2025年人教五四新版必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教五四新版必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、“空手把鋤頭，步行騎水牛；人在橋上走，橋流水不流”，詩中“橋流水不流”所選擇的參考系是（）A.水B.橋C.人D.地面2、關于物體的慣性大小，下列說法中正確的是：（）A.體積越小，慣性越大B.速度越小，慣性越大C.質量越大，慣性越大D.受力越大，慣性越大3、蹦床是運動員在一張繃緊的彈性網上蹦跳、翻滾并做各種空中動作的運動項目，一位運動員從高處自由落下，以大小為的豎直速度著網，與網作用后，沿著豎直方向以大小為的速度彈回，已知運動員與網接觸的時間那么運動員在與網接觸的這段時間內加速度的大小和方向分別為（）A.2m/s2，向下B.8m/s2，向上C.10m/s2，向下D.18m/s2，向上4、如圖所示，小圓環(huán)A系著一個質量為的物塊并套在一個豎直固定放置的大圓環(huán)上，小圓環(huán)B系著一個質量為的物塊并套在同一個大圓環(huán)上，有一細線一端拴在小圓環(huán)A上，另一端跨過固定在大圓環(huán)最高點C的一個小滑輪后拴在小圓環(huán)B上。如果小圓環(huán)、滑輪、繩子的大小和質量以及所有的摩擦都可以忽略不計，繩子又不可伸長，若平衡時BC與豎直方向夾角為且A、B連線過大圓環(huán)的圓心，則兩物塊的質量比應為（sin37°=0.6；cos37°=0.8）（）

A.3：4B.4：3C.9：16D.16：95、關于加速度的方向，下列描述正確的是（）A.一定與合外力的方向相同B.一定與速度方向相反C.一定與速度方向相同D.一定與合外力的方向相反評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、下列說法中不正確的是A.大小分別為7N和9N的兩個力的合力不可能為3NB.靜止放在水平桌面上的物體對桌面的壓力就是該物體的重力C.乒乓球可以快速抽殺，是因為乒乓球的慣性小的緣故D.滑動摩擦力的方向總是和物體的運動方向相反7、甲；乙、丙、丁四個不同的物體從同一地點出發(fā)；它們的運動情況分別如下圖所示，用下列描述正確的是（）

A.甲在做曲線運動，乙在做直線運動B.在0至t1時間內，甲的平均速度等于乙的平均速度C.兩圖象中，t2、t4時刻分別表示乙、丁開始做反向運動D.在t3時刻，丁一定在丙的前方8、關于自由落體運動，以下說法不正確的是（）A.伽利略研究自由落體運動時，遇到的困難是無法準確測量下落時間和瞬時速度B.無風的房間中將一根柔軟的羽毛由靜止釋放，羽毛將做自由落體運動C.自由落體運動就是初速度為0，加速度a=g的勻加速直線運動D.自由落體物體前三個連續(xù)相等時間間隔的位移比為1：3：59、如圖所示，質量為2m的物塊A和質量為m的物塊B用一輕彈簧相連；將A用承受力足夠大的輕繩懸掛于天花板上，用一個托盤托著B使彈簧恰好處于原長，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將托盤撤掉，則下列說法正確的是（）

A.托盤撤掉瞬間，輕繩拉力大小為mgB.托盤撤掉瞬間，B物塊的加速度大小為gC.托盤撤掉后，B物塊向下運動速度最大時，輕繩拉力大小為3mgD.托盤撤掉后，物塊向下運動到最低點時，彈簧彈力大小為mg10、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質量為m＝0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中（彈簧始終在彈性限度內），其速度v和彈簧壓縮量Δx之間的函數(shù)圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點，小球和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，取g＝10m/s2；則下列說法正確的是（）

A.該彈簧的勁度系數(shù)為20N/mB.當?x="0.3"m時，小球處于超重狀態(tài)C.小球剛接觸彈簧時速度最大D.從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，小球的加速度先減小后增大11、質量均為2kg的滑塊A和B疊放在一起，放在水平地面上，A、B之間和B與地面之間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.2，A、B相對靜止沿水平向右加速運動，重力加速度取最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則作用在B上的水平拉力F可能是（）

A.4NB.9NC.11ND.14N12、如圖甲所示，可視為質點的質量m1=1kg的小物塊放在質量m2=2kg的木板正中央位置，木板靜止在水平地面上，連接物塊的輕質細繩伸直且與水平方向的夾角為37°。現(xiàn)對木板施加水平向左的拉力F=18N，木板運動的v-t圖象如圖乙所示，sin37°=0.6，g取10m/s2；則（）

A.木板的長度為2mB.木板的長度為1mC.木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.5D.物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為13、物體做勻加速直線運動，已知物體在時間t內的位移為s，由此可求出（）A.物體運動的加速度B.時間t內物體的平均速度C.時間t的末速度D.物體運動到時的瞬時速度評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、美國發(fā)射的哈勃望遠鏡在宇宙空間繞著地球沿一定軌道高速飛行，因出現(xiàn)機械故障，用航天飛機將宇航員送上軌道對哈勃望遠鏡進行維修。以_______作參考系，宇航員相對靜止時就可以實施維修工作；以_________作參考系時，宇航員是在做高速運動。15、17世紀，著名物理學家_________為了克服_________困難，采用斜面實驗研究自由落體運動，結合外推法得出結論：自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動。16、如圖1是用游標卡尺測量某金屬圓筒外徑的示意圖，由圖中可以讀出該圓筒外徑的測量值為_________mm。圖2是用螺旋測微器測量某金屬棒直徑的示意圖，讀出該金屬棒直徑的測量值為______mm。

17、改變槽碼的質量的過程中，要始終保證槽碼的質量______小車的質量。18、用如圖模型研究斜拉橋的平衡：細桿CD固定在地面，從質量為m的均勻平板正中央空洞內穿過。通過兩根輕質細線CA、CB將平板水平懸掛，與豎直方向夾角分別為30°、60°。則CB繩對平板的拉力大小為______________________；保持平板水平不動，逐漸縮短CB線，使懸掛點B左移，CB繩對平板的拉力將______________________（選填“變大”“變小”“先變大后變小”或“先變小后變大”）。

19、物體從A到D由靜止開始做勻加速直線運動；B；C把AD分成相等的三段；

（1）則物體分別通過這三段位移的時間之比是_________________；

（2）物體在這段位移的平均速度之比是_______________________；

（3）物體在B、C、D三點速度之比是_________________________．20、如圖所示，質量為的小球，用一根長為的細繩吊起來，放在半徑為的光滑的球體表面上，由懸點到球面的最小距離為則小球對球面的壓力為_________，繩的張力為___________（小球半徑可忽略不計）。

21、牛頓第一定律表明，力是物體___發(fā)生變化的原因；該定律引出的一個重要概念是___．22、如圖所示，兩小球用細線連接，兩小球用輕彈簧連接，雙手分別提起兩球，使四個小球均在空中處于靜止狀態(tài)，雙手同時釋放瞬間（空氣阻力不計，重力加速度為），小球B的加速度大小為____________，小球D的加速度大小為____________。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)23、如圖所示；在時間軸上標出“第3s初”“第3s末”“第3s內”“前3s內”。

24、已知兩分力F1、F2，通過作圖求F1、F2的合力（用平行四邊形定則）。保留作圖過程。

25、如圖甲所示是一個做直線運動的物體的速度-時間圖像，請在乙中畫出該物體的位移-時間并標出縱軸上的數(shù)據．評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)26、如圖甲所示，一端帶有定滑輪的長木板放在水平桌面上，滑輪剛好伸出桌面，帶有凹槽的小車放在長木板上，小車通過細繩繞過定滑輪和鉤碼相連，鉤碼的個數(shù)可以改變，小車后面連有紙帶，紙帶穿過打點計時器。不計滑輪摩擦及空氣阻力，重力加速度某同學利用該裝置探究小車加速度與力的關系。

(1)為達到本次實驗目的，需要平衡摩擦力嗎？________（填“需要”或“不需要”）。

(2)測出小車的質量為若用鉤碼的重力當成細繩的拉力，已知鉤碼的規(guī)格有兩種可選：和為盡可能減少實驗誤差，該同學應該選取______（選填“”或“”）規(guī)格的砝碼更好。

(3)正確調整裝置并選取合適砝碼后，打開電源釋放小車，打出一條紙帶如圖乙，打點計時器使用的是交流電，紙帶上相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出，則小車的加速度________（結果保留三位有效數(shù)字）

(4)如果鉤碼規(guī)格只有該同學認為：如果仍然研究小車的加速度和外力的關系，上述實驗結果存在較大誤差，為此他進行了如下改進：首先在右邊懸掛5個鉤碼，接通電源釋放小車，得到一條紙帶；第二次他取下右邊一個鉤碼放在小車凹槽內，接通電源，得到第二條紙帶重復上述步驟，直至得到第四條紙帶。分別計算出各紙帶的加速度用作縱坐標，用對應的右邊懸掛的鉤碼個數(shù)為橫坐標，得到的圖象如圖所示，如果數(shù)據無誤差，加速度和力的關系符合牛頓定律，測該直線圖象的斜率的大小為________。（結果保留三位有效數(shù)字）

評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)27、如圖所示，在傾角θ=37°的足夠長的固定斜面上，有一質量m=1kg的物體，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)物體在恒力F的作用下從靜止開始沿斜面向上做勻加速運動，經2s運動了10m。(sin37°=0.6，cos37°=0.8取g=10m/s2)求。

（1）物塊沿斜面運動的加速度大小。

（2）作用在物體上的恒力F的最小值及其與斜面的夾角參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A．以水的參照物；橋的位置發(fā)生了變化，則橋是運動的，故A正確；

B．以橋為參照物；則橋是靜止的，而水與橋的位置發(fā)生了變化，則水是運動的，故B錯誤；

C．以人為參照物；因為人在橋上走，人與橋的位置發(fā)生了變化，橋是運動的，而水與人的位置也發(fā)生了變化，所以水也是運動的，故C錯誤；

D．以地面為參照物；地面與橋的位置沒有發(fā)生變化，橋是靜止的，水與地面的位置發(fā)生了變化，所以水也是運動的，故D錯誤。

故選A。2、C【分析】【詳解】

慣性是物體的固有屬性；它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質，慣性大小與物體的質量有關，質量越大，慣性越大；與體積；速度以及是否受力無關，故C正確，ABD錯誤。

故選C。3、D【分析】【詳解】

以豎直向上為正方向，則這段時間內加速度為

可知這段時間內加速度的大小方向豎直向上。

故選D。4、B【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

對B環(huán)分析可得

同理對A環(huán)分析可得

因此可得

故選B。5、A【分析】【詳解】

根據牛頓第二定律和加速度定義式

可知加速度的方向一定與合外力的方向相同；加速度方向與速度變化量方向相同；與速度方向沒有直接關系。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)6、A:B:D【分析】【詳解】

A.當夾角為零時合力最大；最大值為9N+7N=16N；當夾角180°時合力最小，最小值為9N-7N=2N；故合力介于2N至16N之間，可知7N和9N的兩個力的合力可能為3N，故A錯誤；

B.將一物體放在水平桌面上；物體對桌面的壓力大小等于物體的重力，但壓力與重力的性質；施力物體和受力物體都不同，所以不能說“壓力就是物體的重力”，故B錯誤；

C.乒乓球質量??；慣性小，所以容易改變其運動狀態(tài)，故C正確；

D.滑動摩擦力的方向，總是和物體相對運動的方向相反，也可能與運動方向相同，故D錯誤。7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．運動學的圖象中任何曲線只能表示直線運動；因為在運動學圖象中只能表示正反兩方向，故不能描述曲線運動，故A錯誤；

B．在0至t1時間內；甲乙的位移相等，平均速度等于位移除以時間，所以甲；乙的平均速度相等，故B正確；

C．x-t圖象中的t2時刻轉折點表示物體的位移開始減小，運動方向開始反向；v-t圖象中的轉折點表示速度減??；加速度方向變化，其位移方向仍沿正方向，運動方向沒有反向，故C錯誤；

D．由v-t圖象中圖象與時間軸所夾的面積表示位移，可知在t3時刻；丁位移大于丙的位移，從同一點出發(fā)，丁一定在丙的前方，故D正確；

故選BD。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A．伽利略研究自由落體運動時；由于條件限制，遇到的困難是無法準確測量下落時間和瞬時速度，故A不符題意；

B．無風的房間由于羽毛受到阻力；故不是勻加速運動，故B符合題意；

C．自由落體運動是物體只在重力作用下的勻加速運動，而初速度為0，加速度a=g的勻加速直線運動一定為自由落體運動；故C不符合題意；

D．根據可知，前ts，前2ts，前3ts內的位移之比為1：4：9；故自由落體物體前三個連續(xù)相等時間間隔的位移比為1：3：5，故D不符題意；

故選B。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．托盤撤掉瞬間，彈簧還是原長，則輕繩拉力與A的重力平衡，大小為2mg；故A錯誤；

B．托盤撤掉瞬間，B物塊只受重力，則其加速度大小為g；故B正確；

C．托盤撤掉后，B物塊向下運動速度最大時，B物塊瞬間受力平衡，則彈簧彈力大小等于B的重力，根據平衡條件可得輕繩拉力大小為

故C正確；

D．托盤撤掉后，物塊先向下做加速運動，再向下做減速運動，運動到最低點時，有向上的加速度，所以彈簧彈力大小大于mg；故D錯誤。

故選BC。10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．由小球的速度圖象知，開始小球的速度增大，說明小球的重力大于彈簧對它的彈力，當Δx為0.1m時，小球的速度最大，然后減小，說明當Δx為0.1m時，小球的重力等于彈簧對它的彈力．所以可得

解得

A錯誤C正確；

B．彈簧的壓縮量為Δx＝0.3m時，彈簧彈力為

故此時物體的加速度向上；物體處于超重狀態(tài)，B正確；

D．對小球進行受力分析可知，其合力是由mg逐漸減小至零；然后再反向增加的，故小球的加速度先減小后增大，D正確。

故選BCD。11、B:C:D【分析】【詳解】

對A、B整體，向右加速的條件是

A、B恰好相對滑動的條件是A、B面上出現(xiàn)最大摩擦力，此時的加速度

對應的拉力為

解得

則滿足條件的拉力范圍為8N<F<16N；故BCD符號要求。

故選BCD。12、A:C:D【分析】【詳解】

AB．從題圖乙可知，木板運動離開小物塊，在內，由圖象可知

所以木板的長度

故A正確；B錯誤；

C．設木板與地面間的動摩擦因數(shù)為物塊與木板間的動摩擦因數(shù)在內，由圖象可得長木板的加速度

由牛頓第二定律得

解得

故C正確；

D．在內，對小物塊進行受力分析，豎直方向

水平方向

又知

長木板的加速度

對木板進行受力分析，結合牛頓第二定律得

由牛頓第三定律得

聯(lián)立上述式子解得

故D正確。

故選ACD。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據位移公式

只知道時間和位移；不能求出加速度，A錯誤；

BD．根據平均速度公式

知道位移和時間，可求出這段時間內的平均速度，因為物體做勻加速直線運動，所以這段時間內的平均速度等于中間時刻速度，即物體運動到時的瞬時速度；BD正確；

C．由于加速度不能求出，據速度公式不能求出時間t的末速度；C錯誤。

故選BD。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]宇航員是在太空中繞地球做高速圓周運動，說他靜止，應是以與他有相同速度的同一軌道的太空望遠鏡做參考系，故相對太空望遠鏡宇航員靜止，相對地球宇航員做高速運動。【解析】哈勃望遠鏡地球15、略

【分析】【詳解】

[1][2]．17世紀，著名物理學家伽利略為了克服測量時間的困難，采用斜面實驗研究自由落體運動，結合外推法得出結論：自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動?！窘馕觥抠だ詼y量時間16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]主尺23mm；游標20分度，12刻度重合，所以游標卡尺的讀數(shù)為。

23mm+0.0512mm=23.60mm[2]主尺2.5mm；副尺13刻度重合，所以螺旋測微器的讀數(shù)為。

2.5mm+13.00.01mm=2.630mm【點睛】螺旋測微器又名千分尺，所以讀數(shù)單位是mm時，小數(shù)點后三位?！窘馕觥?3.60；2.63017、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】遠小于18、略

【分析】【詳解】

[1]對平板根據平衡條件

聯(lián)立解得

[2]設CB繩與豎直方向夾角為根據平衡條件

聯(lián)立解得

使懸掛點B左移，則由60°逐漸減小，則CB繩拉力變大?！窘馕觥孔兇?9、略

【分析】【詳解】

(1)[1]設AB=BC=CD=x；由位移公式可得，AB段有：x=at12

AC段有：2x=at22

AD段有3x=at32

則可知通過AB的時間t1=

BC段的時間tII=t2﹣t1=﹣

CD段的時間tIII=t3﹣t2=﹣

故三段位移內的時間之比為：tI：tII：tIII=1：（﹣1）：（﹣）

(2)[2]平均速度等于位移與時間的比值，則可知：平均速度之比為：=1：=1：（+1）：（+）

(3)[3]由速度公式可得：v=at，則BCD三點的速度之比為：vB：vC：vD=t1：t2：t3=1：【解析】1：（﹣1）：（﹣）1：（+1）：（+）1：20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]小球在A點的受力如圖所示；根據三力平衡的特點三個力可以構成一外首尾相連的矢量三角形如圖所示，根據相似三角表形關系可得。

解得。

小球對球面的支持力為。

由牛頓第三定律可得，小球對球面的壓力為

繩的張力為。

【解析】21、略

【分析】【詳解】