2025年人教新課標選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新課標選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一含有理想降壓變壓器的電路如圖所示，U為正弦交流電源，輸出電壓的有效值恒定，L為燈泡(其燈絲電阻可以視為不變)，R、R1和R2為定值電阻，R3為光敏電阻；其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小?，F(xiàn)將照射光強度增強，則。

A.原線圈兩端電壓不變B.通過原線圈的電流減小C.R1兩端的電壓將增大D.燈泡L將變暗2、提出分子電流假說并用以解釋物質磁性及磁化現(xiàn)象的科學家是（）A.奧斯特B.安培C.歐姆D.法拉第3、如圖所示，一個帶負電荷的小球懸掛在豎直放置的平行板電容器內部，閉合開關后，小球靜止時懸線與豎直方向成θ角，則（）

A.閉合開關后，減小AB板間的距離，則夾角θ增大B.閉合開關后，減小AB板間的距離，則夾角θ減小C.斷開開關后，使B板豎直向上移動，則夾角θ減小D.斷開開關后，增大AB板間的距離，則夾角θ減小4、如圖所示，一束由a、b兩種單色光組成的復色光照射到橫截面為三角形的玻璃磚上，經(jīng)玻璃磚折射后照到右側光屏上．光屏足夠大，下列說法正確的是（）

A.玻璃磚對a光的折射率比b光大B.在真空中a光的傳播速度比b光大C.若兩種光分別照射某金屬板均發(fā)生光電效應，a光照射時光電子的最大初動能比b光大D.減小復色光的入射角度，兩種色光會在光屏上依次消失，最先消失的是b光5、把金屬塊放在磁場中，磁場方向垂直于里外兩側面向外，如圖示，金屬塊中有電流通過，設金屬上下表面電勢分別為和則（）

A.B.C.D.無法判定6、如圖所示；螺線管的導線的兩端與兩平行金屬板相接，一個帶負電的小球用絲線懸掛在兩金屬板間，并處于靜止狀態(tài)，若條形磁鐵突然插入線圈時，小球的運動情況是（）

A.向左擺動B.向右擺動C.保持靜止D.無法判定評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、如圖兩根足夠長光滑平行金屬導軌PP′、QQ′傾斜放置，勻強磁場垂直于導軌平面向上，導軌的上端與水平放置的兩金屬板M、N相連，板間距離足夠大，板間有一帶電微粒，金屬棒ab水平跨放在導軌上，下滑過程中與導軌接觸良好．現(xiàn)在同時由靜止釋放帶電微粒和金屬棒ab；則()

A.金屬棒ab一直加速下滑B.金屬棒ab最終可能勻速下滑C.金屬棒ab下滑過程中M板電勢高于N板電勢D.帶電微?？赡芟认騈板運動后向M板運動8、如圖所示；在絕緣的斜面上方存在著水平向右的勻強電場，一帶電金屬塊沿斜面滑下，已知金屬塊在滑下的過程中動能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，則以下判斷正確的是。

A.金屬塊的機械能增加32JB.金屬塊的電勢能增加4JC.金屬塊帶正電荷D.金屬塊克服電場力做功8J9、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r，L1、L2為小燈泡（其燈絲電阻可以視為不變），R1為定值電阻，R2為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小。閉合電鍵S后，將照射光強度增強，則（）

A.電路的路端電壓將減小B.R1兩端的電壓將減小C.r的發(fā)熱功率將減小D.L1變亮10、下列各系統(tǒng)處于平衡態(tài)的是（）A.放在0℃的房間里的冰水混合物B.放在沸水中加熱足夠長時間的銅塊C.剛剛放在教室中2分鐘的一杯熱水和一杯加較多冰塊的可樂D.一瓶放在房間中很久的84消毒液11、某質點做簡諧運動，其位移隨時間變化的關系式為t的單位為s，則質點()A.第1s末與第5s末的位移相同B.第1s末與第5s末的速度相同C.第1s內速度不斷增大D.第2s內加速度不斷增大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、長為L的水平極板間有垂直紙面向里的勻強磁場，如圖所示．磁感應強度為B，板間離也為L，極板不帶電．現(xiàn)有質量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計重力)，從左邊極板間中點處垂直磁感線以速度v水平射入磁場，欲使粒子不打在極板上，粒子的速度范圍為______。13、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的組等勢面，已知平面b上的電勢為2V．一電子經(jīng)過a平面時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV．則電勢為零的等勢面是_____，電子經(jīng)過c平面時的動能為_____eV．

14、我國南方谷雨時節(jié)，天氣潮濕，門窗、墻面、地面都會“出汗”，這是由于空氣中的水分子達到飽和，使得北方人在南方時大多感覺不適，那么在物理學中用來描述此潮濕感覺的物理量是_______。此現(xiàn)象中，水珠附著在墻面成露珠狀，是由于液體_______作用的結果。15、勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示．這臺加速器由兩個銅質D形盒構成，其間留有空隙．若D形盒的半徑為R，所加交變電壓的頻率為f，要加速質量為m，電荷量的粒子，則所加磁場的磁感應強度為___________，帶電粒子離開加速器時能獲得的最大動能__________．16、緊閉瓶蓋的塑料瓶下方開一個小孔，讓瓶中的水流出，此過程中瓶內氣體可看成________過程；當水流停止后，瓶內液面與小孔間的高度差為h，則此時瓶內氣體的壓強為________。（已知液體密度ρ，重力加速度g，外界大氣壓P0）17、在水平放置的氣墊導軌上，質量為0.4kg、速度為0.5m/s的滑塊甲與質量為0.6kg、速度為0.1m/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變?yōu)?.2m/s，此時滑塊甲的速度大小為______m/s，方向與它原來速度方向_______．18、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設有一質量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．19、如圖所示，小球A的質量為mA=5kg，動量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運動，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動量大小為______kg·m/s，小球B的質量為____kg.

20、盧瑟福的原子核式結構模型認為，核外電子繞原子核做高速的圓周運動．設想氫原子的核外電子繞核做勻速圓周運動，且核外電子離原子核最近的軌道半徑為經(jīng)典物理學知識認為核外電子受到原子核對它的庫侖力作用而做圓周運動，則氫原子的核外電子在此軌道上運動時的周期為______s，速度為_______m/s．（電子的質量為）評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)24、圖1為某同學組裝完成的簡易多量程歐姆表的電路圖。該歐姆表具有“”，“”兩種倍率。所用器材如下。

A．干電池（電動勢內阻）

B．電流表G（滿偏電流內阻）

C．定值電阻

D．可調電阻（最大阻值）

E．單刀雙擲開關一個；紅黑表筆各一支，導線若干。

根據(jù)實驗電路和實驗器材；完成以下問題：

（1）若單刀雙擲開關K與a連接測量未知電阻，操作步驟正確，歐姆表的指針如圖2所示，則未知電阻的阻值為______

（2）根據(jù)實驗電路可知電阻的阻值為______

（3）單刀雙擲開關K與b連接，歐姆調零后可調電阻接入電路的阻值為______單刀雙擲開關K與a連接，歐姆調零后可調電阻接入電路的阻值為______

（4）歐姆表使用一段時間后，電池電動勢變小，內阻變大，但此表仍能進行歐姆調零。若用此表測量電阻的值，則測量結果______（填“偏大”“偏小”或“不變”）。25、用實驗測一電池的內阻r和電流表內阻r．已知電池的電動勢約6V；電池內阻和電流表內阻阻值都為數(shù)十歐．可選用的實驗器材有：

待測電流表A（量程0～100mA）

電壓表V1（量程0～6V；內阻約20k2）

電壓表V2（量程0～15V；內阻約25kΩ）

滑動變阻器R1（阻值0～5Ω）

滑動變阻器R2（阻值0～300Ω）；

單刀單擲開關S1，單刀雙擲開關S2導線若干條。

某同學的實驗過程如下。

I．設計如圖甲所示的電路圖；正確連接電路．

Ⅱ．將R的阻值調到最大，開關S2接通a，閉合開關S1；逐次調小R的阻值，測出多組U和I的值，并記錄．以U為縱軸，I為橫軸，得到如圖乙所示的圖線。

Ⅲ．將開關S2接通b，重復Ⅱ的步驟，得到另一條UーI圖線，圖線與橫軸I的交點坐標為（1，0），與縱軸U的交點坐標為（0，U0）回答下列問題。

（1）電壓表應選用_________，滑動變阻器應選用___________；

（2）由圖乙的圖線得電源內阻r＝________Ω（保留兩位有效數(shù)字）

（3）用I0、U0和r表示待測電阻的關系式rA＝__________代入數(shù)值可得rA；

（4）由第（2）問中測得的電源內阻與真實值的關系是r真______r測（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_______（填“電壓表分流”或“電流表分壓”）26、如圖所示為一個多量程電壓表的電路，其表頭為動圈式直流電流計，量程Ig=10mA、內阻Rg=200R1、R2為可調電阻．

（1）可調電阻應調為R1=______R2=_______

（2）現(xiàn)發(fā)現(xiàn)表頭電流計已燒壞，我們要修復該電壓表，手邊只有一個“量程為2mA、內阻為40”的電流計和一個電阻為10的定值電阻R3．要使修復后電壓表的滿偏電流仍為10mA，請在虛框內畫出該電壓表的修復電路___．

（3）修復后的電路中，可調電阻R2應重新調為:=______

（4）接著用如圖的電路對修復電壓表的3V量程表進行校對,V0為標準電壓表、V1為修復電壓表．發(fā)現(xiàn)修復電壓表V1的讀數(shù)始終比標準電壓表V0略大．應用以下哪種方法進行微調______．

A.只把R1略微調小；B.只把R1略微調大；27、用游標卡尺和螺旋測微器分別測量不同物體的寬度和厚度；請你讀出它們的數(shù)據(jù)：

(1)游標卡尺的讀數(shù)：________cm；

(2)螺旋測微器的讀數(shù)：_________mm。

評卷人得分六、解答題(共2題，共14分)28、在xOy豎直平面內存在水平方向的勻強磁場，磁感應強度為粗糙細桿abc在b處彎出長度可忽略的一小段圓弧，ab段長度為l0，與水平方向成37°角，bc段在水平x軸上，c端處在坐標原點O．質量為m、帶電荷量為q的帶電小環(huán)套在細桿頂端，由a端從靜止釋放，恰能勻速通過水平段bc．重力加速度為g；（cos37°=0.8，sin37°=0.6）．

（1）求小環(huán)在細桿abc上運動克服摩擦力做的功

（2）若在x>0的區(qū)域加一豎直方向的勻強電場（圖中未畫出）；帶電小環(huán)從c端離開細桿后能垂直通過y軸上的P點，且通過P點時的速度與通過坐標原點O時速度大小相等，求所加電場的電場強度E及小環(huán)通過y軸的位置坐標P；

（3）若在小環(huán)從P點通過y軸瞬間撤去磁場，通過計算判斷小環(huán)能否在運動中垂直撞擊細桿．29、如圖所示，設電子剛剛離開金屬絲時的速度可忽略不計，經(jīng)加速電場加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉電場，并從另一側射出．已知電子質量為m，電荷量為e，加速電場電壓為U0．偏轉電場可看做勻強電場；極板間電壓為U，極板長度為L，板間距為d，不計電子所受重力．求：

（1）電子射入偏轉電場時初速度的大?。?/p>

（2）電子從偏轉電場射出時沿垂直板面方向的偏轉距離y；

（3）電子從偏轉電場射出時速度的大小和方向．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

當光照增強時，光敏電阻的阻值減小，總電阻減小，電源輸出的電壓有效值不變，所以原線圈中的電流變大，電阻R兩端的電壓增大，原線圈兩端的電壓減小，故AB錯誤；根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知，副線圈兩端的電壓變小，由電流與匝數(shù)成反比，知副線圈中的電流增大，電阻R1兩端的電壓增大，并聯(lián)部分的電壓減小，電阻R2中的電流減小，燈泡中的電流增大，燈泡L將變亮，故C正確，D錯誤；故選C。2、B【分析】提出分子電流假說并用以解釋物質磁性及磁化現(xiàn)象的科學家是安培，故選B.3、A【分析】【詳解】

AB：保持開關S閉合，電容器兩板間電壓等于電源電動勢不變，減小AB板間的距離則板間電場強度增大，小球所受電場力變大，小球靜止時懸線與豎直方向的夾角θ變大．故A項正確；B項錯誤．

C：斷開開關，電容器所帶電荷量不變，據(jù)可得：B板豎直向上移動，兩板正對面積減小，板間電場強度增大，小球所受電場力變大，小球靜止時懸線與豎直方向的夾角θ變大．故C項錯誤．

D：斷開開關，電容器所帶電荷量不變，據(jù)可得：增大AB板間的距離，板間電場強度不變，小球所受電場力不變，小球靜止時懸線與豎直方向的夾角θ不變．故D項錯誤．

【點睛】

①平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)來判斷各量如何變化．

②平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)來判斷各量如何變化．4、D【分析】【詳解】

A．由圖可知，相對于原來的入射方向，b光較a光的偏折程度大，所以b光的折射率大；故A錯誤；

B．所有色光在真空中的傳播速度都是故B錯誤；

C．因為b光的折射率大，對應的頻率高，由愛因斯坦光電效應方程可知，發(fā)生光電效應時，b光最大初動能自然也大；故C錯誤；

D．因為b光的折射率大，發(fā)生全反射時的臨界角小，所以，當減小復色光的入射角度，b光最先消失，a光最后消失，故D正確．5、A【分析】【詳解】

電流從左向右運動，電子向左運動，根據(jù)左手定則，電子向下偏轉，則上表面失去電子帶正電，下表面帶負電，則

故選A。6、A【分析】條形磁鐵S極突然插入線圈時，螺線管磁場向左增加，楞次定律得左板為正極，右側負極，帶負電的通草球受向左電場力，將向左偏．A正確．故本題選A．二、多選題(共5題，共10分)7、A:C:D【分析】【詳解】

根據(jù)牛頓第二定律有而聯(lián)立解得因而金屬棒將做勻加速運動，選項A正確B錯誤；ab棒切割磁感線，相當于電源，a端相當于電源正極，因而M板帶正電，N板帶負電，C正確；若帶電粒子帶負電，在重力和電場力的作用下，先向下運動然后再反向向上運動，D正確．8、B:C【分析】【分析】

金屬塊滑下的過程中；電場力；重力和摩擦力做功引起動能變化，由動能定理求出電場力對金屬塊做功．根據(jù)電場力和摩擦力做功之和確定機械能的變化量．根據(jù)電場力做功，確定電勢能的變化，并判斷金屬塊的電性．

【詳解】

在金屬塊滑下的過程中動能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根據(jù)動能定理得：W總=WG+W電+Wf=△EK，解得：W電=-4J；所以金屬塊克服電場力做功4.0J，金屬塊的電勢能增加4J；由于金屬塊下滑，電場力做負功，所以電場力應該水平向右，所以金屬塊帶正電荷，故BC正確，D錯誤；在金屬塊滑下的過程中重力做功24J，重力勢能減小24J，動能增加了12J，所以金屬塊的機械能減少12J，故A錯誤．故選BC．

【點睛】

解這類問題的關鍵要熟悉功能關系，也就是什么力做功量度什么能的變化，并能建立定量關系．9、A:B:D【分析】【分析】

由光敏電阻的性質可知電路中電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出兩端的電壓的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化。

【詳解】

AC．當光照增強時，光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，所以電源內電壓增大，路端電壓減??；由于總電流增大，所以r的發(fā)熱功率將增大；故A正確；C錯誤；

BD．電路中的電流增大，所以兩端的電壓增大，變亮；并聯(lián)部分兩端的電壓

也將減小，即兩端的電壓將減?。还蔅D正確。

故選ABD。10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．系統(tǒng)處于平衡態(tài)時；其狀態(tài)參量不變，金屬塊放在沸水中加熱足夠長的時間，冰水混合物處在0℃環(huán)境中，其狀態(tài)參量不再變化，即處于平衡態(tài)，故AB正確；

C．剛剛放在教室中2分鐘的一杯熱水和一杯加較多冰塊的可樂；溫度未達到相同，則未處于平衡態(tài)，故C錯誤；

D．一瓶放在房間中很久的84消毒液；與環(huán)境溫度相同，則處于平衡態(tài)，故D正確。

故選ABD。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．1s末物體的位移5s末物體的位移故A正確；

B．物體做簡諧運動的周期因此1s末和5s末差半個周期，速度大小相同方向不同，故B錯誤；

C．物體在1s時在平衡位置速度最大；而周期為8s，四分之一周期為2s，說明在0-1s內物體向平衡位置運動，因此速度越來越大，故C正確；

D．物體1s在平衡位置，則1-2s物體向最大位移處運動，速度越來越小加速度越來越大，因此D正確．三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】【詳解】

欲使粒子不打在極板上，如圖所示，帶正電的粒子從左邊射出磁場時，其在磁場中圓周運動的半徑R＜L/4；粒子在磁場中做圓周運動由洛倫茲力提供向心力，即：qvB=m可得粒子做圓周運動的半徑：

所以粒子不打到極板上且從左邊射出，則：即：

帶正電的粒子從右邊射出，如圖所示，此時粒子的最小半徑為R，由上圖可知：R2=L2+（R-）2；可得粒子圓周運動的最大半徑：R=則：即：故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度必須滿足或【解析】或13、略

【分析】【分析】

根據(jù)只有電場力做功；動能與電勢能之和不變，當電場力做負功時，動能轉化為電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可求解．

【詳解】

虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增加了6eV，因此a、d的電勢差為6V；等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零；在平面b上電勢為2V；則電子的電勢能為-2eV，動能為8eV，電勢能與動能之和為6eV，當電子經(jīng)過平面c時，其電勢能為0，動能為6eV；

【點睛】

考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關鍵．【解析】C614、略

【分析】【詳解】

[1]在物理學中用來描述此潮濕感覺的物理量是相對濕度。

[2]此現(xiàn)象中，水珠附著在墻面成露珠狀，是由于液體表面有張力作用的結果．【解析】相對濕度表面張力15、略

【分析】【分析】

【詳解】

粒子在加速器中運動的頻率等于所加交變電壓的頻率為f，則解得所加磁場的磁感應強度為當粒子的運動半徑等于D型盒的半徑R時，粒子的動能最大，此時且解得【解析】16、略

【分析】【詳解】

在讓瓶中的水流出過程中，氣體的溫度沒發(fā)生變化，所以是等溫變化；當水流停止后，瓶內液面與小孔間的高度差為h，根據(jù)壓強關系可知：，解得氣體壓強：【解析】等溫17、略

【分析】【分析】

【詳解】

滑塊甲乙系統(tǒng)在碰撞過程中水平方向動量守恒，根據(jù)動量守恒定律有：＋＝＋由題意知，兩者迎面碰撞，說明兩者初速度方向相反，不妨假設甲的初速度方向為正方向，又由于題目中只說明碰后乙的速度大小，未說明碰后速度方向，但系統(tǒng)初始總動量方向與正方向相同，因此碰后系統(tǒng)的總動量方向也應與正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：＝0.05m/s，為正值，即方向與它原來的方向相同．【解析】0.05相同18、略

【分析】【詳解】

小球從進入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統(tǒng)水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統(tǒng)的機械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質量，由彈性碰撞規(guī)律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】019、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：解得：由機械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】3320、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)庫侖力提供向心力

解得

[2]根據(jù)庫侖力提供向心力

解得【解析】四、作圖題(共3題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]接a時通過的電流比較大，根據(jù)

電流比較大，則較小，量程較小，故選“”倍率，未知電阻的阻值為

（2）[2]K與b連接時，是“”，中值電阻為

則有

解得

（3）[3]K與b連接時，部分的總電阻

此時則可調節(jié)電阻接入電路的阻值為

解得

[4]K與連接a時，部分的總電阻

此時則可調節(jié)電阻接入電路的阻值為

解得

（4）[5]當電池電動勢變小、內阻變大時，歐姆得重新調零，由于滿偏電流Ig不變，由公式

歐姆表內阻得調小，待測電阻的測量值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來的，由

可知當變小時，I變小，指針跟原來的位置相比偏左了，歐姆表的示數(shù)變大了。【解析】150.0901419.5139.7偏大25、略

【分析】【分析】

據(jù)題目中給出的電源及待測電阻的大約阻值；略算對應的電流，則可明確電流表及滑動變阻器應選擇的儀器；

由圖象的性質及閉合電路歐姆定律可得出電源內阻；

根據(jù)電路結構；利用閉合電路歐姆定律可得出對應的表達式．

【詳解】

(1)由于電源電動勢約為6V，所以電壓表選V1，電流表最大電流為100mA，若選R1，則可能超電流表量程，所以滑動變阻器應選用R2；

(2)當開關接a時，此時圖線斜率的負值代表電源內阻即

(3)當開關接b時，由等效電源可知，此時圖線斜率的負值代表電源內阻與電流表內阻之和，即解得：

(4)由于電壓表內阻并不是無窮大；所以分流作用不能忽略，由等效電源原理可知測量值為電壓表內阻和電源內阻的并聯(lián)值，因此測量值偏?。?/p>

【點睛】

本題考查測量電源內阻及電阻的實驗，關鍵在于明確電路