2025年人教新起點(diǎn)高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點(diǎn)高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷871考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某理想變壓器的原線圈與副線圈匝數(shù)之比是3：1，如圖所示，原線圈上串接了一個(gè)理想電流表，副線圈上有兩個(gè)阻值分別為R=12Ω和r=2Ω的電阻和一個(gè)理想二極管，且右邊電阻r的兩端并聯(lián)了一個(gè)理想電壓表，當(dāng)有效值為36V的正弦交流電接入原線圈時(shí)，則（）A.原線圈電流表的讀數(shù)約為0.33AB.副線圈中電壓表的示數(shù)約為8.48VC.原線圈中電流表的讀數(shù)約為1.67AD.副線圈中電壓表的示數(shù)約為12V2、【題文】關(guān)于靜電場(chǎng)，下列說法中正確的是（）A.在電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)為零，則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零B.電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小等于單位電量的試探電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大小C.根據(jù)公式U="Ed"知，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的距離越大，電勢(shì)差就越大D.負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)，電勢(shì)能一定增加3、【題文】關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)，以下說法中正確的是（）A.平拋運(yùn)動(dòng)是一種勻變速運(yùn)動(dòng)B.物體在恒力作用下不可能做曲線運(yùn)動(dòng)C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，所受合力是恒定的D.做圓周運(yùn)動(dòng)的物體合力總是與速度方向垂直4、【題文】如圖所示；用鋁板制成U型框，將一質(zhì)量為m的帶電小球用絕緣細(xì)線懸掛在框中，使整體在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中沿垂直于磁場(chǎng)方向向左以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，懸掛拉力為FT，則()

A.懸線豎直，F(xiàn)T＝mgB.懸線豎直，F(xiàn)T>mgC.懸線豎直，F(xiàn)TD.無法確定FT的大小和方向5、如圖所示，實(shí)線是電場(chǎng)中的等勢(shì)線，為中心對(duì)稱圖形，部分等勢(shì)線的上端標(biāo)出了其電勢(shì)數(shù)值；虛線是以中心點(diǎn)為圓心的圓，a、b、c、d是圓周跟等勢(shì)線的交點(diǎn)；M、N是中軸線跟等勢(shì)線的交點(diǎn)．下列說法正確的是（）A.a、b、c、d四點(diǎn)的電勢(shì)都相等B.a、b、c、d四點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小都相等、方向都相同C.電子若從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，則克服電場(chǎng)力做的功大于0.4eVD.電子若在M點(diǎn)由靜止釋放，則將沿中軸線穿越電場(chǎng)區(qū)域向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，此過程加速度先減小、后增加6、如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，燈泡L正常發(fā)光．向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片使其接入電路的阻值增大，則燈泡L將（）A.變亮B.變暗C.亮度不變D.以上情況均有可能7、物體在一直線上運(yùn)動(dòng)，用正、負(fù)號(hào)表示方向的不同，根據(jù)給初速度和加速度的正負(fù)，下列對(duì)運(yùn)動(dòng)情況判斷正確的是（）A.v0＞0，a＜0，物體的速度越來越大B.v0＜0，a＜0，物體的速度越來越小C.v0＜0，a＞0，物體的速度越來越小D.v0＞0，a＞0，物體的速度越來越小8、在x軸上方有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，同一種帶電粒子從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)．當(dāng)入射方向與x軸正向的夾角α=45°時(shí)，速度為v1、v2的兩個(gè)粒子分別從a、b兩點(diǎn)射出磁場(chǎng)，如圖所示，當(dāng)α為60°時(shí)，為了使粒子從ab的中點(diǎn)c射出磁場(chǎng)，則速度應(yīng)為（）A.（v1+v2）B.（v1+v2）C.（v1+v2）D.（v1+v2）9、在抗洪搶險(xiǎn)中，戰(zhàn)士駕駛摩托艇救人．假設(shè)江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度為v1，摩托艇在靜水中的航速為v2，戰(zhàn)士救人的地點(diǎn)離岸邊最近距離為d．那么戰(zhàn)士將人送上岸的最短時(shí)間約為（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、如圖所示，當(dāng)給圓環(huán)中通電時(shí)，與其共面且在正下方的小磁針S極轉(zhuǎn)向讀者，則圓環(huán)中的電流方向是____（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”），圓環(huán)中小磁針的____極轉(zhuǎn)向讀者．11、（2011?徐匯區(qū)模擬）如圖所示，重均為G的均勻桿O1B和O2A，長度均為l，O1和O2為光滑固定轉(zhuǎn)軸，A處有一凸起物擱在O1B的中點(diǎn)，B處用細(xì)繩系于O2A的中點(diǎn)，此時(shí)兩短桿組合成一根長桿，今在O1B桿上的C點(diǎn)（C為AB的中點(diǎn)）懸掛一重為2G的物體，則A處受到的支持力大小為____，B處繩的拉力大小為____．12、如圖所示：裝置A是一勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的轉(zhuǎn)盤，P與Q是盤上同一直徑兩端的小孔，當(dāng)將小球以v沿豎直方向。

從P孔向上拋出時(shí)，恰能從Q孔落下，則A轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為____．

13、如圖所示兩個(gè)實(shí)驗(yàn)。

a擴(kuò)散現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)中，若要使擴(kuò)散過程變快，則可以使二氧化氮的溫度____．（選填“升高”或“降低”）

b迅速向下壓活塞，玻璃圓筒內(nèi)的硝化棉會(huì)燃燒，說明了____可以改變物體內(nèi)能．（選填“熱傳遞”或“做功”）

14、取水平地面為重力勢(shì)能零點(diǎn)，一物塊從某一高度H處水平拋出，在拋出點(diǎn)其動(dòng)能與重力勢(shì)能之比為1：3，不計(jì)空氣阻力．當(dāng)物塊的動(dòng)能與重力勢(shì)能相等時(shí)，物塊的速度方向與水平方向的夾角為____，物塊落地時(shí)的水平射程是____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電流周圍存在磁場(chǎng)____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、重心就是物體上最重的一點(diǎn)．____．17、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．18、用電器的額定功率與所加的電壓無關(guān)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、10個(gè)分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和就是這10個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、描述物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、普朗克在研究黑體的熱輻射問題時(shí)提出了能量子假說____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)22、（2015秋?成都校級(jí)月考）在伏安法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)中；實(shí)驗(yàn)室備有下列器材：

A．待測(cè)電阻R；阻值約為10Ω左右。

B．電壓表Vl；量程6V，內(nèi)阻約2kΩ

C．電壓表V2；量程15V，內(nèi)阻約10kΩ

D．電流表Al；量程0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω

E．電流表A2；量程3A，內(nèi)阻約0.02Ω

F．電源：電動(dòng)勢(shì)E=12V

G．滑動(dòng)變阻器l；最大阻值10Ω，最大電流為2A

H．滑動(dòng)變阻器2；最大阻值50Ω，最大電流為0.2A

I．導(dǎo)線；電鍵若干。

①為了較精確測(cè)量電阻阻值，除A、F、I以外，還要在上述器材中選出該實(shí)驗(yàn)所用器材____（填器材前面的字母代號(hào)）

②在虛線框內(nèi)畫出該實(shí)驗(yàn)電路圖．評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共4題，共8分)23、研究發(fā)現(xiàn)，含rm{PM2.5}的霧霾主要成分有rm{SO_{2}}rm{NO_{x}}rm{C_{x}H_{y}}及可吸入顆粒等。rm{(1)}霧霾中能形成酸雨的物質(zhì)是_____________。rm{(2)壟脵SO_{2}}rm{NO_{x}}可以經(jīng)rm{O_{3}}預(yù)處理后用rm{CaSO_{3}}水懸浮液吸收，可減少煙氣中rm{SO_{2}}rm{NO_{x}}的含量。rm{O_{3}}氧化煙氣中rm{NO_{x}}的主要反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為：rm{NO(g)+O_{3}(g)=NO_{2}(g)+O_{2}(g)}rm{NO(g)+O_{3}(g)=NO_{2}(g)

+O_{2}(g)}rm{?H=-200.9}rm{NO(g)+1/2O_{2}(g)=NO_{2}(g)}rm{kJ隆隴mol^{-1}}rm{NO(g)+1/2O_{2}(g)=

NO_{2}(g)}依據(jù)以上反應(yīng)，可知：rm{3NO(g)+O_{3}(g)=3NO_{2}(g)}rm{?H=-58.2}______rm{kJ隆隴mol^{-1}}rm{3NO(g)+O_{3}(g)=3

NO_{2}(g)}用rm{?H=}水懸浮液吸收煙氣中rm{kJ隆隴mol^{-1}}時(shí)，清液rm{壟脷}約為rm{CaSO_{3}}中rm{NO_{2}}將rm{(pH}轉(zhuǎn)化為rm{8)}其離子方程式為__________________________。rm{SO_{3}^{2-}}如圖電解裝置可將霧霾中的rm{NO_{2}}rm{NO_{2}^{-}}轉(zhuǎn)化為rm{(3)}

rm{SO_{2}}陰極的電極反應(yīng)式是_______________。rm{NO}物質(zhì)rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}是_____________rm{壟脵}填化學(xué)式rm{壟脷}rm{A}為減少霧霾、降低大氣中有害氣體含量，研究機(jī)動(dòng)車尾氣中rm{(}rm{)}及rm{(4)}的排放量意義重大。機(jī)動(dòng)車尾氣污染物的含量與空rm{CO}燃比rm{NO_{x}}空氣與燃油氣的體積比rm{C_{x}H_{y}}的變化關(guān)系示意圖如圖所示，隨空rm{/}燃比增大，rm{(}和rm{)}的含量減少的原因是_______rm{/}

rm{CO}

rm{C_{x}H_{y}}_________________________。在霧霾治理中，氧化是常用方法，在氧化的過程中，某實(shí)驗(yàn)小組探究rm{(5)}和rm{SO_{2}}哪種微粒起到了主要作用。

rm{SO_{2}}圖rm{NO_{3}^{-}}rm{O_{2}}溶液中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_________________________________。rm{壟脵}依據(jù)上述圖像你得出的結(jié)論是________________________，說明理由_______________________________________。rm{2}24、合成藥物rm{X}rm{Y}和高聚物rm{Z}可以用烴rm{A}為主要原料，采用以下路線。rm{X}和高聚物rm{Y}可以用烴rm{Z}為主要原料，采用以下路線。rm{A}

已知：反應(yīng)rm{I.}反應(yīng)rm{壟脵}的原子利用率均為rm{壟脷}

rm{100%}．

請(qǐng)回答下列問題：rm{II}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_____________。rm{(1)A}中的官能團(tuán)名稱為____________，反應(yīng)rm{(2)Z}的條件為______________．

rm{壟脹}關(guān)于藥物rm{(3)}rm{Y(}的說法正確的是____________。

A.rm{)}藥物rm{1mol}與足量的鈉反應(yīng)可以生成rm{Y}氫氣B.藥物rm{33.6L}的分子式為rm{Y}能使酸性高錳酸鉀溶液褪色C.藥物rm{C_{8}H_{8}0_{4}}中rm{Y}rm{壟脼}rm{壟脽}三處rm{壟脿}的活潑性由強(qiáng)到弱的順序是rm{-OH}D.rm{壟脿>壟脼>壟脽}藥物rm{1mol}與rm{Y}濃溴水中的rm{H_{2}}反應(yīng)，最多消耗分別為rm{Br_{2}}和rm{4mol}rm{2mol}寫出反應(yīng)rm{(4)}的化學(xué)方程式___________。rm{E隆煤F}的化學(xué)方程式____________。rm{F隆煤X}寫出符合下列條件的rm{(5)}的一種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式______________________。rm{E}遇rm{壟脵}溶液可以發(fā)生顯色反應(yīng)，且是苯的二元取代物；rm{FeCl_{3}}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)和水解反應(yīng)；rm{壟脷}核磁共振氫譜有rm{壟脹}個(gè)峰。rm{6}參考上述流程以rm{(6)}和rm{CH_{3}CHO}為起始原料，其它無機(jī)試劑任選設(shè)計(jì)合成rm{CH_{3}OH}的線路。rm{Z}25、盧瑟福的散射實(shí)驗(yàn)證明，兩個(gè)原子核之間的斥力，在它們之間距離小到10-14m時(shí)，還能遵守庫侖定律．試求兩個(gè)質(zhì)子在相距10-14m時(shí)的加速度．（已知質(zhì)子的質(zhì)量是1.67×10-27kg）26、利用電動(dòng)機(jī)通過如圖所示的電路提升重物，已知電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，電源內(nèi)阻r=1Ω，電阻R=3Ω，重物質(zhì)量m=0.10kg，當(dāng)將重物固定時(shí)，理想電壓表的示數(shù)為5V，當(dāng)重物不固定，且電動(dòng)機(jī)最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時(shí)，電壓表的示數(shù)為5.5V，（不計(jì)摩擦，g取10m/s2）．求：

（1）串聯(lián)入電路的電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻為多大？

（2）重物勻速上升時(shí)的速度大小．

（3）勻速提升重物3m需要消耗電源多少能量？評(píng)卷人得分六、推斷題(共1題，共3分)27、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】化合物rm{M}是二苯乙炔類液晶材料的一種，最簡(jiǎn)單的二苯乙炔類化合物是以互為同系物的單取代芳烴rm{A}rm{G}為原料合成rm{M}的一種路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下：回答下列問題：rm{(1)A}的名稱為__；rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是__，分子中最多有rm{_}個(gè)碳原子共平面，rm{F}結(jié)構(gòu)中的官能團(tuán)名稱是rm{_}rm{(3)壟脵}的反應(yīng)方程式是__rm{(4)}關(guān)于物質(zhì)rm{C}的下列說法正確的是__；A.遇三氯化鐵發(fā)生顯色反應(yīng)rm{B.}能夠被氧化成醛類物質(zhì)C.其一氯代有機(jī)產(chǎn)物兩種rm{D.}一定條件下能夠和氫溴酸發(fā)生反應(yīng)rm{(5)B}滿足苯環(huán)上有兩個(gè)取代基且能發(fā)生銀鏡反應(yīng)的同分異構(gòu)體共有__種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{2}rm{2}rm{1}rm{1}的是__rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{)}rm{(6)}參照上述合成路線，設(shè)計(jì)一條由苯乙烯和甲苯為起始原料制備的合成路線參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】由電壓與匝數(shù)成正比確定副線圈的電壓，由輸入功率等于輸出功率求得原線圈電流．，再由二極管的單向?qū)щ娦钥纱_定電壓表的示數(shù)，即可求得結(jié)論【解析】【解答】解：BD；線圈電壓為：

u2===12V；

對(duì)于r，設(shè)其電壓的有效值為u′，則有：，則有：u′==8.48V則B正確；D錯(cuò)誤。

AC、R的功率為：==12W，r的功率：Pr==72W則u1I1=12+72，得：I1=2.33A；則AC錯(cuò)誤。

故選：B2、B|D【分析】【解析】

試題分析：A；電場(chǎng)強(qiáng)度為零是由電場(chǎng)本身決定的；而電勢(shì)是相對(duì)的，電勢(shì)的零點(diǎn)可人為選擇，所以電勢(shì)為零的點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零；錯(cuò)誤。

B；電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小定義為單位電量的試探電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大??；正確。

C；公式U=Ed中的d是兩點(diǎn)間沿著電場(chǎng)方向的距離；不是兩點(diǎn)間的距離，所以在勻強(qiáng)電場(chǎng)中兩點(diǎn)間沿著電場(chǎng)方向的距離越大，電勢(shì)差就越大；錯(cuò)誤。

D；負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；正確。

故選BD

考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)；電勢(shì)能。

點(diǎn)評(píng)：深刻理解電場(chǎng)力的性質(zhì)和電場(chǎng)能的性質(zhì)，熟練運(yùn)動(dòng)電場(chǎng)規(guī)律解題?！窘馕觥俊敬鸢浮緽D3、A【分析】【解析】

試題分析：A；平拋運(yùn)動(dòng)的加速度不變；等于g，所以平拋運(yùn)動(dòng)是一種勻變速運(yùn)動(dòng)；正確。

B；平拋運(yùn)動(dòng)就是恒力作用下的曲線運(yùn)動(dòng)；錯(cuò)誤。

C；做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體合力指向圓心；大小不變，方向時(shí)刻改變；錯(cuò)誤。

D；非勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力不與速度垂直；錯(cuò)誤。

故選A

考點(diǎn)：對(duì)曲線運(yùn)動(dòng)的理解。

點(diǎn)評(píng)：容易題。加速度不變的運(yùn)動(dòng)叫勻變速運(yùn)動(dòng)，包括勻變速直線運(yùn)動(dòng)和勻變速曲線運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥俊敬鸢浮緼4、A【分析】【解析】設(shè)兩板間的距離為L，由于向左運(yùn)動(dòng)過程中豎直板切割磁感線，產(chǎn)生動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，由右手定則判斷下板電勢(shì)高于上板，動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)大小E＝BLv，即帶電小球處于電勢(shì)差為BLv的電場(chǎng)中，所受電場(chǎng)力F電＝qE電＝q＝q＝qvB

設(shè)小球帶正電，則電場(chǎng)力方向向上．同時(shí)小球所受洛倫茲力F洛＝qvB，方向由左手定則判斷豎直向下，即F電＝F洛，故無論小球帶什么電怎樣運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)T＝mg.選項(xiàng)A正確．【解析】【答案】A5、D【分析】解：A、從圖中看出，ab兩點(diǎn)電勢(shì)為0.3V；cd兩點(diǎn)電勢(shì)為0.7V，故電勢(shì)不等；故A錯(cuò)誤；

B、等差等勢(shì)面越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故abcd四點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等；由于電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，由圖可得a與b的地球的方向不同；故B錯(cuò)誤；

C、若一電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為：W=-e?Ubc=-e?（0.3V-0.7V）=0.4eV；電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤；

D；若一電子從M點(diǎn)由靜止釋放；則將沿中軸線穿越電場(chǎng)區(qū)域向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，等勢(shì)面先變疏后變密，故電場(chǎng)強(qiáng)度先變小后變大，故電場(chǎng)力先變小后變大，故加速度先變小后變大，故D正確．

故選：D

靜電場(chǎng)中電勢(shì)相等的各點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢(shì)面；電場(chǎng)線總是從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面；等差等勢(shì)面越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大．

本題關(guān)鍵明確等勢(shì)面與電場(chǎng)線的關(guān)系，要結(jié)合電場(chǎng)線，再分析受力情況和運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【答案】D6、B【分析】【分析】圖中燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)后進(jìn)在電源兩端，根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷電流變化情況，根據(jù)P=I2R判斷燈泡的發(fā)熱功率變化，得到亮度變化情況．【解析】【解答】解：燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)后進(jìn)在電源兩端，若動(dòng)變阻器的滑片使其接入電路的阻值增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流一定減小；根據(jù)公式P=I2R；燈泡的發(fā)熱功率一定減小，故燈泡亮度一定降低；

故選：B7、C【分析】【分析】當(dāng)速度的方向和加速度的方向相同時(shí)，物體就做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度的方向和加速度的方向相反時(shí)，物體就做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解；A；因?yàn)関為正、a為負(fù)；速度和加速度的方向相反，所以物體是做減速運(yùn)動(dòng)，速度越來越小，故A錯(cuò)誤；

B；因?yàn)関為負(fù)、a為負(fù)；速度和加速度的方向相同，所以物體是做加速運(yùn)動(dòng)，速度越來越大，故B錯(cuò)誤；

C；因?yàn)関為負(fù)、a為正；速度和加速度的方向相反，所以物體是做減速運(yùn)動(dòng)，速度越來越小，故C正確．

D；因?yàn)関為正；a為正，速度和加速度的方向相同，所以物體是做加速運(yùn)動(dòng)，速度越來越大，故D錯(cuò)誤．

故選：C．8、B【分析】【分析】粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)入射角的不同，做出粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡，由圖形和幾何關(guān)系可以求得速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O(shè)a、b、c三點(diǎn)的坐標(biāo)分別為x1，x2，x3；

當(dāng)α=45°時(shí)，三點(diǎn)為的粒子從a點(diǎn)射出磁場(chǎng)，如圖所示有，x1=R1=；

當(dāng)α=45°時(shí)，三點(diǎn)為的粒子從b點(diǎn)射出磁場(chǎng)；如圖所示有；

x2=R2=；

當(dāng)α=60°時(shí)；三點(diǎn)為的粒子從c點(diǎn)射出磁場(chǎng)，如圖所示有；

x3=R3=；

因?yàn)?x3=x1+x2；

所以v3=（v1+v2）．

故選：B．9、B【分析】【分析】摩托艇在水中一方面自己航行前進(jìn)，另一方面沿水向下漂流，當(dāng)摩托艇垂直于河岸方向航行時(shí)，到達(dá)岸上的時(shí)間最短，由速度公式的變形公式求出到達(dá)河岸的最短時(shí)間，然后求出摩托艇登陸的地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離．【解析】【解答】解：當(dāng)靜水速的速度方向與江岸方向垂直時(shí)；運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短．

根據(jù)等時(shí)性得：t=．

故選：B．二、填空題(共5題，共10分)10、逆時(shí)針N【分析】【分析】1820年，丹麥物理學(xué)家奧斯特首先通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)通導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)．磁場(chǎng)方向小磁針N極受力方向相同．根據(jù)小磁針S極偏轉(zhuǎn)方向，確定磁場(chǎng)方向，根據(jù)安培定則分析電流的方向．【解析】【解答】解：1820年；丹麥物理學(xué)家奧斯特首先通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)通導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)．由題，與其共面且在正下方的小磁針S極轉(zhuǎn)向讀者，則N極轉(zhuǎn)向紙里，說明圓環(huán)內(nèi)磁場(chǎng)方向向外，根據(jù)安培定則可知，圓環(huán)中的電流方向是逆時(shí)針方向．

故答案為：逆時(shí)針，N．11、2G3G【分析】【分析】分別以桿O1B和O2A為研究對(duì)象，根據(jù)力矩平衡條件列出方程，組成方程組，聯(lián)立求解．【解析】【解答】解：設(shè)A處受到的支持力大小為F1，B處繩的拉力大小為F2．

以桿O1B為研究對(duì)象，以O(shè)1為轉(zhuǎn)軸

由力矩平衡條件得

G+2G+F1=F2l①

再以桿O1B為研究對(duì)象，以O(shè)2為轉(zhuǎn)軸

得到

（G+F2）=F1?l②

聯(lián)立①②兩式；解得

F1=2G，F(xiàn)2=3G

故本題答案是：2G；3G12、略

【分析】

球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)；盤做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；

將小球以v沿豎直方向從P孔向上拋出時(shí)；恰能從Q孔落下；

該過程中球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t1=

該過程中轉(zhuǎn)盤的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t2=

根據(jù)等時(shí)性，有：t1=t2；

聯(lián)立解得：ω=．

故答案為：．

【解析】【答案】球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，盤做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；將小球以v沿豎直方向從P孔向上拋出時(shí)；恰能從Q孔落下；根據(jù)等時(shí)性列式求解，注意多解．

13、升高做功【分析】【解答】（1）二氧化氮?dú)怏w的顏色是紅棕色的；而且比空氣的密度大．如果將兩個(gè)瓶口對(duì)在一起，則二氧化氮?dú)怏w分子會(huì)向空氣中運(yùn)動(dòng)，所以瓶?jī)?nèi)的氣體顏色會(huì)變淡，另一個(gè)瓶?jī)?nèi)的氣體顏色會(huì)變紅．而且溫度越高，運(yùn)動(dòng)速度越快，擴(kuò)散越快．（2）迅速向下壓活塞，活塞會(huì)壓縮空氣做功，使空氣的內(nèi)能增加，溫度升高，當(dāng)溫度達(dá)到硝化棉的燃點(diǎn)時(shí)，硝化棉就會(huì)燃燒，通過此實(shí)驗(yàn)可說明做功可以改變物體的內(nèi)能．

故答案為：（1）升高；（2）做功。

【分析】分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)速度和溫度有關(guān)，溫度越高速度越快．做功可以使內(nèi)能與機(jī)械能之間進(jìn)行轉(zhuǎn)化：對(duì)物體做功，物體內(nèi)能會(huì)增加；物體對(duì)外做功，物體內(nèi)能會(huì)減少．14、60°H【分析】【分析】根據(jù)機(jī)械能守恒定律，以及已知條件：拋出時(shí)動(dòng)能恰好是重力勢(shì)能的3倍，分別列式即可求出落地時(shí)速度與水平速度的關(guān)系，從而求出物塊落地時(shí)的速度方向與水平方向的夾角．【解析】【解答】解：設(shè)拋出時(shí)物體的初速度為v0；高度為h，物塊落地時(shí)的速度大小為v，方向與水平方向的夾角為α．根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

+mgH=mv2

據(jù)題有：=mgH

所以：

聯(lián)立解得：v=2v0；

則cosα==

可得α=60°

平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t=

水平射程：x=v0t=

故答案為：60°，H三、判斷題(共7題，共14分)15、√【分析】【分析】丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場(chǎng)．【解析】【解答】解：丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場(chǎng)；安培確定了電流周圍的磁場(chǎng)的方向．所以電流周圍存在磁場(chǎng)是正確的．

故答案為：（√）16、×【分析】【分析】重心是物體的等效作用點(diǎn)，不是物體上最重的一點(diǎn)，重心可以在物體上，也可以不在物體上．【解析】【解答】解：重心是物體所受重力的等效作用點(diǎn)；不是物體上最重的一點(diǎn)；有的物體重心根本不在物體上，如玻璃杯，圓環(huán)，皮球等等，故說法錯(cuò)誤．

故答案為：×17、×【分析】【分析】由萬有引力定律知兩個(gè)物體之間存在萬有引力充當(dāng)向心力，繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的萬有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到萬有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進(jìn)行分析，即用電器正常工作時(shí)的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時(shí)；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實(shí)際電壓無關(guān)，實(shí)際功率與工作時(shí)的電壓有關(guān)；

故答案為：√19、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)動(dòng)能、分子間相互作用勢(shì)能的總和．【解析】【解答】解：物體的內(nèi)能是構(gòu)成物體的所有分子的無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢(shì)能的代數(shù)和；具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)單個(gè)或幾個(gè)分子無意義；

故答案為：×20、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動(dòng)的；如研究炸彈的運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以將運(yùn)動(dòng)的飛機(jī)作為參考系．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史的知識(shí)，結(jié)合普朗克在研究黑體的熱輻射問題中提出了能量子假設(shè)即可正確解答．【解析】【解答】解：普朗克在研究黑體的熱輻射問題時(shí)提出了能量子假說．故以上說法是正確的．

故答案為：√四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)22、BDG【分析】【分析】①電源；滑動(dòng)變阻器、導(dǎo)線和電鍵是必須選擇的；要減小誤差，電壓表和電流表量程都選擇較小的量程，只要不超過量程即可；

②為獲得較大的電壓條件范圍，滑動(dòng)變阻器選擇分壓式接法；由于待測(cè)電阻的電阻值與電流表的電阻值較接進(jìn)，故采用電流表外接法．【解析】【解答】解：①為了較精確測(cè)量電阻阻值；兩表讀數(shù)大于量程一半；

根據(jù)題意電壓表應(yīng)選B；

由歐姆定律電路最大I==0.6A；故電流表應(yīng)用D；

又題中有“要求盡可能多的測(cè)量數(shù)據(jù)”；說明滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選G．

②因待測(cè)電阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻；電流表應(yīng)用外接法，又變阻器應(yīng)用分壓式，電路圖如圖所示。

故答案為：①BDG；②電路圖如圖所示．五、簡(jiǎn)答題(共4題，共8分)23、（1）SO2和NOx

（2）①-317.3

②SO32-+2NO2+2OH-=SO42-+2NO2-+H2O

（3）①NO+5e-+6H+=NH4++H2O

②H2SO4

（4）空/燃比增大，燃油氣燃燒更充分，故CO、CxHy含量減少

（5）①2Ba2++2SO2+O2+2H2O=2BaSO4↓+4H+

②在氧化SO2的過程中，O2起了主要作用；在BaCl2溶液中起氧化作用的是O2，在Ba(NO3)2溶液中起氧化作用的是O2和NO3-，而圖2中，分別向BaCl2、Ba(NO3)2溶液中通入SO2，pH變化趨勢(shì)、幅度接近，因此起氧化作用的主要是O2【分析】【分析】本題考查了蓋斯定律在反應(yīng)熱計(jì)算中的應(yīng)用；電解原理以及燃料的充分燃燒；題目難度中等，注意掌握蓋斯定律的概念，試題培養(yǎng)了學(xué)生靈活應(yīng)用所學(xué)知識(shí)。

【解答】rm{(1)}二氧化硫和氮氧化物是形成酸雨的主要?dú)怏w；

故答案為：rm{SO_{2}}和rm{NO_{x}}rm{(2)壟脵}已知rm{壟脵}rm{NO(g)+O}rm{NO(g)+O}rm{3}rm{3}rm{(g)=NO}rm{(g)=NO}rm{2}rm{2}rm{(g)+O}rm{(g)+O}rm{2}rm{2}rm{(g)}rm{?H=-200.9}rm{kJ隆隴mol}rm{(g)}rm{?H=-200.9}rm{kJ隆隴mol}rm{-1}rm{-1}rm{壟脷}依據(jù)蓋斯定律rm{NO(g)+1/2O}得到：rm{NO(g)+1/2O}rm{2}rm{2}rm{(g)=NO}rm{(g)=NO}rm{2}rm{2}rm{(g)}rm{?H=-58.2}rm{kJ隆隴mol}rm{(g)}rm{?H=-58.2}rm{kJ隆隴mol}故答案為：rm{-1}rm{-1}溶液rm{壟脵+2隆脕壟脷}約為rm{3NO(g)+O}說明溶液呈堿性，rm{3NO(g)+O}將rm{3}轉(zhuǎn)化為rm{3}同時(shí)rm{(g)=3NO}被氧化生成rm{(g)=3NO}根據(jù)反應(yīng)物和生成物書寫離子方程式為：rm{2}故答案為：rm{2}rm{(g)}rm{?H=}rm{(g)}rm{?H=}rm{-200.9}rm{kJ隆隴mol}rm{-200.9}rm{kJ隆隴mol}rm{-1}rm{-1}rm{+2隆脕(-58.2)}rm{+2隆脕(-58.2)}rm{kJ/mol=-317.3kJ/mol}rm{-317.3}rm{壟脷}rm{pH}rm{8}rm{SO_{3}^{2-}}得電子生成銨根，離子方程式：rm{NO_{2}}

故答案為：rm{NO_{2}^{-}}rm{SO_{3}^{2-}}rm{SO_{4}^{2-}}rm{SO_{3}^{2-}+2NO_{2}+2OH^{-}=SO_{4}^{2-}+2NO_{2}^{-}+H_{2}O}rm{SO}rm{3}rm{3}rm{2-}rm{2-}rm{+2NO}rm{2}失電子形成硫酸，反應(yīng)方程式：rm{5SO_{2}+2NO+8H_{2}Ooverset{脥簍碌莽}{=}(NH_{4})_{2}SO_{4}+4H_{2}SO_{4}}產(chǎn)物中除有rm{2}外還有rm{+2OH}rm{-}rm{-}rm{=SO}

故答案為：rm{4}rm{4}rm{2-}rm{2-}；rm{+2NO}空rm{2}燃比增大，燃油氣燃燒更充分，故Crm{2}rm{-}含量減少；

故答案為：空rm{-}燃比增大，燃油氣燃燒更充分，故Crm{+H}rm{2}含量減少；rm{2}rm{O}圖rm{(3)壟脵NO}rm{NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}溶液中通入二氧化硫，與圖rm{NO+5e}相比酸性明顯增加，說明氧氣參加了反應(yīng)，生成了硫酸鋇和鹽酸，反應(yīng)的離子方程式為rm{-}故答案為：rm{-}rm{+6H}rm{+}rm{+}rm{=NH}rm{4}rm{4}rm{+}rm{+}rm{+H}rm{2}rm{2}；rm{O}比較圖rm{壟脷SO_{2}}和圖rm{5SO_{2}+2NO+8H_{2}Ooverset{脥簍碌莽}{=}

(NH_{4})_{2}SO_{4}+4H_{2}SO_{4}}可知，在氧化rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}的過程中，rm{H}起了主要作用，因?yàn)樵趓m{2}溶液中起氧化作用的是rm{2}在rm{SO}rm{4}rm{4}rm{H}溶液中起氧化作用的是rm{2}和rm{2}而圖rm{SO}中，分別向rm{4}rm{4}rm{(4)}rm{/}rm{O}溶液中通入rm{CxHy}rm{/}變化趨勢(shì)、幅度接近，故答案為：在氧化rm{O}的過程中，rm{CxHy}起了主要作用；在rm{(5)}溶液中起氧化作用的是rm{壟脵}在rm{壟脵}溶液中起氧化作用的是rm{2}和rm{BaCl_{2}}而圖rm{1}中，分別向rm{2Ba^{2+}+2SO_{2}+O_{2}+2H_{2}O=2BaSO_{4}隆媒+4H^{+}}rm{2Ba}溶液中通入rm{2+}rm{2+}變化趨勢(shì)、幅度接近，因此起氧化作用的主要是rm{+2SO}rm{2}【解析】rm{(1)SO}rm{2}和rm{2}rm{NO}rm{x}rm{x}

rm{(2)}rm{壟脵-317.3}rm{壟脵-317.3}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{SO}rm{3}rm{3}rm{2-}rm{2-}rm{+2NO}rm{2}rm{2}rm{+2OH}rm{-}rm{-}rm{=SO}rm{4}rm{4}rm{2-}rm{2-}rm{+2NO}rm{2}rm{2}rm{-}rm{-}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(3)}rm{壟脵}rm{壟脵}rm{NO+5e}

rm{-}空rm{-}燃比增大，燃油氣燃燒更充分，故Crm{+6H}rm{+}含量減少rm{+}rm{=NH}rm{4}rm{4}rm{+}rm{+}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{H}rm{2}

rm{2}rm{SO}在氧化rm{4}rm{4}的過程中，rm{(4)}rm{/}起了主要作用；在rm{O}rm{CxHy}溶液中起氧化作用的是rm{(5)}rm{壟脵}，在rm{壟脵}rm{2Ba}rm{2+}rm{2+}溶液中起氧化作用的是rm{+2SO}rm{2}和rm{2}rm{+O}rm{2}，而圖rm{2}中，分別向rm{+2H}rm{2}、rm{2}rm{O=2BaSO}rm{4}rm{4}溶液中通入rm{隆媒+4H}rm{+}，rm{+}變化趨勢(shì)、幅度接近，因此起氧化作用的主要是rm{壟脷}rm{壟脷}24、（1）CH≡CH（2）醛基NaOH水溶液、加熱（3）BC（4）＋C2H5OH＋H2O＋H2O（5）或（6）CH3CHOCH2＝CHCOOCH3【分析】【分析】本題考查有機(jī)合成和有機(jī)推斷，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及合成路線設(shè)計(jì)能力，明確官能團(tuán)及其性質(zhì)關(guān)系是解本題關(guān)鍵，根據(jù)反應(yīng)物、目標(biāo)產(chǎn)物結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式結(jié)合反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，注意題給信息的合理運(yùn)用?！窘獯稹縭m{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{CH隆脭CH}rm{CH隆脭CH}rm{(2)Z}中的官能團(tuán)名稱為醛基、加熱反應(yīng)rm{壟脹}的條件為rm{NaOH}水溶液、加熱，醛基；rm{NaOH}水溶液、加熱；rm{(3)}關(guān)于藥物rm{Y(}rm{)}的說法正確的是____________。A.沒有告訴在標(biāo)準(zhǔn)狀況下，無法確定生成氫氣體積，故錯(cuò)誤；B.藥物rm{Y}的分子式為rm{C}rm{8}rm{8}rm{H}rm{8}rm{8}，能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，故正確；C.rm{O}的活潑性酸rm{4}酚rm{4}醇，故藥物rm{-OH}中rm{>}rm{>}rm{Y}三處rm{壟脼}的活潑性由強(qiáng)到弱的順序是rm{壟脽}故正確；D.rm{壟脿}藥物rm{-OH}與rm{壟脿>壟脼>壟脽}rm{1mol}、濃溴水中的rm{Y}rm{H}反應(yīng)，最多消耗分別為rm{2}和rm{2}故錯(cuò)誤；故答案為：rm{Br}rm{2}寫出反應(yīng)rm{2}的化學(xué)方程式rm{3mol}的化學(xué)方程式rm{2mol}符合下列條件的rm{BC}的一種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{(4)}以rm{E隆煤F}rm{F隆煤X}rm{(5)}和rm{E}rm{(6)}以rm{CH}rm{(6)}為起始原料合成rm{CH}的線路為：rm{3}【解析】rm{(1)CH隆脭CH}rm{(2)}醛基rm{NaOH}水溶液、加熱rm{(3)BC}rm{(4)}rm{+C_{2}H_{5}OH}rm{+H_{2}O}rm{+H_{2}O}rm{(5)}或rm{(6)CH3CHO}rm{CH2=CHCOOCH3}25、略

【分析】【分析】根據(jù)庫倫定律求出質(zhì)子間的作用力，再根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．【解析】【解答】解：根據(jù)庫倫定律得：

F==2.304N；

則加速度a==1.38×10-27m/s2．

答：兩個(gè)質(zhì)子在相距10-14m時(shí)的加速度為1.38×10-27m/s2．26、略

【分析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中的電流和電動(dòng)機(jī)輸入電壓．電動(dòng)機(jī)消耗的電功率等于輸出的機(jī)械功率和發(fā)熱功率之和，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律列方程求解重物勻速上升時(shí)的速度大小，根據(jù)W=EIt求解勻速提升重物3m需要消耗電源的能量．【解析】【解答】解：（1）由題，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，電源內(nèi)阻r=1Ω；當(dāng)將重物固定時(shí)，電壓表的示數(shù)為5V，則根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

電路中電流為I==1A

電動(dòng)機(jī)的電阻RM=Ω=2Ω

（2）當(dāng)重物勻速上升時(shí)，電壓表的示數(shù)為U=5.5V，電路中電流為I′==0.5A

電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為UM=E-I′（R+r）=6-0.5×（3+1）V=4V

故電動(dòng)機(jī)的輸入功率P=UMI′=4×0.5=2W

根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得。

UMI′=mgv+I′2R

代入解得；v=1.5m/s

（3）勻速提升重物3m所需要的時(shí)間t=；

則消耗的電能W=EI′t=6×0.5×2=6J

答：（1）電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為2Ω；

（2）重物勻速上升的速度大小為1.5m/s