2025年滬教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、遠(yuǎn)距離輸電線路示意圖如圖所示，變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機(jī)的輸出電壓及輸電線的電阻均不變．則（）A.用戶負(fù)載增加時(shí)，升壓變壓器的原線圈中電流不變B.降壓變壓器的原線圈中電流較小，用較粗的導(dǎo)線繞制成C.因?yàn)橄壬龎汉笥忠祲?，所以不用變壓器直接輸電更?jié)約電能D.當(dāng)用戶用電器的總電阻增大時(shí)，輸電線上損失的功率減小2、光子的能量為hν，動(dòng)量的大小為．如果一個(gè)靜止的放射性元素的原子核在發(fā)生γ衰變時(shí)只發(fā)出一個(gè)γ光子，則衰變后的原子核是（）A.仍然靜止B.沿著與光子運(yùn)動(dòng)方向相同的方向運(yùn)動(dòng)C.沿著與光子運(yùn)動(dòng)方向相反的方向運(yùn)動(dòng)D.可能向任何方向運(yùn)動(dòng)3、分別以p、V、T表示氣體的壓強(qiáng)、體積、溫度．一定質(zhì)量的理想氣體，其初始狀態(tài)表示為（p、V、T）．若分別經(jīng)歷如下兩種變化過程：

①?gòu)模╬、V、T）經(jīng)等溫膨脹變?yōu)椋╬1、V1、T1）

②從（p、V、T）經(jīng)等壓膨脹變?yōu)椋╬2、V2、T2）

在上述兩種變化過程中，如果V1=V2；則下列判斷正確的是（）

A.p1＜p2，T1＜T2

B.由于在兩種變化過程中氣體的體積變化相同；氣體對(duì)外界做功一定相等。

C.氣體的內(nèi)能變化一定相等。

D.過程②中氣體從外界吸收的熱量一定大于過程①中氣體從外界吸收的熱量。

4、【題文】如圖所示的直線為某靜電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線；A；B為直線上的兩個(gè)點(diǎn)，則下列判斷正確的是（）

A.正電荷沿該電場(chǎng)線由A移動(dòng)到B.受到的電場(chǎng)力可能先增大后減小。

B；正電荷沿該電場(chǎng)線由A移動(dòng)到B；受到的電場(chǎng)力可能減小后增大。

C.A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)。

D.負(fù)電荷在B點(diǎn)的電勢(shì)能比在A點(diǎn)的小5、在磁場(chǎng)中，關(guān)于某平面的磁通量，下列說法正確的是（）A.穿過某平面的磁通量越大，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定越大B.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，穿過某平面的磁感線的條數(shù)越多，則穿過該平面的磁通量越大C.穿過某平面的磁通量為零，則該平面一定平行于磁場(chǎng)方向D.將一個(gè)平面置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的任何位置，穿過該平面的磁通量總是相等的6、關(guān)于如圖所示的實(shí)驗(yàn)；下列說法正確的是（）

A.它首先是由法拉第完成的B.他證明了運(yùn)動(dòng)的磁針能產(chǎn)生感應(yīng)電流C.它揭示了電與磁之間存在相互作用D.以上說法都對(duì)7、關(guān)于電阻率，下列說法中正確的是（）A.電阻率是表征材料導(dǎo)電性能好壞的物理量，電阻率越大，其導(dǎo)電性能越好B.各種材料的電阻率大都與溫度有關(guān)，金屬的電阻率隨溫度升高而減小C.所謂超導(dǎo)體，是當(dāng)其溫度降低到接近絕對(duì)零度的某個(gè)臨界溫度時(shí)，它的電阻率突然變?yōu)闊o窮大D.某些合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響，通常都用它們制作標(biāo)準(zhǔn)電阻評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接．兩個(gè)大小分別為F1=20N、F2=10N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則（）A.彈簧秤的示數(shù)是16NB.彈簧秤的示數(shù)是20NC.在突然撤去F2的瞬間，m1的加速度大小為10m/s2D.在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為8m/s29、關(guān)于加速度，下列的說法中正確的是（）A.加速度越大，則物體的速度變化越大B.加速度越大，則物體的速度變化越快C.物體做減速運(yùn)動(dòng)，若加速度增大，則物體的速度也隨之增大D.物體做加速運(yùn)動(dòng)，若加速度變?yōu)榱悖瑒t物體的速度達(dá)到最大值10、甲、乙兩球在光滑的水平面上，沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，它們的動(dòng)量分別為p甲=10kg?m/s，p乙=14kg?m/s，已知甲的速度大于乙的速度，當(dāng)甲追上乙發(fā)生碰撞后，乙球的動(dòng)量變?yōu)?0kg?m/s，則甲、乙兩球的質(zhì)量m甲：m乙的關(guān)系可能是（）A.3：10B.1：10C.1：4D.1：611、圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶電粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的軌跡．可以判定（）A.粒子帶負(fù)電B.M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)C.粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力D.粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能小于在N點(diǎn)的動(dòng)能12、下列有關(guān)熱現(xiàn)象的說法正確的是（）A.分子力隨分子間距離增大而增大B.沒有摩擦的理想熱機(jī)也不可能把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能C.已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度，可求出阿伏加德羅常數(shù)E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)高于外界壓強(qiáng)，在緩慢漏氣過程中內(nèi)外氣體的溫度均不發(fā)生改變．則瓶?jī)?nèi)氣體在吸收熱量且分子平均動(dòng)能不變E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)高于外界壓強(qiáng)，在緩慢漏氣過程中內(nèi)外氣體的溫度均不發(fā)生改變．則瓶?jī)?nèi)氣體在吸收熱量且分子平均動(dòng)能不變13、如圖所示，LC振蕩電路的導(dǎo)線及自感線圈的電阻忽略不計(jì)，某瞬間回路中電流方向如箭頭所示，且此時(shí)電容器的極板A帶正電荷，則該瞬間（）A.電流i正在增大B.電流i正在減小C.電容器帶電量正在減小D.電容器帶電量正在增大14、下列說法中正確的是（）A.攝像機(jī)實(shí)際上是一種將光信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?hào)的裝置B.電磁波中電場(chǎng)能量最大時(shí)，磁場(chǎng)能量為零；磁場(chǎng)能量最大時(shí)，電場(chǎng)能量為零C.攝像機(jī)在1s內(nèi)要傳送25幅畫面D.電視機(jī)實(shí)際上是一種將電信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)楣庑盘?hào)的裝置評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、兩行星的質(zhì)量分別為m1和m2，繞太陽(yáng)運(yùn)行的軌道半徑分別是r1和r2，若它們只有萬有引力作用，那么這兩個(gè)行星的向心加速度之比為____．16、真空中兩個(gè)帶電量為Q和-2Q的兩個(gè)相同金屬小球，當(dāng)距離為R時(shí)靜電力為F；使兩個(gè)小球相互接觸后分開，當(dāng)距離為時(shí)，兩球的靜電力大小變?yōu)開___F．17、兩平行金屬板A板帶正電，B板帶負(fù)電，板間產(chǎn)生勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩板間距是5cm，兩板間電壓是60V，則兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度____，電場(chǎng)中有P1和P2兩點(diǎn)，P1點(diǎn)離A板0.5cm，P2點(diǎn)離B板也是0.5cm，若將B板接地，P1電勢(shì)____，P2電勢(shì)____．18、（2016?棲霞市模擬）用如圖所示的裝置可以測(cè)定棱鏡的折射率，其中ABC表示待測(cè)直角棱鏡的橫截面，棱鏡的兩個(gè)銳角α和β都是已知的，緊貼直角邊AC的是一塊平面鏡，將束光線SO入射到棱鏡的AB面上，適當(dāng)調(diào)整SO的入射方向，使從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合，在這種情況下，僅需要測(cè)出一個(gè)物理量____就可以算出該棱鏡的折射率，則計(jì)算折射率的表達(dá)式為n=____．19、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究碰撞過程中不變量的實(shí)驗(yàn)：如圖1在小車A的前端粘有橡皮泥，推動(dòng)小車A使之做勻速運(yùn)動(dòng)．然后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，他設(shè)計(jì)的具體裝置如圖所示．在小車A后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz，長(zhǎng)木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．若已得到打點(diǎn)紙帶如圖2所示，并將測(cè)得的各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離標(biāo)在圖上，A點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn)，已測(cè)得小車A的質(zhì)量m1=0.40kg，小車B的質(zhì)量m2=0.20kg，由以上測(cè)量結(jié)果可得：碰后mAv+mBv=______kg?m/s（保留三位有效數(shù)字）．

20、同一平面內(nèi)的三個(gè)力，大小分別為6N、7N、8N，若三力同時(shí)作用于某一物體，則該物體所受三力合力的最小值和最大值分別為____N和____N．21、一輛遙控小車原來勻速行駛，按下剎車鍵時(shí)速度隨時(shí)間的變化關(guān)系為v=（2-0.5t）m/s，則小車剎車時(shí)的加速度大小為____m/s2，從剎車到停止運(yùn)動(dòng)需要____s．22、一物體在地球表面重16N，它在以5m/s2的加速度加速上升的火箭中的視重為9N，（g=10m/s2）則此時(shí)火箭離地面的距離為地球半徑的____倍．23、（2013春?迎澤區(qū)校級(jí)月考）如圖，在兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線M、N中，通入相同方向、相同大小的電流，導(dǎo)線框abcd和兩導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，線框沿著與兩導(dǎo)線垂直的方向，自右向左在兩導(dǎo)線間勻速移動(dòng)，在移動(dòng)過程中，線框中感應(yīng)電流的方向?yàn)開___，線框所受安培力合力的方向____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)24、當(dāng)溫度升高時(shí)，物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能都增加．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、只要知道兩個(gè)物體的質(zhì)量和兩個(gè)物體之間的距離．就可以由F=G計(jì)算物體間的萬有引力____（判斷對(duì)錯(cuò)）26、質(zhì)點(diǎn)就是體積很小的物體．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、解答題(共3題，共24分)27、如圖所示，被一細(xì)繩系住的小球質(zhì)量為50g，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑r=0.2m，小球轉(zhuǎn)速為120r/min．求小球受到的向心力的大?。⒒卮疬@一向心力是由什么力提供的．28、某工廠由于生產(chǎn)需要用一部直流電動(dòng)機(jī)提升重物，裝置如圖所示，重物質(zhì)量m為50kg．電源電動(dòng)勢(shì)E為110V，（內(nèi)阻不計(jì)），電動(dòng)機(jī)以0.85m/s的恒定速度向上平穩(wěn)提升重物，電路中的電流強(qiáng)度為5A，不計(jì)摩擦阻力，g取10m/s2．求：

（1）電動(dòng)機(jī)1分鐘內(nèi)消耗的電能是多少？

（2）電動(dòng)機(jī)線圈的電阻R是多少？29、質(zhì)量為M的斜劈放在粗糙水平地面上；斜劈傾角為θ=30°，當(dāng)斜劈上輕輕放上一個(gè)質(zhì)量為m的物塊時(shí)，物塊恰好能做勻速運(yùn)動(dòng)．

（1）求斜劈受到地面的支持力和地面的摩擦力；

（2）若給物塊一個(gè)水平向右的力，使得物塊沿著斜面向上勻速運(yùn)動(dòng)，求這個(gè)力的大?。蟠藭r(shí)地面受到的摩擦力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】根據(jù)變壓器的特點(diǎn)：電壓比等于匝數(shù)比，電流之比等于匝數(shù)反比，輸入功率等于輸出功率去分析【解析】【解答】解：A；用戶增多時(shí)；電流增大，則根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可知，輸入電流增大；故A錯(cuò)誤；

B；降壓變壓器電壓較小；故其電流較大，故B錯(cuò)誤；

C；因?yàn)椴捎酶邏狠旊姇r(shí)；導(dǎo)線上電流較小，故可以減小導(dǎo)線上的功率損耗；故采用變壓器輸電能節(jié)約電能；故C錯(cuò)誤；

D；當(dāng)用戶用電器的電阻增大時(shí)；電流減小，輸電線上損失的功率將減小；故D正確；

故選：D．2、C【分析】【分析】γ射線無靜止質(zhì)量，但有運(yùn)動(dòng)質(zhì)量，在衰變過程釋放出來時(shí)要考慮其動(dòng)量，把它看做一個(gè)粒子，動(dòng)量守恒．【解析】【解答】解：本題涉及原子核放射現(xiàn)象且放射出一個(gè)γ光子；γ光子是一種電磁波，但在電磁波與微觀粒子作用時(shí)，要考慮它的粒子性．從題意來看已給出了光子能量式和動(dòng)量式，故本題中核放射性問題可看作一個(gè)粒子變成光子和另一粒子的過程，只不過前后兩種粒子基本性質(zhì)完全相同．但因光子有動(dòng)量，故另一粒子必有相反動(dòng)量，因?yàn)樽饔们昂髣?dòng)量是守恒的．故C正確．

故選C3、A【分析】

從（p、V、T）變?yōu)椋╬1、V1、T1）的過程中，溫度保持不變（T1=T）；

根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C得：

=T1=T；

由于氣體膨脹即V1＞V；

所以P1＜P．

從（p、V、T）變?yōu)椋╬2、V2、T2）的過程中；

根據(jù)氣體狀態(tài)方程可得：=

由于是等壓膨脹，所以P2=P，V2＞V；

所以T2＞T=T1；

因?yàn)镻1＜P=P2．

所以p1＜p2，T1＜T2；所以A正確；

B、雖然兩種變化過程中氣體的體積變化相同，但是兩次的變化的氣體的壓強(qiáng)不同，所以氣體對(duì)外做的功W2＞W(wǎng)1；所以氣體對(duì)外界做功不相等，所以B錯(cuò)誤；

C、由于最后的氣體的溫度T1＜T2，由于氣體的溫度不同，所以氣體的內(nèi)能變化不同，E2＞E1；所以C錯(cuò)誤；

D、由于最后的氣體的內(nèi)能E2＞E1，在變化的過程中p2＞p1，所以氣體對(duì)外做的功W2＞W(wǎng)1；根據(jù)熱力學(xué)第一定律E=W+Q可得，過程②中氣體從外界吸收的熱量一定大于過程①中氣體從外界吸收的熱量，所以D正確．

故選A．

【解析】【答案】對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體；根據(jù)初末狀態(tài)的狀態(tài)參量，第一次做等溫變化，第二次做等壓變化，根據(jù)氣體狀態(tài)方程可以求得壓強(qiáng)和溫度的關(guān)系；

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知分析氣體的內(nèi)能的變化情況．

4、A|B|C【分析】【解析】略【解析】【答案】ABC5、B【分析】【分析】穿過任一平面的磁通量越大；該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定越大，也可能平面在磁場(chǎng)垂直方向投影的面積大．故A錯(cuò)誤．穿過磁通量可以用穿過線圈磁感線條數(shù)來表示，所以在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，穿過某平面的磁感線的條數(shù)越多，則穿過該平面的磁通量越大，B正確，因?yàn)槿绻O(shè)從外到里的磁感線為正，從里到外的磁感線為負(fù)，就有可能“出”等于“入”，即整體磁通量顯示為零。所以該平面不一定平行于磁場(chǎng)方向，C錯(cuò)誤，當(dāng)平面垂直放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，穿過平面的磁通量最大，當(dāng)平面平行放置于磁場(chǎng)中時(shí)，磁通量為零，D錯(cuò)誤。

【點(diǎn)評(píng)】在研究磁通量時(shí)需要根據(jù)公式分析。6、C【分析】【分析】首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)的物理學(xué)家是奧斯特，揭示了電與磁存在相互作用．【解析】【解答】解：首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)的物理學(xué)家是丹麥的物理學(xué)家奧斯特；奧斯特實(shí)驗(yàn)的內(nèi)容是在平行直導(dǎo)線下方平行地放置著小磁針，當(dāng)導(dǎo)線中有電流通過時(shí)，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明小磁針受到磁力的作用．因此說明通電導(dǎo)線周圍存在著磁場(chǎng)，揭示了電與磁之間存在相互作用，故C正確，ABD錯(cuò)誤．

故選：C．7、D【分析】【分析】電阻率是描述材料導(dǎo)電能力的物理量，材料的電阻率由材料本身性質(zhì)決定，與材料長(zhǎng)度和橫截面積無關(guān)，受溫度影響．【解析】【解答】解：A；電阻率是表征材料導(dǎo)電性能好壞的物理量；電阻率越大，材料的導(dǎo)電性能越不好，故A錯(cuò)誤；

B；電阻率表征了導(dǎo)體材料導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱；由導(dǎo)體的材料決定，與溫度有關(guān)，金屬導(dǎo)體的電阻率隨溫度的升高而增大，故B錯(cuò)誤；

C；所謂超導(dǎo)體；是當(dāng)其溫度降低到接近絕對(duì)零度的某個(gè)臨界溫度時(shí)，它的電阻率突然減為零的現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；

D；某些合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響；常用來制作標(biāo)準(zhǔn)電阻，故D正確；

故選：D．二、多選題(共7題，共14分)8、AD【分析】【分析】以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，然后以其中一個(gè)物體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律求出彈簧稱的示數(shù)；彈簧的彈力不能突變，分析彈力撤去后物體的受力情況，然后根據(jù)物體的受力情況是否變化，進(jìn)一步判斷物體加速度是否變化．【解析】【解答】解：A、B、以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可知，系統(tǒng)的加速度：a=，方向水平向右；設(shè)彈簧秤的拉力是F，以m1為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：F1-F=m1a，則F=F1-m1a=20-2×2=16N；故A正確，B錯(cuò)誤；

C、在突然撤去F2的瞬間，彈簧的彈力不變，m1的加速度不變，仍為2m/s2；故C錯(cuò)誤；

D、在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度：；故D正確；

故選：AD．9、BD【分析】【分析】加速度是描述速度變化快慢的物理量，加速度大表示速度變化快，加速度小表示速度變化慢，減速運(yùn)動(dòng)，加速度增大，速度減小，加速運(yùn)動(dòng)，加速度減小時(shí)，速度增大，當(dāng)加速度減為0時(shí)，速度達(dá)到最大值．【解析】【解答】解：A；加速度越大；速度變化不一定大，還要看時(shí)間，故A錯(cuò)誤；

B；加速度是描述速度變化快慢的物理量；加速度大表示速度變化快，故B正確；

C；減速運(yùn)動(dòng)；加速度增大，但速度減小，故C錯(cuò)誤；

D；加速運(yùn)動(dòng)；加速度減小時(shí)，速度增大，當(dāng)加速度減為0時(shí)，速度達(dá)到最大值，故D正確．

故選：BD10、AC【分析】【分析】?jī)汕蚺鲎策^程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律列方程，然后求出兩球的質(zhì)量之比．【解析】【解答】解：動(dòng)量P=mv，球的速度v=；甲球速度大于乙球速度；

則有＞，得到＜=；

根據(jù)動(dòng)量守恒得，p甲+p乙=p甲′+p乙′；

代入解得p甲′=2kg?m/s．

據(jù)碰撞過程總動(dòng)能不增加得到：

+≥+；

代入解得：＜

碰撞后兩球同向運(yùn)動(dòng)；甲的速度不大于乙的速度；

則≤，代入解得≥；

所≤≤；

故選：AC．11、BD【分析】【分析】根據(jù)粒子的彎曲方向判斷粒子所受電場(chǎng)力方向，確定電場(chǎng)力做功的正負(fù)，根據(jù)電勢(shì)能的變化和動(dòng)能的變化．根據(jù)電場(chǎng)線的疏密判斷電場(chǎng)強(qiáng)度大小，確定電場(chǎng)力的大小．【解析】【解答】解：

A；粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)；軌跡向下彎曲，粒子所受的電場(chǎng)力方向沿電場(chǎng)線的切線向下，與電場(chǎng)方向相同，則粒子帶正電．故A錯(cuò)誤．

B；順著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，則知，M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)．故B正確．

C；N處電場(chǎng)線比M處電場(chǎng)線疏；則M處電場(chǎng)強(qiáng)度小于N處電場(chǎng)強(qiáng)度，所以粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力．故C錯(cuò)誤．

D；粒子從M到N過程；電場(chǎng)力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能增大，即粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能小于在N點(diǎn)的動(dòng)能．故D正確．

故選BD12、BDE【分析】【分析】要知道：分子力隨著分子間距的增加而先增加后減小，把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能是不可能實(shí)現(xiàn)的，由物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度，不可求出阿伏加德羅常數(shù)，內(nèi)能與溫度、體積、物質(zhì)的多少等因素有關(guān)，而分子平均動(dòng)能只與溫度有關(guān)，故內(nèi)能不同的物體，它們分子熱運(yùn)動(dòng)的平均分子動(dòng)能可能相同，由于瓶?jī)?nèi)氣體緩慢流出過程中氣體積增大，氣體對(duì)外做功，由于瓶?jī)?nèi)外溫度始終相等，沒有熱量的交換，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知：氣體需要吸收熱量．【解析】【解答】解：A；分子間同時(shí)存在引力和斥力；都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但分子斥力變化更快；當(dāng)分子間距小于平衡距離時(shí)，合力隨著分子間距的減小而增加；當(dāng)分子間距大于平衡距離時(shí)，合力隨著分子間距的增加而先增加后減??；故A錯(cuò)誤。

B；把不可能把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；則B正確。

C；物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度；可求得摩爾體積，但與出阿伏加德羅常數(shù)無關(guān)，則C錯(cuò)誤。

D；內(nèi)能與溫度、體積、物質(zhì)的多少等因素有關(guān)；而分子平均動(dòng)能只與溫度有關(guān)，則D正確。

E；瓶?jī)?nèi)氣體緩慢流出過程中氣體積體積增大；氣體對(duì)外做功，而溫度始終相等，則氣體需要吸收熱量．因溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，則分子的平均動(dòng)能不變，則E正確．

故選：BDE13、BD【分析】【分析】在LC振蕩電路中，當(dāng)電容器充電時(shí)，電流在減小，電容器上的電荷量增大，磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能；當(dāng)電容器放電時(shí)，電流在增大，電容器上的電荷量減小，電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能．【解析】【解答】解：A；根據(jù)圖示電路知；該LC振蕩電路正在充電，電流在減小，磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能．故A錯(cuò)誤．

B、電容器的帶電量在增大，根據(jù)U=；知電容器兩極板間的電壓正在增大．故B正確；

D；充電的過程；電量在增加；磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能，電流在減小，所以線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度正在減小．故C錯(cuò)誤D正確．

故選：BD．14、ACD【分析】【分析】傳感器是指：能感受規(guī)定的被測(cè)量件并按照一定的規(guī)律（數(shù)學(xué)函數(shù)法則）轉(zhuǎn)換成可用信號(hào)的器件或裝置，通常由敏感元件和轉(zhuǎn)換元件組成．【解析】【解答】解：A；攝像機(jī)實(shí)際上是一種光電傳感器；是一種能將光信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?hào)的裝置，故A正確；

B；電磁波是電磁場(chǎng)在空間的傳播；能量并不是相互轉(zhuǎn)化的，故B錯(cuò)誤；

C；攝像機(jī)在1s內(nèi)可以傳送25幅畫面；播放時(shí)利用人體的視覺暫留效應(yīng)得到動(dòng)態(tài)圖畫，故C正確；

D；電視機(jī)實(shí)際上是一種將電信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)楣庑盘?hào)和聲信號(hào)的裝置；故D正確；

故選ACD．三、填空題(共9題，共18分)15、【分析】【分析】行星繞太陽(yáng)圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬有引力提供，根據(jù)半徑關(guān)系求得向心加速度和周期之比．【解析】【解答】解：萬有引力提供行星圓周運(yùn)動(dòng)的向心力即：

可得行星的向心加速度a=，所以=

故答案為：16、【分析】【分析】由庫(kù)侖定律可得出兩球在接觸前后的庫(kù)侖力表達(dá)式，則根據(jù)電量的變化可得出接觸后的作用力與原來作用力的關(guān)系．【解析】【解答】解：由庫(kù)侖定律可得：

F=k；

而兩球接觸后再分開平分總電量，故分開后兩球的帶電量為；

則庫(kù)侖力F′=k=k=F；

故答案為：．17、1200V/m54V6V【分析】【分析】（1）根據(jù)E=求解電場(chǎng)強(qiáng)度；

（2）B板接地，電勢(shì)為零，P1和P2兩點(diǎn)的電勢(shì)等于其與電勢(shì)零點(diǎn)的電勢(shì)差．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)公式E=V/m．

（2）P1沿電場(chǎng)方向到B的距離：

d1=5cm-0.5cm=4.5cm

由公式φ1-φB=Ed1B=1200×（4.5×10-2）V=54V得：

φ1=54V．

同理：φ2-φB=Ed2B=1200×0.5×10-2V=6V

得φ2=6V．

故答案為：1200V/m；54V，6V18、∠SOB或入射角i或．【分析】【分析】題意可知從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合，因此根據(jù)光路可逆可知SO的折射光線是垂直于AC的，然后根據(jù)折射定律即可求解【解析】【解答】解：若使從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合；根據(jù)光路可逆可知SO的折射光線應(yīng)與AC垂直，光路圖如圖所示：

設(shè)∠SOB=γ．

根據(jù)幾何關(guān)系可知：入射角為i=90°-γ，折射角為r=α．

故其折射率為：n====

所以僅需要測(cè)出一個(gè)物理量：∠SOB或入射角i就可以算出該棱鏡的折射率．

故答案為：∠SOB或入射角i；或．19、略

【分析】解：由于碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；故AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后．

推動(dòng)小車由靜止開始運(yùn)動(dòng)；故小車有個(gè)加速過程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選BC計(jì)算碰前的速度；

碰撞過程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過程；而A和B碰后的共同運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故在相同的時(shí)間內(nèi)通過相同的位移，故應(yīng)選DE段來計(jì)算碰后共同的速度．

由圖示紙帶可知：DE=6.95cm=0.0695m，碰后的總動(dòng)量：P2=（m1+m2）v2=（m1+m2）=（0.40+0.20）×=0.417kg?m/s；

故答案為：0.417．

碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；確定AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后，在勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，所以BC應(yīng)為碰撞之前勻速運(yùn)動(dòng)階段，DE應(yīng)為碰撞之后勻速運(yùn)動(dòng)階段．

物體發(fā)生的位移與發(fā)生這些位移所用時(shí)間的比值等于勻速運(yùn)動(dòng)的物體在該段時(shí)間內(nèi)的速度．P=mv=m．

根據(jù)碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度，確定AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后，是解決本題的突破口．【解析】0.41720、021【分析】【分析】當(dāng)這三個(gè)力作用在同一物體上，并且作用在同一直線上，方向相同，三個(gè)力的合力最大．如果三個(gè)力不在同一直線上，夾角可以變化，當(dāng)兩個(gè)較小力的合力大小等于第三個(gè)力，方向相反時(shí)，合力為零，此時(shí)三個(gè)力的合力的最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒?dāng)三個(gè)力作用在同一直線；同方向時(shí)；三個(gè)力的合力最大，即F=6N+7N+8N=21N．

當(dāng)三個(gè)力作用在一個(gè)物體上；不在一條直線，并且夾角可以改變，6N在7N與8N的合力最大值15N，最小值1N之間，故此時(shí)三個(gè)力的合力為零，即它們合力的最小值為0．

故答案為：0，21．21、0.54【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出火車剎車時(shí)的初速度和加速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出剎車到停止的時(shí)間．【解析】【解答】解：根據(jù)v=v0+at=2-0.5t得，初速度v0=2m/s，加速度大小a=0.5m/s2；

則剎車到停止的時(shí)間t=．

故答案為：0.5，4．22、3【分析】【分析】對(duì)靜止在地球表面的物體進(jìn)行受力分析；得出物體在地球表面的重力．該物體放在火箭中，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，注意此時(shí)物體所受的重力與在地球表面不相等．

運(yùn)用牛頓第二定律求出在火箭中，物體的重力．由于不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力求出此時(shí)火箭距地面的高度．【解析】【解答】解：對(duì)靜止在地球表面的物體進(jìn)行受力分析；物體受重力和彈簧的拉力F．

G0=mg=F=16N．

其中g(shù)為地球表面的重力加速度，取g=10m/s2

得出物體質(zhì)量m=1.6kg．

該物體放在火箭中；對(duì)物體進(jìn)行受力分析，物體受重力和彈簧的拉力T．

火箭中以a=5m/s2的加速度勻加速豎直向上；根據(jù)牛頓第二定律得：

N-mg′=ma

解得：g′=-a=-5=

由于不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響；根據(jù)萬有引力等于重力得出：

在地球表面：G0==mg

在航天器中：G′==mg′

則==

所以r=4R

即此時(shí)火箭距地高度為h=r-R=3R．即此時(shí)火箭離地面的距離為地球半徑的3倍．

故答案為：323、adcba（逆時(shí)針）向右【分析】【分析】?jī)筛叫虚L(zhǎng)直導(dǎo)線M、N中，通以同方向同強(qiáng)度的電流，產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則和磁場(chǎng)的疊加原理可知，在中線OO′右側(cè)磁場(chǎng)向外，左側(cè)磁場(chǎng)向里．當(dāng)導(dǎo)線框向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則和磁場(chǎng)的疊加原理判斷得知；在中線OO′右側(cè)磁場(chǎng)向外，左側(cè)磁場(chǎng)向里．

當(dāng)導(dǎo)線框位于中線OO′右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)向外，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba；

當(dāng)導(dǎo)線框經(jīng)過中線OO′，磁場(chǎng)方向先向外，后向里，磁通量先減小，后增加，根據(jù)楞次定律，可知感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba；

當(dāng)導(dǎo)線框位于中線OO′左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)向里，磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba．

根據(jù)左手定則；與越靠近導(dǎo)線的磁場(chǎng)越強(qiáng)相結(jié)合，線框在中線右側(cè)時(shí)，由于磁場(chǎng)向外，而線框電流為逆時(shí)針方向，則有線框受到的安培力向右，同理，可知，線框受到的安培力方向向右；

故答案為：adcba，向右．四、判斷題(共3題，共15分)24、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：