2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷729考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，兩個電阻串聯(lián)后接在電路中兩點，已知兩點間電壓不變。某同學將一個實驗室里的電壓表并聯(lián)在兩端時，讀數(shù)為9V；將該電壓表并聯(lián)在兩端時，讀數(shù)為7V，則兩點間電壓（）

A.大于16VB.等于16VC.小于16VD.無法確定2、如圖，一個靜止的電子（電荷量大小為質量為）經電壓為的電場加速后，沿平行于板面方向進入極板間的勻強電場，兩極板的長度為相距為極板間的電壓為電子射出電場時速率為電子射出電場時沿垂直于板面方向偏移的距離為則下列正確的是（）

A.加速場中電場線水平向右B.偏轉場中電場線豎直向上C.D.3、空間P、Q兩點處固定電荷量絕對值相等的點電荷，其中Q點處為正電荷，P、Q兩點附近電場的等勢線分布如圖所示，a、b、c、d、e為電場中的5個點；設無窮遠處電勢為0，則()

A.e點的電勢大于0B.a點和b點的電場強度相同C.b點的電勢等于c點的電勢D.負電荷從a點移動到d點時電勢能增加4、圖為某種靜電噴涂裝置的原理圖，接上高壓電源后兩極間產生強電場，虛線為等勢面，在強電場作用下，一帶正電液滴（油漆）從發(fā)射極飛向吸板，a、b是其路徑上的兩點；不計液滴重力，下列說法正確的是（）

A.a點的電場強度比b點的小B.液滴在a點的加速度比在b點的小C.液滴做加速度減小的加速運動D.液滴在a點的電勢能比在b點的大5、如圖所示電路中；A；B為兩塊豎直放置的金屬板，G是一只靜電計，開關S合上時，靜電計張開一個角度，下列情況中可使指針張角增大的是（）

A.合上S，使B兩板靠近一些B.合上S，使B正對面積錯開一些C.斷開S，使B兩板距離拉開一些D.斷開S，使B兩板靠近一些6、DC14.8V/2200mAh的鋰電池供電；額定功率為35W，當鋰電池剩余電量為總容量的20%時，掃地機器人就自動回座機充電。結合上述信息，下列說法正確的是（）

A.DC14.8V/2200mAh表示該電池輸出的是交流電B.該機器人電機的額定電流為0.42AC.正常工作時機器人電動機每秒鐘輸出35J動能D.電池充滿電后機器人正常工作約45mim后回座機充電7、如圖所示，閉合開關S后，當滑動變阻器的滑片P向右滑動時，下列說法中正確的是（）

A.電流表讀數(shù)變小B.電源的輸出功率減小C.電源的總功率減小D.電源的效率變小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖，真空中三個點電荷A、B、C，可以自由移動，依次排列在同一直線上，都處于平衡狀態(tài)，若三個電荷的帶電量、電性及相互距離都未知，但AB＞BC；則根據(jù)平衡條件可斷定（）

A.A.C一定帶異種電性B.B.C一定帶異種電荷C.C中，A所帶電量最大D.C中，B所帶電量最小9、關于電場線，下列說法正確的是（）A.電場線的方向，就是電荷受力的方向B.正電荷只在電場力作用下一定沿電場線運動C.電場線越密的地方，同一電荷在此處所受電場力越大D.靜電場的電場線不可能是閉合的10、如圖所示勻強電場E的區(qū)域內，在O點處放置一點電荷+Q，a、b、c、d、e、f為以O點為球心的球面上的點，aecf平面與電場平行，bedf平面與電場垂直。下列說法中正確的是（）

A.b、d兩點的電場強度相同B.a點的電勢高于f點的電勢C.點電荷+q在球面上任意兩點之間移動，電場力一定做功D.將電荷+q在球面上任意兩點之間移動，從球面上a點移動到c點的電勢能變化量一定最大11、利用圖示裝置通過靜電計指針偏角的變化情況可以探究有關平行板電容器問題；開始時，兩金屬板A；B豎直平行且正對，開關S閉合。下列說法正確的是（）

A.若僅將A板緩慢豎直向上平移，則靜電計指針的偏轉角度增大B.若S斷開后，僅將A板緩慢豎直向上平移，則靜電計指針的偏轉角度增大C.若S斷開后，僅在B板間插入玻璃板，則靜電計指針的偏轉角度增大D.若S斷開后，僅將A板緩慢水平向左平移，則靜電計指針的偏轉角度增大12、傳感器是智能社會的基礎元件。如圖為電容式位移傳感器的示意圖，觀測電容C的變化即可知道物體位移x的變化，表征該傳感器的靈敏度。電容器極板和電介質板長度均為L，測量范圍為≤x≤下列說法正確的是（）

A.電容器的電容變大，物體向-x方向運動B.電容器的電容變大，物體向+x方向運動C.電介質的介電常數(shù)越大，傳感器靈敏度越高D.電容器的板間電壓越大，傳感器靈敏度越高13、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質D構成．電容器通過開關S及電阻及與電源E相連接。則（）

A.M上移電容器的電容變大B.將D從電容器抽出，電容變小C.斷開開關S，M上移，MN間電壓將增大D.閉合開關S，M上移，流過電阻R的電流方向從B到A14、將四個相同的表頭分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表。安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程；把它們接入如圖所示的電路，則（）

A.安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)B.安培表A1的偏轉角小于安培表A2的偏轉角C.伏特表V1的讀數(shù)小于伏特表V2的讀數(shù)D.伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角15、如圖所示的電路中，R1為可變電阻，R2、R3為定值電阻，C為電容器，電源電動勢為E，內阻為r，R3>r，電壓表與電流表均為理想電表。在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中；下列說法中正確的是。

A.電壓表的示數(shù)先減小后增大B.電容器的電荷量先減小后增大C.電源的輸出功率先減小后增大D.電壓表、電流表示數(shù)改變量的比值先減小后增大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖所示，兩個正的點電荷相距在兩個點電荷連線上有a、b兩點，分別距為由此可知a點場強的大小為______方向___________；b點場強的大小為________方向________。

17、同學們乘坐大客車去參加社會實踐活動。小華上車時，他的手剛觸碰到車門，就被“電”了一下，這是因為汽車在行駛過程中與空氣摩擦而帶了___。大客車以80km/h的速度勻速行駛0.5h，通過的路程是___km。同學們必須系安全帶，這是為了防止汽車剎車時人由于___向前傾倒。18、描述電場的力的性質的物理量為______，描述電場的能的性質的物理量為______。19、已知軸上電場方向與軸方向平行，軸上各點電勢如圖所示，處電勢為一電子從處由靜止釋放，則處電場強度為___________該電子運動到處時的動能為__________

20、如圖所示，A和B兩平行金屬板相距10mm，M點距A板及N點距B板均為2mm，兩極板間的電壓為4V，則板間場強為______N/。A．A板電勢為________V，N點電勢為________V.21、電壓表和電流表的電路結構。

（1）表頭：小量程的電流表，符號為_____，也叫_______計。

（2）表頭的三個參數(shù)：滿偏電流Ig、________、內阻Rg，根據(jù)歐姆定律，三個參數(shù)之間的關系是________。

（3）改裝：

①電壓表改裝:測量較大的電壓時，將表頭上______一個______的電阻；就改裝成了電壓表，如圖所示。

②電流表改裝:測量較大的電流時，將表頭上______一個______的電阻；就改裝成了量程較大的電流表，如圖所示。

22、焦耳定律。

（1）焦耳定律。

①內容：電流通過導體產生的熱量跟______成正比，跟導體的______及______成正比。

②表達式：Q=______。

（2）熱功率。

①定義：______內的發(fā)熱量稱為熱功率。

②表達式：P=______。

③物理意義：表示電流______的物理量。23、如圖甲所示的電路，閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P從一端滑到另一端，R1、R2的U-I關系圖像如圖乙所示。則電源電壓為______V；電路消耗的最小功率是________W。

24、如圖所示，面積為S的線圈垂直放在磁感應強度為B的勻強磁場中，線圈一半在磁場外，穿過線圈的磁通量為_____________．若線圈以為軸轉過180°，則該線圈磁通量的變化量為___________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)25、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短26、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。27、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)28、已知電流計G的滿偏電流內阻電路中已將它改裝為最大量程600mA的電流表，則應選擇圖中_____________選填“甲”“乙”______結果取二位有效數(shù)字

29、在“測定金屬的電阻率”的實驗中，待測金屬絲的電阻R約為5Ω；實驗室備有下列實驗器材：

A.電壓表V1（量程0~3V；內阻約為15kΩ）；

B.電壓表V2（量程0~15V；內阻約為75kΩ）；

C.電流表A1（量程0~3A；內阻約為0.2Ω）；

D.電流表A2（量程0~0.6A；內阻約為1Ω）；

E.滑動變阻器R1（0~10Ω；0.6A）；

F.滑動變阻器R2（0~2000Ω；0.1A）；

G.電池組E（電動勢為3V）；

H.開關S；導線若干。

（1）為減小實驗誤差，電壓表應選___________，電流表應選___________，滑動變阻器應選___________（填器材前面的序號）。

（2）為減小實驗誤差，應選用如圖中___________（選填“甲”或“乙”）為該實驗的電路原理圖，并按所選擇的電路原理圖把如圖丙中的實物圖用線連接起來。___________

（3）若用毫米刻度尺測得金屬絲長度為60.00cm，用螺旋測微器測得金屬絲的直徑及兩電表的示數(shù)如下圖所示，則金屬絲的直徑為___________mm，電壓為___________V，電流為___________A。

（4）由于實驗電路造成的誤差，會使實驗測量出的ρ___________材料真實的ρ0（選填“大于”“等于”或“小于”）。30、老師給了小南同學一只電壓表V1；并交代：該表示數(shù)偏大；但若改變被測電壓，測量值和真實值呈正比變化關系。小南想了想，通過如下步驟把它改準：

（1）如圖甲，用內阻為3000Ω的標準電壓表V2，連在內阻不計的電池兩端，V2表示數(shù)為1.5V。

（2）如圖乙，將V1、V2表串聯(lián)后，再次連在同一電池兩端，V1、V2表示數(shù)分別為0.6V和1V。

（3）可計算得V1表內阻為___________Ω。

（4）可在V1表外___________（填“串”或“并”）聯(lián)一個阻值為___________Ω的定值電阻R，將V1表和R整體視為改好的新表即可準確測量電壓。

評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)31、有的同學說，電場線一定是帶電粒子在電場中運動的軌跡，請你分析論證該同學的說法是否正確。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

將電壓表并聯(lián)在R1兩端時，并聯(lián)后的電阻小于R1，R1兩端的電壓小于不接電壓表時的電壓，此時的電壓表示數(shù)為9V，同理，R2兩端的電壓小于不接電壓表時的電壓，此時電壓表的示數(shù)為7V，所以兩點間電壓大于16V；A正確，BCD錯誤。

故選A。2、C【分析】【詳解】

A．加速場中電子所受電場力方向水平向右；電子帶負電，則電場線方向水平向左，所以A錯誤；

B．偏轉場中電子所受電場力方向豎直向上；電子帶負電，則電場線豎直向下，所以B錯誤；

CD．在加速電場中有

在偏轉場中有

聯(lián)立解得

所以C正確；D錯誤；

故選C。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．該電場是等量異種電荷的電場，中垂面是等勢面，無窮遠處電勢為零，故中垂面電勢也為0，e點的電勢等于0；A錯誤；

B．等量異種電荷的電場，它具有對稱性，a點和b點的電場強度大小相等；而方向不同，B錯誤；

C．b點離正電荷的距離更近，所以b點的電勢較高，高于c點的電勢；C錯誤；

D．a點離正電荷近，a點電勢高于d點，根據(jù)負電荷在電勢高處電勢能小，知負電荷從a點移到d點；電勢能增加，D正確。

故選D。4、D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．由于題中沒有說明等勢面是否為等差等勢面，故不能明確電場線和等勢面的疏密，所以無法確定a、b兩點的電場強度的大小；也就無法確定加速度大小，ABC錯誤；

D．液滴在強電場作用下，從發(fā)射極飛向吸板，故說明電場力做正功，電勢能減小，故液滴在a點的電勢能比在b點的大；D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

AB．合上S；極板間電壓等于電源電動勢，即極板間電壓保持不變，指針張角保持不變，故AB錯誤；

C．斷開S，由于靜電計所帶電荷量很小，可認為電容器電荷量保持不變，使A、B兩板距離拉開一些，根據(jù)

可知電容器電容減?。浑娙萜麟妷涸龃?，指針張角增大，故C正確；

D．斷開S，由于靜電計所帶電荷量很小，可認為電容器電荷量保持不變，使A、B兩板靠近一些，根據(jù)

可知電容器電容增大；電容器電壓減小，指針張角減小，故D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．DC14.8V/2200mAh表示該電池輸出的是直流電；選項A錯誤；

B．該機器人電機的額定電流為

選項B錯誤；

C．正常工作時機器人電動機內阻要產生部分內能；則每秒鐘輸出動能小于35J，選項C錯誤；

D．機器人人正常工作的時間

選項D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

閉合開關S后，當滑動變阻器的滑片P向右滑動時，R阻值減小，電路總電阻減小，總電流變大，即電流表讀數(shù)變大；根據(jù)P=IE可知，電源總功率變大，電源的效率

可知電源的效率變??；因不確定電路外電阻與內阻的阻值關系；不能確定電源的輸出功率如何變化，則選項ABC錯誤，D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)8、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)題意，三個點電荷均在庫侖力的作用下處于平衡狀態(tài)，根據(jù)同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，則有A、C電荷的電性必須相同，且B電荷的電性與它們相反，這樣才能確保受力平衡；再由平衡條件及庫侖力的大小與距離的平方成反比，可知中間B電荷的電荷量最小，這樣才能保證力的大小平衡。因AB＞BC；所以A電荷的電荷量最大。

故選BCD。9、C:D【分析】【詳解】

A．正電荷受到的電場力與電場方向相同；負電荷受到的電場力與電場方向相反，則電場線的方向，不一定是電荷受力的方向，故A錯誤；

B．正電荷只在電場力作用下；如果電場線不是直線，電荷不沿電場線運動，故B錯誤；

C．電場線越密的地方；電場強度越大，同一電荷在此處所受電場力越大，故C正確；

D．靜電場的電場線由正電荷或無窮遠出發(fā)指向負電荷或無窮遠；電場線是不閉合的，故D正確。

故選CD。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．b、d兩點的合場強大小相等；方向不同，所以場強不同．故A錯誤；

B．只有勻強電場時，a點電勢高于f點電勢；只有點電荷時，a點電勢等于f點電勢，則在合電場中時，a點電勢高于f點電勢；選項B正確；

C．點電荷+q在球面上任意兩點之間移動時；點電荷的電場不做功，但勻強電場不一定做功，所以電場力不一定做功．故C錯誤；

D．在電場中因為a點和c點的電勢差最大，可知將電荷+q在球面上任意兩點之間移動，從球面上a點移動到c點的電勢能變化量一定最大；故D正確。

故選BD．11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．開關S閉合；兩板間的電壓不變，所以將A板豎直向上平移，靜電計指針張角不變，故A錯誤；

B．斷開電鍵，電容器帶電量不變，僅將A板緩慢豎直向上平移，AB正對面積變小，根據(jù)可知電容減小，而電容器的電量Q不變，根據(jù)知；電勢差增大，指針張角增大。故B正確；

C．若S斷開后，僅在A、B板間插入玻璃板，相對介電常數(shù)增大，根據(jù)電容的決定式得知電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得知板間電勢差U減?。粍t靜電計指針張角減小，故C錯誤；

D．若S斷開后，僅將A板緩慢水平向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得知板間電勢差U增大；則靜電計指針張角增大。故D正確。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容公式

可知，電容器的電容變大，兩板間電介質部分增多，物體向-x方向運動；故A正確，B錯誤；

C．電介質的介電常數(shù)越大；當物體沿左右方向運動，移動相同距離時，電容器的變化量變大，即傳感器的靈敏度變大，故C正確；

D．電容器的電容和板間電壓無關；電容器的板間電壓變大，電容器的變化量不變，即傳感器的靈敏度不變，故D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

，根據(jù)電容的決定式可知，當M向上移時，板間距離d增大，電容器的電容變小；當將D從電容器抽出，介電常數(shù)減小，電容器的電容變小，故A錯誤，B正確；斷開開關S，M上移，電量不變，而電容減小，根據(jù)電容的定義式可知電容器兩端的電壓增大，故C正確；閉合開關S，電壓不變，M上移時電容減小，則由可知；電量Q減小,電容器放電，流過電阻的電流方向從A到B，故D錯誤．選BC.

【點睛】根據(jù)電容的決定式分析電容的變化．電容器的板間電壓不變，根據(jù)電容的定義式分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向．14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于四個電表都是由相同的表頭改裝而成，因此A1和A2的表頭為并聯(lián)關系，流過的電流相同，即指針偏角相同，但是讀數(shù)不同，A1量程大于A2，則A1讀數(shù)大于A2；故A正確，B錯誤；

CD．兩電壓表的表頭是串聯(lián)關系，故兩電壓表指針偏角相同，V1量程大于V2，故V1讀數(shù)大于V2；故C錯誤，D正確；

故選AD。15、B:C【分析】【詳解】

A．可變電阻R1的兩部分并聯(lián)，在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中，電路的總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流先減小后增大，由U=E-I（R3+r）可知電壓表的示數(shù)先增大后減小；A錯誤；

B．根據(jù)歐姆定律可知電阻R2兩端的電壓先減小后增大；所以電容器所帶的電荷量先減小后增大，B正確；

C．由于R3＞r，在滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中外電阻總大于電源內阻r；電源的輸出功率先減小后增大，C正確；

D．電壓表示數(shù)改變量與電流表示數(shù)改變量的比值等于R3+r，大小不變，D錯誤。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

[1]由點電荷的場強公式知：

[2]方向水平向右；

[3]同理可得點場強的大小為：

[4]方向水平向左【解析】100000向右350000向左17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]汽車在行駛過程中與空氣摩擦；產生摩擦起電現(xiàn)象，從而帶了電荷，所以手剛觸車門就被“電”了一下。

[2]大客車以80km/h的速度勻速行駛0.5h，通過的路程s=vt=80km/h×0.5h=40km

[3]同學們必須系安全帶，這是為了防止汽車剎車時人由于慣性向前傾倒。【解析】電荷40慣性18、略

【分析】【詳解】

[1]物理學中用電場強度來描述電場力的性質；

[2]用電勢來描述電場能的性質?！窘馕觥侩妶鰪姸入妱?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)圖線斜率的意義可知，φ-t圖線的斜率表示電場強度，所以可知在x=0處電場強度為0

[2]電子從x=-2cm處由靜止釋放，由圖可知，在x=-2cm處的電勢為2V，電子在x=0處的電勢為5V，電子的電勢增大3V，所以電子的電勢能減小3eV，由于電子運動的過程中只有電場力做功，電子動能的增加量等于電勢能的減少量，所以電子到達x=0處的動能為3eV【解析】0320、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)可知兩板間的電場強度為板間電場方向向上，故A點的電勢低于B板的電勢，因B板接地電勢為零，所以可知A板電勢為-4V；B、N之間的電勢差為所以N點的電勢為-0.8V．【解析】400－4－0.821、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①..G②.靈敏電流③.滿偏電壓Ug④.Ug=IgRg⑤.串聯(lián)⑥.較大⑦.并聯(lián)⑧.較小22、略

【分析】【詳解】

（1）①[1][2][3]焦耳定律的內容是電流通過導體產生的熱量跟電流的二次方成正比；跟導體的電阻及通電時間成正比。

②[4]焦耳定律的表達式是Q=I2Rt。

（2）①[5]熱功率是指單位時間內的發(fā)熱量稱為熱功率。

②[6]熱功率的表達式為P=I2R。

③[7]熱功率的物理意義是表示電流發(fā)熱快慢的物理量?！窘馕觥侩娏鞯亩畏诫娮柰姇r間I2Rt單位時間I2R發(fā)熱快慢23、略

【分析】【詳解】

［1］由圖甲可知，該電路為定值電阻R1和滑動變阻器R2串聯(lián)電路，其中電壓表V1測R1兩端電壓，電壓表V2測R2兩端電壓，由串聯(lián)電路電壓特點，由于R2的阻值可以變到零，即其兩端電壓也可變到零，因此在圖乙中下方的圖線表示R2的U-I關系圖線，取上邊一條圖線最右側點的縱坐標值，即U1=18V，此時只有R1接入電路，則

電源電壓U=U1=18V

［2］當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的總電阻最大，總電流最小，電路消耗的電功率最小，由圖乙可知，電路中的電流最小值是0.2A，所以電路最小功率P=UI=18×0.2W=3.6W【解析】183.624、略

【分析】【詳解】

[1][2]當長方形線圈abcd有一半處在磁感應強度為B的勻強磁場中時；此時穿過線圈的磁通量為：

以ab為軸轉過的角度恰好為180°時；穿過面積的磁通量的方向與開始時相反，所以：

所以磁通量的變化量：

【解析】四、作圖題(共3題，共6分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容