2025年人教版選修3物理下冊月考試卷_第1頁
2025年人教版選修3物理下冊月考試卷_第2頁
2025年人教版選修3物理下冊月考試卷_第3頁
2025年人教版選修3物理下冊月考試卷_第4頁
2025年人教版選修3物理下冊月考試卷_第5頁
已閱讀5頁,還剩20頁未讀, 繼續(xù)免費閱讀

下載本文檔

版權(quán)說明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請進(jìn)行舉報或認(rèn)領(lǐng)

文檔簡介

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2025年人教版選修3物理下冊月考試卷928考試試卷考試范圍:全部知識點;考試時間:120分鐘學(xué)校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題,共12分)1、氦氖激光器能產(chǎn)生三種波長的激光,其中兩種波長分別為λ1=0.6328μm,λ2=3.39μm.已知波長為λ1的激光是氖原子在能級間隔為ΔE1=1.96eV的兩個能級之間躍遷產(chǎn)生的.用ΔE2表示產(chǎn)生波長為λ2的激光所對應(yīng)的躍遷的能級間隔,則ΔE2的近似值為A.10.50eVB.0.98eVC.0.53eVD.0.36eV2、如圖所示a、b間接入正弦交流電,理想變壓器右側(cè)部分為一火災(zāi)報警系統(tǒng)原理圖,R2為熱敏電阻,隨著溫度升高其電阻變小,所有電表均為理想電表,電流表A2為值班室的顯示器,顯示通過R1的電流,電壓表V2顯示加在報警器上的電壓(報警器未畫出),R3為一定值電阻.當(dāng)R2所在處出現(xiàn)火情時;以下說法中正確的是。

A.V1的示數(shù)減小,A2的示數(shù)增大B.V2的示數(shù)減小,A1的示數(shù)增大C.V1的示數(shù)不變,A1的示數(shù)減小D.V2的示數(shù)不變,A2的示數(shù)減小3、如圖所示為一個多量程多用電表的簡化電路圖.單刀多擲開關(guān)S可以與不同接點連接.下列說法正確的是()

A.當(dāng)S接1或2時為直流電流檔,接1時量程較小B.當(dāng)S接1或2時為直流電壓檔,接1時量程較大C.當(dāng)S接3或4時為直流電流檔,接3時量程較大D.當(dāng)S接5或6時為直流電壓檔,接5時量程較小4、關(guān)于磁場和磁感線的描述,正確的說法是A.磁感線可以相交B.小磁針靜止時S極指向即為該點的磁場方向C.磁感線的疏密程度反映了磁場的強(qiáng)弱D.地球磁場的N極與地理北極重合5、電路中有一段金屬絲長為電阻為要使電阻變?yōu)橄铝蟹椒尚械氖牵ǎ〢.將金屬絲拉長至B.將金屬絲拉長至C.將金屬絲對折后擰成一股D.將金屬絲兩端的電壓提高到原來的倍6、一個水平放置的彈簧振子在A、B兩點間做簡諧運動,O為振子平衡位置,如圖所示.設(shè)水平向右方向為正方向,以某一時刻作計時起點(t=0),經(jīng)3/4倍周期,振子具有正方向最大加速度,那么,在圖所示的幾個振動圖像中(x表示振子離開平衡位置的位移),能正確反映振子振動情況的是()

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題,共18分)7、電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路;當(dāng)滑動變阻器的觸頭向上滑動時,下列說法正確的是。

A.定值電阻R2的電功率減小B.電壓表和電流表的示數(shù)都減小C.電壓表的示數(shù)增大,電流表的示數(shù)減小D.通過滑動變阻器R中的電流增大8、如圖所示,以直角三角形AOC為邊界的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,∠A=60°,AO=a.在O點放置一個粒子源,可以向各個方向發(fā)射某種帶負(fù)電的粒子,粒子的比荷為發(fā)射速度大小都為v0,且滿足發(fā)射方向用圖中的角度θ表示.對于粒子進(jìn)入磁場后的運動(不計重力作用);下列說法正確的是。

A.粒子不可能打到A點B.以θ=0°和θ=60°飛入的粒子在磁場中運動時間相等C.以θ<30°飛入的粒子在磁場中運動的時間都相等D.在AC邊界上只有一半?yún)^(qū)域有粒子射出9、如圖所示,平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止?fàn)顟B(tài),不考慮電流表和電壓表對電路的影響,當(dāng)滑動變阻器的滑片向b端移動時,則

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)增大C.質(zhì)點P將向上運動D.上消耗的功率逐漸增大10、下列說法正確的是()A.懸浮在水中的花粉顆粒不停地做無規(guī)則運動,這反映了水分子運動的無規(guī)則性B.隨著分子間距離的增大,分子間相互作用力可能先減小后增大C.隨著分子間距離的增大,分子勢能一定先減小后增大E.在真空和高溫條件下,可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料中滲入其他元素E.在真空和高溫條件下,可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料中滲入其他元素11、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始,經(jīng)歷了AB、BC、CD和DA四個過程,其p-V圖像如圖所示,其中AB、CD均與橫坐標(biāo)平行,DA、BC均與縱坐標(biāo)平行。對該氣體;下列說法正確的是()

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體對外做功B.狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)A的溫度C.狀態(tài)A的內(nèi)能大于狀態(tài)B的內(nèi)能E.狀態(tài)C在單位時間內(nèi)撞到容器壁單位面積的分子個數(shù)小于狀態(tài)D的分子個數(shù)E.狀態(tài)C在單位時間內(nèi)撞到容器壁單位面積的分子個數(shù)小于狀態(tài)D的分子個數(shù)12、下列說法正確的是()A.運送沙子的卡車停于水平地面,在緩慢卸沙過程中,若車胎不漏氣,胎內(nèi)氣體溫度不變,不計分子間勢能,則胎內(nèi)氣體從外界吸熱B.民間常用“拔火罐”來治療某些疾病,方法是將點燃的紙片放入一個小罐內(nèi),當(dāng)紙片燃燒完時,迅速將火罐開口端緊壓在皮膚上,火罐就會緊緊地被“吸”在皮膚上。其原因是,當(dāng)火罐內(nèi)的氣體體積不變時,溫度降低,壓強(qiáng)減小C.晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的D.分子間的相互作用力由引力與斥力共同產(chǎn)生,并隨著分子間距的變化而變化,分子間引力和斥力都隨分子間距的減小而增大13、下列說法正確的是()A.布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動B.空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣壓強(qiáng)與同溫度水的飽和蒸汽壓的比值C.盡管技術(shù)不斷進(jìn)步,熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%,制冷機(jī)卻可以使溫度降至熱力學(xué)零度D.將一個分子從無窮遠(yuǎn)處無限靠近另一個分子,則這兩個分子間分子力先增大后減小最后再增大,分子勢能是先減小再增大14、如圖甲,在光滑絕緣水平面上的MN、OP間存在一勻強(qiáng)磁場,一單匝正方形閉合線框自t=0開始,在水平向右的外力F作用下緊貼MN從靜止開始做勻加速直線運動穿過磁場區(qū)域,外力F隨時間t變化的圖象如圖乙所示,已知線框質(zhì)量為0.5Kg,電阻R=線框穿過磁場過程中,外力F對線框做功下列說法正確的是。

A.線框勻加速運動的加速度a=2m/s2B.磁場的寬度為1mC.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2TD.線框在穿過磁場過程中,線框上產(chǎn)生的熱量為1.0J15、如圖,一理想變壓器原副線圈砸數(shù)比為n,原線圈接正弦交流電,電壓為U,輸出端接有一個交流電流表和一個電動機(jī),電動機(jī)線圈電阻為R,電流表讀數(shù)為I,電動機(jī)帶動一質(zhì)量為m的重物以速度開始加速上升;下列判斷正確的是:

A.電動機(jī)消耗的熱功率為I2RB.變壓器的輸入功率為C.原線圈t時間內(nèi)輸入的電能應(yīng)大于D.副線圈兩端電壓為IR評卷人得分三、填空題(共5題,共10分)16、熱平衡:兩個相互接觸的熱力學(xué)系統(tǒng),經(jīng)過一段時間,各自的狀態(tài)參量_______,說明兩個系統(tǒng)達(dá)到了平衡,這種平衡叫作熱平衡。17、帶有活塞的汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體,氣體開始處于a狀態(tài),然后經(jīng)過狀態(tài)變化過程到達(dá)c狀態(tài)。在圖中變化過程如圖所示。

(1)氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)b狀態(tài)的過程中壓強(qiáng)____________。(填“增大”;“減小”或“不變”)

(2)氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)c狀態(tài)的過程要____________。(填“吸收”或“放出”)熱量。18、如圖所示,圖線Ⅰ為一電源的路端電壓隨電流變化的圖線,圖線Ⅱ為一導(dǎo)體兩端電壓和導(dǎo)體中電流的關(guān)系圖線,那么電源電動勢為_______V,電源內(nèi)阻為______Ω,導(dǎo)體電阻為_________Ω

19、如圖,氣缸固定于水平面,用截面積為20cm2的活塞封閉一定量的氣體,活塞與缸壁間摩擦不計.當(dāng)大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa、氣體溫度為87℃時,活塞在大小為40N、方向向左的力F作用下保持靜止,氣體壓強(qiáng)為____Pa.若保持活塞不動,將氣體溫度降至27℃,則F變?yōu)開_____N.

20、在示波管中,電子通過電子槍加速,進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極,然后射到熒光屏上.如圖所示,設(shè)電子的質(zhì)量為m(不考慮所受重力),電量為e,從靜止開始,經(jīng)過加速電場加速,加速電場電壓為U1,然后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場,偏轉(zhuǎn)電極中兩板之間的距離為d,板長為L,偏轉(zhuǎn)電壓為U2;求電子射到熒光屏上的動能為多大?

評卷人得分四、作圖題(共3題,共27分)21、如圖所示,甲、乙是直線電流的磁場,丙、丁是環(huán)形電流的磁場,戊、己是通電螺線管的磁場,試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向.

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示.如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓,電子束將打在熒光屏中心.如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓,請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖.

23、圖中表示某一時刻的波形圖,已知波速為0.5m/s,波沿著x軸的正方向傳播;畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題,共24分)24、(1)用螺旋測微器測量圓柱體直徑如圖甲,可知其直徑D為______mm,用游標(biāo)卡尺測量其長度如乙,可知其長度L為______cm.

(2)欲測量一個電流表的內(nèi)阻;現(xiàn)備有如下器材:

A.待測電流表A1(量程3mA,內(nèi)阻約為40)

B.電壓表V(量程3V,內(nèi)阻約3000)

C.電流表A2(量程15mA,內(nèi)阻為40)

D.定值電阻

E.直流電源E(電動勢1.5V;內(nèi)阻忽略不計)

F.滑動變阻器(總阻值5;額定電流0.5A)

G.開關(guān)一個;導(dǎo)線若干。

①請利用上述所給器材,設(shè)計出合理的、便于多次測量的實驗電路圖,并保證各電表的示數(shù)超過其量程的一半,將電路圖畫在題中的虛線框中__________.

②在所測量的數(shù)據(jù)中選一組,用測量量和已知量來計算A1的內(nèi)阻,表達(dá)式為______.(用物理量對應(yīng)的字母表示)25、用半徑相同的兩小球a、b的碰撞驗證動量守恒定律,實驗裝置示意如圖,斜槽與水平槽圓滑連接.實驗時先不放b球,使a球從斜槽上某一固定點M由靜止?jié)L下,落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡.再把b球靜置于水平槽前端邊緣處,讓a球仍從M處由靜止?jié)L下,a球和b球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡,記錄紙上的O點是垂直所指的位置.

(1)本實驗必須測量的物理量有以下哪些_____________.

A.斜槽軌道末端到水平地面的高度H

B.小球a、b的質(zhì)量ma、mb

C.小球a、b的半徑r

D.小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間t

E.記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OC

F.a(chǎn)球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

(2)按照本實驗方法,驗證動量守恒的驗證式是______________

(3)若測得各落點痕跡到O點的距離:OA=2.68cm,OB=8.62cm,OC=11.50cm,并知a、b兩球的質(zhì)量比為2︰1,則未放b球時a球落地點是記錄紙上的_______點,系統(tǒng)碰撞前總動量P與碰撞后總動量的百分誤差=________%(結(jié)果保留一位有效數(shù)字).26、某同學(xué)家里有一卷鎳鉻合金絲(表面絕緣層很薄)如圖甲所示;他上網(wǎng)查出了其電阻率為ρ,拿到學(xué)校實驗室用學(xué)過的方法測總長度.他選用的器材有多用電表;電壓表、定值電阻、單刀雙擲開關(guān)、滑動變阻器、螺旋測微器、導(dǎo)線和學(xué)生電源等.

測量步驟如下。

(1)使用螺旋測微器測量合金絲伸出部分的鎳鉻合金絲的直徑,示數(shù)如圖乙所示,則鎳鉻合金絲的直徑D為___________mm.

(2)使用多用電表粗測其總電阻,選擇歐姆擋“×10”倍率進(jìn)行測量,多用電表的示數(shù)如圖丙所示,則讀數(shù)為___________Ω(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字).

(3)該同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路求合金絲的電阻,其中Rx為待測合金絲,R0為定值電阻,S2為單刀雙擲開關(guān),當(dāng)S2打向1時電壓表讀出數(shù)值U1,打向2時電壓表讀出數(shù)值U2.請按他的實驗原理圖在圖乙中連接好未曾連接的導(dǎo)線________.

(4)根據(jù)實驗測得的鎳鉻合金絲的電阻值,可根據(jù)以上實驗數(shù)據(jù)估算這卷鎳鉻合金絲的長度表達(dá)式是L=___________(用U1、U2、D、R0、ρ來表示)27、已有資料可知,熱敏電阻包括正溫度系數(shù)電阻器(PTC)和負(fù)溫度系數(shù)電阻器(NTC),正溫度系數(shù)電阻器的電阻隨溫度的升高而增大,負(fù)溫度系數(shù)電阻器的電阻隨溫度的升高而減小.某實驗小組嘗試探究某一熱敏電阻Rx的導(dǎo)電特性;他們用下列器材進(jìn)行實驗描繪該熱敏電阻的伏安特性曲線,所測數(shù)據(jù)記錄在表格中.

器材有:

A.待測熱敏電阻Rx

B.電壓表V(量程3V;內(nèi)阻約為1000Ω)

C.電流表A(量程0.6A;內(nèi)阻約為0.5Ω)

D.滑動變阻器R1(0~10Ω)

E.電源E(電動勢3V;內(nèi)阻忽略)

F.開關(guān)與導(dǎo)線若干。

(1)請設(shè)計合理的電路圖,并根據(jù)電路圖完成圖甲中實物圖的連接________.

(2)在圖乙所示坐標(biāo)紙上用描點法畫出元件的伏安特性曲線_______.

(3)根據(jù)作出的伏安特性曲線,請分析說明該曲線對應(yīng)的熱敏電阻是______(填“PTC”或“NTC”)熱敏電阻.

(4)若將兩個相同的這種熱敏元件串聯(lián),且與電動勢為5V,內(nèi)阻r=10Ω的電源相連,則一個這種熱敏元件的實際功率為________W(保留2位有效數(shù)字).參考答案一、選擇題(共6題,共12分)1、D【分析】【詳解】

氦氖激光器能產(chǎn)生三種波長的激光,其中兩種波長分別為:輻射光子的能量與能級差存在這樣的關(guān)系所以:

聯(lián)立兩式得:

D正確,ABC錯誤.2、B【分析】【詳解】

試題分析:當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時,R2的電阻減小,導(dǎo)致電路的總的電阻減小,所以電路中的總電流將會增加,A1測量的是原線圈中的總的電流,由于副線圈的電流增大了,所以原線圈的電流A1示數(shù)也要增加;由于電源的電壓不變,原副線圈的電壓也不變,所以V1的示數(shù)不變,由于副線圈中電流增大,R3的電壓變大,所以V2的示數(shù)要減小,即R1的電壓也要減小,所以A2的示數(shù)要減小;所以B正確,ACD錯誤.

故選B.

考點:變壓器;電路的動態(tài)分析。

【名師點睛】電路的動態(tài)變化的分析,總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況,再確定其他的電路的變化的情況,即先部分后整體再部分的方法.3、D【分析】【詳解】

AB;當(dāng)開關(guān)S旋到位置1、2位置;電阻與表頭并聯(lián),則多用電表就成了電流表,接1時分流電阻小,其分流大,則量程大,故A、B錯誤;

C;當(dāng)開關(guān)S旋到位置3或4;電路中有電源,則多用電表就成了歐姆表,故C錯誤;

D;當(dāng)開關(guān)S旋轉(zhuǎn)到5、6位置;表頭與電阻串聯(lián),則多用電表就成了電壓表,串聯(lián)電阻越大,則量程越大,所以接5時量程較小,接6時量程較大,故D正確。

故選D。

【點睛】

S旋到位置1、2連接時,電阻與表頭并聯(lián),則多用電表就成了電流表,并聯(lián)電阻越小時,允許通過電流越大;S旋到位置3或4,電路中有電源,則多用電表就成了歐姆表;S旋到位置5、6時,表頭與電阻串聯(lián),則多用電表就成了電壓表,電流表所串聯(lián)的電阻越大,所測量電壓值就越大。4、C【分析】磁感線外部由N指向S,內(nèi)部由S指向N,形成閉合曲線,磁感線不相交、不相切,故A錯誤.磁場中某點的磁場方向就是小磁針在該點時N極靜止時的指向,即N極的受力分析,故B錯誤.磁感線的疏密描述磁場的強(qiáng)弱,故C正確.地球磁場的N極在地理南極附近,選項D錯誤;故選C.5、B【分析】【詳解】

試題分析:將金屬絲拉長至4L,體積不變,則橫截面積變?yōu)樵瓉淼母鶕?jù)知,電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍.故A錯誤.將金屬絲拉長至2L,體積不變,則橫截面積變?yōu)樵瓉砀鶕?jù)知,電阻變?yōu)樵瓉淼?倍.故B正確.將金屬絲對折后擰成一股,長度變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑱M截面積變?yōu)樵瓉淼?倍,根據(jù)知,電阻變?yōu)樵瓉淼模蔆錯誤.將金屬絲兩端的電壓提高到原來的4倍,電阻不變.故D錯誤.故選B.6、A【分析】【詳解】

振子經(jīng)過周期具有正向最大加速度說明振子經(jīng)過后得位置在A點,因此可以判斷計時起點振子的位置在O點并且向B方向運動,故振子在計時起點的加速度為零,速度為正向最大,故A正確,BCD錯誤.二、多選題(共9題,共18分)7、B:D【分析】【詳解】

當(dāng)滑動變阻器的觸頭向上滑動時,R連入電路的電阻減小,故電路總電阻減小,總電流增大,根據(jù)可知路端電壓減小,即電壓表示數(shù)減??;總電流增大,即兩端電壓增大,而路端電壓是減小的,故并聯(lián)電路兩端電壓減小,即兩端電壓減小,所以電流表示數(shù)減小,而根據(jù)可知的功率增大,AC錯誤B正確;干路電流增大,而的電流減小;故通過R的電流增大,D正確.

【點睛】在分析電路動態(tài)變化時,一般是根據(jù)局部電路變化(滑動變阻器,傳感器電阻)推導(dǎo)整體電路總電阻、總電流的變化,然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化(或者電流表,電壓表示數(shù)變化),也就是從局部→整體→局部.8、B:D【分析】【詳解】

由牛頓第二定律得:,已知:,解得:R=a,因此當(dāng)θ=60°入射時,粒子恰好從A點飛出,故A錯誤;當(dāng)θ=0°飛入的粒子在磁場中,粒子恰好從AC中點飛出,在磁場中運動時間也恰好是,當(dāng)θ=60°飛入的粒子在磁場中運動時間恰好是,故B正確;當(dāng)θ=60°飛入的粒子在磁場中運動時間恰好是,是在磁場中運動時間最長,故B正確;由上可知θ從0°到60°在磁場中運動時間先減小后增大,故C錯誤;當(dāng)θ=0°飛入的粒子在磁場中,粒子恰好從AC中點飛出,因此在AC邊界上只有一半?yún)^(qū)域有粒子射出,故D正確.9、A:B【分析】【詳解】

由圖可知,R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后,再由R1串連接在電源兩端;電容器與R3并聯(lián);

當(dāng)滑片向b移動時,滑動變阻器接入電阻減小,則電路中總電阻減小;由閉合電路歐姆定律可知,電路中電流增大;路端電壓減小,同時R1兩端的電壓也增大;故并聯(lián)部分的電壓減?。?/p>

由歐姆定律可知流過R3的電流減?。粍t流過并聯(lián)部分的電流增大,故電流表示數(shù)增大;故B正確;

因并聯(lián)部分電壓減小,而R2中電壓增大;故電壓表示數(shù)減??;故A正確;

因電容器兩端電壓減??;故電荷受到的向上電場力減小,則重力大于電場力,電荷向下運動,故C錯誤;

因R3兩端的電壓減小,由公式可知,R3上消耗的功率減?。蔇錯誤.

綜上所述;故選AB.

【點晴】

本題考查閉合電路的歐姆定律,一般可以先將分析電路結(jié)構(gòu),電容器看作開路;再按部分-整體-部分的分析思路進(jìn)行分析.10、A:B:E【分析】【詳解】

A.布朗運動是懸浮在水中的花粉顆粒的運動;是由于受到水分子的撞擊不平衡而發(fā)生的,故反映了水分子的永不停息的無規(guī)則運動,故A正確;

BC.分子力與分子間距離的關(guān)系比較復(fù)雜;要看分子力表現(xiàn)為引力,還是斥力,隨著分子間距離的增大,分子間的相互作用力可能先減小后增大,也可能一直減小,故B正確,C錯誤.

D.溫度是分子平均動能的標(biāo)志;故D錯誤;

E.在真空;高溫條件下;可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其他元素.故E正確。

故選ABE.

【點睛】

顯微鏡下觀察到墨水中的小碳粒作的無規(guī)則運動是布朗運動,反映了液體分子運動的無規(guī)則性;分子間的作用力與分子距離的關(guān)系比較復(fù)雜,距離增大,分子力不一定先減小后增大;溫度是分子平均動能的標(biāo)志;在真空、高溫條件下,可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其他元素.11、A:B:E【分析】【詳解】

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體體積增大;對外做功,故A正確;

B.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)A的溫度;故B正確;

C.A→B為等壓膨脹過程,根據(jù)蓋—呂薩克定律可知狀態(tài)B的溫度高于狀態(tài)A的溫度,所以狀態(tài)B的內(nèi)能大于狀態(tài)A的內(nèi)能;故C錯誤;

D.D→A為等容過程,根據(jù)查理定理可知狀態(tài)A的溫度低于狀態(tài)D的溫度,即D→A過程氣體內(nèi)能減少;而氣體對外做功為零,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體向外界放出熱量,故D錯誤;

E.C→D為等壓壓縮過程,根據(jù)蓋—呂薩克定律可狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)D的溫度,即氣體分子在狀態(tài)C的平均速率大于在狀態(tài)D的平均速率,狀態(tài)C氣體分子對容器壁的平均作用力比狀態(tài)D大,而又因為狀態(tài)C、D壓強(qiáng)相同,根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知狀態(tài)C在單位時間內(nèi)撞到容器壁單位面積的分子個數(shù)小于狀態(tài)D的分子個數(shù);故E正確。

故選ABE。12、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A.在緩慢卸沙過程中,若車胎不漏氣,胎內(nèi)氣體的壓強(qiáng)減小,溫度不變,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=C分析知;氣體的體積增大,對外做功,由熱力學(xué)第一定律可知,胎內(nèi)氣體從外界吸熱,故A正確;

B.當(dāng)火罐內(nèi)的氣體體積不變時,溫度降低,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=C分析知;氣體的壓強(qiáng)減小,這樣外界大氣壓大于火罐內(nèi)氣體的壓強(qiáng),從而使火罐緊緊地被“吸”在皮膚上,故B正確;

C.單晶體的物理性質(zhì)是各向異性的;而多晶體的物理性質(zhì)是各向同性的,故C錯誤;

D.分子間的引力與斥力同時存在;分子間的相互作用力由引力與斥力共同產(chǎn)生,并隨著分子間距的變化而變化,分子間引力和斥力都隨分子間距的減小而增大,故D正確。

故選ABD。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A.布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規(guī)則運動;是液體分子的無規(guī)則運動的表現(xiàn),故A不符合題意;

B.空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣壓強(qiáng)與同溫度水的飽和蒸汽壓的比值;故B符合題意;

C.盡管技術(shù)不斷進(jìn)步;熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%,制冷機(jī)也不可以使溫度降至熱力學(xué)零度,絕對零度不能到達(dá),故C不符合題意;

D.將一個分子從無窮遠(yuǎn)處無限靠近另一個分子;則這兩個分子間分子力先增大后減小最后再增大,分子力先是吸引力后排斥力,因此分子力先做正功后做負(fù)功,分子勢能是先減小再增大,故D符合題意。

故選BD。14、A:C【分析】【詳解】

物體做勻變速運動,如果線框的邊長和磁場的寬度不相等,那么物體線框完全進(jìn)入磁場的時候整個線框的磁通量不變,沒有感應(yīng)電流因此沒有安培力,外力F會和受到安培力的時候的情形不一樣,由乙圖可知物體一直受安培力的作用,因此線框?qū)挾群痛艌龅膶挾纫粯樱紴長;由牛頓第二定律及勻變速運動知乙圖的直線部分斜率為2,當(dāng)t=1s時拉力F不再變化說明線框離開磁場,此時物體的速度聯(lián)立有1s的拉力可解得a=2m/s2,故A正確;物體做勻變速運動,線框和磁場寬度一樣,因此L=0.5m,故B錯誤;將L和a代入可得B=2T,故C正確;有能量守恒代入數(shù)據(jù)得Q=4/3J,故D錯誤.15、A:B:C【分析】【詳解】

電流表讀數(shù)為I,則通過電動機(jī)的電流為I,電動機(jī)消耗的熱功率為I2R,選項A正確;變壓器電流之比等于線圈匝數(shù)的反比,故I1:I2=1:n;解得:變壓器的輸入功率為故B正確;當(dāng)重物加速上升,則F>mg,則電動機(jī)的輸出功率Fv>mgv,則變壓器輸出功率大于mgv+I2R,則原線圈t時間內(nèi)輸入的電能應(yīng)大于(I2R+mgv)t,選項C正確;電動機(jī)兩端的電壓大于IR,可知副線圈兩端電壓大于IR,選項D錯誤;三、填空題(共5題,共10分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化17、略

【分析】【詳解】

(1)[1]由圖像可知,氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)b狀態(tài)的過程中,氣體的體積保持不變,溫度升高,根據(jù)

可知氣體的壓強(qiáng)增大。

(2)[2]由圖像可知,氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)c狀態(tài)的過程,氣體的溫度保持不變,則氣體的內(nèi)能保持不變;氣體的體積減小,則外界對氣體做正功,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,氣體對外放出熱量?!窘馕觥吭龃蠓懦?8、略

【分析】【詳解】

[1]由圖線Ⅰ可知;當(dāng)電流為零時,路端電壓等于電源電動勢,則可知電源的電動勢為6V;

[2]內(nèi)阻為

[3]導(dǎo)體的電阻為【解析】62319、略

【分析】【詳解】

對活塞:,解得

若保持活塞不動,將氣體溫度降至27℃,則根據(jù);解得;因此時內(nèi)外氣壓相等,故F=0.【解析】020、略

【分析】【詳解】

直線加速過程,有:①

類似平拋運動過程,有:L=v1t②③

對運動的全程;根據(jù)動能定理。

聯(lián)立①②③解得【解析】四、作圖題(共3題,共27分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則;已知電流的方向可判定磁場方向,也可以通過磁場方向來確定電流的方向;

圖甲;已知磁場方向,順時針方向,則電流垂直紙面向里;

圖乙;電流右側(cè)的磁場的方向向里,左側(cè)的磁場的方向向外,則電流的方向向上;

圖丙;已知磁場方向,則可知電流方向,逆時針方向;

圖??;環(huán)形電流從左側(cè)流入,從右側(cè)流出,所以磁場的方向向下;

圖戊;根據(jù)螺線管中電流方向,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左;

圖已;根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外,下邊的電流的方向向里,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右.如圖所示:

【解析】22、略

【分析】試題分析:A圖中;在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T,即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描,而豎直方向(y方向)的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中,豎直方向由2個周期性的變化;y方向的電壓變化為正弦式的變化,由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比,所以A圖中的掃描圖形如圖;

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象.XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓;即掃描電壓.

B圖中;在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T,即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描,同時豎直方向的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中,豎直方向也完成一個周期性的變化;y方向的電壓大小不變,方向每半個周期變化一次,結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比,所以B圖中的掃描圖形如圖.

考點:考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理,示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓,XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓,即掃描電壓,當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時,就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后,故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同;因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題,共24分)24、略

【分析】【分析】

明確測量原理;知道電流表本身可以顯示電流,再選擇一個電表測量電壓即可;根據(jù)安全性和準(zhǔn)確性原則即可明確儀表及接法.

【詳解

溫馨提示

  • 1. 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
  • 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
  • 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預(yù)覽,若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
  • 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
  • 5. 人人文庫網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
  • 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
  • 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

評論

0/150

提交評論