2025年人教A新版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版高二物理上冊階段測試試卷48考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、我國《道路交通安全法》中規(guī)定各種小型車輛前排乘坐的人（包括司機）必須系好安全帶．從高一物理知識的角度看，這是因為（）A.系好完全帶可以減小人的慣性B.系好安全帶可以增大人的慣性C.系好安全帶可以防止因人的慣性而造成的傷害D.系好安全帶可以讓人更加舒適2、對于給定的電容器，描述其電容C、電荷量Q、電壓U之間相應(yīng)關(guān)系的圖應(yīng)是下圖中的（）A.B.C.D.3、如圖甲所示，在水平地面上有一長木板B

其上疊放木塊A

已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力.

用一水平力F

作用于BAB

的加速度與F

的關(guān)系如圖乙所示，g=10m/s2

則下列說法中正確的是()

A.A

的質(zhì)量為0.5kg

B.B

的質(zhì)量為1.5kg

C.B

間的動摩擦因數(shù)為0.4

D.B

與地面間的動摩擦因數(shù)為0.3

4、下列幾組共點力，可能使物體處于平衡狀態(tài)的有（）A.5N。1N。2NB.2N。8N。3NC.2N。3N。4ND.2N。3N。5、某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的靜電力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動(

)

A.半徑越大，加速度越大B.半徑越小，周期越大C.半徑越大，角速度越小D.半徑越小，線速度越小6、A

和B

是繞地球做勻速圓周運動的衛(wèi)星，mA=mB

軌道半徑RB=2RA

則A

與B

的()

A.加速度之比為4隆脙1

B.周期之比為22隆脙1

C.線速度之比為1隆脙2

D.角速度之比為2隆脙1

7、如圖，在汽缸內(nèi)活塞的左邊封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，壓強和大氣壓相同。把汽缸和活塞固定，使汽缸內(nèi)氣體升高一定的溫度，氣體吸收的熱量為Q1，內(nèi)能的增加量為△U1；如果讓活塞可以自由滑動（活塞與氣缸間無摩擦，不漏氣），也使汽缸內(nèi)氣體溫度升高相同溫度，其吸收的熱量為Q2，內(nèi)能的增加量為△U2，則（）A.Q1＞Q2B.Q1＜Q2C.△U1＜△U2D.△U1＜△U2評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示；甲是回旋加速器的原理圖，乙是研究自感現(xiàn)象的實驗電路圖，丙是歐姆表的內(nèi)部電路圖，丁圖是動圈式話筒的原理圖，下列說法正確的是（）

A.甲圖是加速帶電粒子的裝置，其加速電壓越大，帶電粒子最后獲得的速度越大B.乙圖電路開關(guān)斷開瞬間，燈泡A一定會突然閃亮一下C.丙圖在換檔后，需兩表筆短接，調(diào)節(jié)R1使指針指向0ΩD.丁圖利用了電磁感應(yīng)的原理，聲波使膜片振動，從而帶動音圈產(chǎn)生感應(yīng)電流9、如圖1

所示；兩根光滑平行導(dǎo)軌水平放置，間距為L

其間有豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B.

垂直于導(dǎo)軌水平對稱放置一根均勻金屬棒.

從t=0

時刻起，棒上有如圖2

的變化電流I

周期為T

電流值為Im

圖1

中I

所示方向為電流正方向.

則金屬棒(

)

A.一直向右移動B.速度隨時間周期性變化C.受到的安培力恒定不變D.受到的安培力在一個周期內(nèi)做正功10、一彈簧振子振幅為A，從最大位移處需時間t0第一次到達(dá)平衡位置。若振子從最大位移處經(jīng)過t0時的速度大小和加速度大小分別為v1和a1；而振子位移為A時的速度大小和加速度大小分別為v2和a2．那么（）A.v1＞v2B.v1＜v2C.a1＞a2D.a1＜a211、如圖所示，在粗糙絕緣的水平碗上有一物體A

帶正電，另一帶正電的點電荷B

沿著以A

為圓心的圓弧由P

到Q

緩慢地從A

的上方經(jīng)過，若此過程中A

始終保持靜止，AB

兩物體可視為質(zhì)點且只考慮它們之間的庫侖力作用.

則下列說法正確的是(

)

A.物體A

受到地面的支持力先增大后減小B.物體A

受到地面的支持力保持不變C.物體A

受到地面的摩擦力先減小后增大D.庫侖力對點電荷占先做正功后做負(fù)功12、下列關(guān)于兩列波相遇時疊加的說法中正確的是（）A.相遇后，振幅小的一列波將減弱，振幅大的一列波將加強B.相遇前后，兩列波的振動情況與相遇前完全相同C.在相遇區(qū)域，任一點的總位移等于兩列波分別引起的位移的矢量和D.幾個人在同一房間說話，相互間聽得清楚，這說明聲波在相遇時互不干擾評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖甲所示；為某同學(xué)測繪額定電壓為2.0V的小燈泡的I-U特性曲線的實驗電路圖．

（1）根據(jù)電路圖甲；用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙中的實驗電路連接完整．

（2）開關(guān)S閉合之前，圖乙中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于____端（選填“A”；“B”或“AB中間”）

（3）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出如圖所示U-I圖象；由圖可得到小燈泡在1.5V電壓下的實。

際功率____W．

14、某電解池，如果在1s鐘內(nèi)共有5×1018個二價正離子和1.0×1019個一價負(fù)離子通過某截面，那么通過這個截面的電流是______．15、如圖所示，真空中有一電子束，以初速度v0

沿著垂直場強方向從O

點進(jìn)入電場.

以O(shè)

點為坐標(biāo)原點，垂直場強方向為x

軸，沿場強方向為y

軸建立坐標(biāo)系.

沿x

軸取ABC

三點，且OA=AB=BC

再自ABC

點作y

軸的平行線與電子徑跡分別交于MNP

點，則AMBNCP=

______，電子束經(jīng)MNP

三點時沿x

軸的分速度之比為______．16、如圖所示O、O′兩輪通過皮帶傳動不打滑的勻速轉(zhuǎn)動，已知兩輪半徑之比為2：1，A、B兩點為兩輪邊沿的點，那么兩點線速度的比____，角速度的比____．

17、把一個滿偏電流為1mA、內(nèi)電阻為600Ω的電流表頭改裝成量程為3A的電流表，則需要____聯(lián)一個____Ω的電阻；若將這個表頭改裝成量程為6V的電壓表，則應(yīng)____聯(lián)一個____Ω的電阻．18、為了消除和利用煙氣中煤粉，可采用如圖所示的靜電除塵裝置，它是由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成，A接到高壓電源正極，B接到高壓電源負(fù)極，且A要接地，其目的是______．A、B間有很強的電場，且距B越近電場______（填“越強”或“越弱”）．19、如圖所示；ACB為光滑弧形槽，弧形槽半徑為R，C為弧形槽最低點，R遠(yuǎn)大于AB的弧長。甲球從弧形槽的球心處自由下落，乙球從A點由靜止釋放，問：

（1）兩球第1次到達(dá)C點的時間之比為______；

（2）在圓弧的最低點C的正上方h處由靜止釋放小球甲，讓其自由下落，同時將乙球從圓弧左側(cè)由靜止釋放，若在乙球第2次通過C點時，甲乙兩球相遇，則甲球下落的高度是______。（不計空氣阻力，不考慮甲球的反彈）評卷人得分四、判斷題(共1題，共4分)20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、計算題(共3題，共15分)21、如圖甲所示，固定的光滑平行導(dǎo)軌（電阻不計）與水平面夾角為θ=30°，導(dǎo)軌足夠長且間距L=0.5m，底端接有阻值為R=4Ω的電阻，整個裝置處于垂直于導(dǎo)體框架向上的勻強磁場中．一質(zhì)量為m=1kg、電阻r=1Ω、長度也為L的導(dǎo)體棒MN在沿導(dǎo)軌向上的外力F作用下由靜止開始運動，拉力F與導(dǎo)體棒速率倒數(shù)關(guān)系如圖乙所示．已知g=10m/s2．求：

（1）v=5m/s時拉力的功率．

（2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度．

（3）當(dāng)棒的加速度a=8m/s2時，導(dǎo)體棒受到的安培力．22、某發(fā)電站通過升壓器、輸電線和降壓器把電能輸送給用戶，輸電站輸出功率是100kW，輸出電壓是250V，升壓器原副線圈的匝數(shù)之比為1：25，輸電線上功率損失為4%，用戶所需電壓為220V，求輸電線的電阻和降壓變壓器的匝數(shù)比是多少？23、某小型實驗水電站輸出功率是20kW，輸電線總電阻是6Ω。（1）若采用400V輸電，求輸電線路損耗的功率。（2）若改用4000V高壓輸電，用戶端利用n1:n2=20:1的變壓器降壓，求用戶得到的電壓。評卷人得分六、推斷題(共2題，共12分)24、人工合成有機化合物rm{H}的路線可簡單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為______；rm{C}中官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡式為______；rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為______；rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為______．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構(gòu)體，它同時符合下列rm{3}個條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應(yīng)rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{X}可能的結(jié)構(gòu)簡式為______、______rm{(}寫出任意兩種rm{)}．25、食品添加劑肉桂酸是一種香精，其合成路線如下：已知：

請回答下列問題：rm{(1)B}的名稱是_______________。rm{A}和rm{C}常溫下都是無色微溶于水的液體，對兩者進(jìn)行鑒別的試劑是_________________________rm{(2)}上述變化中屬于消去反應(yīng)的是__________rm{(}填反應(yīng)編號rm{)}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡式為___________________________________________________反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________rm{(4)}同時符合下列要求的肉桂酸的同分異構(gòu)體有________種rm{(}不包括肉桂酸rm{)}寫出其中一種的結(jié)構(gòu)簡式______________________________。Ⅰrm{.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】解；A；質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度；系好安全帶不可以改變?nèi)说膽T性，故AB錯誤；

C；安全帶系在人的身上；對人有一定的作用力，可以改變?nèi)说倪\動狀態(tài)，所以系好安全帶可以防止因人的慣性而造成的傷害，故C正確，D錯誤．

故選：C．

物體總保持原來運動狀態(tài)不變的特性叫做慣性；質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度，與物體的運動狀態(tài)和所處的位置無關(guān)．力是改變物體運動狀態(tài)的原因．

本題考查了慣性的基本概念及影響因數(shù)，同學(xué)們只要記住質(zhì)量是慣性的唯一量度，與其它任何因數(shù)無關(guān)就可以了．該題難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】C2、B【分析】解：是電容的定義式，電容器電容的大小與電容的帶電量Q以及電容器兩極板之間的電壓無關(guān)，電容器電容的決定式為：只要電容器不變其電容就不發(fā)生變化，故ACD錯誤，B正確．

故選：B．

電容器的電容由本身的性質(zhì)決定；與Q和U無關(guān)．

解決本題的關(guān)鍵掌握電容的定義式為知道C與Q和U無關(guān)，根據(jù)Q=CU，知Q與U成正比，同時理解電容器電容大小與那些因素有關(guān)．【解析】【答案】B3、C【分析】【分析】對圖象進(jìn)行分析，明確物體的運動狀態(tài)和加速度的變化情況，再根據(jù)牛頓第二定律以及摩擦力公式進(jìn)行分析，列式求解即可得出AB

的質(zhì)量和摩擦因數(shù)。本題考查了木塊與滑板模型，根據(jù)圖象，分析加速度隨力的變化情況，再由牛頓第二定律以及摩擦力公式進(jìn)行分析即可?！窘獯稹坑蓤D可知，AB

二者開始時對地靜止，當(dāng)拉力為3N

時開始AB

一起運動，故B與地面間的最大靜摩擦力為：fmax=3N

當(dāng)拉力為9N

時，AB

發(fā)生相對滑動，此時A

的加速度為：aA=4m/s2

當(dāng)拉力為13N

時，B

的加速度為：aB=8m/s2

A

相對于B

滑動時，由牛頓第二定律，對A

有：aA=婁脤1mAgmA=婁脤1g=4m/s2

解得AB

之間的動摩擦因數(shù)為：婁脤1=0.4

對B

有：13鈭?3鈭?婁脤1mAg=mB隆脕8

對整體有：9鈭?3=(mA+mB)隆脕4

聯(lián)立解得：mA=0.5kgmB=1.0kg

則由2(mA+mB)g=3

解得，B

與地面間的動摩擦因數(shù)為：婁脤2=0.2

故AC正確，BD錯誤。故選AC。

【解析】C

4、C【分析】解：A；5N與1N合成最大6N；最小4N，不可能為2N，故三力的合力不可能為零，故A錯誤；

B；2N和8N合成最大10N；最小6N，不可能為3N，故三力的合力不可能為零，故B錯誤；

C；2N和3N合成最大5N；最小1N，可能為4N，故與第三個力可能平衡，故C正確；

D；2N和3N合成最小1N；最大5N，不可能為10N，故三力的合力不可能為零，故D錯誤；

故選：C．

三力合成；先將其中的兩個力合成，再與第三個力合成，合成時，三力同向合力最大，兩個力合成的合力有個范圍，用與第三個力最接近的數(shù)值與第三個力合成求最小合力．

該題考查力的合成與分解，要明確在三力平衡，三個力中任意兩個力的合力必然與第三個力等值、反向、共線．【解析】【答案】C5、C【分析】解：根據(jù)原子核對電子的庫侖力提供向心力；由牛頓第二定律得。

ke2r2=ma=m4婁脨2rT2=m婁脴2r=mv2r

可得a=ke2mr2

T=m4婁脨2r3ke2

婁脴=ke2mr3

v=ke2mr

A；半徑越大；加速度越小，故A錯誤；

B；半徑越?。恢芷谠叫?，故B錯誤；

C；半徑越大；角速度越小，故C正確；

D；半徑越小；線速度越大，故D錯誤。

故選：C

根據(jù)庫侖定律求出原子核與核外電子的庫侖力．

根據(jù)原子核對電子的庫侖力提供向心力；由牛頓第二定律求出角速度，加速度，周期，線速度進(jìn)行比較．

能夠根據(jù)題意找出原子核與核外電子的庫侖力提供向心力；并列出等式求解．

對于等效環(huán)形電流，以一個周期為研究過程求解．【解析】C

6、A【分析】略【解析】A

7、B【分析】解：對一定量的氣體內(nèi)能由溫度決定，兩種情況下氣體溫度變化情況相同，氣體內(nèi)能變化量相等，即：△U1=△U2=△U；

第一種情況，氣缸與活塞都固定不動，氣體體積不變，氣體不做功，W1=0；第二種情況，活塞自由移動，氣體體積增大；

氣體對外做功，W2＜0，由熱力學(xué)第一定律：△U=W+Q可知：Q1=△U1-W1=△U1=△U，Q2=△U2-W2=△U-W2＞△U＞Q1；故ACD錯誤B正確。

故選：B。

對一定量的理想氣體內(nèi)能由溫度決定；溫度變化量相同，物體內(nèi)能變化相同；根據(jù)題意判斷氣體做功情況，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律分析答題。

氣體體積不變，氣體不做功，氣體體積變大時氣體對外做功；對一定量的理想氣體內(nèi)能由溫度決定，溫度變化量相同，物體內(nèi)能變化相同；應(yīng)用熱力學(xué)第一定律即可解題?！窘馕觥緽二、多選題(共5題，共10分)8、CD【分析】解：A、根據(jù)得，粒子的最大速度可知最大速度與加速電壓無關(guān)．只和磁場區(qū)域的半徑有關(guān)；故A錯誤．

B；電鍵斷開的瞬間；由于線圈對電流有阻礙作用，通過線圈的電流會通過燈泡A，所以燈泡A不會立即熄滅，若斷開前，通過電感的電流大于燈泡的電流，斷開開關(guān)后，燈泡會閃亮一下然后逐漸熄滅．若斷開前，通過電感的電流小于等于燈泡的電流，斷開開關(guān)后，燈泡不會閃亮一下．故B錯誤．

C、丙圖為多用電表的歐姆檔；需要進(jìn)行歐姆調(diào)零；故在換檔后，需兩表筆短接，調(diào)節(jié)R1使指針指向0Ω．故C正確．

D；丁圖利用了電磁感應(yīng)的原理；聲波使膜片振動，從而帶動音圈產(chǎn)生感應(yīng)電流．故D正確．

故選：CD．

回旋加速器加速粒子；最終速度與加速電壓無關(guān)；斷開開關(guān)的瞬間，電感對電流有阻礙作用，根據(jù)通過燈泡的電流與之前比較，判斷是否會閃一下．歐姆表在使用時每次換檔均要進(jìn)行一次歐姆調(diào)零；動圈式話筒通過聲波使膜片振動，從而帶動音圈產(chǎn)生感應(yīng)電流．

本題考查了回旋加速器、自感現(xiàn)象、多用電表的使用以及話筒的原理等基礎(chǔ)知識點，難度不大，關(guān)鍵要理解各種現(xiàn)象的原理，即可輕松解決．【解析】【答案】CD9、AB【分析】解：AB

根據(jù)左手定則知，導(dǎo)體棒開始所受的安培力方向水平向右，根據(jù)F=BIL

知，安培力在第一個T2

內(nèi)做勻加速直線運動，在第二個T2

內(nèi)；安培力方向水平向左，大小不變，做勻減速直線運動，根據(jù)運動的對稱性知，一個周期末速度為零，金屬棒的速度方向未變.

知金屬棒一直向右移動，先向右做勻加速直線運動，再向右做勻減速運動，速度隨時間周期性變化，而位移一直增大.

故A正確；B正確．

C；因為電流周期性變化；則安培力也周期性變化.

故C錯誤．

D；在一個周期內(nèi)；動能的變化量為零，則安培力在一個周期內(nèi)做功為零.

故D錯誤．

故選：AB

根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向；結(jié)合加速度方向與速度方向的關(guān)系判斷金屬棒的運動規(guī)律.

從而得出速度；安培力隨時間的變化規(guī)律．

解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的方向判斷，會根據(jù)金屬棒的受力情況判斷其運動情況是解決本題的基礎(chǔ)．【解析】AB

10、BC【分析】解：由題意，振子從最大位移處需時間t0第一次到達(dá)平衡位置，從最大位移處到平衡位置處運動，振子的速度增大，加速度減小，所以經(jīng)過時通過的位移小于振子越靠近平衡位置速度越大，加速度越小，所以v1＜v2，a1＞a2．故AD錯誤；BC正確。

故選：BC。

從平衡位置到最大位移處速度減小，加速度增大，經(jīng)過時間，質(zhì)點的位移大于

解決本題的關(guān)鍵掌握從最大位移處到平衡位置處運動，振子的速度增大，加速度減小?！窘馕觥緽C11、AC【分析】解：當(dāng)質(zhì)點B

由P

點運動到最高點的過程中；對物體A

受力分析，如圖，受重力G

地面的支持力N

摩擦力f

以及靜電力F

將靜電力正交分解；由共點力平衡條件得到：

Fsin婁脠鈭?f=0壟脵

N鈭?Fcos婁脠鈭?mg=0壟脷

由壟脵壟脷

兩式可解得：

N=mg+Fcos婁脠

f=Fsin婁脠

其中G

與F

不變；婁脠

逐漸減小為零，因而支持力N

逐漸變大，f

逐漸變??；

當(dāng)質(zhì)點B

由最高點運動到Q

點的過程中；再次對物體A

受力分析，如下圖，受重力G

地面的支持力N

摩擦力f

以及靜電力F

將靜電力正交分解；由共點力平衡條件得到：

Fsin婁脠鈭?f=0壟脹

N鈭?Fcos婁脠鈭?mg=0壟脺

由壟脹壟脺

兩式可解得：

N=mg+Fcos婁脠

f=Fsin婁脠

其中G

與F

不變；婁脠

由零逐漸增大，因而支持力N

逐漸變小，f

逐漸變大；

綜合以上兩個過程可知：物體A

受到地面的支持力N

先增大后減??；物體A

受到地面的摩擦力先減小后增大，故A；C正確，B錯誤；

質(zhì)點A

對質(zhì)點B

的靜電力與質(zhì)點B

的速度總是垂直；因而其瞬時功率一直為零，由W=PtA

對B

不做功，故D錯誤；

故選AC．

解答本題應(yīng)掌握：點電荷B

從P

到最高點過程與從最高點到Q

過程中；質(zhì)點A

一直處于平衡狀態(tài)，由共點力平衡條件可以分析出其所受各個力的變化情況；以A

為圓心的圓弧為等勢線，因此移動過程中電場力不做功．

本題關(guān)鍵對物體受力分析后，運用共點力平衡條件求解，關(guān)于靜電力的功，要明確電場力做功特點．【解析】AC

12、BCD【分析】解：A；當(dāng)左列波和右列波相遇時；疊加時的振動方向相同的，則相互加強；當(dāng)振動方向相反時，則相互抵消，即若加強則兩列波都加強，若減弱則兩列波都減弱，而不是一列波減弱一列波加強，故A錯誤；

B；兩列波各自的波形和傳播方向與相遇前完全相同；即每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾，波具有獨立性，故B正確，D正確；

C；在波的重疊區(qū)域里各點的振動的物理量等于各列波在該點引起的物理量的矢量和。故C正確。

故選：BCD。

波的疊加原理：介質(zhì)中同時存在幾列波時；每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾．在波的重疊區(qū)域里各點的振動的物理量等于各列波在該點引起的物理量的矢量和．

本題考查了波的疊加原理，要熟記：介質(zhì)中同時存在幾列波時，每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾．在波的重疊區(qū)域里各點的振動的物理量等于各列波在該點引起的物理量的矢量和．【解析】BCD三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】

（1）根據(jù)原理圖連接實物圖如下所示：

（2）為了安全和保護(hù)儀器不被燒壞；開關(guān)S閉合之前，應(yīng)該移動滑片，使測量電路短路，即將片滑移動到A端．

故答案為：A．

（3）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出如圖所示U-I圖象可知當(dāng)小燈泡為U=1.5V時；電流I=0.46A．

故燈泡的輸出功率為：P=UI=0.69W；在0.68～0.70W范圍內(nèi)皆可．

故答案為：0.69（0.68～0.70）

【解析】【答案】（1）根據(jù)實驗原理圖連接即可；注意電壓表；電流表的量程不要選錯，正負(fù)極不能連反，滑動變阻器采用分壓接法．

（2）采用分壓接法時；開始實驗時為了安全和保護(hù)儀器，要使輸出電壓為零，即將測量電路短路．

（3）根據(jù)所畫出的U-I圖象；得出小燈泡在1.5V電壓下的電流，根據(jù)P=UI可以求出其實際功率．

14、略

【分析】解：由題，1s內(nèi)通過截面正離子的電量為q1=2n1e，負(fù)離子的電量絕對值為q2=n2e，則電流為I==

將n1=5×1018個，n2=1×1019個，e=1.6×10-19C代入解得；I=3.2A

故答案為：3.2A

由題計算出1s內(nèi)通過截面正離子與負(fù)離子電量絕對值之和，根據(jù)電流的定義式求解電流．一價離子所帶電量大小為e=1.6×10-19C．

本題是電流定義式的應(yīng)用，關(guān)鍵確定通過導(dǎo)體截面的電量，當(dāng)電流由正負(fù)離子向相反方向定向移動形成時，電量等于正離子與負(fù)離子電量絕對值之和．【解析】3.2A15、略

【分析】解：設(shè)電子電量e

電場強度E

粒子穿過電場時，粒子做類平拋運動，由水平方向上的直線運動和豎直方向上的勻加速直線運動；

所以三段運動時間相同均為t

豎直方向位移為：

yAM=12at2

yBN=12a(2t)2

yCP=12a(3t)2

即沿y

軸方向的位移之比yAMyBNyCP=149

則AMBNCP=149

由于水平方向電子不受力；做勻速直線運動，電子束經(jīng)MNP

三點時沿x

軸的分速度相等，即電子束經(jīng)MNP

三點時沿x

軸的分速度之比為：111

．

故答案為：149111

電子穿過電場時做類平拋運動；由水平方向上勻速直線運動和豎直方向上勻加速直線運動的規(guī)律，列式可得出豎直位移之比；水平方向上做勻速直線運動，水平分速度不變．

帶電粒子在電場中的類平拋運動，研究的方法是平拋運動相似，是運動的合成與分解，再運用運動學(xué)規(guī)律進(jìn)行求解．【解析】149111

16、略

【分析】

通過皮帶傳送，輪子邊緣上的點具有相同的線速度大小，所以兩點線速度之比為1：1；根據(jù)v=rω；線速度一定，角速度與半徑成反比，所以角速度之比為1：2．

故本題答案為：1：1；1：2．

【解析】【答案】兩輪通過皮帶傳動不打滑的勻速轉(zhuǎn)動，即邊緣上的點在相同時間內(nèi)通過的弧長相等，具有相同的線速度大?。俑鶕?jù)v=rω分析角速度的關(guān)系．

17、并0.2串5400【分析】【解答】解：把電流表改裝成3A的電流表需要并聯(lián)一個分流電阻；

分流電阻阻值：R==≈0.2Ω；

改裝成6V的電壓表；需要串聯(lián)一個分壓電阻；

分壓電阻阻值：R=﹣Rg=﹣600=5400Ω；

故答案為：并；0.2；串；5400．

【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值．18、略

【分析】解：B接到高壓電源負(fù)極；且A要接地，其目的是防止靜電，避免出現(xiàn)高壓放電危險．

電極截面如圖所示，由電場線可判斷越靠近B場強越強；粉塵吸附電子后帶負(fù)電，因此向正極A運動．

故答案為：防止靜電；越強．

電極A；B間接高電壓后；之間產(chǎn)生了很強的電場，氣體分子被電離成為電子和正離子，電子較輕，容易被粉塵吸附，故粉塵帶負(fù)電，被正極A吸引，從而達(dá)到除塵的目的．

本題涉及靜電除塵的原理，關(guān)鍵是電子容易被吸附到灰塵上，故灰塵會吸附帶帶正電的A上．【解析】防止靜電；越強19、【分析】解：（1）甲球做自由落體運動R=gt

所以：t1=乙球沿圓弧做簡諧運動（由于B→C?R；可認(rèn)為擺角θ＜5°）。此振動與一個擺長為R的單擺振動模型相同，故此等效擺長為R，因此乙球第1次到達(dá)C處的時間為：

t2=T=×2π所以t1：t2=

（2）甲球從離弧形槽最低點h高處開始自由下落，到達(dá)C點的時間為t甲=由于乙球運動的周期性；所以乙球到達(dá)C點的時間為。

t乙=+=n=0，1，2，

由于甲、乙在C點相遇，故t甲=t乙

解得h=π2Rn=0；1，2，

當(dāng)n=2時，h=

故答案為：

（1）甲球做自由落體運動；乙球近似看做單擺，根據(jù)各自的規(guī)律即可求得時間的比值；

（2）若使甲；乙兩球在圓弧最低點C處相遇；要考慮到乙運動的周期性，然后列出等式即可。

該題的第二問看似是第一問的重復(fù)，而實際上要考慮到乙運動的周期性，寫出乙到達(dá)最低點的時刻的通式是解題的關(guān)鍵?！窘馕觥克摹⑴袛囝}(共1題，共4分)20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、計算題(共3題，共15分)21、略

【分析】

（1）拉力F的功率為圖象的斜率；根據(jù)P=Fv來計算；

（2）根據(jù)右圖可知；當(dāng)速度v=10m/s時導(dǎo)體棒勻速運動，根據(jù)共點力的平衡條件求解磁感應(yīng)強度；

（3）當(dāng)棒的加速度a=8m/s2時；根據(jù)牛頓第二定律列方程求解此時的速度大小，再根據(jù)安培力的計算公式求解；

對于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問題，根據(jù)平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動能定理、功能關(guān)系等列方程求解．【解析】解：（1）根據(jù)P=Fv可得：由此可見拉力F的功率為圖象的斜率，是一個定值，所以v=5m/s時的功率可以根據(jù)來計算；

所以：P=Fv=7×10W=70W；

（2）根據(jù)右圖可知；當(dāng)速度v=10m/s時導(dǎo)體棒勻速運動，根據(jù)共點力的平衡條件可得：F=mgsinθ+BIL；

而I=F=7N；

代入數(shù)據(jù)可得：B=2T；

（3）當(dāng)棒的加速度a=8m/s2時；拉力設(shè)為F′，速度為v′，根據(jù)牛頓第二定律可得：F′-mgsinθ-BIL=ma；

而：BIL=

整理可得：v′2+65v′-350=0

解得：v′=5m/s（或v′=-70m/s舍去）

所以此時的安培力為：F=BIL==．

答：（1）v=5m/s時拉力的功率為70W；

（2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度2T；

（3）當(dāng)棒的加速度a=8m/s2時，導(dǎo)體棒受到的安培力為1N．22、略

【分析】

根據(jù)升壓變壓器的輸入電壓；結(jié)合匝數(shù)比求出輸出電壓，從而得出輸送電流，根據(jù)損失的功率得出輸電線的電阻，根據(jù)電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓，結(jié)合用戶得到的電壓求出降壓變壓器的匝數(shù)比．

解決本題的關(guān)鍵知道：1、輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系；2、變壓器原副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系；3、升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關(guān)系；4、升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關(guān)系．【解析】解：根據(jù)得；

升壓變壓器副線圈兩端電壓U2=U1=6250V

副線圈的電流I2==16A

輸電線電阻R上損失的功率為I22R=4%P

則R==15.6Ω

降壓變壓器原線圈的電壓為：U1′=U2-I2R=6×103V

則降壓器上原、副線圈的匝數(shù)比：．

答：輸電線的電阻為15.6Ω，降壓變壓器的匝數(shù)比是300：11．23、略

【分析】【解析】試題分析：（1）輸電線上的電流為50A輸電線路損耗的功率為15000W（2）改用高壓輸電后，輸電線上的電流為5A用戶端在變壓器降壓前獲得的電壓為3970V根據(jù)用戶得到的電壓為198.5V考點：遠(yuǎn)距離輸電．【解析】【答案】（1）15000W（2）用戶得到的電壓為198.5V六、推斷題(共2題，共12分)24、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機物推斷；有機反應(yīng)方程式、同分異構(gòu)體書寫等；注意根據(jù)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}與rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}為rm{A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}為含有官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案為：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為酯化反應(yīng)，rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案為：酯化反應(yīng)；rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

故答案為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}為rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}在一定條件下發(fā)生縮聚反應(yīng)生成的高分子化合物為

故答案為：

rm{(4)E}為rm{E}符合下列條件的rm{(5)F}的rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：rm{F}能發(fā)生水解反應(yīng)，屬于酯類rm{3}不含甲基，rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，應(yīng)是甲酸形成的酯，符合條件的rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)簡式有