2025年人教新課標(biāo)必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新課標(biāo)必修3物理下冊月考試卷939考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、中國是全球最大的家用電器生產(chǎn)和消費國。家用電器擁有量的迅速增長帶來了巨大的能源消耗；同時也加重了對環(huán)境的污染。因此，我國通過制定和實施能效標(biāo)準(zhǔn)；推廣能效標(biāo)識制度來提高用能產(chǎn)品的能源效率，促進(jìn)節(jié)能減排，減少對環(huán)境的污染。圖是某型號空調(diào)的能效標(biāo)識。其中，能效等級是依據(jù)能效比來劃分的，目前中國的能效等級根據(jù)能效比由高到低依次分為1、2、3三個等級。能效比是指空調(diào)在額定工作條件下制冷時，制冷量與輸入功率之比。制冷量是指空調(diào)制冷時，單位時間內(nèi)從密閉空間內(nèi)去除的熱量總和。若空調(diào)在額定工作條件下制冷，根據(jù)以上資料可以判斷，下列說法中正確的是（）

A.在制冷量相同的情況下，能效比大的空調(diào)輸入功率大B.在能效比相等的情況下，制冷量大的空調(diào)輸入功率小C.在輸入功率相同的情況下，能效比大的空調(diào)制冷量大D.在輸入功率相同的情況下，制冷量大的空調(diào)能效比小2、如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點，O為半圓弧的圓心，∠MOP=60°，在M、N處各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖所示，這時O點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1，若將N處的長直導(dǎo)線移至P處，則O點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)锽2，則B2與B1之比為。

A.1∶1B.∶1C.1∶2.D.3∶23、新型冠狀病毒在顯微鏡下的形狀如圖所示；其大小在納米（nm）的數(shù)量級，普通防塵口罩已不能有效阻止該病毒的傳播。根據(jù)我們所學(xué)內(nèi)容，下列選項中的單位均為基本單位的是（）

A.g、cm、sB.kg、nm、NC.m/s、km、sD.Ω、N、J4、如圖所示，真空中xOy坐標(biāo)系平面內(nèi)有以O(shè)為圓心的兩個同心圓，分別與坐標(biāo)軸交于a、b、c、d和e、f、g、h；在a、c兩點固定兩個正點電荷，b、d兩點固定兩個負(fù)點電荷；且四個點電荷所帶電荷量相等。下列說法正確的是（）

A.g、f兩點的電場強(qiáng)度相同B.e、h兩點的電場強(qiáng)度相同C.將質(zhì)子從O移到f電場力做負(fù)功D.將電子從O移到e電場力做正功5、在物理學(xué)的研究中用到的思想方法很多；下列有關(guān)各圖的說法中正確的是()

A.①③采用的是放大的思想方法B.②④⑤采用的是控制變量的思想方法C.④⑤采用的是猜想的思想方法D.①③⑤采用的是放大的思想方法6、如圖甲，高大建筑物上通常都裝有避雷針，雷雨天氣時避雷針發(fā)生尖端放電現(xiàn)象，中和空氣中的電荷，達(dá)到避免雷擊的目的。圖乙所示是某次避雷針放電時的電場線分布，電場線關(guān)于直線ac對稱，且以下說法正確的是（）

A.B.接近建筑物的雷雨云帶負(fù)電C.電子在c點的加速度大于在a點的加速度D.將質(zhì)子從圖中d點由靜止釋放，質(zhì)子可能沿電場線運動7、下列關(guān)于場強(qiáng)和電勢的敘述正確的是（）A.在勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)處處相同，電勢也處處相等B.在正點電荷形成的電場中，離點電荷越遠(yuǎn)，電勢越高，場強(qiáng)越小C.等量異種點電荷形成的電場中，兩電荷連線中點的電勢為零，場強(qiáng)不為零D.在任何電場中，場強(qiáng)越大的地方，電勢也越高8、如圖甲所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，A為理想電流表，R1、R2為可變電阻，R3為定值電阻，R4為光敏電阻，光敏電阻的阻值隨光照射的強(qiáng)弱而改變．“光強(qiáng)”是表示光的強(qiáng)弱程度的物理量，照射光越強(qiáng)，光強(qiáng)越大，光強(qiáng)符號用I表示，國際單位為坎德拉(cd)．實驗測得光敏電阻的阻值R4與光強(qiáng)I間的關(guān)系如圖乙所示；當(dāng)電路發(fā)生變化時，下列說法正確的是()

A.當(dāng)光照增強(qiáng)時，電容器所帶電荷量減小B.當(dāng)光照增強(qiáng)時，電源的輸出功率減小C.若R2的阻值減小，電流表的示數(shù)減小D.若R1的阻值減小，R3消耗的功率減小9、中國宋代科學(xué)家沈括在公元1086年寫的夢溪筆淡中最早記載了“方家（術(shù)士）以磁石磨針鋒；則能指南，然常微偏東，不全南也”。進(jìn)一步研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布如圖所示，結(jié)合上述材料，下列說法正確的是（）

A.在地磁場的作用下小磁針靜止時指南的磁極叫北極，指北的磁極叫南極B.對垂直射向地球表面宇宙射線中的高能帶電粒子，在南、北極所受阻擋作用最弱，赤道附近最強(qiáng)C.形成地磁場的原因可能是帶正電的地球自轉(zhuǎn)引起的D.由于地磁場的影響，在奧斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的實驗中，通電導(dǎo)線應(yīng)相對水平地面豎直放置評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、和表示，電表示數(shù)變化量的絕對值分別用和表示，下列說法正確的是

A.變小，變大，變小，I變大B.變大，變小，變大，I變大C.不變，變小，變小D.不變，不變，不變11、M、N是一對水平放置的平行板電容器，將它與一電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源組成如圖所示的電路；R是并聯(lián)在電容器上的滑動變阻器，G是靈敏電流計，在電容器的兩極板間有一帶電的油滴處于懸浮狀態(tài)，如圖，下列說法正確的是。

A.打開S后，使兩極板靠近，則微粒將向上運動B.打開S后，使兩極板靠近，則微粒仍保持靜止C.保持開關(guān)S閉合，將滑動變阻器的滑片向上滑動，靈敏電流計中有從a向b的電流D.保持開關(guān)S閉合，將滑動變阻器的滑片向上滑動，靈敏電流計中有從b向a的電流12、如圖所示,平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計)連接,下極板接地,靜電計所帶電荷量很少,可被忽略。一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點?，F(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離,則下列說法中正確的是（）

A.平行板電容器的電容值將變小B.靜電計指針張角變小C.帶電油滴的電勢能將減少D.若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開,再將下極板向下移動一小段距離,則帶電油滴所受電場力不變13、如圖所示，帶電小球A、B的電荷分別為QA、QB，OA＝OB，都用長L的絲線懸掛在O點。靜止時A、B相距為d。為使平衡時A、B間距離減為可采用以下哪些方法（）

A.將小球B的質(zhì)量都增大到原來的2倍B.將小球B的質(zhì)量增大到原來的8倍C.將小球B的電荷量都減小到原來的一半D.將小球B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質(zhì)量增大到原來的2倍14、如下圖所示，在光滑絕緣水平面上，有兩個質(zhì)量相等、帶有同種電荷的小球A和B，它們所帶電荷量不相等，彼此相隔一定距離．現(xiàn)在給A球一個沿A、B球心連線水平向右的初速度v0，同時將B球由靜止釋放．若在此后的運動中兩小球始終未相碰；則兩小球在運動過程中（）

A.任一時刻加速度的大小一定不相等B.任一時刻加速度的大小一定相等C.相距最近時，它們的速度相等D.相距最近時，它們的速度不相等15、某平面區(qū)域電場線呈上下、左右對稱分布，如圖所示，已知M、N為區(qū)域中上；下對稱的兩點；根據(jù)以上條件，下列判斷正確的是（）

A.M點電場強(qiáng)度與N點電場強(qiáng)度相同B.正電荷在該電場中受到的最大電場力向右C.將正電荷從M點沿虛線移動到N點，電場力做正功D.將一不計重力的帶電粒子在電場中某點靜止釋放，粒子可能沿電場線運動16、如圖所示，a、b、c、d為勻強(qiáng)電場中的等勢面，一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子在A點以大小為v1的速度射入電場，沿如圖軌跡到達(dá)B點時速度大小為v2，且速度與等勢面平行，A、B連線長為L，連線與等勢面間的夾角為θ，不計粒子受到的重力，則（）

A.v1大于v2B.等勢面b的電勢比等勢面c的電勢高C.粒子從A運動到B所用時間為D.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、特點：溫度升高時，熱輻射中波長較______的成分越來越強(qiáng)。18、如圖所示的平面內(nèi)固定兩個帶電量為的異種點電荷，它們之間距離為以其連線中點為圓心，以為半徑畫圓，為圓周上有三點，點在兩點電荷連線的中垂線上，兩點連線恰好過點，則兩點的電場強(qiáng)度_____（填“相同”或“不同”），點電勢______（填“大于”“等于”或“小于”）點電勢；已知靜電力常數(shù)為則點電場強(qiáng)度大小為_______。

19、如圖所示虛線為電場中的一簇等勢面，兩等勢面間的電勢差為10且的電勢高于的電勢，相鄰兩等勢面電勢差相等，一個電子在電場中通過的軌跡如圖中實線所示，電子過點的動能為8它經(jīng)過點時的動能為________電子在點的電勢能比在點的電勢能________．

20、如圖所示直線a為某電源的路端電壓隨電流的變化圖線，直線b為電阻R兩端的電壓隨電流的變化圖線，用該電源和該電阻組成的閉合電路，電源的輸出功率為___________W，內(nèi)阻為___________Ω。

21、繞在同一鐵芯上的線圈Ⅰ；Ⅱ按圖所示方法連接；判斷在以下各情況中，線圈Ⅱ中是否有感應(yīng)電流產(chǎn)生．

①閉合電健K的瞬時___________________．

②保持電鍵K閉合的時候________________________．

③斷開電鍵K的瞬時_______________________．

④電鍵K閉合將變阻器R0的滑動端向左滑動時：_________．（以上各空均填“有”或“無”）評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)22、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)23、某同學(xué)測量阻值約為25kΩ的電阻Rx；現(xiàn)備有下列器材：

A．電流表（量程為100μA；內(nèi)阻約為2kΩ）

B．電流表（量程為500μA；內(nèi)阻約為300Ω）

C．電壓表（量程為15V；內(nèi)阻約為100kΩ）

D．電壓表（量程為50V；內(nèi)阻約為500kΩ）

E．直流電源（20V；允許通過的最大電流為1A）

F．滑動變阻器（最大阻值為1kΩ；額定功率為1W）

G．開關(guān)和導(dǎo)線若干。

（1）電流表應(yīng)選________，電壓表應(yīng)選________。（選填字母代號）

（2）為保證實驗順利進(jìn)行，并使測量誤差盡量減小，請你在圖甲所示的方框中給該同學(xué)設(shè)計出實驗電路圖________，并用筆畫線代替導(dǎo)線，連接圖乙電路。________評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)24、如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy，x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向，O為坐標(biāo)原點，分別為坐標(biāo)平面內(nèi)的四個點，其中整個區(qū)域內(nèi)存在平行于xOy平面但方向未知的勻強(qiáng)電場（未畫出）。A點有一個發(fā)射裝置能向豎直面內(nèi)的任意方向分別發(fā)射質(zhì)量為電荷量為C、速率為的帶電小球（可看作質(zhì)點）。小球甲從A點射出后通過B點時速率為小球乙從A點射出后通過C點時的速率為小球丙從A點射出后恰好從固定圓軌道上的缺口D處沿切線射入圓內(nèi)，圓心與D點連線與x軸正方向的夾角為不計小球間的相互作用，帶電小球在運動過程中電量保持不變，不計阻力。求：

（1）若取A點的電勢為0，則B、C兩點的電勢是多少；

（2）勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度的大小和方向；

（3）小球丙從D點切線射入后，缺口自動閉合成一完整的光滑絕緣圓形軌道，要使小球不脫離軌道，則圓軌道的半徑R的范圍是多少？

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在制冷量相同的情況下；能效比大的空調(diào)輸入功率小，故A錯誤；

B．在能效比相等的情況下；制冷量大的空調(diào)輸入功率大，故B錯誤；

C．在輸入功率相同的情況下；能效比大的空調(diào)制冷量大，故C正確；

D．在輸入功率相同的情況下；制冷量大的空調(diào)能效比大，故D錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

由磁場的疊加可知每根導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度大?。灰苿又缶郞點的距離不變，故磁感強(qiáng)度大小不變，則由矢量合成的方向可得出移動之后的合磁感強(qiáng)度；即可求得比值．

【詳解】

依題意，每根導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度為方向豎直向下，則當(dāng)N移至P點時，O點合磁感強(qiáng)度大小為：則B2與B1之比為1：2；故ABD錯誤，C正確．故選C．

【點睛】

磁感強(qiáng)度為矢量，在求合磁感強(qiáng)度時應(yīng)先分別求得各導(dǎo)線O點的磁感強(qiáng)度再由矢量的合成方法-平行四邊形求得總的磁感強(qiáng)度．3、A【分析】【詳解】

國際計量大會規(guī)定了七個基本物理量；分別為長度；質(zhì)量、時間、熱力學(xué)溫度、電流、發(fā)光強(qiáng)度、物質(zhì)的量，它們的單位均為基本單位，而由物理量之間的關(guān)系式推導(dǎo)出來的單位叫做導(dǎo)出單位。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場疊加原理可知，兩個正電荷在f點的合場強(qiáng)方向沿y軸負(fù)方向，兩個負(fù)電荷在f點合場強(qiáng)沿y軸負(fù)方向，所以合場強(qiáng)方向沿y軸負(fù)方向，同理可得在g點合場強(qiáng)方向沿y軸正方向；因此場強(qiáng)方向相反，A錯誤；

B．根據(jù)電場疊加原理可知，e、h兩點的電場強(qiáng)度大小相同；方向相反。B錯誤；

C．因為

將質(zhì)子從O移到f電場力做功

將質(zhì)子從O移到f電場力做正功。C錯誤；

D．因為

將電子從O移到e電場力做功

將電子從O移到e電場力做正功。D正確。

故選D。5、A【分析】【分析】

【詳解】

圖①采用光放射的方法顯示微小形變；圖②采用控制變量法研究加速度與力；質(zhì)量的關(guān)系；圖③采用扭秤裝置放大靜電力的作用效果；圖④采用控制變量法研究靜電力大小與距離和電荷量的關(guān)系；圖⑤采用等效替代法研究力的合成與分解；故A正確；BCD錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

A．電場線的疏密程度表示場強(qiáng)的大小，由圖可知ab段的平均電場強(qiáng)度要大于bc段的電場強(qiáng)度，根據(jù)U=Ed

可得

因為所以

故A正確；

B．由圖乙可知避雷針帶負(fù)電；避雷針帶電是由于帶電的雷雨云靠近避雷針發(fā)生靜電感應(yīng)現(xiàn)象產(chǎn)生的，因此可推知此時接近建筑物的雷雨云帶正電，故B錯誤；

C．電場線的疏密程度表示場強(qiáng)的大小，可知a點的場強(qiáng)大于c點的場強(qiáng)，所以電子在c點所受電場力小于在a點所受電場力，則電子在c點的加速度小于在a點的加速度；故C錯誤；

D．由于d點所在的電場線是曲線，所以只在電場力作用下，由d點靜止釋放的質(zhì)子不可能沿電場線運動；故D錯誤。

故選A。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A.在勻強(qiáng)電場中；沿著電場線的方向電勢逐點降低，A錯誤；

B.在正點電荷形成的電場中；離點電荷越遠(yuǎn)，電勢越低，場強(qiáng)越小，B錯誤；

C.等量異種點電荷形成的電場中；兩電荷連線中點的電勢為零，場強(qiáng)不為零，C正確；

D.在任何電場中；場強(qiáng)越大的地方，電勢不一定高，因為電勢與場強(qiáng)無關(guān)，D錯誤。

故選C。8、C【分析】【詳解】

A.由圖知電阻與光強(qiáng)成反比，故隨光強(qiáng)的增大電阻減小，所以當(dāng)光照增強(qiáng)時，R4減小，總電阻減小，總電流增大，并聯(lián)部分的電阻不變，所以電壓增大，所以電容器兩端的電壓增大，根據(jù)Q=UC可知；電量增大，故A錯誤；

B.當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時；電源的輸出功率最大，由于不知道外電路電阻與內(nèi)阻的關(guān)系，所以無法判斷電源的輸出功率的變化，故B錯誤；

C.若R2的阻值減小，則總電阻減小，總電流增大，并聯(lián)部分的電壓減小，通過電流表A的電流減小；故C正確；

D.R1與電容器串聯(lián)，相當(dāng)于斷路，其變化不影響電路變化，故D錯誤。9、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)磁極間的相互作用可知；在地面上放置一個小磁針，靜止時小磁針的南極指向地磁場的北極，故A錯誤；

B．地球上赤道附近磁場的方向與地面幾乎平行；越往兩極磁場的方向與地面之間的夾角越大，所以對垂直射向地球表面宇宙射線中的高能帶電粒子，在南；北極所受阻擋作用最弱，赤道附近最強(qiáng)，故B正確；

C．地球磁場的N極在地球的地理南極附近；由安培定則可知，形成地磁場的原因可能是帶負(fù)電的地球自轉(zhuǎn)引起的，故C錯誤；

D．由于地磁場的影響；在奧斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的實驗中，通電導(dǎo)線應(yīng)相對水平地面水平放置，且導(dǎo)線的方向沿南北方向，故D錯誤。

故選：B。二、多選題(共7題，共14分)10、C:D【分析】【詳解】

AB.閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，滑動變阻器的電阻R2減小，由于和串聯(lián)，則總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律得總電流為：

則總電流增大，由路端電壓公式：

知，減小，由歐姆定律知電阻兩端的電壓為：

則增大，由串并聯(lián)關(guān)系知

則減小；故AB錯誤；

CD.因不變，則由歐姆定律可得，

保持不變，由數(shù)學(xué)規(guī)律可知，也保持不變，因滑片向上移動，故的接入電阻減小，故變小，而

故保持不變，因

故比值減小，而

故比值保持不變；故CD正確；

故選CD；11、B:C【分析】【詳解】

AB、打開S之前，由于帶電的油滴處于懸浮狀態(tài)，則有打開S后，電容器的兩極板所帶電量保持不變，根據(jù)可得使兩極板靠近，電容器的兩極板間的電場強(qiáng)度不變，所以帶電的油滴仍保持靜止，故選項B正確，A錯誤；

CD、電容器兩極板間的電壓當(dāng)將滑動變阻器的滑片向上滑動時，增大，增大，電容器的電量增加，處于充電狀態(tài)，靈敏電流計中有電流，由于電容器上板帶正電，則靈敏電流計中有從向的電流，故選項C正確，D錯誤．12、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)知，d增大；則電容減小，故A正確；

B．靜電計測量的是電容器兩端的電勢差；因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B錯誤；

C．電勢差不變，d增大，則電場強(qiáng)度減小，故P點與上極板的電勢差減小，則P點的電勢升高；因油滴帶負(fù)電，可知帶電油滴的電勢能將減小，故C正確；

D．電容器與電源斷開，則電荷量不變，再將下極板向下移動一小段距離，即d變大，根據(jù)可得

則兩板間場強(qiáng)不變，油滴受電場力不變，選項D正確；故選ACD。13、B:D【分析】【詳解】

如圖所示；B受重力；絲線的拉力及庫侖力；

將拉力及庫侖力合成，其合力應(yīng)與重力大小相等、方向相反，由幾何關(guān)系可知＝

而庫侖力F=即==

有mgd3=kQAQBL

則d=

要使d變?yōu)榭梢詫⑿∏駼的質(zhì)量增大到原來的8倍而保證上式成立，或?qū)⑿∏駻；B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質(zhì)量增大到原來的2倍，也可保證等式成立。

故選BD。14、B:C【分析】【詳解】

兩小球所受的合力均為兩者之間的庫侖力，因庫侖力是相互作用力，可知兩球之間的靜電斥力在任意時刻都是大小相等，方向相反，則根據(jù)牛頓第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A錯誤，B正確．因A做減速運動，B做加速運動，當(dāng)速度相等時，距離最近，故D錯誤，C正確．故選BC．15、B:D【分析】【詳解】

A．該電場是上下對稱的，M點與N點處電場線的疏密是相同的，M點與N點的電場強(qiáng)度大小相等；但方向不同，故A錯誤；

B．電場線最密集的地方場強(qiáng)方向向右；正電荷在該電場中受到的最大電場力向右，故B正確；

C．該電場是上下對稱的，M點與N點處電勢大小相等，將正電荷從M點沿虛線移到N點；電場力做功為零，故C錯誤；

D．將一帶電粒子放置在直線電場線上某點靜止釋放時；粒子會沿電場線運動，故D正確。

故選BD。16、A:C:D【分析】【分析】

根據(jù)粒子的運動軌跡可判斷粒子受電場力方向向上，從而判斷場強(qiáng)方向，根據(jù)動能定理可比較v1和v2的大小以及場強(qiáng)大??；粒子在豎直方向做勻變速運動；在水平方向做勻速運動，從而可求解從A到B的時間.

【詳解】

由粒子的運動軌跡可知，粒子受向上的電場力，可知從A到B電場力做負(fù)功，動能減小，即v1大于v2，選項A正確；粒子帶正電，受向上的電場力，可知場強(qiáng)方向向上，等勢面b的電勢比等勢面c的電勢低，選項B錯誤；粒子在水平方向不受力，可知在水平方向做勻速運動，速度為v2，則從A到B的時間為選項C正確；由A到B根據(jù)動能定理：解得選項D正確；故選ACD.

【點睛】

此題關(guān)鍵是能根據(jù)粒子的運動軌跡判斷電場力的方向，知道粒子在水平方向做勻速運動，豎直方向做勻加速運動，結(jié)合動能定理求解.三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】短18、略

【分析】【詳解】

[1]兩個等量的異種電荷之間電場線如圖所示。

由對稱性可知，M、N兩點的電場強(qiáng)度相同。

[2]設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則P、O所在直線上的所有點電勢均為零；由沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知點電勢大于零，點電勢小于零，所以點電勢大于點電勢。

[3]由勾股定理可得P點到兩個電荷之間的距離為

P點的電場強(qiáng)度為兩個帶電量為的異種點電荷在P點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的矢量和；如圖所示。

+Q、在P點產(chǎn)生的場強(qiáng)

則點電場強(qiáng)度大小【解析】相同大于19、略

【分析】【詳解】

A、B間電勢差為10V，根據(jù)圖可知相鄰的兩個等勢面間的電勢差為2.5伏，由M到N電場力做功為動能減少所以N點動能為0.5ev,因為電場力做負(fù)功所以電勢能增加．

思路分析：根據(jù)等勢線的分布判斷相鄰等上面的電勢差；根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化．

試題點評：考查電場能的性質(zhì)【解析】0.5；小20、略

【分析】【詳解】

[1]由交點坐標(biāo)知工作電壓為U=2V，工作電流為I=2A，則輸出功率為P出=UI=2×2=4W

[2]由縱截距知電源的電動勢為E=3V

由橫截距知電源短路電流為I0=6A

電源的內(nèi)阻【解析】40.521、略

【分析】【分析】

【詳解】

①[1]閉合電健K的瞬時；穿過線圈Ⅱ的磁通量變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生；