2025年滬科版高一物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高一物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、甲、乙兩個小球，質(zhì)量分別為m1和m2，且m1＞m2；若用相同的初速度將它們豎直上拋，在空氣中受到的阻力大小相同．則（）

A.甲球上升的高度較大。

B.甲；乙兩球同時到達(dá)最高點(diǎn)。

C.乙球先到最高點(diǎn)。

D.兩球上升過程中平均速度相等。

2、【題文】質(zhì)量為的滑塊沿高為長為的粗糙斜面勻速下滑，在滑塊從斜面頂端滑至低端的過程中A.重力對滑塊所做的功為mghB.滑塊克服摩擦所做的功為mglC.滑塊的機(jī)械能保持不變D.滑塊的重力勢能增加了mgh3、一長為L的輕桿下端固定一質(zhì)量為m的小球，上端連在光滑水平軸上，輕桿可繞水平軸在豎直平面內(nèi)運(yùn)動（不計空氣阻力），如圖所示，當(dāng)小球在最低點(diǎn)時給它一個水平初速度v0，小球剛好能做完整的圓周運(yùn)動．若小球在最低點(diǎn)的初速度從v0逐漸增大，則下列判斷正確的是（）A.小球能做完整的圓周運(yùn)動，經(jīng)過最高點(diǎn)的最小速度為B.小球在最高點(diǎn)對輕桿的作用力先減小后增大C.小球在最低點(diǎn)對輕桿的作用力先增大后減小D.小球在運(yùn)動過程中所受合外力的方向始終指向圓心4、如圖所示，一個物體放在水平面上，在跟豎直方向成胃

角的斜向下的推力F

的作用下沿平面移動了距離s.

若物體的質(zhì)量為m

物體與地面之間的摩擦力大小為f

則在此過程中(??)

A.摩擦力做的功為fs

B.力F

做的功為Fscos胃

C.力F

做的功為Fssin胃

D.重力做的功為Mgs

5、在地面上將一個小球以20m/s的速度豎直向上拋出，則小球到達(dá)距拋出點(diǎn)15m的位置所經(jīng)歷的時間可能為（g=10m/s2）（）

A.1s

B.3s

C.

D.

6、可以認(rèn)為地球同步衛(wèi)星是繞地心做勻速圓周運(yùn)動，同步衛(wèi)星做的是A.速度和加速度都恒定不變的運(yùn)動B.速度恒定不變、加速度不斷變化的運(yùn)動C.速度不斷變化、加速度恒定不變的運(yùn)動D.速度和加速度都不斷變化的運(yùn)動7、【題文】冰壺是冬奧會的比賽項(xiàng)目，冰壺被擲出后在冰面上減速滑行。在一次訓(xùn)練中，通過測量分析后得出它的位移x(m)隨時間t(s)變化的規(guī)律為x="t"–0.02t2，則下列說法正確的是（）A.冰壺的加速度大小為0.02m/s2B.冰壺的初速度為1m/sC.5s末冰壺的速度為0.8m/sD.30s內(nèi)冰壺的位移為12m8、如圖所示，物體A

和B

的質(zhì)量均為m

且分別與跨過定滑輪的輕繩連接(

不計繩與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦)

在用水平變力F

拉物體B

沿水平方向向右運(yùn)動，剛好使A

向上做勻速直線運(yùn)動的過程中，則(

)

A.物體B

在水平方向向右也做勻速直線運(yùn)動B.物體B

在水平方向向右的做減速運(yùn)動C.繩子拉力大于物體A

所受重力D.繩子拉力小于物體A

所受重力評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的一次實(shí)驗(yàn)中；質(zhì)量為1kg的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，如圖所示，已知相鄰計數(shù)點(diǎn)時間間隔為0.02s，則：

（1）紙帶的____（填“P”或“C”；必須用字母表示）端與重物相連；

（2）打點(diǎn)計時器打下計數(shù)點(diǎn)B時，物體的速度υB=____m/s（結(jié)果保留兩個有效數(shù)字）；

（3）從起點(diǎn)P到打下計數(shù)點(diǎn)B的過程中物體的重力勢能減少量△EP=____J，此過程中物體動能的增加量△Ek=____J；（取重力加速度g=9.8m/s2；結(jié)果保留兩個有效數(shù)字）

（4）通過計算，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，數(shù)值上認(rèn)為△EP____△Ek（填“＜”、“＞”或“=”），即機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)證．10、如圖所示，細(xì)線的一端固定于傾角為45°的光滑楔形滑塊A的頂端P處，細(xì)線的另一端拴一質(zhì)量為m的小球。當(dāng)滑塊至少以加速度a=____向左運(yùn)動時，小球?qū)瑝K的壓力等于零，當(dāng)滑塊以a=2g的加速度向左運(yùn)動時，線中拉力FT=____。

11、如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.8T

矩形線圈abcd

的邊長為ab=10cmbc=20cm

線圈平面與磁場平行．

(1)

若以ab

邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90鈭?

這時穿過線圈的磁通量為______，在這一過程中，磁通量的變化量為______．

(2)

若以ad

邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90鈭?

這時穿過線圈的磁通量為______，磁通量的變化量為______．12、天文觀測表明，幾乎所有遠(yuǎn)處的恒星(

或星系)

都在以各自的速度背離我們而運(yùn)動，離我們越遠(yuǎn)的星體，背離我們運(yùn)動的速度(

稱為退行速度)

越大，也就是說，宇宙在膨脹，不同的星體的退行速度v

和它們離我們的距離r

成正比，即v=Hr

式中H

為一常量，稱為哈勃常數(shù)，已由天文觀察測定，為解釋上述現(xiàn)象，有人提出一種理論，認(rèn)為宇宙是從一個大爆炸的火球開始形成的，假設(shè)大爆炸后各星體即以不同的速度向外勻速運(yùn)動，并設(shè)想我就位于其中心，則速度越大的星體現(xiàn)在離我們越遠(yuǎn)，這一結(jié)果與上述天文觀測一致．

由上述理論和天文觀測結(jié)果，可估算宇宙年齡T

其計算公式T=

______．13、一質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動，經(jīng)過36m后靜止，若把這段位移分為三段，且質(zhì)點(diǎn)通過每段的時間相等，第一段的長度為____m．14、圖甲是研究平拋運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖；小球從斜面上一定高度處從靜止釋放，經(jīng)過一段水平軌道后落下．圖乙是實(shí)驗(yàn)后在白紙上描出的軌跡和所測數(shù)據(jù)：

（1）在實(shí)驗(yàn)中，需要小球重復(fù)運(yùn)動．每次都使小球從同一位置開始運(yùn)動的原因是____．

（2）根據(jù)圖乙中數(shù)據(jù)，可以算出此平拋運(yùn)動的初速度v=____m/s．（g=10m/s2；保留兩位有效數(shù)字）

（3）如圖丙所示，在研究平拋物體運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)中，用一張印有小方格的紙來記錄軌跡，小方格的邊長L=1.25cm，若小球在平拋運(yùn)動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則到達(dá)b點(diǎn)時的瞬時速度大小為vb=_____m/s．（g=10m/s2；保留兩位有效數(shù)字）

15、某實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)“平拋運(yùn)動規(guī)律”測量玩具手槍的子彈射出槍口的速度，由于手頭只有1m

長的刻度尺，不便測量子彈飛行的水平位移，他們將實(shí)驗(yàn)做了以下改進(jìn)：讓子彈從槍口水平射出，在飛行途中穿過兩塊豎直平行放置的薄板PQ

兩板相距為LP

板距槍口距離為S

測出子彈穿過兩薄板后留下的CD

兩孔間的高度差為h

不計空氣及薄板阻力，請你用SLh

表示出子彈射出槍口的速度V0=

______．評卷人得分三、證明題(共2題，共4分)16、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學(xué)對人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動情況分別談了自己的看法；甲同學(xué)認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運(yùn)動，而乙同學(xué)則依據(jù)平時看到的自己的影子的運(yùn)動情況，認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運(yùn)動，你認(rèn)為甲、乙兩位同學(xué)對人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．17、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學(xué)對人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動情況分別談了自己的看法；甲同學(xué)認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運(yùn)動，而乙同學(xué)則依據(jù)平時看到的自己的影子的運(yùn)動情況，認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運(yùn)動，你認(rèn)為甲、乙兩位同學(xué)對人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．評卷人得分四、推斷題(共3題，共24分)18、A、rm{B}rm{C}rm{D}四種元素，它們原子的核電荷數(shù)均小于rm{18}且依次遞增，rm{A}原子核內(nèi)僅有一個質(zhì)子；rm{B}原子的電子總數(shù)與rm{D}原子的最外層電子數(shù)相等；rm{A}原子與rm{B}原子的最外層電子數(shù)之和與rm{C}原子的最外層電子數(shù)相等；rm{D}原子有兩個電子層，最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的rm{3}倍。rm{(1)}試推斷它們各是什么元素，寫出它們的元素符號：rm{A}________，rm{C}________，rm{(2)}畫出rm{D}的離子結(jié)構(gòu)示意圖________。

rm{(3)}由這四種元素組成的三核rm{10}電子的分子是________，四核rm{10}電子的分子是________。19、已知rm{A}的產(chǎn)量通常用來衡量一個國家的石油化工水平，現(xiàn)以rm{A}為主要原料合成高分子化合物rm{E}和一種具有果香味的物質(zhì)rm{F}其合成路線如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：rm{(}提示圖中rm{C隆煤}rm{D}的轉(zhuǎn)化關(guān)系是：rm{CH_{3}CHO隆煤CH_{3}COOH)}rm{(1)}工業(yè)上由石蠟制取rm{A}的方法稱作：______，rm{A隆煤B}的反應(yīng)類型_____________。rm{(2)A}中官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)式為________________________，rm{B}的官能團(tuán)名稱為_____________。rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脻}的化學(xué)方程式：_______________________，其中濃硫酸的作用是______________。rm{(4)}下列有關(guān)rm{A}和rm{E}的敘述正確的是______。rm{a.}均能使溴水褪色rm{b.}均只含極性鍵rm{c.}最簡式相同rm{d.}均屬于純凈物rm{(5)}寫出由rm{B隆煤C}的反應(yīng)方程式：____________________________。20、A、rm{B}rm{C}rm{D}均為中學(xué)化學(xué)常見物質(zhì)，且均含有同一種元素，它們之間有如下轉(zhuǎn)化關(guān)系，其中rm{A}是單質(zhì)。

rm{(1)}若rm{A}是一種淡黃色固體，rm{B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氧化物，rm{C}是形成酸雨的主要物質(zhì)。請寫出rm{C}與rm{B}反應(yīng)的化學(xué)方程式_____________。rm{(2)}若rm{B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氣態(tài)氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化學(xué)煙霧的一個重要原因。請寫出反應(yīng)rm{壟脹}的化學(xué)方程式_________________。實(shí)驗(yàn)室中檢驗(yàn)氣體rm{B}用的試劑或用品為________________。rm{(3)}若rm{B}rm{D}既能溶于強(qiáng)酸溶液，又能溶于強(qiáng)堿溶液，反應(yīng)rm{壟脷壟脹}均需要強(qiáng)堿性溶液，反應(yīng)rm{壟脺}可以通過滴加少量稀鹽酸實(shí)現(xiàn)。據(jù)此判斷rm{A}元素是__________。請寫出rm{壟脷}的離子方程式__________________。rm{(4)}若rm{C}是一種淡黃色固體，常用于呼吸面具中的供氧劑，rm{D}是一種強(qiáng)堿。則rm{C}作供氧劑時氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為_____________；焰色反應(yīng)時，rm{D}的火焰呈_______色。評卷人得分五、簡答題(共4題，共20分)21、如圖；一質(zhì)量不計的彈簧原長為10cm，一端固定于質(zhì)量m=2kg的物體上，另一端拖一水平拉力F，（g=10N/kg）物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.2（設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等）．

（1）若當(dāng)彈簧拉長到總長為12cm時；物體恰好勻速直線運(yùn)動，彈簧的勁度系數(shù)多大？

（2）若在物體靜止的情況下將彈簧拉長到總長為11cm時；物體所受到的摩擦力大小為多少？

（3）若在物體靜止的情況下將彈簧拉長到總長為13cm時，物體所受的摩擦力大小為多少？若此時為使物體做勻速直線運(yùn)動還需給物體施加多大的豎直向下的壓力？22、下列為元素周期表中的一部分，用化學(xué)式或元素符號回答下列問題。。族周期Ⅰrm{A}Ⅱrm{A}Ⅲrm{A}Ⅳrm{A}Ⅴrm{A}Ⅵrm{A}Ⅶrm{A}rm{0}rm{2}rm{壟脼}rm{壟脽}rm{?}rm{3}rm{壟脵}rm{壟脹}rm{壟脻}rm{壟脿}rm{壟芒}rm{4}rm{壟脷}rm{壟脺}rm{壟謾}

rm{(1)11}種元素中，化學(xué)性質(zhì)最不活潑的是___________。rm{(2)壟脵壟脷壟脻}中，最高價氧化物的水化物，堿性最強(qiáng)的是___________。rm{(3)壟脷壟脹壟脺}中形成的簡單離子半徑由大到小的順序是________________。rm{(4)}元素rm{壟脽}的簡單氫化物分子式為_____________，該氫化物常溫下和元素rm{壟脷}的單質(zhì)反應(yīng)的離子方程式是____________________________________，該氫化物與元素rm{壟脿}的單質(zhì)反應(yīng)的離子方程式是_____________________________________________________。rm{(5)壟脵}和rm{壟謾}的最高價氧化物對應(yīng)的水化物化學(xué)式為___________和___________。rm{壟脵}和rm{壟謾}兩元素形成化合物的化學(xué)式為___________，該化合物灼燒時焰色為___________，該化合物的溶液與元素rm{壟脿}的單質(zhì)反應(yīng)的離子方程式為____________________________________。rm{(6)壟脵}和rm{壟脻}最高價氧化物對應(yīng)的水化物相互反應(yīng)的化學(xué)方程式為______________________。rm{(7)壟脼}和rm{壟脿}形成的化合物的化學(xué)式為________，該化合物溶解rm{壟謾}的單質(zhì)所得溶液為________。rm{(8)壟脿壟謾?}三種元素形成的氣態(tài)氫化物最穩(wěn)定的是__________。23、rm{[E(C{A}_{3}{)}_{4}{]}^{2+}}有rm{[E(C{A}_{3}{)}_{4}{]}^{2+}

}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}五種元素。其相關(guān)信息如下：。rm{E}元素相關(guān)信息rm{A}rm{A}原子的rm{1s}軌道上只有rm{1}個電子rm{B}rm{B}是電負(fù)性最大的元素rm{C}rm{C}的基態(tài)原子rm{2p}軌道中有三個未成對電子rm{D}rm{D}是主族元素且與rm{E}同周期，其最外能層上有兩個運(yùn)動狀態(tài)不同的電子rm{E}rm{E}能形成紅色rm{(}或磚紅色rm{)}的rm{E_{2}O}和黑色的rm{EO}兩種氧化物請回答下列問題：

rm{(1)}寫出rm{E}元素原子基態(tài)時的電子排布式________。寫出rm{(1)}元素原子基態(tài)時的電子排布式________。

rm{E}元素的第一電離能比氧元素的第一電離能________rm{(2)C}元素的第一電離能比氧元素的第一電離能________rm{(}填“大”或“小”rm{)}填“大”或“小”rm{(2)C}

rm{(}rm{)}rm{(3)CA}原子的雜化軌道類型是________。

rm{(3)CA}rm{{,!}_{3}}分子中rm{C}原子的雜化軌道類型是________。三種元素可形成rm{C}rm{(4)A}rm{C}rm{E}三種元素可形成rm{[E(CA}rm{(4)A}rm{C}rm{E}rm{[E(CA}rm{{,!}_{3}}填序號rm{)}

rm{)}配位鍵rm{{,!}_{4}}金屬鍵rm{]}極性共價鍵rm{]}非極性共價鍵rm{{,!}^{2+}}離子鍵配離子，其中存在的化學(xué)鍵類型有________rm{(}填序號rm{)}氫鍵rm{(}rm{)}rm{壟脵}配位鍵rm{壟脷}金屬鍵rm{壟脹}極性共價鍵rm{壟脺}非極性共價鍵rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}離子鍵rm{壟脼}氫鍵rm{壟脻}rm{壟脼}若rm{[E(CA}rm{[E(CA}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}填字母rm{{,!}_{4}}rm{]}平面正方形rm{]}正四面體rm{{,!}^{2+}}三角錐形具有對稱的空間構(gòu)型，且當(dāng)形rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}與中的兩個rm{CA}可形成離子化合物，其晶胞結(jié)構(gòu)如下圖所示。其中rm{CA}離子的配位數(shù)為______________，若該晶體的密度為rm{{,!}_{3}}則該晶胞的體積是__________被兩個rm{Cl}寫出表達(dá)式即可rm{Cl}rm{{,!}^{-}}24、有兩個力，一個是10N10N一個是2N2N它們的合力有可能等于5N5N10N10N15N15N么？合力的最大值是多少？最小值是多少？評卷人得分六、畫圖題(共2題，共12分)25、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。26、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A|C|D【分析】

A、根據(jù)牛頓第二定律得，上升過程中的加速度a=因?yàn)樽枇Υ笮∠嗤?，m1＞m2，所以a1＜a2．因?yàn)槌跛俣认嗤?，根?jù)h=知甲球上升的高度較大．故A正確．

B、因?yàn)閍1＜a2．，初速度相等，根據(jù)t=得；甲的運(yùn)動時間長，則乙球先到最高點(diǎn)．故B錯誤，C正確．

D、因?yàn)閮汕虺跛俣认嗟龋鶕?jù)平均速度知兩球在上升過程中平均速度相等．故D正確．

故選ACD．

【解析】【答案】根據(jù)牛頓第二定律比較出兩球的加速度；從而根據(jù)速度位移公式比較出兩球上升的高度大小關(guān)系，以及通過速度時間公式比較出上升的時間．

2、A【分析】【解析】

試題分析：重力做功公式W=mgh．根據(jù)動能定理研究滑塊克服阻力所做的功和合力做功．

A；設(shè)斜面長為L；則重力對滑塊所做的功W=mgsinθ?L=mgh．故A正確．

B、由題，滑塊勻速下滑，動能的變化量為零，根據(jù)動能定理得，mgh-Wf=0，則滑塊克服阻力所做的功Wf=mgh．故B錯誤．

C；D滑塊勻速下滑；機(jī)械能減少，重力勢能．故CD錯誤．

故選A

考點(diǎn)：動能定理的應(yīng)用；重力勢能的變化與重力做功的關(guān)系．

點(diǎn)評：動能定理是求功的一種方法．本題中也可以根據(jù)勻速運(yùn)動合力為零，確定合力對滑塊所做的功為零．【解析】【答案】A3、B【分析】解：A、設(shè)輕桿對小球的作用力大小為F，方向向上，小球做完整的圓周運(yùn)動經(jīng)過最高點(diǎn)時，對小球，由牛頓第二定律得mg-F=m當(dāng)輕桿對小球的作用力大小F=mg時，小球的速度最小，最小值為0，故A錯誤．

B、由mg-F=m可得在最高點(diǎn)輕桿對小球的作用力F=mg-m若小球在最低點(diǎn)的初速度從v0逐漸增大，小球經(jīng)過最高點(diǎn)時的速度v也逐漸增大，當(dāng)mg＞m時，此時為拉力，隨著速度的增大F減??；而當(dāng)mg＜m時；隨著速度的增大，F(xiàn)變?yōu)槔?，并隨著速度的增大而增大，所以輕桿對小球的作用力F先減小后反向增大；由牛頓第三定律可得小球在最高點(diǎn)對輕桿的作用力先減小后增大，故B正確．

C、在最低點(diǎn)，由F-mg=m可得輕桿對小球的作用力（拉力）F=mg+m若小球在最低點(diǎn)的初速度從v0逐漸增大；則輕桿對小球的作用力（拉力）一直增大，故C錯誤．

D；輕桿繞水平軸在豎直平面內(nèi)運(yùn)動；小球不是做勻速圓周運(yùn)動，所以合外力的方向不是始終指向圓心，只有在最低點(diǎn)和最高點(diǎn)合外力的方向才指向圓心，故D錯誤．

故選：B．

小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動；只有重力做功，機(jī)械能守恒，故速度不斷變化，是變速圓周運(yùn)動；在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，小球受到的彈力和重力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式分析即可．

本題關(guān)鍵對小球在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)分別受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式分析，要注意桿子的作用特點(diǎn)，明確桿對小球可以無彈力，可以是拉力、支持力．【解析】【答案】B4、C【分析】【分析】已知物體的受力情況及位移，由功的公式即可求得各力的功，注意F

與位移之間的夾角不是婁脠

而是90鈭?鈭?婁脠

本題考查功的計算，要求我們能正確理解公式中各物理量的含義，正確確定力和位移的夾角是求解功的關(guān)鍵?！窘獯稹緼.摩擦力沿水平方向；與運(yùn)動方向相反，根據(jù)功的公式可知，摩擦力做功為鈭?fs

故A錯誤；

BC.

力F

做功為Fscos(90鈭?鈭?婁脠)=Fssin婁脠

故B錯誤，C正確；

D.重力與位移相互垂直；故重力不做功，故D錯誤；

故選C。

【解析】C

5、A|B【分析】

選豎直向上為正方向；

由豎直上拋運(yùn)動的規(guī)律：得：

15=20t-5t2

解得：t=1s或3s

當(dāng)物體向上經(jīng)15m時；t=1s；當(dāng)物體向下返回15m時，t=3s；

故選：AB．

【解析】【答案】小球做豎直上拋運(yùn)動；從地面上拋出，所以到達(dá)距拋出點(diǎn)15m的位置時其位移為：15m，方向是豎直向上的．應(yīng)用豎直上拋運(yùn)動規(guī)律進(jìn)行計算．

6、D【分析】【解析】【答案】D7、B|C【分析】【解析】

試題分析：由位移x(m)隨時間t(s)變化的規(guī)律為x="t"–0.02t2，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律知，v0=1m/s，a="-0.04"m/s2，所以A錯誤；B正確；5s末的速度所以C正確；冰壺速度減為零用時所以30s內(nèi)冰壺實(shí)際運(yùn)動了25s，通過位移所以D錯誤。

考點(diǎn)：本題考查勻減速直線運(yùn)動的規(guī)律，注意在實(shí)際運(yùn)動中物體運(yùn)動的時間?！窘馕觥俊敬鸢浮緽C8、B【分析】解：AB

設(shè)繩子與水平方向的夾角為婁脕

將B

的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于A

的速度，有vA=vBcos婁脕.A

向上做勻速直線運(yùn)動，則婁脕

減小，則B

的速度減小，B

做減速運(yùn)動.

故A錯誤，B正確；

C；D

因A

向上做勻速運(yùn)動；加速度為零，拉力F=mg.

故CD錯誤．

故選：B

．

將B

的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向；沿繩子方向的分速度等于A

的速度，根據(jù)平行四邊形定則判斷B

的速度的變化．

本題考查運(yùn)動的合成與分解，抓住B

在沿繩子方向的速度等于A

的速度，通過平行四邊形定則進(jìn)行求解．【解析】B

二、填空題(共7題，共14分)9、略

【分析】

（1）物體做加速運(yùn)動；由紙帶可知，紙帶上所打點(diǎn)之間的距離越來越大，這說明物體與紙帶的左端相連，即P點(diǎn)．

（2）利用勻變速直線運(yùn)動的推論。

vB==0.98m/s

（3）重物由B點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)時；重物的重力勢能的減少量△Ep=mgh=1.0×9.8×0.0501J=0.49J．

EkB==0.48J

（4）在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，△EP=△Ek；機(jī)械能守恒．

故答案為：（1）P；（2）0.98；（3）0.49；0.48；（4）=

【解析】【答案】書本上的實(shí)驗(yàn)；我們要從實(shí)驗(yàn)原理；實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)步驟、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)這幾點(diǎn)去搞清楚．

紙帶法實(shí)驗(yàn)中；若紙帶勻變速直線運(yùn)動，測得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動的推論，可計算出打出某點(diǎn)時紙帶運(yùn)動的瞬時速度．從而求出動能．根據(jù)功能關(guān)系得重力勢能減小量等于重力做功的數(shù)值．

10、g【分析】【解答】以小球?yàn)閷ο蠓治?，由于小球在豎直方向加速度為零、即在豎直方向小球的合外力為零，則有①，沿水平方向只有拉力沿水平方向的分量根據(jù)牛頓第二定律有②，聯(lián)立①②可得a=g；設(shè)當(dāng)滑塊以a=2g的加速度向左運(yùn)動時，細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，則有③、④，聯(lián)立③④可得

【分析】本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用11、(1)1.6×10-2Wb；1.6×10-2Wb；(2)0；0.【分析】解：(1)

若以ab

邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90鈭?

在勻強(qiáng)磁場中，穿過線框的磁通量公式為：婁碌=BS=0.8隆脕0.1隆脕0.2=1.6隆脕10鈭?2Wb

在這一過程中，磁通量的變化量為鈻?鈱?=鈱?鈭?0=1.6隆脕10鈭?2Wb

(2)

若以ad

邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90鈭?

線框與磁場平行，沒有磁感線穿過線框，則穿過線框的磁通量為0

變化也為零．

故答案為：(1)1.6隆脕10鈭?2Wb1.6隆脕10鈭?2Wb(2)00

．

在勻強(qiáng)磁場中；穿過線框的磁通量公式為：婁碌=BS

磁感線可以用穿過線框的磁感線的條數(shù)來理解.

當(dāng)線框與磁場平行時，穿過線框的磁通量為零．

對于磁通量，關(guān)鍵抓住兩種特殊下磁通量的求解公式：在勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)B隆脥S

時，婁碌=BS

當(dāng)B//S婁碌=0.

根據(jù)這兩種情況，運(yùn)用投影的方法可求線框與磁場成任意角時的磁通量．【解析】(1)1.6隆脕10鈭?2Wb1.6隆脕10鈭?2Wb(2)00

．12、略

【分析】解：不同的星體的退行速度v

和它們離我們的距離r

成正比，即v=Hr

假設(shè)大爆炸后各星體即以不同的速度向外勻速運(yùn)動，則有：r=vT

聯(lián)立求解可得到時間T=1H

．

不同的星體的退行速度v

和它們離我們的距離r

成正比，即v=Hr

假設(shè)大爆炸后各星體即以不同的速度向外勻速運(yùn)動，則有：r=vT

聯(lián)立求解可得到時間T

．

本題關(guān)鍵讀懂題意后建立宇宙的膨脹模型，然后找出有用信息進(jìn)行計算，不難．【解析】1H

13、略

【分析】

用逆推法將正向的勻減速看成反向的勻加速運(yùn)動，則從靜止開始連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之比為1：3：5，于是第一段的位移為：x=

故答案為：20．

【解析】【答案】初速度為零的勻加速直線運(yùn)動在第1T；第2T、第3T內(nèi)的位移之比為1：3：5；假設(shè)時間倒流；則末速度為零的勻減速直線運(yùn)動就變?yōu)榱顺跛俣葹榱愕膭蚣铀僦本€運(yùn)動．

14、略

【分析】

（1）每次都使小球從同一位置開始運(yùn)動的原因是保證每次小球做平拋運(yùn)動的初速度相同．

（2）因?yàn)閳D乙中O點(diǎn)與所取的兩點(diǎn)水平位移相等，則時間間隔相等，根據(jù)△y=gT2，解得T==0.1s．則平拋運(yùn)動的初速度v==1.6m/s．

（3）在豎直方向上有：△y=gT2，解得T==0.05s．則v==0.5m/s

vyb==0.5m/s

所以到達(dá)b點(diǎn)時的瞬時速度大小v==0.71m/s．

故答案為：保證小球作平拋的初速度相同；1.6m；0.50；0.71．

【解析】【答案】（1）小球每次從同一位置開始運(yùn)動；保證小球具有相同的平拋運(yùn)動初速度．

（2）根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔；從而根據(jù)水平位移求出平拋運(yùn)動的初速度．

（3）根據(jù)vyb=求出b點(diǎn)在豎直方向上的分速度，再根據(jù)平行四邊形定則求出b點(diǎn)的瞬時速度．

15、略

【分析】解：從開始到C

研究；設(shè)開始一段下降的高度為hx

根據(jù)hx=12gt2

得，t=2hxg

則s=v02hxg壟脵

從開始到D

研究，根據(jù)h+hx=12gt隆盲2

解得t隆盲=2(h+hx)g

則有：s+L=v02(h+hx)g壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

兩式解得v0=gLh(s+L2)

．

故答案為：gLh(s+L2)

．

平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動；在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，分別對開始到C

和開始到D

研究，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式聯(lián)合求解．

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式和推論靈活求解．【解析】gLh(s+L2)

三、證明題(共2題，共4分)16、略

【分析】【分析】光在同種均勻介質(zhì)中是沿直線傳播的；影子的形成是光沿直線傳播的典型例子．

根據(jù)相似三角形的知識求出影子路程與時間的關(guān)系，然后分析解答此題．【解析】【解答】解：不妨設(shè)人從路燈處出發(fā)；人的路程與人影間的關(guān)系如圖示．

在時間t內(nèi)，s人=υt；

如圖示由相似三角形知識得：=，=，s影==．

由于人做勻速直線運(yùn)動；速度υ是一個定值，h與l也是定值；

由此看見：人影s影與時間t成正比；人影做勻速直線運(yùn)動；

人影的長度s影隨時間的變化率=．

答：（1）乙的看法是正確的．

（2）速度υ、h、l是定值，根據(jù)人影路程s影與時間t的關(guān)系是s影=，可知影路程s影與時間t成正比；所以人影做勻速直線運(yùn)動．

（3）人影的長度隨時間的變化率是．17、略

【分析】【分析】光在同種均勻介質(zhì)中是沿直線傳播的；影子的形成是光沿直線傳播的典型例子．

根據(jù)相似三角形的知識求出影子路程與時間的關(guān)系，然后分析解答此題．【解析】【解答】解：不妨設(shè)人從路燈處出發(fā)；人的路程與人影間的關(guān)系如圖示．

在時間t內(nèi)，s人=υt；

如圖示由相似三角形知識得：=，=，s影==．

由于人做勻速直線運(yùn)動；速度υ是一個定值，h與l也是定值；

由此看見：人影s影與時間t成正比；人影做勻速直線運(yùn)動；

人影的長度s影隨時間的變化率=．

答：（1）乙的看法是正確的．

（2）速度υ、h、l是定值，根據(jù)人影路程s影與時間t的關(guān)系是s影=，可知影路程s影與時間t成正比；所以人影做勻速直線運(yùn)動．

（3）人影的長度隨時間的變化率是．四、推斷題(共3題，共24分)18、（1）HN（2）（3）【分析】【分析】本題考查了元素的推斷、常用化學(xué)用語，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重于學(xué)生的分析能力的考查，明確原子的電子層結(jié)構(gòu)是解本題的關(guān)鍵，難度不大。【解答】有rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四種元素，它們原子的核電荷數(shù)依次遞增且均小于rm{18}rm{A}原子核內(nèi)僅有rm{1}個質(zhì)子，應(yīng)為rm{H}元素；rm{D}原子有兩個電子層，最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的rm{3}倍，最外層電子數(shù)為rm{6}則rm{D}為rm{O}元素；rm{B}原子的電子總數(shù)與rm{D}原子的最外層電子數(shù)相等，則rm{B}為rm{C}元素；rm{A}原子與rm{B}原子的最外層電子數(shù)之和與rm{C}原子的最外層電子數(shù)相等，rm{C}原子最外層電子數(shù)為rm{5}且rm{C}的原子序數(shù)小于rm{D}所以rm{C}是rm{N}元素；

rm{(1)A}rm{C}兩種元素符號分別為rm{H}rm{N}

rm{(2)}氧離子的離子結(jié)構(gòu)示意圖為rm{(3)}水分子有三個原子，也就是三核，另外電子總數(shù)為rm{10}故符合，所以為rm{{H}_{2}O}四核的分子，為氨氣，一個分子有rm{4}個原子，也就是有四核，另外電子總數(shù)為rm{10}所以為rm{N{H}_{3}}【解析】rm{(1)H}rm{N}rm{(2)}rm{(3){H}_{2}O}rm{N{H}_{3}}19、rm{(1)}裂解加成反應(yīng)

rm{(2)}羥基

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化劑，吸水劑

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}

rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}【分析】【分析】rm{A}的產(chǎn)量通常用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}為rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{CH_{2}=CH_{2}}與水發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}CH_{2}OH}在rm{Cu}或rm{Ag}作催化劑條件下，發(fā)生催化氧化生成rm{C}為rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}進(jìn)一步氧化生成rm{D}為rm{CH_{3}COOH}rm{CH_{3}COOH}與rm{CH_{3}CH_{2}OH}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{E}為rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}乙烯發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{E}為【解答】rm{(1)}工業(yè)上由石蠟制取乙烯的方法稱作：裂解，rm{CH_{2}=CH_{2}}與水發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}故填：裂解；加成反應(yīng)；rm{(2)A}為rm{CH_{2}=CH_{2}}官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)式為rm{B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{B}的官能團(tuán)名稱為羥基，故填：羥基；rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脻}是乙酸與乙醇發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸乙酯，反應(yīng)方程式為：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}其中濃硫酸的作用是，故填：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化劑，吸水劑；rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}為乙烯，rm{(4)}為聚乙烯，rm{A}乙烯含有碳碳雙鍵，能使溴水褪色，而聚乙烯沒有碳碳雙鍵，不能是溴水褪色，故rm{E}錯誤；rm{a..}乙烯與聚乙烯中均含有碳碳鍵，碳?xì)滏I，碳碳鍵屬于非極性鍵，故rm{a}錯誤；rm{b.}乙烯與聚乙烯的最簡式均為rm故rm{c.}正確；rm{CH_{2}}聚乙烯中聚合度rm{c}不同，均混合物，故rm{d.}錯誤。故填：rm{n}rmcvpmfrk為rm{c}rm{(5)B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}由rm{C}的反應(yīng)方程式rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}故填：rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)}裂解加成反應(yīng)rm{(2)}羥基rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化劑，吸水劑rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}20、（1）2H2S＋SO2=3S↓＋2H2O

（2）4NH3＋5O24NO＋6H2O濕潤的紅色石蕊試紙

（3）Al2Al＋2OH－＋6H2O=2[Al(OH)4]－＋3H2↑

（4）1:2黃【分析】【分析】本題考查無機(jī)物的推斷，為高頻考點(diǎn)，綜合考查非金屬元素及金屬元素化合物性質(zhì)，涉及常見元素及其化合物知識的考查，把握單質(zhì)及化合物的性質(zhì)來分析推斷各物質(zhì)為解答的關(guān)鍵，題目難度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}是一種淡黃色固體，rm{B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氣態(tài)氧化物，且rm{C}是形成酸雨的主要物質(zhì)，rm{C}為rm{SO_{2}}則rm{A}為rm{S}rm{B}為rm{H_{2}S}rm{D}為rm{SO_{3}}rm{C}與rm{B}反應(yīng)生成rm{S}和水，其化學(xué)反應(yīng)為rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}故答案為：rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}

rm{(2)B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氣態(tài)氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化學(xué)煙霧的一個重要原因，則rm{C}為rm{NO}rm{A}為rm{N_{2}}rm{B}為rm{NH_{3}}rm{D}為rm{NO_{2}}反應(yīng)rm{壟脹}的化學(xué)方程式rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}檢驗(yàn)氨氣常利用濕潤的紅色石蕊試紙；故答案為：rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}濕潤的紅色石蕊試紙；

rm{(3)}根據(jù)題給轉(zhuǎn)化關(guān)系和信息推斷rm{B}rm{D}既能溶于強(qiáng)酸溶液，又能溶于強(qiáng)堿溶液，反應(yīng)rm{壟脷壟脹}均需要強(qiáng)堿性溶液，反應(yīng)rm{壟脺}可以通過滴加少量稀鹽酸實(shí)現(xiàn)，則rm{A}為rm{Al}rm{B}為rm{Al}rm{B}既能溶于強(qiáng)酸溶液，又能溶于強(qiáng)堿溶液，反應(yīng)rm{D}均需要強(qiáng)堿性溶液，反應(yīng)rm{壟脷壟脹}可以通過滴加少量稀鹽酸實(shí)現(xiàn)，則rm{壟脺}為rm{A}rm{Al}為rm{B}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}為rm{{,!}_{3}}，rm{D}為rm{Al}rm{D}rm{Al}rm{(}rm{OH}

故答案為：rm{OH}rm{)_{3}}

，則鋁與強(qiáng)堿溶液反應(yīng)生成四羥基合鋁酸根和氫氣，離子方程式為是一種淡黃色固體，常用于吸吸面具中的供氧劑，rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}是一種強(qiáng)堿，則rm{Al}為rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)C}為rm{D}則rm{C}作供氧劑時的離子方程式為rm{Na_{2}O_{2}}氧化產(chǎn)物為rm{D}還原產(chǎn)物為rm{NaOH}所以氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為rm{C}rm{2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4OH^{-}+4Na^{+}+O_{2}隆眉}的火焰呈黃色。

故答案為：rm{O_{2}}黃。

rm{2NaOH}【解析】rm{(1)2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}濕潤的紅色石蕊試紙rm{(3)Al}rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)1:2}黃五、簡答題(共4題，共20分)21、略

【分析】

（1）物體勻速運(yùn)動時；彈簧的拉力與滑動摩擦力平衡，由平衡條件和胡克定律求出彈簧的勁度系數(shù)．

（2）若將彈簧拉長到11cm時；彈簧的拉力小于最大靜摩擦力，物體仍靜止，由平衡條件求解物體所受到的靜摩擦力大?。?/p>

（2）若將彈簧拉長到13cm時；物體將加速前進(jìn)，此時所受到的是滑動摩擦力，由平衡條件求解．

對于摩擦力問題，首先要根據(jù)物體的受力情況，判斷物體的狀態(tài)，確定是何種摩擦力，再選擇解題方法．靜摩擦力由平衡條件求解，而滑動摩擦力可由公式或平衡條件求解．【解析】解：（1）物體勻速前進(jìn)時；由平衡條件得：

k（x-x0）=μmg

代入解得：k=200N/m．

（2）若將彈簧拉長到11cm時，彈簧的拉力為：F1=k（x1-x0）=200×（0.11-0.10）N=2N

最大靜摩擦力可看做等于滑動摩擦力：Ffm=0.2×2×10N=4N

可知物體沒動，則所受的靜摩擦力為：Ff1=F1=2N．

（3）若將彈簧拉長到13cm時，彈簧彈力：F2=k（x2-x0）=200×（0.13-0.10）N=6N．

物體將加速前進(jìn)，此時所受到的滑動摩擦力為：Ff2=μFN=μmg=0.2×2×10N=4N．

若此時為使物體做勻速直線運(yùn)動；受力平衡，則有：

F2=μ（mg+N）；解得：N=10N

答：

（1）當(dāng)彈簧長度為12cm時；物體恰好勻速運(yùn)動，彈簧的勁度系數(shù)為200N/m．

（2）若將彈簧拉長到11cm時；物體所受到的摩擦力大小為2N．

（3）若將彈簧拉長到13cm時，物體所受的摩擦力大小為4N，若此時為使物體做勻速直線運(yùn)動還需給物體施加10N的豎直向下的壓力．22、（1）Ar

（2）KOH

（3）K+＞Ca2+＞Mg2+

（4）H2O2K+2H2O=2K++2OH-+H2↑Cl2+H2O=H++Cl-+HClO

（5）NaOHHBrO4NaBr黃色2Br-+Cl2=Br2+2Cl-

（6）NaOH+Al（OH）3=NaAlO2+2H2O

（7）CCl4Br2的CCl4溶液

（8）HF

【分析】【分析】本題考查元素周期表與元素周期律綜合應(yīng)用，比較基礎(chǔ)，側(cè)重對化學(xué)用語及元素周期律的考查，注意對基礎(chǔ)知識是理解掌握。【解答】由元素在周期表中位置，可知rm{壟脵}為rm{Na}rm{壟脷}為rm{K}rm{壟脹}為rm{Mg}rm{壟脺}為rm{Ca}rm{壟脻}為rm{Al}rm{壟脼}為rm{C}rm{壟脽}為rm{O}rm{壟脿}為rm{Cl}rm{壟謾}為rm{Br}rm{壟芒}為rm{Ar}rm{?}為rm{F}

rm{(1)}稀有氣體rm{Ar}的化學(xué)性質(zhì)最不活潑，故答案為：rm{Ar}rm{(2)壟脵壟脷壟脻}中rm{K}的金屬性最強(qiáng)，故Krm{OH}的堿性最強(qiáng)，故答案為：rm{KOH}rm{(3)}電子層結(jié)構(gòu)相同，核電荷數(shù)越大離子半徑越小，電子層越多離子半徑越大，故離子半徑：rm{K^{+}>Ca^{2+}>Mg^{2+}}故答案為：rm{K^{+}>Ca^{2+}>Mg^{2+}}

rm{(4)}元素rm{壟脽}的氫化物為rm{H_{2}O}該氫化物常溫下和rm{K}反應(yīng)生成氫氧化鉀與氫氣，離子方程式為：rm{2K+2H_{2}O=2K^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}該氫化物與氯氣反應(yīng)生成rm{HCl}與rm{HClO}反應(yīng)離子方程式為：rm{Cl_{2}+H_{2}O=H^{+}+Cl^{-}+HClO}故答案為：rm{H_{2}O}rm{2K+2H_{2}O=2K^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{Cl_{2}+H_{2}O=H^{+}+Cl^{-}+HClO}

rm{(5)壟脵}和rm{壟謾}的最高價氧化物對應(yīng)的水化物分別為rm{NaOH}rm{HBrO_{4}}rm{壟脵}和rm{壟謾}兩元素形成化合物為rm{NaBr}該化合物灼燒時焰色為黃色，溴化鈉溶液與氯氣反應(yīng)反應(yīng)生成氯化鈉與溴單質(zhì)，反應(yīng)麗珍方程式為：rm{2Br^{-}+Cl_{2}=Br_{2}+2Cl^{-}}故答案為：rm{NaOH}rm{HBrO_{4}}rm{NaBr}黃色；rm{2Br^{-}+Cl_{2}=Br_{2}+2Cl^{-}}

rm{(6)壟脵}和rm{壟脻}最高價氧化物對應(yīng)的水化物分別為氫氧化鈉、氫氧化鋁，二者反應(yīng)生成偏鋁酸鈉與水，反應(yīng)方程式為：rm{NaOH+Al(OH)_{3}=NaAlO_{2}+2H_{2}O}故答案為：rm{NaOH+Al(OH)_{3}=NaAlO_{2}+2H_{2}O}rm{(7)}rm{壟脼}和rm{壟脿}形成的化合物的化學(xué)式為rm{CCl_{4}}rm{壟謾}為rm{Br_{2}}則所得溶液為和rm{壟脼}形成的化合物的化學(xué)式為rm{壟脿}rm{CCl_{4}}為rm{壟謾}則所得溶液為rm{Br_{2}}的rm{Br_{2}}溶液，故答案為：rm{CCl_{4}}rm{CCl_{4}}的rm{Br_{2}}溶液；rm{CCl_{4}}非金屬性rm{(8)}非金屬性越強(qiáng)，氫化物越穩(wěn)定，故HF最穩(wěn)定，故答案為：rm{F>Cl>Br}

rm{HF}【解析】rm{(1)Ar}rm{(2)KOH}rm{(3)K^{+}>Ca^{2+}>Mg^{2+}}rm{(4)H_{2}O}rm{2K+2H_{2}O=2K^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{Cl_{2}+H_{2}O=H^{+}+Cl^{-}+HClO}rm{(5)NaOH}rm{HBrO_{4;;;}NaBr}黃色rm{2Br^{-}+Cl_{2}=Br_{2}+2Cl^{-;;;;}}rm{(6)NaOH+Al(OH)_{3}=NaAlO_{2}+2H_{2}O}rm{(7)CCl_{4}}rm{Br_{2}}的rm{CCl_{4}}溶液rm{(8)HF}

23、rm{(1)}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3ueukspq^{10}4{s}^{1}}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3fpmjvdi^{10}4{s}^{1}

}或rm{(}或rm{(}

rm{[Ar]3xhiydwa^{10}4{s}^{1}}大

rm{)}

rm{)}rm{(2)}

rm{(3)s{p}^{3}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}婁脩{a}^{3}{N}_{A}}rm{(4)壟脵壟脹}【分析】【分析】本題考查較綜合，涉及晶胞計算、微粒構(gòu)型判斷、原子核外電子排布等知識點(diǎn)，同時考查學(xué)生空間想象能力、計算能力，難點(diǎn)是晶胞計算，題目難度中等?！窘獯稹縭m{A}原子的rm{1s}軌道上只有rm{1}個電子，則rm{A}是rm{H}元素；原子的rm{A}軌道上只有rm{1s}個電子，則rm{1}是rm{A}元素；

rm{H}是電負(fù)性最大的元素，則為rm{B}是電負(fù)性最大的元素，則為rm{F}元素；元素；

rm{B}的基態(tài)原子rm{F}軌道有三個未成對電子，為rm{C}的基態(tài)原子rm{2p}軌道有三個未成對電子，為rm{N}元素；元素；

rm{C}能形成磚紅色rm{2p}紅色rm{N}的rm{E}能形成磚紅色rm{(}紅色rm{)}的rm{E}rm{E}rm{(}和rm{)}兩種氧化物，則rm{E}為rm{2}元素；

rm{2}為主族元素，且與rm{O}和rm{EO}兩種氧化物，則rm{E}為rm{Cu}元素；同周期，其最外層上有兩個運(yùn)動狀態(tài)不同的電子，說明其最外層上有兩個電子，為rm{O}元素；

rm{EO}為rm{E}元素，原子基態(tài)時的電子排布式：rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2