2024年華師大新版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在如圖所示的電路中；電源的電動勢和內(nèi)電阻均為定值，各電阻都不為零.電鍵接通后與接通前比較，電壓表讀數(shù)的變化情況是（）

A.變大B.變小C.不變D.因電阻未知，無法判斷2、如圖的電路中，電池的電動勢為E，內(nèi)阻為和是兩個阻值固定的電阻。當(dāng)可變電阻的滑片向點移動時，通過的電流和通過的電流將發(fā)生如下的變化（）

A.變大，變小B.變大，變大C.變小，變大D.變小，變小3、如圖所示，用兩根材料、粗細(xì)、長度完全相同的導(dǎo)線，繞成匝數(shù)分別為n1=50和n2=100的圓形閉合線圈A和B，兩線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直．若磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻變化時，則兩線圈中的感應(yīng)電流之比IA：IB為（）

A.1：4B.4：1C.1：2D.2：14、如圖所示為“跳環(huán)實驗”的實驗裝置，將一個帶較長鐵芯的線圈L、開關(guān)S和直流電源用導(dǎo)線連接起來后，將一金屬套環(huán)置于線圈L上，且使鐵芯穿過套環(huán)，閉合開關(guān)S的瞬間；套環(huán)立刻沿鐵芯豎直跳起一定高度，待電路穩(wěn)定又落下來．某同學(xué)由此實驗受到啟發(fā)，設(shè)想在此實驗的基礎(chǔ)上進(jìn)行改進(jìn)，使套環(huán)跳起后不落下來，懸在線圈正上方，成為一個“磁懸浮環(huán)”，下列哪種方案可能實現(xiàn)他的設(shè)想（）

A.增大直流電源的電壓B.選用匝數(shù)更多的線圈C.把直流電源換成交流電源D.選用質(zhì)量較小的金屬套環(huán)5、如圖所示；在垂直紙面向里；范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中，放置一個金屬圓環(huán)，圓環(huán)平面與磁場方向垂直，若要使圓環(huán)中產(chǎn)生如圖中箭頭所示方向的瞬時感應(yīng)電流，下列方法可行的是。

A.使勻強(qiáng)磁場均勻增強(qiáng)B.使勻強(qiáng)磁場均勻減弱C.使圓環(huán)向左或向右平動D.使圓環(huán)向上或向下平動6、在均勻介質(zhì)中，各質(zhì)點的平衡位置在同一直線上，相鄰兩質(zhì)點的距離均為s，如圖甲所示．振動從質(zhì)點1開始向右傳播，質(zhì)點1開始運動時的速度方向豎直向上．經(jīng)過時間t，前13個質(zhì)點第一次形成如圖乙所示的波形．關(guān)于這列波的周期和波速，如下說法正確的是（）

A.這列波的周期T=2t/3B.這列波的周期T=3t/2C.這列波的傳播速度v=12s/tD.這列波的傳播速度v=16s/t7、如圖所示，三輛完全相同的平板小車a、b、c成一直線排列，靜止在光滑水平面上。c車上有一小孩跳到b車上，接著又立即從b車跳到a車上。小孩跳離c車和b車時對地的水平速度相同。他跳到a車上相對a車保持靜止；此后（）

A.a、c兩車的運動速率相等B.a、b兩車的運動速率相等C.三輛車的速率關(guān)系D.a、c兩車的運動方向一定相反8、如圖所示，是完全相同的燈泡，L為直流電阻可忽略的自感線圈；開關(guān)S原來接通，當(dāng)開關(guān)S斷開時，下面說法正確的是（電源內(nèi)阻不計）（）

A.閃亮一下后熄滅B.閃亮一下后恢復(fù)原來的亮度C.變暗一下后恢復(fù)原來的亮度D.閃亮一下后恢復(fù)原來的亮度評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、a、b是兩種單色光，其光子能量分別為其則（）A.a、b光子動量之比為B.若a、b入射到同一雙縫干涉裝置上，則相鄰亮條紋的間距之比C.若a、b都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則光電子最大初動能之差D.若a、b是由處在同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到a態(tài)和b態(tài)時產(chǎn)生的，則a、b兩態(tài)能級之差10、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r；閉合開關(guān)S，將滑動變阻器滑片P向右移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是（）

A.電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變小B.燈泡L變亮C.容器C上電荷量增加D.電源的輸出功率變小11、如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a（po，Vo，To）經(jīng)熱力學(xué)過程ab、bc、ca后又回到狀態(tài)a。對于ab、bc、ca三個過程；下列說法正確的是（）

A.ab過程中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)可能不變B.ab過程中，氣體內(nèi)能的增量等于從外界吸收的熱量C.bc過程中，氣體對外界做的功大于氣體從外界吸收的熱量E.ca過程中，外界對氣體做功poV。E.ca過程中，外界對氣體做功poV。12、下列說法中正確的是（）A.物體從外界吸熱，其內(nèi)能不一定增大B.布朗運動是液體分子無規(guī)則的運動C.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均動能相同E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大13、下列說法正確的是（）A.晶體的所有物理性質(zhì)沿各個方向是不同的B.把溫度降到接近布朗運動依然可以發(fā)生C.兩分子間距離變化時，可能存在分子勢能相等的兩個位置E.未來科技進(jìn)步了，人類就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來加以利用E.未來科技進(jìn)步了，人類就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來加以利用14、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的P-V圖象如圖所示．若已知在A狀態(tài)時，理想氣體的溫度為320K，則下列說法正確的是_______(已知)

A.氣體在B狀態(tài)時的溫度為720KB.氣體分子在狀態(tài)A分子平均動能大于狀態(tài)C理想氣體分子平均動能C.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中氣體對外做功E.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中氣體吸收熱量為900JE.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中氣體吸收熱量為900J15、一個透明均勻玻璃圓柱的橫截面如圖所示，一束由a、b兩種單色光組成的復(fù)色光從A點射入，分成兩束分別從B、C射出，則下列說法正確的是()

A.a光的折射率小于b光的折射率B.在玻璃中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度C.a、b兩種單色光分別從B、C射出時折射角相等D.a、b兩種單色光分別通過同一個雙縫干涉裝置，b光的干涉條紋間距較大16、關(guān)于簡諧運動的位移、速度、加速度的關(guān)系,下列說法正確的是()A.加速度增大時，速度必減小B.速度、加速度方向始終相反C.通過平衡位置時，v、a均改變方向D.遠(yuǎn)離平衡位置時，v、a方向相反評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、長為L的水平極板間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，如圖所示．磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，板間離也為L，極板不帶電．現(xiàn)有質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計重力)，從左邊極板間中點處垂直磁感線以速度v水平射入磁場，欲使粒子不打在極板上，粒子的速度范圍為______。18、如圖所示，在p-V圖中有三條氣體狀態(tài)變化曲線，一定質(zhì)量的理想氣體可沿這三條路徑從狀態(tài)i到狀態(tài)j，已知曲線1為絕熱變化過程，氣體內(nèi)能變化分別為△U1、△U2、△U3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體對外界做功分別為W1、W2、W3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體從外界吸收的熱量大小為Q1、Q2、Q3，它們的大小關(guān)系是_____。

19、封閉汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的關(guān)系圖象如圖所示，氣體在狀態(tài)B時的溫度T2＝________K。氣體在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中吸收熱量Q1＝240J，對外做功為W＝100J．則氣體由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

20、兩塊非常長的光滑擋板圍成一個夾角為10°的三角形區(qū)域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設(shè)球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會發(fā)生___________次碰撞。

21、如圖電路中，電源有內(nèi)阻，開關(guān)S1、S2、S3、S4均閉合，在平行板電容器C的極板間懸浮著一帶電油滴P；

(1)若只斷開S1，則P將________．

(2)若只斷開S2，則P將________．

(3)若只斷開S3，則P將________．

(4)若只斷開S4，則P將________．22、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從距地面為h處，以初速度v0水平拋出，在小球運動的區(qū)域里，加有與小球初速度方向相反的勻強(qiáng)電場，若小球落地時速度方向恰好豎直向下，小球飛行的水平距離為L，小球落地時動能Ek=__________，電場強(qiáng)度E=_____________．

23、如圖所示，兩端開口的圓筒內(nèi)嵌有一凸透鏡，透鏡主光軸恰好與圓筒中軸線重合。為了測出該透鏡的焦距以及透鏡在圓筒內(nèi)的位置，小李同學(xué)做如下實驗：在圓筒左側(cè)凸透鏡的主光軸上放置一點光源S，在圓筒右側(cè)垂直凸透鏡的主光軸固定一光屏，點光源S與光屏的距離為L。左右移動圓筒，當(dāng)圓筒左端面距離點光源S為a時，恰好在光屏上成一個清晰的像；將圓筒向右水平移動距離b，光屏上又出現(xiàn)了一個清晰的像。則凸透鏡和圓筒左端面的距離x為____________，該透鏡的焦距f為__________。

24、在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上，質(zhì)量為0.4kg、速度為0.5m/s的滑塊甲與質(zhì)量為0.6kg、速度為0.1m/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變?yōu)?.2m/s，此時滑塊甲的速度大小為______m/s，方向與它原來速度方向_______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)28、如圖，一熱敏電阻RT放在控溫容器M內(nèi)；A為毫安表，量程6mA，內(nèi)阻為數(shù)十歐姆；E為直流電源，電動勢約為3V，內(nèi)阻很?。籖為電阻箱，最大阻值為999.9Ω；S為開關(guān)．已知RT在95℃時的阻值為150Ω，在20℃時的阻值約為550Ω．現(xiàn)要求在降溫過程中測量在之間的多個溫度下RT的阻值．

(1)在圖中畫出連線，完成實驗原理電路圖________________．

(2)完成下列實驗步驟中的填空：

①依照實驗原理電路圖連線；

②調(diào)節(jié)控溫容器M內(nèi)的溫度；使得RT的溫度為95℃；

③將電阻箱調(diào)到適當(dāng)?shù)某踔?；以保證儀器安全；

④閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄電流表示數(shù)I0，并記錄____________；

⑤將RT的溫度降為T1(20℃＜T1＜95℃)，調(diào)節(jié)電阻箱，使得電流表的讀數(shù)__________，記錄_______________；

⑥溫度為T1時熱敏電阻的電阻值RT1＝________________；

⑦逐步降低T1的數(shù)值，直至20℃為止；在每一溫度下重復(fù)步驟⑤、⑥．評卷人得分六、解答題(共4題，共12分)29、如圖；以絕緣粗糙的豎直墻壁為y軸，水平地面為x軸建立直角坐標(biāo)系，第二象限有同時存在的正交勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向沿x軸正向，大小為E，磁場方向垂直紙面向外，大小為B．現(xiàn)在從A點由靜止釋放一帶正電的可視為質(zhì)點的帶電體，其能夠沿墻壁下滑到C點時剛好離開墻壁，帶電體質(zhì)量為m；電荷量為q，A、C兩點間距離為h，重力加速度為g.

(1)求帶電體由靜止下滑到剛好離開墻壁過程中克服摩擦力做的功Wf

(2)如果帶電體到達(dá)C點時電場突然變?yōu)樨Q直向上且電場的變化對磁場的影響忽略不計，則帶電體運動到距離墻壁最遠(yuǎn)時（帶電體不能到達(dá)地面），距出發(fā)點A的距離30、如圖所示，橫截面積為S的氣缸放在傾角為斜面上，質(zhì)量為m的活塞與氣缸壁無摩擦，氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與氣缸底部的距離為氣缸、活塞的厚度不計，大氣壓為氣體的溫度整體處于靜止?fàn)顟B(tài)；重力加速度為g；不計空氣的阻力，求：

（1）若把氣缸旋轉(zhuǎn)180°開口向上靜止在斜面上，氣體的溫度不變，活塞到氣缸底部的距離L。

（2）氣缸仍開口向下，若整體沿光滑的足夠長的斜面勻加速下滑，氣體的溫度為多少時活塞與氣缸底部的距離仍為

31、一氣象探測氣球，充有溫度為27.0℃的氦氣，緩慢上升至海拔6.50km高空時體積為6.0m3，在此過程中氣球內(nèi)部因啟動一持續(xù)加熱過程而維持其溫度不變。此后停止加熱，氣球保持高度不變，氣球內(nèi)的氦氣溫度逐漸減小到此高度處的氣溫，已知在這一海拔高度氣溫為48.0℃、大氣壓為求：

①氦氣最終的體積多大；

②停止加熱后氦氣溫度逐漸減小的過程中大氣對氣球做的功。32、為了進(jìn)一步提高回旋加速器的能量；科學(xué)家建造了“扇形聚焦回旋加速器”．在扇形聚焦過程中，離子能以不變的速率在閉合平衡軌道上周期性旋轉(zhuǎn)．

扇形聚焦磁場分布的簡化圖如圖所示；圓心為O的圓形區(qū)域等分成六個扇形區(qū)域，其中三個為峰區(qū)，三個為谷區(qū)，峰區(qū)和谷區(qū)相間分布．峰區(qū)內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，谷區(qū)內(nèi)沒有磁場．質(zhì)量為m，電荷量為q的正離子，以不變的速率v旋轉(zhuǎn)，其閉合平衡軌道如圖中虛線所示．

（1）求閉合平衡軌道在峰區(qū)內(nèi)圓弧的半徑r；并判斷離子旋轉(zhuǎn)的方向是順時針還是逆時針；

（2）求軌道在一個峰區(qū)內(nèi)圓弧的圓心角θ；及離子繞閉合平衡軌道旋轉(zhuǎn)的周期T；

（3）在谷區(qū)也施加垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B'，新的閉合平衡軌道在一個峰區(qū)內(nèi)的圓心角θ變?yōu)?0°，求B'和B的關(guān)系．已知：sin（α±β）=sinαcosβ±cosαsinβ，cosα=1-2參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】電鍵接通后，并聯(lián)支路增多，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I增大，由歐姆定律U=IR得到，電壓表的示數(shù)變大，故A正確，BCD錯誤．2、C【分析】【詳解】

當(dāng)可變電阻的滑片向點移動時，連入電路中的電阻變小，電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得路端電壓減小，即兩端電壓減小，所以通過的電流減小，而總電流增大，并且

所以通過的電流變大。

故選C。3、D【分析】【詳解】

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=可知，感應(yīng)電動勢與半徑的平方成正比．

而根據(jù)電阻定律：線圈的電阻為r=ρ=ρ線圈中感應(yīng)電流I=由上綜合得到，感應(yīng)電流與線圈半徑成正比．即IA：IB=RA：RB；因相同導(dǎo)線繞成匝數(shù)分別為n1和n2的圓形線圈，因此半徑與匝數(shù)成反比，故IA：IB=n2：n1=2：1，故D正確，ABC錯誤；4、C【分析】增大直流電源的電壓；在套環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流更大，跳起更高，但還會掉下來，故A錯誤．選用匝數(shù)更多的線圈，在套環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流更大，跳起更高，但還會掉下來，故B錯誤．把直流電源換成交流電源，則在線圈中始終有感應(yīng)電流產(chǎn)生，則套環(huán)總受安培力作用，這樣可以使套環(huán)跳起后不落下來，懸在線圈正上方，成為一個“磁懸浮環(huán)”，選項C正確；選用質(zhì)量較小的金屬套環(huán)，同樣在套環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流，只是跳起更高，但還會掉下來，故D錯誤．故選C.

點睛：此題要理解套環(huán)跳起的原因以及懸浮的原因，即產(chǎn)生感應(yīng)電流的效果阻礙引起感應(yīng)電流磁通量的變化．5、A【分析】【分析】

穿過線圈的磁通量變化則會產(chǎn)生感應(yīng)電流；且感應(yīng)電流的方向可以根據(jù)楞次定律來判斷．

【詳解】

AB；根據(jù)題目要是線圈中產(chǎn)生逆時針的電流根據(jù)楞次定律可知應(yīng)該使原磁場增大；故A對；B錯；

CD；圓環(huán)向左或向右平動以及向上或向下平動時；穿過線圈中的磁通量沒有發(fā)生變化，故不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故CD錯誤；

故選A

【點睛】

產(chǎn)生感應(yīng)電流的必備條件：穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，可以根據(jù)這個來判斷本題的選項．6、D【分析】【詳解】

由波的傳播特點可知，質(zhì)點13開始振動的速度方向應(yīng)和波源的振動方向相同為向上方向；波形圖沿波的傳播方向“上坡下振，下坡上振”可知質(zhì)點13當(dāng)前的振動方向為向下；說明質(zhì)點13已經(jīng)振動了半個周期，因此波此時應(yīng)傳播到質(zhì)點17的位置，由知C錯D對；知A和B錯誤．7、C:D【分析】【詳解】

若人跳離b、c車時速度為v，由動量守恒定律有

所以

即

并且vc與va方向相反。所以選項AB錯誤；選項CD正確。

故選CD。8、D【分析】【分析】

【詳解】

自感線圈L的電感量對直流電不起作用，加上其電阻忽略，所以開關(guān)S接通時，L1是滅的，L2和L3同等亮度．當(dāng)S斷開時，L1和L2變成串聯(lián)，則L1會由滅變亮，而L2亮度減半，L1和L2同等亮度．S斷開瞬間，L中的電流減半，由于自感存在，儲存其內(nèi)的電感能量會釋放一些，L3參與了L的電流變化回路，所以L3會閃亮一下．L2沒參與L的電流變化回路，所以L2不會閃亮．故D正確，ABC錯誤．二、多選題(共8題，共16分)9、B:C【分析】【分析】

根據(jù)公式分析解題。

【詳解】

A．根據(jù)德布羅意方程以及光子能量公式可得

故

A錯誤；

B．根據(jù)可知因為故

所以

B正確；

C．根據(jù)電子最大初動能可知故可得

C正確；

D．根據(jù)公式又由同一激發(fā)態(tài)原子躍遷所以相同，且都由高能級往低能級躍遷，所以

D錯誤。

故選BC。10、A:B【分析】滑動變阻器滑片P向右移動一段距離后；總電阻減小，則總電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，所以燈泡L的電流增大，燈泡變亮，電流表示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減?。蔄B正確．燈泡兩端的電壓變大，外電壓變小，則滑動變阻器兩端的電壓減小，根據(jù)Q=CU知，電容器C上的電荷量減?。蔆錯誤．因為當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時，電源的輸出功率變大，外電阻大于內(nèi)電阻，外電阻減小，則輸出功率變大．故D錯誤．故選AB．

點睛：本題的難點在于確定電源的輸出功率如何變化，可以用數(shù)學(xué)證明，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，這是很重要的結(jié)論．對于電容器，關(guān)鍵確定電壓，記住這個結(jié)論很有必要：電容器與與它并聯(lián)的電路電壓相等．11、B:D:E【分析】【詳解】

AB．a(chǎn)b過程中，氣體體積不變，溫度升高，所以容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增大，氣體內(nèi)能增大，又W=0；由熱力學(xué)第一定律可知氣體內(nèi)能的增量等于氣體從外界吸收的熱量，所以A項錯誤，B項正確；

C．bc過程中；溫度不變，氣體內(nèi)能不變，體積增大，氣體對外界做的功等于氣體從外界吸收的熱量，所以C錯誤；

D．ca過程中；壓強(qiáng)不變，溫度降低，體積減小，分子平均動能減小，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增多，所以D項正確；

E．由圖可得VC=2V0，ca過程中，壓強(qiáng)不變，體積減小，外界對氣體做功W=p0V0；所以E項正確。

故選BDE。12、A:C:E【分析】【詳解】

A．物體從外界吸熱；若同時對外做功，則其內(nèi)能不一定增大，選項A正確；

B．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子無規(guī)則運動的具體表現(xiàn)，選項B錯誤；

C．溫度是分子平均動能的標(biāo)志；則溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均動能相同，選項C正確；

D．用氣體的摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)；可求解一個氣體分子運動占據(jù)的空間的體積，不可以估算氣體分子的體積，選項D錯誤；

E．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時；分子距離減小時分子力變大且做負(fù)功，分子勢能變大，即分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大，選項E正確。

故選ACE。13、B:C:D【分析】【詳解】

A．單晶體具有各向異性；即單晶體沿著各個方向的物理性質(zhì)和化學(xué)光學(xué)性質(zhì)不同，多晶體具有各向同性，故A選項錯誤；

B．布朗運動是熱運動的反映，而熱運動在時不會停止；布朗運動可以繼續(xù)發(fā)生，故B選項正確；

C．由于分子之間的距離為時；分子勢能最小，故存在分子勢能相等的兩個位置，故C選項正確；

D．熱力學(xué)第一定律揭示了一切跟熱有關(guān)的現(xiàn)象遵循能量守恒定律；故D選項正確；

E．能量轉(zhuǎn)化過程中；存在能量散失，不能使散失在環(huán)境中的內(nèi)能全部重新收集起來加以利用，故E選項錯誤。

故選BCD。14、A:C:E【分析】【詳解】

A：由圖象得：據(jù)理想氣體狀態(tài)方程代入數(shù)據(jù)得：．故A項正確．

B：由圖象得：則所以．溫度是分子平均動能的標(biāo)志，所以狀態(tài)A與狀態(tài)C理想氣體分子平均動能相等．故B項錯誤．

C：從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程；氣體體積增大，氣體對外做功．故C項正確．

D：據(jù)AB兩項分析知，所以從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中氣體溫度不是先降低后升高．故D項錯誤．

E：A、C兩個狀態(tài)理想氣體內(nèi)能相等，A到C過程圖象與軸圍成面積表示功，所以A到C過程，外界對氣體做的功據(jù)熱力學(xué)第一定律得：解得：所以狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中氣體吸收熱量為900J．故E項正確．15、A:C【分析】【分析】

根據(jù)光線在A點的入射角和折射角的關(guān)系，即可分析折射率的大小關(guān)系；由分析光在玻璃中傳播速度的大小；根據(jù)光路的可逆性分析折射角的關(guān)系；根據(jù)折射率的大??；分析波長的大小，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距與波長成正比，分析干涉條紋間距的關(guān)系．

【詳解】

由圖知：在A點兩光的入射角相等，a光的折射角大于b光的折射角，由折射率公式可知a光的折射率小于b光的折射率，由分析可知在玻璃中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度，故A正確，B錯誤．由幾何知識知兩光束在B、C兩點的入射角分別等于在A點的折射角，根據(jù)光路可逆性原理可知在B、C的折射角等于在A點的入射角，所以從B、C射出時折射角相等，故C正確．a(chǎn)光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長大于b光的波長，因為雙縫干涉條紋的間距與波長成正比，所以a、b兩種單色光分別通過同一個雙縫干涉裝置獲得的干涉條紋間距a的較大；故D錯誤．故選AC．

【點睛】

本題也可用假設(shè)法，由折射率不同，從而假設(shè)a是紫光，b是紅光，則可根據(jù)紅光與紫光的特性來確定出正確答案．關(guān)鍵要掌握折射率公式、知道波長、頻率、光速等等物理量與折射率的關(guān)系．16、A:D【分析】【詳解】

加速度滿足所以加速度增大時，位移也增大，所以速度必減小，故A正確；向平衡位置運動時，速度、加速度方向相同，故B錯誤；通過平衡位置時，速度方向不改變，故C錯誤；遠(yuǎn)離平衡位置時，加速度方向指向平衡位置，速度方向背離平衡位置，即v、a方向相反，故D正確．所以D正確，BC錯誤．三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

欲使粒子不打在極板上，如圖所示，帶正電的粒子從左邊射出磁場時，其在磁場中圓周運動的半徑R＜L/4；粒子在磁場中做圓周運動由洛倫茲力提供向心力，即：qvB=m可得粒子做圓周運動的半徑：

所以粒子不打到極板上且從左邊射出，則：即：

帶正電的粒子從右邊射出，如圖所示，此時粒子的最小半徑為R，由上圖可知：R2=L2+（R-）2；可得粒子圓周運動的最大半徑：R=則：即：故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度必須滿足或【解析】或18、略

【分析】【詳解】

[1]．從狀態(tài)i到狀態(tài)j溫度的變化相同，則內(nèi)能變化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根據(jù)可知，p-V圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于做功的大小，則由圖像可知W1<W2<W3

[3]．由題意可知Q1=0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律?U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，則Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q319、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長線過原點，即AB過程的V與T成正比，故A到B過程為等壓過程，對A到B的過程運用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數(shù)據(jù)可得氣體在狀態(tài)B時的溫度

[2]因為氣體是一定質(zhì)量的理想氣體，而一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，因為

所以A與C的內(nèi)能相同，故A到B內(nèi)能的增加量等于B到C內(nèi)能的減小量，即

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得

A到B過程氣體對外做功，故

又已知

可得

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得

B到C為等容過程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J?！窘馕觥?0014020、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當(dāng)碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會再發(fā)生碰撞，所以則球與擋板一共會發(fā)生17次碰撞?！窘馕觥?721、略

【分析】【詳解】

（1）只斷開S1；電容器兩板間的電壓不變，場強(qiáng)不變，油滴所受的電場力不變，油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．

（2）只斷開S2；電容器兩板間的電壓增大，穩(wěn)定時，其電壓等于電源的電動勢，板間場強(qiáng)增大，油滴所受的電場力增大，油滴將向上做加速直線運動．

（3）只斷開S3；電容器通過電阻放電，板間場強(qiáng)逐漸減小，油滴所受的電場力減小，油滴將向下做加速直線運動．

（4）只斷開S4；電容器的電量不變，板間場強(qiáng)不變，油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．

【點睛】

本題考查分析電容器電壓的能力．難點是斷開s2，要知道穩(wěn)定后電容器的電壓等于電源的電動勢，可以用電勢差等于電壓來理解.【解析】靜止向上做勻加速直線運動向下做加速直線運動靜止22、略

【分析】【詳解】

[1]把小球的運動分解到水平和豎直方向，豎直方向做自由落體運動，水平方向作用下做勻減速運動。由小球落地時速度方向恰好豎直向下，知落地時v0恰好減為零，落地時速度為

落地時的動能為

解得

[2]豎直方向

水平方向

聯(lián)立可得【解析】mgh23、略

【分析】【分析】

掌握凸透鏡成像的規(guī)律，根據(jù)光路的可逆性，兩次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，從而可以計算出距離x的值；根據(jù)凸透鏡成像的原理；由點S發(fā)出的光經(jīng)過凸透鏡后會聚到像點，并結(jié)合平行于主光軸的光線過焦點分析焦距的大小。

【詳解】

[1]根據(jù)光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圓筒向右移動b，則凸透鏡也會向右移動b，則第二次的像距為

則有

解得

[2]光源S所成像應(yīng)在S′處，若物體為AS，則成像應(yīng)為A′S′；根據(jù)成像原理，成像光路圖如圖所示：

又像高與物體高度正比等于像距與物距之比，則有

由圖知，△A′S′F∽△BOF，則

又AS=BO

聯(lián)立以上幾式得【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

滑塊甲乙系統(tǒng)在碰撞過程中水平方向動量守恒，根據(jù)動量守恒定律有：＋＝＋由題意知，兩者迎面碰撞，說明兩者初速度方向相反，不妨假設(shè)甲的初速度方向為正方向，又由于題目中只說明碰后乙的速度大小，未說明碰后速度方向，但系統(tǒng)初始總動量方向與正方向相同，因此碰后系統(tǒng)的總動量方向也應(yīng)與正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：＝0.05m/s，為正值，即方向與它原來的方向相同．【解析】0.05相同四、作圖題(共3題，共27分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略