2025年北師大新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版選修3物理上冊階段測試試卷929考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，足夠長通電直導(dǎo)線平放在光滑水平面上并固定，電流I恒定不變．將一個金屬環(huán)以初速度v0沿與導(dǎo)線成一定角度θ(θ<90゜)的方向滑出；此后關(guān)于金屬環(huán)在水平面內(nèi)運動的分析，下列判斷中正確的是（）

A.金屬環(huán)做曲線運動，速度先減小后增大B.金屬環(huán)做曲線運動，速度一直減小至0后靜止C.金屬環(huán)做直線運動，速度一直減小至0后靜止D.金屬環(huán)最終做勻速直線運動，運動方向與直導(dǎo)線平行2、如圖，一光滑平行金屬軌道平面與水平面成θ角，兩導(dǎo)軌上端用一電阻R相連，該裝置處于勻強磁場中，磁場方向垂直軌道平面向上．質(zhì)量為m的金屬桿ab，以初速度v0從軌道底端向上滑行，滑行到某一高度h后又返回到底端．若運動過程中，金屬桿保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，并不計金屬桿ab的電阻及空氣阻力，則()

A.上滑過程中安培力的沖量比下滑過程安培力的沖量大B.上滑過程通過電阻R的電量比下滑過程多C.上滑過程通過電阻R產(chǎn)生的熱量比下滑過程多D.上滑過程的時間比下滑過程長3、如圖所示，abcd為水平放置的平行光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為l，電阻不計．導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B．金屬桿放置在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌的接觸點為M、N，并與導(dǎo)軌成角．金屬桿以的角速度繞N點由圖示位置勻速轉(zhuǎn)動到與導(dǎo)軌ab垂直，轉(zhuǎn)動過程金屬桿與導(dǎo)軌始終良好接觸，金屬桿單位長度的電阻為r．則在金屬桿轉(zhuǎn)動過程中（）

A.金屬桿中感應(yīng)電流的方向是由N流向MB.電路中感應(yīng)電流的大小始終減小C.M點電勢低于N點電勢D.電路中通過的電量為4、如圖為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動．磁場的磁感應(yīng)強度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)N=400匝，線圈總電阻r=2Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R=8Ω連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表，線圈的轉(zhuǎn)速n=r/s．在t＝0時刻，線圈平面與磁場方向平行，則下列說法正確的是

A.交流發(fā)電機產(chǎn)生電動勢隨時間的變化關(guān)系是e=8sin100t(V)B.交流電壓表的示數(shù)為8VC.從t＝0時刻開始線圈平面轉(zhuǎn)過30o的過程中，通過電阻的電量約為5.6×10-3CD.電阻R上的熱功率為6.4W5、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，且r＜R1，各電表均為理想電表．開關(guān)S閉合后，在滑動變阻器R0的滑片向下滑動的過程中；下列說法正確的是（）

A.電流表與兩只電壓表的示數(shù)都減小B.電壓表V1與電流表的示數(shù)減小，電壓表V2的示數(shù)增大C.電壓表V1比電壓表的V2示數(shù)變化量的絕對值大D.電源的輸出功率減小6、光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為α的斜面體A，斜面體質(zhì)量為M、底邊長為L，如圖所示．將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過時間t剛好滑到斜面底端．此過程中斜面對滑塊的支持力大小為FN；則下列說法中正確的是()

A.FN=mgcosαB.滑塊下滑過程中支持力對B的沖量大小為FNtcosαC.滑塊B下滑的過程中A、B組成的系統(tǒng)動量守恒D.此過程中斜面體向左滑動的距離為L評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、在做光電效應(yīng)的實驗時，某種金屬被光照射發(fā)生了光電效應(yīng)，實驗測得光電子的最大初動能Ek與入射光的頻率v的關(guān)系如圖所示(A、C坐標值已知）；由實驗圖象可求出。

A.該金屬的截止頻率B.普朗克常量C.該金屬的逸出功D.單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)8、如圖所示是簡化的多用電表的電路圖。轉(zhuǎn)換開關(guān)S與不同接點連接，就組成不同的電表，已知R3＜R4；下面是幾位同學對這一問題的議論，請你判斷下列說法正確的是（）

A.S與1或2連接時，多用電表就成了電流表，且前者量程較小B.使用多用電表歐姆檔測二極管反向電阻時，應(yīng)將紅表筆與二極管正極相連C.S與3或4連接時，多用電表就成了電壓表，若R1出現(xiàn)斷路故障，電壓表的量程會減小D.S與5連接時，多用電表就成了歐姆表，若電池用舊了會因電動勢減小而使測量值偏大9、如圖所示，一理想變壓器的原線圈接有電壓為U的交流電，副線圈接有電阻R1和光敏電阻R2（阻值隨光照增強而減?。?，開關(guān)S開始時處于閉合狀態(tài)；下列說法正確的是。

A.當U增大時，副線圈中電流變大B.當光照變?nèi)鯐r，變壓器的輸入功率變大C.當開關(guān)S由閉合到斷開時，交流電流表的示數(shù)變大D.當滑動觸頭P向下滑動時，電阻R1消耗的功率增加10、如圖所示，兩虛線之間的空間內(nèi)存在著正交或平行的勻強電場E和勻強磁場B，有一個帶正電的小球（電荷量+q，質(zhì)量為m）從正效或平行的電磁復(fù)合場上方的某一高度處自由落下，那么，帶電小球不可能沿直線通過下列的哪個電磁混合場（）A.B.C.D.11、下面關(guān)于電源電動勢說明正確的是（）A.電源電動勢與是否接外電路無關(guān)B.根據(jù)可知，電源電動勢與非靜電力做功成正比，與電荷量成反比C.電源電動勢的大小反映的是電源把其他能力轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)的大小D.干電池電動勢是的意義是在電池內(nèi)部把正電荷從負極“搬到”正極，非靜電力做功12、如圖，兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，其左端接有定值電阻R．Ox軸平行于金屬導(dǎo)軌，在0≤x≤4m的空間區(qū)域內(nèi)存在著垂直導(dǎo)軌平面向下的磁場，磁感應(yīng)強度B隨坐標x（以m為單位）的分布規(guī)律為B=0.8-0.2x（T）．金屬棒ab在外力作用下從x=0處沿導(dǎo)軌運動，金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計導(dǎo)軌和金屬棒的電阻．設(shè)在金屬棒從x1=1m經(jīng)x2=2m到x3=3m的過程中，R的電功率保持不變；則金屬棒（）

A.在與處的電動勢之比為1：3B.在與處受到磁場B的作用力大小之比為3：1C.從到與從到的過程中通過R的電荷量之比為5：3D.從到與從到的過程中R產(chǎn)生的焦耳熱之比為5：313、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經(jīng)過等容過程ab到達狀態(tài)b，再經(jīng)過等溫過程地bc到達狀態(tài)c，最后經(jīng)等壓過程ab回到狀態(tài)a。下列說法正確的是（）

A.在過程ab中氣體的內(nèi)能增加B.在過程ca中氣體的內(nèi)能不變C.在過程ab中氣體對外界做功D.在過程bc中氣體從外界吸收熱量14、關(guān)于近代物理內(nèi)容的表述，下列說法正確的是____A.比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定B.盧瑟福發(fā)現(xiàn)了電子，并提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型C.黑體輻射電磁波的強度按波長的分布規(guī)律與黑體的溫度有關(guān)D.原子核發(fā)生β衰變時，β射線是原子內(nèi)部核外電子釋放出來的評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當用光子能量為5eV的光照射到光電管上時，測得電流計的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動能為__________J，金屬的逸出功為________J.16、如圖所示的光電管實驗中，當用波長3.0×10-7m的光照射在陰極K上時，電流表有示數(shù)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當電壓表讀數(shù)為3.0V時，電流表讀數(shù)恰好為零；改用波長為1.5×10-7m的光照射在陰極K上時，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當電壓表讀數(shù)為7.1V時，電流表讀數(shù)也恰好為零．由此可得普朗克常量為__J·s，該陰極的逸出功為__J。已知電子電量為1.6×10-19C，光速c為3×108m/s；結(jié)果保留兩位有效數(shù)字．

17、水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化，溫度升高時，飽和汽壓______（填“增大”、“減小”或“不變”）；在一定溫度下，水的飽和汽體積減小時，分子數(shù)密度______（填“增大”、“減小”或“不變”）；通過降低溫度______（填“可以”或“不可以）使未飽和汽變成飽和汽。18、用毛皮摩擦過的橡膠棒靠近懸掛的通草球時，通草球被推開，則通草球帶______電；反復(fù)摩擦后，發(fā)現(xiàn)橡膠棒的溫度升高，這是通過______的方式改變物體的內(nèi)能的。19、恒溫環(huán)境中，在導(dǎo)熱性能良好的注射器內(nèi)，用活塞封閉了一定質(zhì)量的空氣（視為理想氣體）。用力緩慢向里壓活塞，該過程中封閉氣體的壓強_________（選填“增大”或“減小”）；氣體_________（選填“吸收”或“放出”）熱量。20、如圖所示電路中，R1=100Ω，滑動變阻器的總電阻R=100Ω，A、B兩端電壓恒定，且UAB=12V．當S斷開時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由_______V變至_______V；當S閉合時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由______V變至________V．

21、如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許從b流向a，水平放置的平行板電容器AB內(nèi)部原有一電荷P處于靜止狀態(tài)，一直保持兩極板處于平行狀態(tài)，若A和B的間距稍增大一些后，P的運動情況將是________；若把A和B的正對面積稍增大一些后，P的運動情況將是_________；若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，P的運動情況將是________．（填“靜止不動”；“向下運動”或“向上運動”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共1題，共4分)25、如圖所示，一導(dǎo)熱性能良好、內(nèi)壁光滑的汽缸豎直放置，在距汽缸底部處有一與汽缸固定連接的卡環(huán)，活塞與汽缸底部之間封閉了一定質(zhì)量的氣體。當氣體的溫度大氣壓強時，活塞與汽缸底部之間的距離不計活塞的質(zhì)量和厚度。現(xiàn)對汽缸加熱，使活塞緩慢上升，求封閉氣體溫度升高到時的壓強

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】金屬環(huán)周圍有環(huán)形的磁場；金屬環(huán)向右運動，磁通量減小，根據(jù)“來拒去留”可知，所受的安培力將阻礙金屬圓環(huán)遠離通電直導(dǎo)線，即安培力垂直直導(dǎo)線向左，與運動方向并非相反，安培力使金屬環(huán)在垂直導(dǎo)線方向做減速運動，當垂直導(dǎo)線方向的速度減為零，只剩沿導(dǎo)線方向的速度，然后磁通量不變，無感應(yīng)電流，水平方向合力為零，故最終做勻速直線運動，方向與直導(dǎo)線平行，D正確，選D.

【點睛】金屬環(huán)周圍有環(huán)形的磁場，金屬環(huán)向右上運動，磁通量減小，根據(jù)“來拒去留”可知，所受的安培力與運動方向相反，使金屬環(huán)在垂直導(dǎo)線方向做減速運動，當垂直導(dǎo)線方向的速度減為零，最終金屬環(huán)的運動狀態(tài)為勻速沿導(dǎo)線運動，速度為原來速度的沿導(dǎo)線方向上的分量．2、C【分析】【詳解】

ACD．由于導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，棒的機械能不斷減少，經(jīng)過同一位置時下滑的速度小于上滑的速度，則下滑階段的平均速度大于下滑階段的平均速度，而上滑階段的位移與下滑階段的位移大小相等，所以上滑過程的時間比下滑過程短；下滑時棒受到的安培力小于上滑所受的安培力，則下滑過程安培力的平均值小于上滑過程安培力的平均值，所以上滑導(dǎo)體棒克服安培力做功大于下滑過程克服安培力做功，故上滑過程中電阻R產(chǎn)生的熱量大于下滑過程中產(chǎn)生的熱量多；根據(jù)沖量定義上滑過程中安培力的沖量

與下滑過程安培力的沖量相等；故AD錯誤，C正確；

B．根據(jù)感應(yīng)電量公式知；上滑過程和下滑過程磁通量的變化量相等，則通過電阻R的電量相等，故B錯誤；

故選C。3、B【分析】【詳解】

A.根據(jù)楞次定律可得回路中的感應(yīng)電流方向為順時針，所以金屬桿中感應(yīng)電流的方向是由M流向N；故A錯誤；

B.設(shè)MN在回路中的長度為L，其接入電路的電阻為R=rL，根據(jù)導(dǎo)體轉(zhuǎn)動切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小計算公式可得感應(yīng)電流的大小為：由于B、ω、r都是定值而L減小，所以電流I大小始終減小；故B正確；

C.由于導(dǎo)軌電阻不計，所以路端電壓為零，即MN兩點間的電壓為零，M、N兩點電勢相等；故C錯誤；

D.由于導(dǎo)體棒MN在回路中的有效切割長度逐漸減小，所以接入電路的電阻R逐漸減小，不能根據(jù)計算通過電路的電量小于故D錯誤．4、C【分析】【詳解】

磁場的磁感應(yīng)強度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)n=400，線圈總電阻r=2.0Ω，線圈的轉(zhuǎn)速n0=r/s．所以ω=100rad/s，最大值為：Em=nBSω=8V，則瞬時值為e=8cos100tV，故A錯誤；交流電壓表顯示的是路端電壓有效值，示數(shù)為=6.4V，故B錯誤；從t=0時刻開始轉(zhuǎn)過30°的過程中，通過電阻的電量為：故C正確；電阻R上的熱功率為：P=I2R=()2R=5.12W；故D錯誤；故選C．

【點睛】

本題考查了交流電的峰值和有效值、周期和頻率的關(guān)系，記住，求電量用電動勢的平均值，求熱量用有效值．5、B【分析】【詳解】

電流表測的是R2的電流，電壓表V1測的是路端電壓，電壓表v2測的是R1的電壓；

AB．滑動變阻器R0的滑片向下滑動的過程中，滑動變阻器的電阻變小，總電阻變小，則干路電流變大，電壓表v2測的是R1的電壓變大，內(nèi)壓變大，外壓變小，即V1的示數(shù)變小，內(nèi)壓變大，R1分壓變大，則R2分壓變小；電流表示數(shù)變小，故A錯誤，B正確；

C．電壓表V1示數(shù)變化量電壓表的V2示數(shù)變化量又則故C錯誤；

D．當內(nèi)外阻相等時輸出功率最大，因外阻大于內(nèi)阻，則外阻阻值減小時功率變大，即滑動變阻器R0的滑片向下滑動的過程中外電阻變小電源的輸出功率變大，故D錯誤；6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．當滑塊B相對于斜面加速下滑時，斜面A水平向左加速運動，所以滑塊B相對于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對滑塊的支持力不等于故A錯誤；

B．滑塊B下滑過程中支持力對B的沖量大小為故B錯誤；

C．由于滑塊B有豎直方向的分加速度；所以系統(tǒng)豎直方向合外力不為零，系統(tǒng)的動量不守恒，故C錯誤；

D．系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為則

解得

故D正確；

故選D。二、多選題(共8題，共16分)7、A:B:C【分析】【詳解】

ABC.根據(jù)可知，圖像與橫軸交點對應(yīng)的是截止頻率，與縱軸交點的絕對值對應(yīng)的是逸出功的，根據(jù)可求出普朗克常量，ABC正確．

D.單位時間逸出的光電子數(shù)目與光強有關(guān)，而圖像得不出光強，所以不能判斷，D錯誤．8、B:C:D【分析】【詳解】

A．由圖可知；當S與1；2連接時，多用電表就成了電流表，電阻與表頭并聯(lián)，當并聯(lián)電阻越小時，量程越大，因此前者量程較大，故A錯誤；

B．使用多用電表歐姆檔測二極管反向電阻時；應(yīng)將紅表筆與二極管正極相連，黑表筆與二極管負極相連，故B正確；

C．由圖可知，當S與3、4連接時，G與電阻串聯(lián)，多用電表是電壓表，若R1出現(xiàn)斷路故障；則流過的最大電流減小，根據(jù)歐姆定律知電壓減小，即量程減小，故C正確；

D．由圖可知，S與5連接時，多用電表就成了歐姆表，由閉合電路歐姆定律得

當電池用舊了會因電動勢E減小時，電路中電流I減?。淮藭r電表偏轉(zhuǎn)角度減小，歐姆檔讀數(shù)就會偏大，即測量值偏大，故D正確。

故選BCD。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A項：當U增大時；副線圈兩端電壓增大，所以副線圈中的電流增大，故A正確；

B項：當光照變?nèi)鯐r，光敏電阻阻值變大，副線圈中的總電阻變大，總電流變小，由公式P=U2I2可知；副線圈消耗的功率變小，變壓器的輸入功率變小，故B錯誤；

C項：當開關(guān)S由閉合到斷開時；副線圈中的總電阻變大，總電流變小，即電流表的示數(shù)變小，故C錯誤；

D項：當滑動觸頭P向下滑動時，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，R1中的電流變大；所以消耗的功率變大，故D正確．

故應(yīng)選：AD．10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A圖中；小球受重力；向左的電場力、向右的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定增大，不可能一直與電場力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運動，故A錯誤；B圖中小球受重力、向上的電場力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運動，故B錯誤；C圖中小球受重力、向左上方的電場力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運動，故C正確；D圖中粒子受向下的重力和向上的洛倫茲力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運動，故D正確；故選CD.

【點睛】

本題考查了帶電粒子在復(fù)合場中的運動問題；解題的關(guān)鍵在于洛倫茲力與速度垂直且與粒子速度方向垂直，要使粒子做直線運動，要么三力平衡，要么不受洛倫茲力.11、A:D【分析】【詳解】

AB．依據(jù)電動勢的基本意義；電源電動勢大小只由電源本身決定，與是否接外電路無關(guān)，與非靜電力做功以及移動的電量無關(guān)，故A正確，B錯誤；

C．電源電動勢的大小反映的是電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大?。还蔆錯誤；

D．根據(jù)公式

干電池電動勢是的意義是在電池內(nèi)部把正電荷從負極“搬到”正極，非靜電力做功故D正確。

故選AD。12、B:C:D【分析】【詳解】

由功率的計算式：知道由于金屬棒從x1=1m經(jīng)x2=2m到x3=3m的過電功率保持不變，所以E應(yīng)不變，選項A錯誤．由安培力公式F=BIL及P=EI知：所以選項B正確．由于金屬棒從x1=1m經(jīng)x2=2m到x3=3m的過程中，R的電功率保持不變，由P=I2R知道R中的電流相等，再由安培力公式F=BIL，所以F-x圖象如圖所示:

顯然圖象與坐標軸圍成的面積就是克服安培力做的功，即R產(chǎn)生的熱量，所以：所以選項D正確．因為根據(jù)D選項熱量Q=I2Rt，熱量之比為5：3，電流相同，說明時間之比為5：3，因此電量選項C正確．13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．從a到b等容升壓，氣體不對外做功，外界也不對氣體做功；根據(jù)可知溫度升高，一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能決定于氣體的溫度，溫度升高，則內(nèi)能增加，選項A正確，C錯誤；

B．在過程ca中壓強不變，體積減小，根據(jù)可知溫度降低；則內(nèi)能減小，B錯誤；

D．在過程bc中，屬于等溫變化，氣體膨脹對外做功，而氣體的溫度不變，則內(nèi)能不變；根據(jù)熱力學第一定律可知；氣體從外界吸收熱量，選項D正確。

故選AD。14、A:C【分析】【詳解】

A；比結(jié)合能越大；表示原子核中核子結(jié)合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定，A正確；

B；湯姆生發(fā)現(xiàn)了電子；盧瑟福提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型，B錯誤；

C；黑體輻射電磁波的強度按波長的分布規(guī)律與黑體的溫度有關(guān)；隨著溫度的升高，輻射強度的極大值向頻率比較高，即波長較短的方向移動，C正確；

D、β衰變是原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化而來；D錯誤．

故選AC．

【點睛】

本題考查了普朗克的黑體輻射理論，盧瑟福原子核實結(jié)構(gòu)模型等，知識點多，難度小，關(guān)鍵是記住基礎(chǔ)知識．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應(yīng)方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1916、略

【分析】【詳解】

[1][2]光電流恰好為零，表明光電子的最大初動能為

根據(jù)光電效應(yīng)方程，用波長的光子照射光電管，當光電管上反向電壓達3V時有

波長1.5×10-7m的光照，當電壓表讀數(shù)為7.1V時，靈敏電流表讀數(shù)為零；則有

代入數(shù)據(jù)可解得【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]飽和汽壓是物質(zhì)的一個重要性質(zhì)，它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度，同一種物質(zhì)溫度越高，飽和汽壓越大，溫度升高時，飽和汽壓增大；在一定溫度下，同一種液體的飽和汽分子密度都是一定的，水的飽和汽體積減小時，分子密度不變；降低溫度，飽和汽壓減小，所以可以使未飽和汽變成飽和汽。【解析】增大不變可以18、略

【分析】【詳解】

[1]毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電；通草球受到斥力作用，故通草球也帶負電；

[2]摩擦橡膠棒時通過做功的方式改變物體內(nèi)能。【解析】①.負電②.做功19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]下壓活塞，氣體的體積變小，溫度不變，由

可知；壓強增大；

[2]外界對氣體做正功，氣體溫度不變故內(nèi)能不變，由

可知，氣體放出熱量?！窘馕觥竣?增大②.放出20、略

【分析】【分析】

當電鍵S斷開時；滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，當滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)最小，由歐姆定律求出；

當電鍵S閉合時；電壓表示數(shù)最大值不變，滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)為零；

【詳解】

當電鍵S斷開時，當滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，滑片滑到最下端時，變阻器與電阻串聯(lián)，電壓表示數(shù)最小，最小值為即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至

當電鍵S閉合時，滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V；

滑片滑到最下端時，電阻R1被短路，電壓表示數(shù)為零，即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至．

【點睛】

本題考查對變阻器兩種接法的理解：S斷開時變阻器為限流器，S閉合時，變阻器為分壓器．運用歐姆定律求解電壓范圍．【解析】12612021、略

【分析】【詳解】

[1]電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，電容量的電量要減小，放電，但由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量無法減小，根據(jù)

板間電場強度

Q、S、?不變，則改變d，E不變，電荷P受的電場力不變；仍靜止。

[2]使極板A和B正對面積增大后，跟據(jù)

電容變大，根據(jù)

電量要增加，但是由于電壓不變，根據(jù)

兩板間距不變；故場強不變，電場力不變，則電荷仍靜止不動。

[3]若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，根據(jù)

則電容變大，電量不變，根據(jù)

則電壓減小，根據(jù)

場強減小，電場力