000婁賂

的電壓表，如圖所示，其滿偏時(shí)電流為______mA

若把它擴(kuò)展為15V

的量程，需要______聯(lián)一個(gè)______婁賂

的電阻；若把它改裝為一個(gè)量程為1A

的電流表，需要聯(lián)一個(gè)______婁賂

的電阻.(

保留一位小數(shù))

13、用如圖所示的電路測(cè)定一節(jié)鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．因蓄電池的內(nèi)阻較小，為防止調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)造成短路，電路中用了一個(gè)保護(hù)電阻R．除蓄電池；開關(guān)、導(dǎo)線外；可供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有：

A．電流表A1：量程為0.6A；

B．電流表A2：量程為3A；

C．電壓表V1：量程為3V；

D．電壓表V2：量程為15V；

E．定值電阻R01（阻值2.0Ω；額定功率5W）

F．定值電阻R02（阻值10Ω；額定功率10W）

G．滑動(dòng)變阻器R1（阻值范圍0～10Ω；額定電流2A）

H．滑動(dòng)變阻器R2（阻值范圍0～200Ω；額定電流1A）

（1）電流表應(yīng)選用____，定值電阻應(yīng)選用____，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用____．（填寫器材前的字母代號(hào)）

（2）實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器共測(cè)得五組電流；電壓的數(shù)據(jù)；如下表．

。電流表示數(shù)I/A0.160.340.420.520.58電壓表示數(shù)U/V1.901.791.751.691.66請(qǐng)作出蓄電池路端電壓U隨電流I變化的U-I圖象；

并根據(jù)圖象得出蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為____V，內(nèi)阻為____Ω．

只考慮由于電表不是理想表而引起的系統(tǒng)誤差，則測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)與真實(shí)值相比____，測(cè)出的內(nèi)阻與真實(shí)值相比____．（填“偏大”；“等于”或“偏小”）．

14、如圖表示產(chǎn)生機(jī)械波的波源P做勻速運(yùn)動(dòng)的情況，圖中圓表示波峰，已知波源的頻率為f0，該圖表示波源正在向______（填“A”、“B”、“C”或“D”）點(diǎn)移動(dòng)；觀察者在圖中A點(diǎn)接收波的頻率將______（填“大于”“等于”或“小于”）f0．15、某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路，已知電流表內(nèi)阻RA=0.4婁賂

允許通過(guò)的最大電流為100mAR1=0.1婁賂R2=30婁賂.

將接線柱12

接入電路時(shí)，可以測(cè)量的最大電流為______A

將接線柱13

接入電路時(shí)，可以測(cè)量的最大電壓為______V.(

均保兩位有效數(shù)宇)

評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共2題，共16分)24、某同學(xué)用如圖所示的裝置；利用兩個(gè)大小相同的小球做對(duì)心碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，圖中AB

是斜槽，BC

是水平槽，它們連接平滑，O

點(diǎn)為重錘線所指的位置.

實(shí)驗(yàn)時(shí)先不放置被碰球2

讓球1

從斜槽上的某一固定位置G

由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，重復(fù)10

次，然后將球2

置于水平槽末端，讓球1

仍從位置G

由靜止?jié)L下，和球2

碰撞，碰后兩球分別在記錄紙上留下各自的痕跡，重復(fù)10

次.

實(shí)驗(yàn)得到小球的落點(diǎn)的平均位置分別為MNP

．

(1)

在該實(shí)驗(yàn)中；應(yīng)選用的器材是下列器材中的______．

A；天平。

B；游標(biāo)卡尺。

C；刻度尺。

D；大小相同的鋼球兩個(gè)。

E；大小相同的鋼球和硬橡膠球各一個(gè)。

(2)

在此實(shí)驗(yàn)中；球1

的質(zhì)量為m1

球2

的質(zhì)量為m2

需滿足m1

______m2(

選填“大于”；“小于”或“等于”)

．

(3)

被碰球2

飛行的水平距離由圖中線段______表示．

(4)

若實(shí)驗(yàn)結(jié)果滿足m1?ON爐=

______，就可以驗(yàn)證碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒．25、一水平彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；其位移和時(shí)間關(guān)系如圖所示。

（1）求振子的振幅；周期各為多大？

（2）從t=0到t=8.5×10-2s的時(shí)間內(nèi)；振子通過(guò)的路程為多大？

（3）從t=2.0×10-2s時(shí)振子的位移。評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共16分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共14分)28、(8分)在“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，油酸酒精溶液的濃度為每104mL溶液中有純油酸5mL。用注射器測(cè)得1mL上述溶液有液滴50滴。把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，待穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上描出油膜輪廓，再將玻璃板放在坐標(biāo)紙上，其形狀如圖所示，坐標(biāo)紙中正方形小方格的邊長(zhǎng)為1cm。則：①油膜的面積約為________(保留兩位有效數(shù)字)。②根據(jù)上述數(shù)據(jù)，估算出油酸分子的直徑d＝________(保留一位有效數(shù)字)。29、如圖所示，圖線AB是某電源的路端電壓隨電流變化的關(guān)系圖線，OM是固定電阻R兩端的電壓隨電流變化的圖線，由圖可知（）A．該電源的電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻是2ΩB．固定電阻R的阻值為1ΩC．該電源的最大輸出功率為9WD．當(dāng)該電源只向電阻R供電時(shí)，其效率約為66.7%參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【解析】試題分析：電容器所帶的電荷越多，兩板間電壓越大，電容不變，故A錯(cuò)誤．電容器兩極板間的電壓越高，所帶的電荷越多，電容不變,B錯(cuò)誤，電容器所帶電荷增加一倍，兩極板間的電壓增加一倍，電容不變，故C錯(cuò)誤．電容的物理意義是表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大?。蔇正確．考點(diǎn)：考查了對(duì)電容的定義式的理解【解析】【答案】D2、D【分析】解：矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Em=NBS婁脴

與轉(zhuǎn)軸位置無(wú)關(guān)，因而感應(yīng)電流是相同的，故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D

由Em=NBS婁脴

求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值；再由閉合電路歐姆定律，即可求解感應(yīng)電流，從而得出它們之比．

本題是簡(jiǎn)單的交流發(fā)電機(jī)的原理，考查綜合應(yīng)用法拉第定律、歐姆定律、楞次定律等電磁學(xué)規(guī)律分析實(shí)際問(wèn)題的能力．【解析】D

3、A【分析】

A、物體上升到最高點(diǎn)時(shí)速度為0，由0=v-gt，得上升時(shí)間為t=．故A正確．

B、C、D因不計(jì)空氣阻力，物體只受重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體的加速度始終等于g，方向豎直向下，即上升加速度等于下降加速度．而且上升過(guò)程與下落過(guò)程位移大小相等．由公式x=可知；上升時(shí)間下落時(shí)間相等，故B；C、D錯(cuò)誤．

故選A

【解析】【答案】由運(yùn)動(dòng)學(xué)速度公式可求得物體上升時(shí)間；由豎直上拋的對(duì)稱性分析上升時(shí)間與下降時(shí)間的關(guān)系．根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的關(guān)系．上升過(guò)程與下落過(guò)程位移大小相等．

4、D【分析】電風(fēng)扇工作主要是利用電動(dòng)機(jī)，即通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受到安培力的作用，安培力使電風(fēng)扇轉(zhuǎn)動(dòng)，故A、BBC錯(cuò)誤，D正確。故選D?！窘馕觥緿

5、D【分析】【分析】(1)

空間任何一點(diǎn)的電場(chǎng)都是由勻強(qiáng)電場(chǎng)和點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加面成，根據(jù)平行四邊形定則分析各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系。場(chǎng)強(qiáng)是矢量，只有大小和方向都相同時(shí)，場(chǎng)強(qiáng)才相同；(2)

根據(jù)疊加原理，判斷各點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系。若兩點(diǎn)間電勢(shì)差不為零，電場(chǎng)力做功不為零。本題還是要將電場(chǎng)看作是由勻強(qiáng)電場(chǎng)和點(diǎn)電荷的電場(chǎng)組合而成，再分析電場(chǎng)力做功、電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)能時(shí)更是如此。【解答】A.點(diǎn)電荷+Q

在b

點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向?yàn)樨Q直向上，在d

點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向?yàn)樨Q直向下，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右，根據(jù)平行四邊形定則可知，b

點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)斜向右上方；d

點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)斜向左下方，兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相同，方向不同，電場(chǎng)強(qiáng)度不同，故A錯(cuò)誤；

B.將一個(gè)試探正電荷由a

點(diǎn)移動(dòng)到f

點(diǎn)；點(diǎn)電荷電場(chǎng)力不做功，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力做正功，故合力做正功，電勢(shì)能減小，電勢(shì)降低，故B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)電荷+q

沿著球面上的bedf

移動(dòng)時(shí)；勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力不做功，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力也不做功，故合電場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤；

D.將點(diǎn)電荷+q

在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力不做功，從a

點(diǎn)移動(dòng)到c

點(diǎn)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力做功最大，故合力做功最大，故D正確。故選D?！窘馕觥緿

6、D【分析】明確點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線分布圖，知道沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，根據(jù)電荷受力，判斷出電場(chǎng)力做功，判斷出電勢(shì)能的變化?！窘馕觥拷猓篈、根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布規(guī)律可知，+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)線是放射性形狀的，在離+Q距離相同遠(yuǎn)的不同地方，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小是相同的，但是方向不同，故b、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，則b、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不相同，故A錯(cuò)誤；B、沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，根據(jù)正點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布規(guī)律可知，b點(diǎn)電勢(shì)等于c點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C、沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，根據(jù)正點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布規(guī)律可知φa＞φb則有Wab＝qUab＝q（φa﹣φb）＞0可知將正電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，則電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布規(guī)律，可知a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，則同一電荷在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在b點(diǎn)大，故D正確。故選：D。二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

根據(jù)起電過(guò)程可知；使物體帶電的三種方式分別是，摩擦帶電；感應(yīng)帶電、接觸帶電；靜電的應(yīng)用生活實(shí)例，靜電除塵、靜電噴漆、靜電植絨等．

答案為：摩擦帶電；感應(yīng)帶電、接觸帶電；靜電除塵、靜電噴漆、靜電植絨。

【解析】【答案】三種使物體帶電的方式分別是；摩擦帶電；感應(yīng)帶電、接觸帶電；靜電的應(yīng)用與防止，理解原理，工作工作過(guò)程，應(yīng)用實(shí)例：靜電除塵、靜電噴漆、靜電植絨等．

8、略

【分析】

金剛石的物質(zhì)量為：n=

金剛石所含分子數(shù)是：N總=nN=

分子體積：V=

故答案為：．

【解析】【答案】物質(zhì)量=分子數(shù)=摩爾數(shù)×阿伏加德羅常數(shù)；摩爾體積=阿伏加德羅常數(shù)×分子體積．

9、略

【分析】解：根據(jù)左手定則；電荷運(yùn)動(dòng)的方向向里，正電荷受到的洛倫茲力的方向向右，負(fù)電荷受到的洛倫茲力的方向向左，所以右端的電勢(shì)高．

當(dāng)粒子受到的電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡時(shí)，兩端的電勢(shì)差得到最大．根據(jù)平衡有：所以兩導(dǎo)電壁間的電壓：E=Bav

故答案為：右；Bav

根據(jù)左手定則判斷出電荷受力和運(yùn)動(dòng)的方向；即可判斷出哪一點(diǎn)的電勢(shì)高；運(yùn)動(dòng)的電離氣體，受到磁場(chǎng)的作用，將產(chǎn)生大小不變的電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，E=Blv，外電路閉合后，根據(jù)歐姆定律；電阻定律結(jié)合平衡條件進(jìn)行求解．

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下平衡．【解析】右；Bav10、略

【分析】解：將交流與直流通過(guò)阻值都為R的電阻；

設(shè)直流電流為I；則根據(jù)有效值的定義有：

（4）2R?+（3）2R?=I2RT

解得：I=5A；

故答案為：5．

根據(jù)有效值的定義求解．取一個(gè)周期時(shí)間；將交流與直流分別通過(guò)相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

對(duì)于非正弦式電流可根據(jù)有效值的定義求解有效值．常見題型，要熟練掌握．【解析】511、(1)(1)電勢(shì)；

(2)(2)壟脵電場(chǎng)線；壟脷不；壟脹電勢(shì)低；壟脺不；壟脻越大，越小【分析】【分析】電場(chǎng)中電勢(shì)相同的各點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢(shì)面。在同一個(gè)等勢(shì)面上，任何兩點(diǎn)間的電勢(shì)都相等。所以在同一等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功。由此可知，等勢(shì)面一定跟電場(chǎng)線垂直，假如不垂直，電場(chǎng)強(qiáng)度就有一個(gè)沿著等勢(shì)面的分量，在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)靜電力就要做功，這個(gè)面也就不是等勢(shì)面了。電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，可借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低，且等勢(shì)面與電場(chǎng)線相互垂直，等差等勢(shì)面越密的地方，電場(chǎng)線也越密，則電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)。【解答】(1)

定義：電場(chǎng)中電勢(shì)相同的各點(diǎn)構(gòu)成的面。(2)

特點(diǎn)：壟脵

等勢(shì)面一定與電場(chǎng)線垂直，即跟場(chǎng)強(qiáng)的方向垂直；壟脷

在同一等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)電場(chǎng)力不做功；壟脹

電場(chǎng)線總是從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面.

壟脺

在空間中兩等勢(shì)面不相交.

壟脻

等差等勢(shì)面越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，越疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越小。故答案為：(1)

電勢(shì)；(2)壟脵

電場(chǎng)線；壟脷

不；壟脹

電勢(shì)低；壟脺

不；壟脻

越大，越小。【解析】(1)(1)電勢(shì)；(2)(2)壟脵電場(chǎng)線；壟脷不；壟脹電勢(shì)低；壟脺不；壟脻越大，越小12、略

【分析】解：滿偏電流：Ig=UVRV=3V3000婁賂=0.001A=1mA

它擴(kuò)展為15V

的量程的電壓表；量程擴(kuò)到為5

倍，內(nèi)阻為原來(lái)的5

倍；

內(nèi)阻為：3000婁賂隆脕5=15000婁賂

需要串聯(lián)電阻阻值為：15000鈭?3000=12000婁賂=12k婁賂

把它改裝成1A

的電流表，需要并聯(lián)電阻阻值：R虜壟=UVI鈭?Ig=31鈭?0.001隆脰3.0婁賂

故答案為：1

串；12k3.0

．

已知量程與內(nèi)阻；由歐姆定律可以求出滿偏電流；

把電壓表改裝成大量程電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；改裝成電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電阻阻值．

本題考查了電表改裝、確定電表的分度值，知道電壓表與電流表的改裝原理是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題．【解析】1

串；12k3.0

13、略

【分析】

（1）一節(jié)鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)約為2V，為了多次幾組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，電路電流變化量應(yīng)大一些，因此保護(hù)電阻阻值不能太大，保護(hù)電阻應(yīng)選定值電阻：E．定值電阻R01（阻值2.0Ω、額定功率5W）；電動(dòng)勢(shì)約為2V，保護(hù)電阻阻值為2.0Ω，則電路最大電流不超過(guò)1A，為減小電流表的讀數(shù)誤差，電流表應(yīng)選A．電流表A1：量程為0.6A；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)選：G．滑動(dòng)變阻器R1（阻值范圍0～10Ω；額定電流2A）．

（2）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描出對(duì)應(yīng)的點(diǎn)；然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出U-I圖象如圖所示；由U-I圖象可知，蓄電池的電動(dòng)勢(shì)。

E=1.98V，內(nèi)阻r==≈0.56Ω；由于電壓表的分流；導(dǎo)致電流測(cè)量值小于真實(shí)值，只有電路的短路電流等于真實(shí)值，測(cè)量值與真實(shí)值的U-I圖象如（下）圖所示，由圖象可知，蓄電池電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻的測(cè)量值均小于真實(shí)值．

故答案為：（1）A；E；G；（2）圖象如圖所示；1.98；0.56；偏小；偏?。?/p>

【解析】【答案】（1）保護(hù)電阻既能保護(hù)電路；阻值又不能太大；根據(jù)電路最大電流選擇電流表；在保證電路安全的情況下，滑動(dòng)變阻器最大阻值應(yīng)小些．

（2）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)；然后作出U-I圖象；電源的U-I圖象與縱軸的交點(diǎn)是電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值是電源的內(nèi)阻；根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，從電表對(duì)電路的影響分析實(shí)驗(yàn)誤差．

14、略

【分析】解：1；根據(jù)多普勒效應(yīng)產(chǎn)生的原因；該圖表示波源正在向B點(diǎn)移動(dòng)；

2、當(dāng)波源和觀察者間距變小，觀察者接收到的頻率一定比波源頻率高．當(dāng)波源和觀察者距變大，觀察者接收到的頻率一定比波源頻率低，因此觀察者在圖中A點(diǎn)接收波的頻率將小于發(fā)出的頻率，即f0．

故答案為：B；小于．

多普勒效應(yīng)產(chǎn)生原因：聲源完成一次全振動(dòng)；向外發(fā)出一個(gè)波長(zhǎng)的波，頻率表示單位時(shí)間內(nèi)完成的全振動(dòng)的次數(shù)，因此波源的頻率等于單位時(shí)間內(nèi)波源發(fā)出的完全波的個(gè)數(shù)，而觀察者聽到的聲音的音調(diào)，是由觀察者接受到的頻率，即單位時(shí)間接收到的完全波的個(gè)數(shù)決定的．當(dāng)波源和觀察者有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率會(huì)改變．在單位時(shí)間內(nèi)，觀察者接收到的完全波的個(gè)數(shù)增多，即接收到的頻率增大．同樣的道理，當(dāng)觀察者遠(yuǎn)離波源，觀察者在單位時(shí)間內(nèi)接收到的完全波的個(gè)數(shù)減少，即接收到的頻率減?。?/p>

多普勒效應(yīng)是波特有的現(xiàn)象，要熟知多普勒效應(yīng)產(chǎn)生的原因和特點(diǎn)．【解析】B；小于15、略

【分析】解：接線柱12

接入電路時(shí)，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)，有：IgRA=I1R1

解得I1=IgRAR1=0.40A

故可以測(cè)量的最大電流為I=Ig+I1=0.50A

接線柱13

接入電路時(shí)；電流表A

與R1

并聯(lián)，后與R2

串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)有：I3=I

則U3=I3R3=0.5隆脕30V=15V

故可以測(cè)量的最大電壓為U=U3+UA=15+0.4隆脕100隆脕10鈭?3=15.04V=15V

故答案為：0.5015

將接線柱12

接入電路時(shí)；R1

與電流表并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路分流規(guī)律求出通過(guò)R1

的電流，從而求得最大電流。將接線柱13

接入電路時(shí)，R1

與電流表并聯(lián)后再與R2

串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)求解。

解決本題的關(guān)鍵是理解電壓表和電流表的原理，明確當(dāng)流過(guò)電流表的電流最大時(shí)，電表測(cè)量的電流或電壓達(dá)到最大值，利用并聯(lián)電路或串聯(lián)電路的規(guī)律求解。【解析】0.5015

三、判斷題(共8題，共16分)16、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?1、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?、計(jì)算題(共2題，共16分)24、略

【分析】解：(1)

在小球碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒定律故有：

m1v0=m1v1+m2v2

在做平拋運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中由于時(shí)間是相等的；所以得：

t?m1v0=t?m1v1+t?m2v2

即：m1ON爐=m1OM爐+m2OP爐

可知；需要使用天平測(cè)量小球的質(zhì)量，使用刻度尺測(cè)量小球在水平方向的位移；

所以需要選擇的器材有ACE

．

(2)

在小球碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒定律故有：m1v0=m1v1+m2v2

在碰撞過(guò)程中動(dòng)能守恒故有：12m1v02=12m1v12+12m2v22

解得：v1=m1鈭?m2m1+m2v0

要碰后入射小球的速度v1>0

即m1鈭?m2>0

故答案為：大于．

(3)1

球和2

球相撞后；2

球的速度增大，1

球的速度減小，都做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直高度相同，所以所以碰撞后2

球的落地點(diǎn)是P

點(diǎn)，所以被碰球2

飛行的水平距離由圖中線段。

OP爐

表示；

(4)N

為碰前入射小球落點(diǎn)的位置，M

為碰后入射小球的位置，P

為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度為：v1=ON爐2hg

碰撞后入射小球的速度為：v2=OM爐2hg

碰撞后被碰小球的速度為：v3=OP爐2hg

若m1v1=m2v3+m1v2

則表明通過(guò)該實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒；帶入數(shù)據(jù)得：

m1ON爐=m1OM爐+m2OP爐

故答案為：(1)ACE(2)

大于；(3)OP爐(4)m1鈰?OM爐+m2鈰?OP爐

(1)

根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理；選擇需要進(jìn)行實(shí)驗(yàn)的器材；寫出驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式中的物理量選擇需要的測(cè)量工具；

(2)

為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變；故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量．

(3)

小球1

和小球2

相撞后；小球2

的速度增大，小球1

的速度減小，都做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律不難判斷出；

(4)

先根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)判斷碰撞前后兩個(gè)小球的落地點(diǎn)；再求出碰撞前后兩個(gè)小球的