2025年上教版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于分子電流假說，下列說法中正確的是（）A.分子電流假說最初是由法國學(xué)者法拉第提出的B.分子電流假說是安培通過精密儀器觀察到分子電流而提出的C.分子電流假說無法解釋加熱“去磁”現(xiàn)象D.分子電流假說揭示了磁鐵的磁場與電流的磁場具有共同的本質(zhì)，即磁場都是由運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的2、關(guān)于物體做曲線運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.物體受的合外力不為零時(shí)一定做曲線運(yùn)動(dòng)B.物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的合外力一定不為零C.物體在恒力的作用下，不能做曲線運(yùn)動(dòng)D.速度的大小和方向一定時(shí)刻變化3、如圖，一理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為4：1，原線圈兩端接入一正弦交流電源；副線圈電路中R為負(fù)載電阻，交流電壓表和交流電流表都是理想電表．下列結(jié)論正確的是（）A.若電壓表讀數(shù)為6V，則輸入電壓的最大值為24VB.若輸入電壓不變，副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，則電流表的讀數(shù)減小到原來的一半C.若輸入電壓不變，負(fù)載電阻的阻值增加到原來的2倍，則輸入功率也增加到原來的2倍D.若保持負(fù)載電阻的阻值不變．輸入電壓增加到原來的2倍，則輸出功率增加到原來的8倍4、如圖所示是滑梯簡化圖，一小孩從滑梯上A點(diǎn)開始無初速度下滑，在AB段勻加速下滑，在BC段勻減速下滑，滑到C點(diǎn)恰好靜止，整個(gè)過程中滑梯保持靜止?fàn)顟B(tài)．假設(shè)小孩在AB段和BC段滑動(dòng)時(shí)的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1和μ2，AB與BC長度相等，則（）A.整個(gè)過程中地面對滑梯始終無摩擦力作用B.動(dòng)摩擦因數(shù)μ1+μ2=2tanθC.小孩從滑梯上A點(diǎn)滑到C點(diǎn)先超重后失重D.整個(gè)過程中地面對滑梯的支持力始終等于小孩和滑梯的總重力5、如圖所示；位于豎直面內(nèi)的半圓形光滑凹槽放在光滑的水平面上，小滑塊從凹槽邊緣A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)最低點(diǎn)B向上到達(dá)另一側(cè)邊緣C點(diǎn)．把小滑塊從A點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)稱為過程Ⅰ，從B點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)稱為過程Ⅱ，則（）

A.過程Ⅰ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒。

B.過程Ⅰ中小滑塊對凹槽做正功。

C.過程Ⅱ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

D.過程Ⅱ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。

6、在如下左圖的電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭向下滑動(dòng)時(shí)，A、B兩燈亮度的變化情況為（）A.A燈和B燈都變亮B.A燈和B燈都變暗C.A燈變亮，B燈變暗D.A燈變暗，B燈變亮7、如圖所示，電荷量為q的正點(diǎn)電荷與均勻帶電且很薄的水平圓板相距為2d，點(diǎn)電荷到圓板的垂線通過圓板的圓心，若圖中b點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，則在圖中a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小和方向分別為（靜電力常數(shù)為k）（）A.，豎直向下B.，豎直向下C.，豎直向上D.，豎直向下8、一物體受F1=4N和F2=7N兩個(gè)共點(diǎn)力的作用，則合力大小可能是（）A.0B.2NC.5ND.12N9、用三根輕繩將質(zhì)量為m的物塊懸掛在空中，如圖所示．已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30°和60°，則ac繩和bc繩中的拉力分別為（）A.mg，mgB.mg，mgC.mg，mgD.mg，mg評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、一臺(tái)電風(fēng)扇，內(nèi)阻為20Ω，接上220V的電壓后正常運(yùn)轉(zhuǎn)，此時(shí)它消耗的電功率是66W，那么通過電動(dòng)機(jī)的電流是____A，電動(dòng)機(jī)輸出功率為____W，如接上電源后，扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動(dòng)，電動(dòng)機(jī)消耗的發(fā)熱功率為____W．11、【題文】一正弦式電流頻率為______，接上R=10Ω電阻后，一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為______，12、（2013秋?宣武區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，小球B靜止在光滑水平面上，小球A以速度v0=6m/s向右運(yùn)動(dòng)；A；B的質(zhì)量分別為1kg、2kg．若A、B分別發(fā)生：

（1）彈性碰撞，則碰后A的速度大小為____m/s；

（2）完全非彈性碰撞，則碰后A的速度大小為____m/s．13、初動(dòng)能為20ev的電子，從A點(diǎn)順著電線場方向飛入勻強(qiáng)電場，達(dá)到B點(diǎn)（位移SAB=10cm）時(shí)，電子的速度降為零，則UAB為____v，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為____．14、（2011秋?崇明縣校級(jí)期中）在利用牛頓管“研究重力作用下物體的運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，兩次實(shí)驗(yàn)情景如圖所示，其中，____（填“左”或“右”）圖是已抽成真空的情景；觀察兩次實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，得到的科學(xué)結(jié)論是____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯(cuò)）16、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零．____．（判斷對錯(cuò)）17、普通驗(yàn)電器能直接檢測物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對錯(cuò)）18、當(dāng)溫度升高時(shí)，物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能都增加．____．（判斷對錯(cuò)）19、如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則地面的坐標(biāo)為x=-0.8m．____．（判斷對錯(cuò)）20、較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)榉肿記_擊力小，不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．____．（判斷對錯(cuò)）21、布朗運(yùn)動(dòng)是微觀粒子的運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對錯(cuò)）評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共18分)22、要測繪一個(gè)標(biāo)有“3V0.6W

”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V

并便于操作。已選用的器材有：電池組(

電動(dòng)勢為4.5V

內(nèi)阻約1婁賂):

電流表(

量程為0隆蘆250mA.

內(nèi)阻約5婁賂);

電壓表(

量程為0隆蘆3V.

內(nèi)限約3k婁賂):

電鍵一個(gè)、導(dǎo)線若干。(1)

實(shí)驗(yàn)中所用的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選下列中的____(

填字母代號(hào))

A.滑動(dòng)變阻器(

最大阻值20婁賂

額定電流1A)

B.滑動(dòng)變阻器(

最大阻值1750婁賂

額定電流0.3A)

(2)

實(shí)驗(yàn)的電路圖應(yīng)選用下列的圖____(

填字母代號(hào))

(3)

實(shí)驗(yàn)得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。如果將這個(gè)小燈泡接到電動(dòng)勢為1.5V

內(nèi)阻為50婁賂

的電源兩端，小燈泡消耗的功率是____W

23、如圖甲，某實(shí)驗(yàn)小組采用常規(guī)方案驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。實(shí)驗(yàn)完成后，該小組又把水平木板改為豎直木板再次實(shí)驗(yàn)，如圖乙所示。圖中小球半徑均相同、質(zhì)量均已知，且mA＞mB；B；B′兩點(diǎn)在同一水平線上。

（1）若采用圖甲所示的裝置；實(shí)驗(yàn)中還必須測量的物理量是______。

（2）若采用圖乙所示的裝置；下列說法正確的是______。

A．必需測量B′O；BN、BP和BM的距離。

B．必需測量B′N；B′P和B′M的距離。

C．若=+則表明此碰撞動(dòng)量守恒。

D．若=+則表明此碰撞動(dòng)量守恒評卷人得分五、綜合題(共2題，共6分)24、【題文】將阻值為R="36"Ω的電阻絲浸入質(zhì)量為m="200"g、溫度為t1="20"℃的煤油中，電阻絲兩端接在電壓為U="6"V的電源上，假設(shè)電阻絲放出的熱量全部被煤油吸收，經(jīng)過t="7"mIn的時(shí)間后，煤油的溫度t2是多少度？〔煤油的比熱容c="0.5"caL/（g·℃）〕25、【題文】

磁譜儀是測量能譜的重要儀器。磁譜儀的工作原理如圖所示，放射源Ｓ發(fā)出質(zhì)量為m、電量為q的粒子沿垂直磁場方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為Ｂ的勻強(qiáng)磁場，被限束光欄Ｑ限制在２的小角度內(nèi)，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后打到與束光欄平行的感光片Ｐ上。（重力影響不計(jì)）

（１）若能量在Ｅ∽Ｅ＋ΔＥ（ΔＥ>0，且ΔＥ<<Ｅ）范圍內(nèi)的粒子均垂直于限束光欄的方向進(jìn)入磁場。試求這些粒子打在膠片上的范圍Δx1.

(2)實(shí)際上，限束光欄有一定的寬度，粒子將在２角內(nèi)進(jìn)入磁場。試求能量均為Ｅ的粒子打到感光膠片上的范圍Δx2參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】安培根據(jù)通電螺線管的磁場與條形磁鐵相似提出的一種假說，他認(rèn)為構(gòu)成磁體的分子內(nèi)部存在一種環(huán)形電流--分子電流．由于分子電流的存在，每個(gè)磁分子成為小磁體，兩側(cè)相當(dāng)于兩個(gè)磁極．通常情況下磁體分子的分子電流取向是雜亂無章的，它們產(chǎn)生的磁場互相抵消，對外不顯磁性．當(dāng)外界磁場作用后，分子電流的取向大致相同，兩端顯示較強(qiáng)的磁體作用，形成磁極，就被磁化了．當(dāng)磁體受到高溫或猛烈撞擊時(shí)會(huì)失去磁性，是因?yàn)榧ち业臒徇\(yùn)動(dòng)或震動(dòng)使分子電流的取向又變的雜亂無章了．【解析】【解答】解：A；分子電流假說最初是由安培提出來的；故A錯(cuò)誤；

B；安培的分子電流假說在當(dāng)時(shí)物質(zhì)結(jié)構(gòu)的知識(shí)甚少的情況下無法證實(shí)；只是一種假說，故B錯(cuò)誤；

C；加熱去磁現(xiàn)象可以根據(jù)分子電流假說解釋；構(gòu)成磁體的分子內(nèi)部存在一種環(huán)形電流--分子電流通常情況下磁體分子的分子電流取向是雜亂無章的，它們產(chǎn)生的磁場互相抵消，故C錯(cuò)誤；

D；“分子電流”并不是專指分子內(nèi)部存在環(huán)形電流的；分子電流假說揭示了磁鐵的磁場與電流的磁場具有共同的本質(zhì)，即磁場都是由電荷的運(yùn)動(dòng)形成的，故D正確；

故選：D2、B【分析】【分析】物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同．【解析】【解答】解：A；物體受的合外力不為零時(shí)可能做曲線運(yùn)動(dòng)；也可能做直線運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵要看合力與速度是否在同一條直線上．所以A錯(cuò)誤；

B；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上；所以物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的合外力一定不為零，所以B正確；

C；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上；合外力大小和方向不一定變化，比如平拋運(yùn)動(dòng)，受到的就是恒力重力的作用，所以C錯(cuò)誤；

D；曲線運(yùn)動(dòng)物體的速度方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同；所以曲線運(yùn)動(dòng)的速度的方向是時(shí)刻變化的，而大小可能不變，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)．所以D錯(cuò)誤；

故選：B．3、A【分析】【分析】電壓表讀數(shù)6V為有效值，電壓與匝數(shù)成正比可得輸入電壓的有效值為24V，根據(jù)正弦交流電有效值與最大值的關(guān)系可得輸入電壓的最大值輸入功率隨輸出功率而變化，輸出功率變大則輸入功率變大．若輸入電壓不變，副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，得輸出電壓也增加到原來的2倍，電流表示數(shù)也應(yīng)增加到原來的2倍，若輸入電壓不變，負(fù)載電阻的阻值增加到原來的2倍，輸出電流減小到原來的一半，輸入功率即P=IU也減小到原來的一半．【解析】【解答】解：A、若電壓表讀數(shù)為6V，由電壓與匝數(shù)成正比可得輸入電壓有效值為24V，根據(jù)正弦交流電有效值與最大值的關(guān)系可得因此其最大值為V；A正確；

B；若輸入電壓不變；副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，可得輸出電壓也增加到原來的2倍，電流表示數(shù)也應(yīng)增加到原來的2倍，B錯(cuò)誤；

C、若輸入電壓不變，則輸出電壓也不變，負(fù)載電阻的阻值增加到原來的2倍，由知輸入功率等于輸出功率減小到原來的一半；C錯(cuò)誤；

D、若保持負(fù)載電阻的阻值不變．輸入電壓增加到原來的2倍，輸出電壓增大到原來的2倍，則由可知輸出功率增加到原來的4倍；D錯(cuò)誤．

故選：A．4、B【分析】【分析】小朋友在AB段做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度沿斜面向下；在BC段做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度沿斜面向上．以小朋友和滑梯整體為研究對象，將小朋友的加速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向，由牛頓定律分析地面對滑梯的摩擦力方向和支持力的大??；判斷超失重時(shí)，利用加速度的方向判斷即可．【解析】【解答】解：ACD、小朋友在AB段做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，將小朋友的加速度a1分解為水平和豎直兩個(gè)方向，由于小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力，根據(jù)牛頓定律知，地面對滑梯的摩擦力方向先水平向右；有豎直向下的分加速度，則由牛頓第二定律分析得知：小孩處于失重，地面對滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的總重力．同理；小朋友在BC段做勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，小孩處于超重，地面對滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的總重力，地面對滑梯的摩擦力方向水平向左．故ACD錯(cuò)誤．

B、設(shè)AB的長度為L，AB間的高度為h，則sinθ=；小孩在B點(diǎn)的速度為v．

小孩從A到B為研究對象；由動(dòng)能定理得：

-μ1mgLcoosθ+mgh=-0①

小孩從B到C為研究過程；由動(dòng)能定理得：

-μ2mgLcosθ+mgh=0-..②

聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)得：μ1+μ2=2tanθ；故B正確．

故選：B．5、A|B|C【分析】

A；過程Ⅰ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力；系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒．故A正確．

B；在過程Ⅰ中；小滑塊對槽的壓力做正功．故B正確．

C；過程Ⅱ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)；只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒．故C正確，D錯(cuò)誤．

故選ABC．

【解析】【答案】當(dāng)系統(tǒng)不受外力時(shí)或所受的外力之和為零；系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)系統(tǒng)只有重力做功，機(jī)械能守恒．

6、B【分析】試題分析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭向下滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路中的阻值減小，回路總阻值減小，總電流增大，端電壓減小，UA減小，A燈變暗，IA減小，由于I總增大，故左側(cè)支路電流增大，左側(cè)支路串聯(lián)的定值電阻的分壓增大，故B燈分壓減小，B燈變暗。B正確?？键c(diǎn)：直流電路動(dòng)態(tài)分析?！窘馕觥俊敬鸢浮緽7、B【分析】【分析】求解本題的關(guān)鍵是明確點(diǎn)電荷場強(qiáng)的公式及合場強(qiáng)為零的含義，及其帶電圓板產(chǎn)生場強(qiáng)的特點(diǎn)．【解析】【解答】解：由于b點(diǎn)處的合場強(qiáng)為零，所以帶電圓板在b處產(chǎn)生的場強(qiáng)與點(diǎn)電荷+q在b處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，場強(qiáng)大小均為=；帶電圓板應(yīng)帶負(fù)電．

根據(jù)帶電圓板場強(qiáng)的對稱性特點(diǎn)可知，圓板在a點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向下，大小為E1=，+q在a處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為E2=，方向向下，所以根據(jù)電場的疊加知a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E=E1+E2=+=；方向向下．

故選：B．8、C【分析】【分析】兩力合成時(shí)；合力隨夾角的增大而減小，當(dāng)夾角為零（方向相同）時(shí)合力最大，夾角180°（方向相反）時(shí)合力最小，合力范圍。

為：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|．【解析】【解答】解：當(dāng)二力夾角為零時(shí)，即兩個(gè)力在同一直線上，并且方向相同，合力最大、最大值為：F1+F2=4N+7N=11N；

當(dāng)夾角180°時(shí)，即兩個(gè)力在同一直線上，并且方向相反，合力最小、最小值為：F1-F2=7N-4N=3N；

故合力的范圍為3N≤F≤11N；故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選：C．9、A【分析】【分析】對c點(diǎn)進(jìn)行受力分析．

根據(jù)平衡條件和三角函數(shù)表示出力與力之間的關(guān)系．【解析】【解答】解：對結(jié)點(diǎn)C受力分析，受到三根繩子拉力，將Fa和Fb合成為F；

根據(jù)三力平衡得出：F=Fc=mg

已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30°和60°；所以α=30°

根據(jù)三角函數(shù)關(guān)系得出：

Fa=F?cosα=mg

Fb=F?sinα=mg

故選：A．二、填空題(共5題，共10分)10、0.364.22420【分析】【分析】電風(fēng)扇正常工作時(shí)其電路是非純電阻電路，根據(jù)P=UI求解電流，由P熱=I2R求出熱功率，總功率減去熱功率等于電動(dòng)機(jī)輸出功率．扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)電動(dòng)機(jī)電路是純電阻電路，根據(jù)P=求解電動(dòng)機(jī)消耗的發(fā)熱功率．【解析】【解答】解：電風(fēng)扇正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)；由P=UI得：

通過電動(dòng)機(jī)的電流I==A=0.3A

電動(dòng)機(jī)輸出功率P出=P-I2R=66-0.32×20=64.2（W）

扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)電動(dòng)機(jī)電路是純電阻電路，電動(dòng)機(jī)消耗的發(fā)熱功率P熱′==W=2420W

故答案為：0.3，64.2，2420．11、略

【分析】【解析】交流電頻率周期電壓有效值為10V，一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為

故答案為：50Hz，0.2J【解析】【答案】50Hz，0.2J12、22【分析】【分析】（1）兩球發(fā)生彈性正碰；碰撞過程動(dòng)量守恒；機(jī)械能守恒，由動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞后的速度．

（2）完全非彈性碰撞，碰撞結(jié)束后兩個(gè)物體的速度相等，由此即可求出碰撞后的速度．【解析】【解答】解：（1）取水平向右的方向?yàn)檎较?，設(shè)碰撞后A球的速度為v1，B球的速度為v2．兩球碰撞過程動(dòng)量守恒；由動(dòng)量守恒定律得：

mAv0=mAv1+mBv2；

兩球發(fā)生完全彈性碰撞，由機(jī)械能守恒定律得：

代入數(shù)據(jù)并整理后可得：

解得：v1=-2m/s

A球速度大小為2m/s；方向水平向左．

（2）完全非彈性碰撞；碰撞結(jié)束后兩個(gè)物體的速度相等，則：

mAv0=（mA+mB）v

代入數(shù)據(jù)得：m/s

故答案為：2，213、20200v/m【分析】【分析】由A到B用動(dòng)能定理uq=△EK可求得電勢差，由E=可得場強(qiáng)【解析】【解答】解：由動(dòng)能定理：由A到B：qUAB=0-EK0可得：=20V

UAB=Ed可得：E=═200V/m

故答案為：20，20014、右只在重力作用下，物體下落快慢相同【分析】【分析】輕重不同的物體在真空管中，不受阻力，做自由落體運(yùn)動(dòng)．根據(jù)h=gt2比較時(shí)間，根據(jù)下落空氣阻力對物體運(yùn)動(dòng)有無影響進(jìn)行判斷．【解析】【解答】解：空氣阻力時(shí)；阻力對物體的運(yùn)動(dòng)有影響，下落的加速度不同．而在真空管中，不受阻力，做自由落體運(yùn)動(dòng)．則右圖是已抽成真空的情景。

觀察兩次實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象；得到的科學(xué)結(jié)論是在沒有空氣阻力作用的情況下，輕重物體以相同的加速度下落．

故答案為：右只在重力作用下，物體下落快慢相同三、判斷題(共7題，共14分)15、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與F，Il等因素?zé)o關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式，有：；由此可知的磁感應(yīng)強(qiáng)度與導(dǎo)線的放置；長短、電流大小等因素?zé)o關(guān)，即該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零．故以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】驗(yàn)電器使用時(shí)是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會(huì)相互排斥從而驗(yàn)證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗(yàn)電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗(yàn)電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負(fù)，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×18、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志；是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對單個(gè)的分子沒有意義；當(dāng)溫度升高時(shí)，物體內(nèi)的分子的平均動(dòng)能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能都增加．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】根據(jù)建立坐標(biāo)系的條件可知，建立坐標(biāo)系需要確定坐標(biāo)原點(diǎn)與正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)；選擇向下為正方向，則地面的坐標(biāo)為：x=0.8m．所以該說法錯(cuò)誤．

故答案為：×20、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)楦鱾€(gè)方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，不是因?yàn)榉肿拥臎_擊力?。砸陨系恼f法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是由于分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)而使花粉小顆粒受到撞擊而振動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共18分)22、(1)A

(2)B

(3)0.1

【分析】(1)

因?qū)嶒?yàn)要求電流從零調(diào)；所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式接法，為了便于操作，應(yīng)選全電阻最小的變阻器A

(2)

因小燈泡電阻為R=U2P=320.6=15婁賂RvR>RRA

故電流表應(yīng)用外接法，又變阻器用分壓式，故電路圖應(yīng)選B。(3)

電源與小燈泡直接串聯(lián)；那么路端電壓等于小燈泡兩端的電壓，畫出內(nèi)阻為5婁賂

電動(dòng)勢為1.5V

的電源的路端電壓與干路電流的關(guān)系圖線和小燈泡的伏安特性曲線的交點(diǎn)即表示小燈泡與該電源直接串聯(lián)；

根據(jù)交點(diǎn)坐標(biāo)(1.0V,0.1A)

可以計(jì)