2025年冀教版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高三物理上冊階段測試試卷430考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、（2015秋?湖北期中）如圖所示，半徑為r的圓形線圈共有n匝，有一個半徑為R（R＜r）的同心圓，圓內有勻強磁場，磁場方向垂直于線圈平面，若磁場強度為B，則穿過線圈的磁通量為（）A.nBπR2B.Bπr2C.BπR2D.nBπr22、關于電磁感應現(xiàn)象的有關知識，正確的是（）A.位于磁場中的閉合線圈，一定能產生感應電流B.閉合線圈與磁場發(fā)生相對運動，一定能產生感應電流C.閉合線圈做切割磁感線運動，一定能產生感應電流D.穿過閉合線圈的磁通量變化越快，產生的感應電動勢一定越大3、在物理學發(fā)展的過程中，許多物理學家做出了重要貢獻．下列敘述中，符合物理發(fā)展歷程的是（）A.奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象B.亞里士多德認為兩個從同一高度自由落下的物體，重物體與輕物體下落一樣快C.牛頓應用“理想斜面實驗”推翻了“力是維持物體運動的原因”的觀點D.卡文迪許通過扭秤實驗測定出了萬有引力常量G4、如圖所示為某一電場的電場線，在電場中有a、b兩點，試比較a、b兩點場強Ea、Eb的大?。灰胍浑姾闪亢苄〉狞c電荷，比較該點電荷在a、b兩點所受電場力Fa、Fb的大小，下列說法中正確的是（）A.Ea＞Eb，F(xiàn)a＞FbB.Ea＞Eb，F(xiàn)a＜FbC.Ea＜Eb，F(xiàn)a＜FbD.Ea=Eb，F(xiàn)a=Fb5、一個矩形線圈在勻強磁場中轉動產生的交流電流的圖象如圖所示；下列說法不正確的是（）

A.用電流表測該電流其示數(shù)為10AB.該交流電流的頻率為100HzC.當t=秒時，線圈平面垂直中性面D.該交流電流瞬時值表達式為i=10sin200πtA6、如圖所示，質量為m的物體用穿過光滑小孔的細繩牽引，使其在光滑水平面上做勻速圓周運動，拉力為某個值F時，轉動半徑為R；當拉力逐漸減小到時，穩(wěn)定后物體仍做勻速圓周運動，半徑為2R，則此過程中外力對物體所做的功為（）A.FRB.-FRC.FRD.07、如圖所示的電路中；電源的電動勢恒定內阻不計，下列說法正確的是（）

A.增大R1，燈泡變亮，電容器帶電量減少B.增大R1，燈泡變暗，電容器帶電量減少C.增大R2，燈泡變亮，電容器帶電量減少D.增大R2，燈泡變亮，電容器帶電量不變評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、下列說法中錯誤的是（）A.摩擦力方向一定與物體運動的方向相反B.地球雖大，且有自轉，但有時仍可被看作質點C.做勻變速直線運動的物體，其加速度不一定恒定D.馬拉車加速前進，是因為馬拉車的力大于車拉馬的力9、以下關于自由落體運動的說法，正確的是（）A.物體從靜止開始下落的運動叫做自由落體運動B.在地面上不同的地方，g的大小是不同的，但它們相差不是很大C.自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動D.在有空氣的空間里，如果空氣阻力的作用比較小，可以忽略不計時，物體的下落運動就可以看作自由落體運動，如水平拋出的小鋼球的運動就可以看作自由落體運動10、如圖所示，AB

兩小球由繞過輕質定滑輪的細線相連，A

放在固定的光滑斜面上，BC

兩小球在豎直方向上通過勁度系數(shù)為k

的輕質彈簧相連，C

球放在水平地面上，已知A

的質量為6mBC

的質量均為m

重力加速度為g

細線與滑輪之間的摩擦不計?，F(xiàn)用手控制住A

并使細線剛剛拉直但無拉力作用，并保證滑輪左側細線豎直、右側細線與斜面平行，開始時整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。釋放A

后，A

沿斜面下滑至速度最大時C

恰好離開地面，關于此過程，下列說法正確的是(

)

A.斜面傾角婁脕=30鈭?

B.A

獲得最大速度為4mg27k

C.C

剛離開地面時，B

的速度最大D.AB

兩小球組成的系統(tǒng)機械能守恒11、在同一平面內有壟脵壟脷壟脹

三根等間距平行放置的長直導線，通入的電流強度分別為1A2A1A壟脷

的電流方向為c隆煤d

且受到安培力的合力方向水平向右，則(

)

A.壟脵

的電流方向為a隆煤b

B.壟脹

的電流方向為e隆煤f

C.壟脵

受到安培力的合力方向水平向左D.壟脹

受到安培力的合力方向水平向左12、在空氣阻力大小恒定的條件下，小球從空中下落，與水平地面相碰（碰撞時間極短）后彈到空中中某一高度，以向下為正方向，其速度隨時間變化的關系如圖所示，取g=10m/s2，則以下結論正確的是（）A.小球開始下落時距地高度為4.0mB.小球彈起的最大高度為0.375mC.小球彈起上升過程減速的加速度大小為8m/s2D.小球下落過程的加速度大小為8m/s213、如圖所示，水平面上帶有輕彈簧的物塊甲以3m/s的速度在光滑水平面上向左運動，物塊乙以4m/s的速度向右運動，甲、乙的質量均為2kg．當乙與彈簧接觸后（不粘連）（）A.彈簧的最大彈性勢能為25JB.當甲、乙相距最近時，物塊甲的速率為零C.當乙的速率為0.8m/s時，甲正在做加速運動D.當甲的速率為4m/s時，彈簧為自由長度14、如圖所示是甲；乙兩物體的v-t圖象；由圖可知（）

A.乙做勻加速運動，甲做勻減速運動B.甲、乙兩物體相向運動C.乙比甲晚1s出發(fā)D.5s末兩物體相遇15、下列說法正確的有（）A.α射線與γ射線都是電磁波B.按照玻爾理論，氫原子輻射出一個光子后，氫原子的電勢能減小C.天然放射現(xiàn)象表明原子核具有復雜的結構E.比結合能小的原子核結合成或分裂成比結合能大的原子核時一定釋放能量E.比結合能小的原子核結合成或分裂成比結合能大的原子核時一定釋放能量評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、一交流電圖象如圖所示，則其有效值為____

17、（2014春?拱墅區(qū)校級期中）如圖所示是等離子體發(fā)電機的示意圖，磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，兩極板間距離為d，要使輸出電壓為U，則等離子體的速度v=____，a是電源的____（填正極或負極）18、在勻強磁場中；一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動（圖甲），產生的交變電動勢隨時間變化的圖象如圖乙所示，則。

（1）該交流電的頻率為____Hz；

（2）該交流電電動勢的有效值為____V．19、（2012春?堯都區(qū)校級月考）如圖，半徑為r的金屬圓盤（電阻不計）在垂直于盤面的勻強磁場中繞O軸以角速度ω沿逆時針方向勻速轉動，電阻R兩端分別接盤心O和盤邊緣，則通過電阻R的電流強度大小為____，方向是____．20、（2013秋?姜堰市期中）（1）圖為多用電表表盤，若將該表選擇旋鈕置于25mA擋，則讀數(shù)為____mA．

（2）某同學用多用電表粗測某電阻的阻值，當用“×100”倍率的擋位測量時，發(fā)現(xiàn)表頭指針向右偏轉角度過大，為減小誤差，應將選擇開關撥到“____”倍率的擋位（選填“×10”或“×1k”）．如果換擋后立即用表筆連接電阻讀數(shù)，該同學欠缺的實驗步驟是：____．補上該步驟后，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值是____Ω．21、機器人由三個模塊組成，它們分別是____、____和執(zhí)行器，分別相當于人的感覺器官、大腦和肌肉．22、2011年4月10日，我國成功發(fā)射第8顆北斗導航衛(wèi)星，建成以后北斗導航衛(wèi)星系統(tǒng)將包含多顆地球同步衛(wèi)星，這有助于減少我國對GPS導航系統(tǒng)的依賴，GPS由運行周期為12小時的衛(wèi)星群組成，設北斗星的同步衛(wèi)星和GPS導航的軌道半徑分別為R1和R2，向心加速度分別為a1和a2，則R1：R2=____a1：a2=____．（可用根式表示）23、一種測量血管中血流速度的儀器原理如圖所示，在動脈血管兩側分別安裝電極并加有磁場.

設血管直徑是2.0mm

磁場的磁感應強度為0.080T

電壓表測出的電壓為0.10mV

則血流速度大小為______m/s.a

點電勢______b

點電勢(

填高、低)(

注：血液中含有帶正、負電荷的離子.)

24、2013年6月11日，我國成功發(fā)射了“神州十號”宇宙飛船．在太空中飛船內一切物體處于____（選填“失重”或“超重）狀態(tài)，飛船內有下列儀器：刻度尺、天平、彈簧測力計、電流表，這些儀器中無法正常使用的是____．評卷人得分四、判斷題(共4題，共40分)25、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止狀態(tài)．____．（判斷對錯）26、電荷在電場中一定受電場力的作用．____（判斷對錯）27、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復雜結構____（判斷對錯）28、做平拋運動的物體，在空中運動的時間與初速度有關．____（判斷對錯）評卷人得分五、畫圖題(共2題，共12分)29、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）30、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】在磁感應強度為B的勻強磁場中，有一個面積為S且與磁場方向垂直的平面，磁感應強度B與面積S的乘積，叫做穿過這個平面的磁通量，故當B與S平面垂直時，穿過該面的磁通量Φ=BS．【解析】【解答】解：由于線圈平面與磁場方向垂直，故穿過該面的磁通量為：Φ=BS，半徑為r的線圈范圍內有半徑為R的勻強磁場，所以磁場的區(qū)域面積為：S=πR2所以Φ=BπR2．故C正確；ABD錯誤；

故選：C．2、D【分析】【分析】由法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢的大小除與線圈匝數(shù)有關外，還與磁通量變化快慢有關．【解析】【解答】解：A；有磁感線穿過線圈；線圈中磁通量不一定改變，故不一定產生感應電動勢，故A錯誤；

B；閉合線圈與磁場發(fā)生相對運動；若磁通量沒有變化，則不能產生感應電流，故B錯誤；

C；閉合線圈做切割磁感線運動；若磁通量沒有變化，則不能產生感應電流，故C錯誤；

D；根據法拉第電磁感應定律可知；感應電動勢的大小除與線圈匝數(shù)有關外，還與磁通量變化快慢有關；穿過閉合線圈的磁通量變化越快，產生的感應電動勢一定越大，故D正確；

故選：D．3、D【分析】【分析】本題是物理學史問題，根據相關科學家的物理學成就進行解答．【解析】【解答】解：A；奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應；法拉第最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，故A錯誤．

B；伽利略認為兩個從同一高度自由落下的物體；重物體與輕物體下落一樣快，故B錯誤．

C；伽利略應用“理想斜面實驗”推翻了“力是維持物體運動的原因”的觀點；故C錯誤．

D；牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律之后；卡文迪許通過扭秤實驗測定出了萬有引力常量G，故D正確．

故選：D4、A【分析】【分析】電場中，電場線越密，電場強度越大，同一電荷受到的電場力越大．【解析】【解答】解：由圖看出，a處電場線比b處電場線密，則a處場強大于b處場強，即Ea＞Eb．由電場力公式F=Eq得知，電荷在a處受到的電場力大于在b處受到的電場力，即Fa＞Fb．

故選A5、C【分析】【分析】從圖象中可以求出該交流電的最大電壓以及周期等物理量，然后根據最大值與有效值以及周期與頻率關系求解．【解析】【解答】解：A、從圖象中可以知道電流的最大值是10A；

電流表讀數(shù)為有效值，所以電流表測該電流其示數(shù)I==10A；故A正確；

B、從圖象中可以知道周期T=0.01s，所以交流電流的頻率f==100Hz；故B正確；

C、當t=秒時；電流為零，感應電動勢為零，線圈平面平行中性面，故C錯誤；

D、T=0.01s，ω==200πrad/s，所以該交流電流瞬時值表達式為i=10sin200πtA；故D正確；

本題選不正確的，故選：C．6、B【分析】【分析】物體在光滑水平面上做勻速圓周運動，由繩子的拉力提供向心力，根據牛頓第二定律分別求出兩種拉力情況下物體的速度，再根據動能定理求出外力對物體所做的功大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O當繩的拉力為F時，小球做勻速圓周運動的線速度為v1，則有F=m．

當繩的拉力減為時，小球做勻速圓周運動的線速度為v2，則有F=m．

在繩的拉力由F減為F的過程中；根據動能定理得。

=-FR．

所以繩的拉力所對物體所做的功為

故選：B7、D【分析】【分析】由電路圖可知，燈泡R與R2并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電容器與電源并聯(lián)；根據滑動變阻器的阻值變化可得出電路中電流的變化，則可得出燈泡的亮度變化；由Q=UC可得出電容器所帶電量的變化．【解析】【解答】解：AB、增大R1時；電路中總電阻增大，則總電流減??；則并聯(lián)部分電壓減小，燈泡變暗；因電源的內阻不計，則電容器兩端的電壓不變；則電容器所帶電量不變；故AB錯誤；

CD、增大R2時，電路中總電阻增大；則總電流減小，R1兩端的電壓減??；則并聯(lián)部分總電壓增大，燈泡變亮；由于電容器兩端的電壓不變；則由Q=UC可知，電容器所帶電量不變；故C錯誤，D正確；

故選：D．二、多選題(共8題，共16分)8、ACD【分析】【分析】摩擦力的方向與相對運動方向或相對運動趨勢的方向相反；當物體的大小和形狀在研究的問題中能忽略，物體可以看成質點；勻變速直線運動加速度恒定；作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上．【解析】【解答】解：A；摩擦力的方向與物體相對運動或相對運動趨勢的方向相反；與運動方向可能相同，可能相反，可能不在同一條直線上，故A錯誤．

B；地球雖大；但是研究地球繞太陽公轉，可以看成質點，故B正確．

C；做勻變速直線運動的物體；加速度恒定，故C錯誤．

D；根據牛頓第三定律知；馬拉車和車拉馬的力屬于作用力和反作用力，大小相等，與運動狀態(tài)無關，故D錯誤．

本題選錯誤的，故選：ACD．9、BC【分析】【分析】自由落體運動的特點是初速度為零，僅受重力．重力加速度隨著緯度的升高而增大．【解析】【解答】解：A；自由落體運動是初速度為零；加速度為g的勻加速直線運動，所以初速度為零不一定是自由落體運動．故A錯誤，C正確．

B；重力加速度隨著緯度的升高而增大；但相差不大．故B正確．

D；不計空氣阻力；水平拋出的小球做平拋運動，不是自由落體運動．故D錯誤．

故選BC．10、BC【分析】解：A

小球C

剛離開地面時；對C

有：kx2=mg

此時B

有最大速度；即aB=aC=0

則對B

有：T鈭?kx2鈭?mg=0

對A

有：6mgsin婁脕鈭?T=0

以上方程聯(lián)立可解得：sin婁脕=13婁脕鈮?30鈭?

故A錯誤；

B；初始系統(tǒng)靜止；且線上無拉力，對B

有：kx1=mg

由A

的分析知：x1=x2=mgk

則從釋放至A

剛離開地面過程中，彈性勢能變化量為零；

此過程中ABC

組成的系統(tǒng)機械能守恒；即：

6g(x1+x2)sin婁脕=mg(x1+x2)+12(6m+m)vBm2

以上方程聯(lián)立可解得：vBm=4mg27k

所以A

獲得最大速度為4mg27k

故B正確；

C；根據題意；A

沿斜面下滑至速度最大時C

恰好離開地面，而AB

速度大小相等，故C剛離開地面時，B

的速度最大，故C正確；

D；此過程中；彈簧的長度不斷變化，故A、B

兩小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，AB

兩小球組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故D錯誤；

故選：BC

C

剛離開地面時；A

沿斜面下滑至速度最大，受力平衡，根據平衡條件知B

的加速度為零，BC

加速度相同，分別對BA

受力分析，列出平衡方程，求出斜面的傾角；ABC

組成的系統(tǒng)機械能守恒，初始位置彈簧處于壓縮狀態(tài)，當B

具有最大速度時，彈簧處于伸長狀態(tài)，根據受力知，壓縮量與伸長量相等。在整個過程中彈性勢能變化為零，根據系統(tǒng)機械能守恒求出B

的最大速度，A

的最大速度與B

相等。

本題關鍵是對三個物體分別受力分析，得出物體B

速度最大時各個物體都受力平衡，然后根據平衡條件分析；同時要注意是那個系統(tǒng)機械能守恒?！窘馕觥緽C

11、BCD【分析】解：AB

由題，壟脷

的電流方向為c隆煤d

且受到安培力的合力方向水平向右，則壟脷

所在處的磁場的方向向里.

由于壟脵壟脹

中電流的大小是相等的，所以如二者電流的方向相同，則，它們在壟脷

處的磁場的和必定等于0

所以壟脵壟脹

中電流的方向必須相反，且它們在壟脷

處的磁場的方向都向里.

由安培定則可知，壟脵

中電流的方向向上，即從b

向a壟脹

中電流的方向向下；為e

到f.

故A錯誤，B正確；

C；壟脷

和壟脹

中電流的方向都向下；在壟脵

處產生的磁場的方向都向里，根據左手定則可知，壟脵

受到安培力的合力方向水平向左.

故C正確；

D；根據安培定則；壟脵

在壟脹

處產生的磁場的方向向里，壟脷

在壟脹

處產生的磁場的方向向外；由于壟脷

到壟脹

的距離比壟脵

到壟脹

的距離小，而且壟脷

的電流比較大，所以壟脹

的磁場的方向向外.

由左手定則可知，壟脹

受到安培力的合力方向水平向左.

故D正確．

故選：BCD

根據右手螺旋定則可確定電流周圍的磁場方向；再根據左手定則可確定電流方向，即可求解。

考查右手螺旋定則、左手定則等規(guī)律，形成同向電流相互吸引，異向電流相互排斥的結論，便于以后解題應用【解析】BCD

12、BD【分析】【分析】根據速度圖象的“面積”大小等于物體在某一段時間內發(fā)生的位移、斜率等于物體的加速度求解．【解析】【解答】解：A；根據速度圖象的“面積”等于物體在某一段時間內發(fā)生的位移可知；小球開始下落時距地高度為：

h=；

小球彈起的最大高度為：

；故A錯誤，B正確；

C；根據圖象的斜率等于物體的加速度可知；小球彈起上升過程減速的加速度大小為：

；

小球下落過程的加速度大小為：

；故C錯誤，D正確；

故選：BD13、CD【分析】【分析】甲；乙速度相同時；彈簧的彈性勢能最大，由動量守恒定律與能量守恒定律可以求出最大彈性勢能．

根據系統(tǒng)動量守恒定律求出甲、乙的速度，分析其運動狀態(tài)．【解析】【解答】解：A；甲、乙共速時；彈簧的彈性勢能最大，甲、乙碰撞過程動量守恒，以乙的初速度方向為正方向；

由動量守恒定律得：mv乙+（-mv甲）=（m+m）v；

由機械能守恒定律得：Ep=m+m-×2m×v2

解得：v=0.5m/s；

Ep=24.5J；故A錯誤；

B；當甲、乙相距最近時；物塊甲的速率為0.5m/s，故B錯誤；

C；當甲的速率為零是；以乙的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得。

mv乙+（-mv甲）=0+mv′乙

v′乙=1m/s；

所以當乙的速率為0.8m/s時；甲正在向右做加速運動，故C正確；

D；當甲的速率為4m/s時；以乙的初速度方向為正方向；

由動量守恒定律得。

mv乙+（-mv甲）=mv′甲+mv″乙

v″乙=-3m/s；即乙向左運動；

開始時系統(tǒng)的機械能E=m+m=25J；

當甲的速率為4m/s時，系統(tǒng)總動能Ek總=m+m=25J；所以彈簧的彈性勢能為零，即彈簧為自由長度，故D正確；

故選：CD．14、AC【分析】【分析】速度圖象的斜率代表物體運動的加速度，根據形狀可判斷出兩個物體的運動性質．速度正負表示速度的方向．速度圖象與時間軸圍成的面積代表物體發(fā)生的位移．【解析】【解答】解：A；由圖知；甲的速度均勻減小，做勻減速直線運動，乙的速度均勻增大，做勻加速運動，故A正確．

B；兩個物體的速度均為正值；說明都沿正向運動，故B錯誤．

C；甲在t=0時刻開始出發(fā)；乙在t=1s時出發(fā)，故乙比甲晚1s出發(fā)，故C正確．

D；速度圖象與時間軸圍成的面積代表物體發(fā)生的位移．則知5s末甲的位移大于乙的位移；它們的出發(fā)地點相同，故兩個物體沒有相遇，故D錯誤．

故選：AC．15、BCE【分析】【分析】γ射線是電磁波，而α射線是氦原子核；氫原子輻射出一個光子后，氫原子的電勢能減小，核外電子的運動速度增大，動能增大；天然放射現(xiàn)象表明原子核具有復雜的結構；金屬上不能發(fā)生光電效應，是因光線的頻率小于極限頻率；當有質量虧損時，虧損的質量以能量的形式釋放；【解析】【解答】解：A；α射線不屬于電磁波；而γ射線是電磁波，故A錯誤；

B；根據玻爾理論可知；氫原子輻射出一個光子后，電子從高軌道躍遷到低軌道，電子與原子核之間的距離變小，庫侖力做正功，氫原子的電勢能減??；電子與原子核之間的距離變小，由庫侖力提供向心力可得，核外電子的運動速度增大，故B正確．

C；天然放射現(xiàn)象表明原子核具有復雜的結構；故C正確；

D；光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應；是因為光的頻率小于極限頻率，故D錯誤；

E；比結合能小的原子核結合成或分解成比結合能大的原子核時有質量虧損；釋放核能，故E正確；

故選：BCE三、填空題(共9題，共18分)16、【分析】【分析】求有效值方法：是將交流電在一個周期內產生熱量與將恒定電流在相同時間內產生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值【解析】【解答】解：設電流的有效值為I．取一個周期時間；由電流的熱效應得：

I2RT=（）2R+（2）2?R

解得：I=

故選：17、正極【分析】【分析】等離子體在洛倫茲力的作用下向兩極板聚集，相差附加電場，當附加電場的電場力與洛倫茲力平衡時，兩極板間電勢差最大，即等于電動勢，根據平衡條件列式求解．【解析】【解答】解：等離子體在洛倫茲力的作用下向兩極板聚集；根據左手定則，正電荷受洛倫茲力向上，負電荷受洛倫茲力向下，故上極板帶正電，下極板帶負電；

當附加電場的電場力與洛倫茲力平衡時；兩極板間電勢差最大，等于電動勢，根據平衡條件，有：

qvB=q

解得：

v=；

故答案為：，正極．18、5022【分析】【分析】由圖乙可知特殊時刻的電動勢，根據電動勢的特點，可判處于那個面上，由圖象還可知電動勢的峰值和周期，根據有效值和峰值的關系便可求電動勢的有效值．【解析】【解答】解：（1）由圖乙知周期T=0.02s，頻率f==50Hz；

（2）該交流電電動勢的最大值Em=22V；

交流電電動勢的有效值為U==22V；

故答案為：（1）50

（2）2219、c到d【分析】【分析】先根據轉動切割磁感線感應電動勢公式E=L2ω，求出感應電動勢，再由歐姆定律求出通過電阻R的電流強度的大?。捎沂侄▌t判斷感應電流的方向．【解析】【解答】解：將金屬圓盤看成無數(shù)條金屬幅條組成的；這些幅條切割磁感線，產生感應電流，由右手定則判斷可知：通過電阻R的電流強度的方向為從c到d．

金屬圓盤產生的感應電動勢為：E=r2ω，通過電阻R的電流強度的大小為：I==

故答案為：，c到d．20、10.0×10把紅、黑表筆短接，重新歐姆調零220【分析】【分析】（1）根據電流表量程由圖示表盤確定其分度值；讀出電流表示數(shù)．

（2）歐姆表指針偏轉角度過大；說明指針示數(shù)較小，所選擋位太大，應換小擋；

（3）換擋后要先進行歐姆調零．歐姆表指針示數(shù)與倍率的乘積是歐姆表所測電阻的阻值．【解析】【解答】解：（1）擇旋鈕置于25mA擋測電流；由表盤可知其分度值是0.5mA，電流表示數(shù)為10.0mA；

（2）歐姆表指針偏轉角度很大；說明所選擋位太大，應換小擋，應該用×10檔進行測量；

（3）換擋后要先進行歐姆調零；具體操作為：把紅；黑表筆短接，使指針指右端零；

由圖示可知；被測電阻阻值為22×10Ω=220Ω；

故答案為：（1）10.0；（2）“×10”（3）紅、黑表筆短接，重新歐姆調零；220．21、傳感器控制器【分析】【分析】模塊機器人由傳感器、控制器和執(zhí)行器三個模塊組成．【解析】【解答】解：模塊機器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個模塊組成；相當于人的感覺器官、大腦和肌肉．

故答案為：傳感器、控制器22、略

【分析】

設地球同步衛(wèi)星的周期為T1，GPS衛(wèi)星的周期為T2；由題意有：

由萬有引力定律的公式和向心的公式有：

由以上兩式可得：

因而：

故答案為：

【解析】【答案】該題從這兩種衛(wèi)星的周期和向心力公式的兩種表達式（）上入手．找出半徑與周期關系表達式和加速度與半徑關系表達式，從而求出R1：R2和a1：a2的值．

23、略

【分析】解：磁場的方向是向右的，根據左后定則可以判斷，正電荷向上偏轉，負電荷向下偏轉，所以a

點帶正電，a

端電勢高于b

的電勢．

當電場力和洛倫茲力相等時有：qE=qvBE=Ud

則v=UBd=0.1隆脕10鈭?30.08隆脕2隆脕10鈭?3m/s=0.625m/s

故答案為：0.625

高．

血液流動時；血液中的正負電荷在磁場中發(fā)生偏轉，向上下兩端偏轉，在上下兩端間產生電勢差，最終電荷在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡.

根據該規(guī)律求出血流的速度大?。?/p>

解決本題的關鍵知道血液中的正負電荷發(fā)生偏轉，最終在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡．【解析】0.625

高24、失重天平【分析】【分析】當飛船在環(huán)繞地球的軌道上飛行時，所需的向心力由地球對它的萬有引力提供，航天員處于完全失重狀態(tài)．