2025年新世紀(jì)版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年新世紀(jì)版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷294考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在閉合線(xiàn)圈上方有一條形磁鐵自由下落，直至穿過(guò)線(xiàn)圈的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是：A.磁鐵在下落過(guò)程中機(jī)械能守恒B.磁鐵的機(jī)械能增加C.磁鐵的機(jī)械能有時(shí)增加有時(shí)減少D.線(xiàn)圈增加的內(nèi)能是由磁鐵減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化而來(lái)的2、甲乙兩輛汽車(chē)在平直的公路上沿同一方向作直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)t=0時(shí)刻同時(shí)經(jīng)過(guò)公路旁的同一路標(biāo)。如圖是描述兩車(chē)運(yùn)動(dòng)的v-t圖線(xiàn)，折線(xiàn)ABC和折線(xiàn)OBD分別描述了甲乙兩車(chē)在0~20s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況。關(guān)于甲乙兩車(chē)的運(yùn)動(dòng),下列說(shuō)法正確是（）A.在O-1s內(nèi)，兩車(chē)逐漸靠近B.在t=10S時(shí),兩車(chē)相遇C.在10~20s內(nèi),兩車(chē)逐漸遠(yuǎn)離D.在0?20s內(nèi)，兩車(chē)最遠(yuǎn)距離為100m3、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，某時(shí)刻帶正電的粒子的速度v的方向向上，根據(jù)左手定則可判定，該粒子受到的洛倫磁力的方向（）A.向左B.向右C.向上D.向下4、額定電壓、額定功率均相同的電風(fēng)扇、電烙鐵和日光燈，各自在額定電壓下正常工作了相同的時(shí)間。比較它們產(chǎn)生的熱量，結(jié)果是A.電風(fēng)扇最多B.電烙鐵最多C.日光燈最多D.一樣多5、如圖所示；電場(chǎng)中有A；B兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.電勢(shì)φA＞φB，場(chǎng)強(qiáng)EA＞EBB.電勢(shì)φA＜φB，場(chǎng)強(qiáng)EA＜EBC.將+q電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電勢(shì)能增大D.將-q電荷分別放在B兩點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能EPA＜EPB6、物體的質(zhì)量為m=2.5kg

靜止在水平地面上。物體與地面間滑動(dòng)摩擦系數(shù)婁脤=0.2

物體受到與地面平行的拉力F

作用，F(xiàn)

方向不變，大小隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，那么下述判斷正確的是()A.前2s

物體靜止不動(dòng)，因拉力F

小于摩擦力B.6s

內(nèi)，拉力F

對(duì)物體的沖量大小等于50N隆隴s

C.6s

內(nèi)，摩擦力對(duì)物體的沖量大小等于30N隆隴s

D.6s

末物體的速度大小是12m/s

評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)7、在下列描述的核過(guò)程的方程中，屬于婁脕

衰變的是________，屬于婁脗

衰變的是________，屬于裂變的是________，屬于聚變的是________。(

填正確答案標(biāo)號(hào))

A

．612C712N+鈭?10eB

．1532P1632S+鈭?10e

C

．92238U90234Th+24HeD

．714N+24He817O+11H

E

．92235U+01n54140Xe+3894Sr+201n

F

．13H+12H24He+01n

8、兩個(gè)電流隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖甲、乙所示，把它們通入相同的電阻中，則甲、乙兩圖的電流有效值之比IaIb=

______．

9、如圖所示，實(shí)線(xiàn)表示某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)，一帶電粒子（不計(jì)重力）從A點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，在電場(chǎng)力的作用下沿虛線(xiàn)軌跡到達(dá)B點(diǎn)，試判斷：粒子帶____電；粒子在____點(diǎn)的加速大；粒子在____點(diǎn)的動(dòng)能大；粒子在____點(diǎn)的電勢(shì)能大；A、B兩點(diǎn)相比____點(diǎn)的電勢(shì)高．

10、在用圖甲所示雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量紅光波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)中。

（1）將測(cè)量頭的分劃板中心刻線(xiàn)與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第一條亮紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖乙所示．然后轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線(xiàn)與第6條亮紋中心對(duì)齊，記下此時(shí)圖丙中手輪上的示數(shù)______mm，求得相鄰亮紋的間距△x為_(kāi)_____mm．

（2）已知雙縫間距d=2.0×10-4m，測(cè)得雙縫到屏的距離L=0.700m，由計(jì)算公式λ=______求得所測(cè)紅光波長(zhǎng)為（保留兩位有效數(shù)字）______nm．

11、圖甲是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置；重物的質(zhì)量為m.

實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先__________(

選填“接通電源”或“釋放紙帶”).

如圖乙所示，在選定的紙帶上依次取計(jì)數(shù)點(diǎn)ABC

相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén)

且O

為打下的第一個(gè)點(diǎn)，各計(jì)數(shù)點(diǎn)距O

點(diǎn)距離如圖乙所示.

當(dāng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下點(diǎn)B

時(shí)，重物增加的動(dòng)能表達(dá)式為_(kāi)_____________，重物減少的重力勢(shì)能表達(dá)式為_(kāi)_____________.(

已知重力加速度為g)

12、把一線(xiàn)框從一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中拉出，如圖所示.

第一次拉出的速率是v

第二次拉出速率是2v

其它條件不變，則前后兩次拉力大小之比是______，線(xiàn)框產(chǎn)生的熱量之比是______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)13、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

14、電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、只有沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)18、在《用單擺測(cè)定重力加速度》的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用刻度尺測(cè)出從懸點(diǎn)到擺球頂端的懸線(xiàn)長(zhǎng)度為L(zhǎng)，又用游標(biāo)卡尺測(cè)出擺球的直徑為d，則該單擺的擺長(zhǎng)應(yīng)為_(kāi)___。為使周期測(cè)量精確，計(jì)時(shí)起點(diǎn)應(yīng)從擺球經(jīng)過(guò)____開(kāi)始。某同學(xué)在計(jì)時(shí)時(shí)，錯(cuò)將擺球完成30次全振動(dòng)記為31次，則他測(cè)出的重力加速度值比真實(shí)值____(選填：“偏大”或“偏小”)；另一同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)，將擺線(xiàn)的長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)，其它測(cè)量精確，則他測(cè)出的重力加速度值比真實(shí)值____(選填：“偏大”或“偏小”)。評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共1題，共7分)19、硫及其化合物有許多用途，相關(guān)物質(zhì)的物理常數(shù)如下表所示：。rm{H_{2}S}rm{S_{8}}rm{FeS_{2}}rm{SO_{2}}rm{SO_{3}}rm{H_{2}SO_{4}}熔點(diǎn)rm{/隆忙}rm{?85.5}rm{115.2}rm{>600(}分解rm{)}rm{?75.5}rm{16.8}rm{10.3}沸點(diǎn)rm{/隆忙}rm{?60.3}rm{444.6}rm{?10.0}rm{45.0}rm{337.0}rm{337.0}回答下列問(wèn)題：rm{(1)}基態(tài)rm{Fe}原子價(jià)層電子的電子排布圖rm{(}軌道表達(dá)式rm{)}為_(kāi)_________，基態(tài)rm{S}原子電子占據(jù)最高能級(jí)的電子云輪廓圖為_(kāi)________形。rm{(2)}根據(jù)價(jià)層電子對(duì)互斥理論，rm{H_{2}S}rm{SO_{2}}rm{SO_{3}}的氣態(tài)分子中，中心原子價(jià)層電子對(duì)數(shù)不同其他分子的是_________。rm{(3)}圖rm{(a)}為rm{S_{8}}的結(jié)構(gòu)，其熔點(diǎn)和沸點(diǎn)要比二氧化硫的熔點(diǎn)和沸點(diǎn)高很多，主要原因?yàn)開(kāi)_________。rm{(4)}氣態(tài)三氧化硫以單分子形式存在，其分子的立體構(gòu)型為_(kāi)____形，其中共價(jià)鍵的類(lèi)型有______種；固體三氧化硫中存在如圖rm{(b)}所示的三聚分子，該分子中rm{S}原子的雜化軌道類(lèi)型為_(kāi)_______。rm{(5)FeS_{2}}晶體的晶胞如圖rm{(c)}所示rm{.}晶胞邊長(zhǎng)為rm{anm}rm{FeS_{2}}相對(duì)式量為rm{M}阿伏加德羅常數(shù)的值為rm{N_{A}}其晶體密度的計(jì)算表達(dá)式為_(kāi)________rm{g隆隴cm^{?3}}晶胞中rm{Fe^{2+}}位于rm{{S}_{2}^{2-}}所形成的正八面體的體心，該正八面體的邊長(zhǎng)為_(kāi)_____rm{nm}．評(píng)卷人得分六、推斷題(共3題，共18分)20、人工合成有機(jī)化合物rm{H}的路線(xiàn)可簡(jiǎn)單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個(gè)峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱(chēng)rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為_(kāi)_____；rm{C}中官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_____；rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類(lèi)型為_(kāi)_____；rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_____．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為_(kāi)_____．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_____．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構(gòu)體，它同時(shí)符合下列rm{3}個(gè)條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應(yīng)rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{X}可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_____、______rm{(}寫(xiě)出任意兩種rm{)}．21、食品添加劑肉桂酸是一種香精，其合成路線(xiàn)如下：已知：

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{(1)B}的名稱(chēng)是_______________。rm{A}和rm{C}常溫下都是無(wú)色微溶于水的液體，對(duì)兩者進(jìn)行鑒別的試劑是_________________________rm{(2)}上述變化中屬于消去反應(yīng)的是__________rm{(}填反應(yīng)編號(hào)rm{)}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)__________________________________________________反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________rm{(4)}同時(shí)符合下列要求的肉桂酸的同分異構(gòu)體有________種rm{(}不包括肉桂酸rm{)}寫(xiě)出其中一種的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式______________________________。Ⅰrm{.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色22、某芳香酯rm{I}的合成路線(xiàn)如下：已知以下信息：rm{壟脵A隆蘆I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，且rm{B}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{D}的相對(duì)分子質(zhì)量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{壟脷}rm{壟脹}請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{(1)A隆煤B}的反應(yīng)類(lèi)型為_(kāi)___________，rm{G}中所含官能團(tuán)的名稱(chēng)有____________________，rm{E}的名稱(chēng)是______________________________。rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)_____________________________。rm{(3)I}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_____________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分異構(gòu)體還有_______________種。rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H_{2}壟脷}芳香族化合物rm{(5)}據(jù)已有知識(shí)并結(jié)合相關(guān)信息，寫(xiě)出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為原料制備rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路線(xiàn)流程圖rm{(}無(wú)機(jī)試劑任選rm{)}合成路線(xiàn)流程圖示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【解析】試題分析：磁鐵下落過(guò)程中受到線(xiàn)圈的阻力作用，有機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，機(jī)械能減小故ABC錯(cuò)誤；磁鐵由于受線(xiàn)圈的阻力作用機(jī)械能減小，同時(shí)線(xiàn)圈中感應(yīng)電流發(fā)熱，產(chǎn)生內(nèi)能．則由能量守恒知線(xiàn)圈中增加的內(nèi)能是由磁鐵減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化而來(lái)的．故D正確故選D考點(diǎn)：考查了楞次定律的應(yīng)用【解析】【答案】D2、C|D【分析】由圖知在O-1s內(nèi)，甲車(chē)的速度都大于乙車(chē)的速度，所以?xún)绍?chē)逐漸遠(yuǎn)離，A錯(cuò)；在t=10S時(shí),兩車(chē)速度相等，在整個(gè)過(guò)程中兩車(chē)的距離越來(lái)越大，B錯(cuò)；在10~20s內(nèi),甲車(chē)的速度都大于乙車(chē)的速度，所以?xún)绍?chē)逐漸遠(yuǎn)離，C對(duì)；在0?20s內(nèi)，兩車(chē)最遠(yuǎn)距離為折線(xiàn)ABC與橫軸圍成的面積減去折線(xiàn)OBD與橫軸圍成的面積，等于三角形OBA和三角形BCD的面積之和，D對(duì)。【解析】【答案】CD3、A【分析】解：由左手定則可知；正電荷的速度方向豎直向上，因此手掌向外，四指向上，則大拇指向?yàn)槁鍌惼澚Ψ较颍礊樗较蜃?，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．

通過(guò)磁場(chǎng)的方向；電荷的運(yùn)動(dòng)方向；根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向．

解決本題的關(guān)鍵會(huì)通過(guò)左手定則判斷磁場(chǎng)方向、電荷運(yùn)動(dòng)方向、洛倫茲力方向的關(guān)系．【解析】【答案】A4、B【分析】【解析】試題分析：電風(fēng)扇把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，日光燈把電能轉(zhuǎn)化為光能，因此只有電烙鐵把電能完全轉(zhuǎn)化為熱量，故選B考點(diǎn)：考查能量轉(zhuǎn)化【解析】【答案】B5、D【分析】解：

A、B、根據(jù)順著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，則知：電勢(shì)φA＞φB．由圖知，A處電場(chǎng)線(xiàn)疏，B處電場(chǎng)線(xiàn)密，而電場(chǎng)線(xiàn)的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的相對(duì)大小，則場(chǎng)強(qiáng)EA＜EB．故AB錯(cuò)誤．

C；+q從A點(diǎn)移到B點(diǎn)；電場(chǎng)力方向與位移方向的夾角小于90°，則電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤．

D、根據(jù)負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，在電勢(shì)低處電勢(shì)能大，則電荷-q在A處電勢(shì)能小，B處電勢(shì)能大，即EPA＜EPB．故D正確．

故選：D

根據(jù)順著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低；判斷電勢(shì)的高低；根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的疏密分析場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)線(xiàn)越密，場(chǎng)強(qiáng)越大；根據(jù)電場(chǎng)力與位移的夾角，分析電場(chǎng)力做功的正負(fù)；根據(jù)負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，在電勢(shì)低處電勢(shì)能大，分析電勢(shì)能的大?。?/p>

本題關(guān)鍵要掌握電場(chǎng)線(xiàn)的兩個(gè)物理意義：方向表示電勢(shì)高低、疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大?。窘馕觥俊敬鸢浮緿6、D【分析】【分析】根據(jù)物體所受拉力的和摩擦力的大小關(guān)系判斷出物體的運(yùn)動(dòng)，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物體的速度和位移。本題考查了動(dòng)量定理和牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，綜合性較強(qiáng)，難度中等，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練。【解答】A.物體所受的最大靜摩擦力ffmm=婁脤mg=5N=婁脤mg=5N因?yàn)榍?s2s內(nèi)拉力FF小于最大靜摩擦力，所以物體靜止不動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.6s6s內(nèi)，拉力FF對(duì)物體的沖量I=F1t+F2t+F3t=58N隆隴sI={F}_{1}t+{F}_{2}t+{F}_{3}t=58N隆隴s故B錯(cuò)誤；C.6s6s內(nèi)，摩擦力對(duì)物體的沖量I=F1t+2ft=28N隆隴sI={F}_{1}t+2ft=28N隆隴s故C錯(cuò)誤；

D.在2鈭?4s2-4s物體的加速度a1=F鈭?fm=2m/s2，則4s4s末的速度v=a1t=4m/sv=a_{1}t=4m/s

在4鈭?6s4-6s內(nèi)的加速度a2=F鈭?fm=4m/s2，則6s6s末的速度v=4v=4m/s+4隆脕2m/s=12m/s+4隆脕2m/s=12m/s故D正確。

故選D。【解析】D

二、填空題(共6題，共12分)7、CABEF【分析】【分析】婁脗

衰變生成的是電子，婁脕

衰變生成的是婁脕

粒子；裂變是重核裂變成輕核，聚變是輕核生成重核，據(jù)此分析即可。本題難度不大，要知道衰變的生成物還有幾個(gè)典型的核反應(yīng)方程，難度不大，屬于基礎(chǔ)題?！窘獯稹緼

和B

的反應(yīng)生成物里都有電子；屬于婁脗

衰變，C

的反應(yīng)生成物里有婁脕

粒子，是婁脕

衰變；

裂變是重核裂變成輕核；屬于裂變的是E

聚變是輕核生成重核；屬于聚變的是F

故填：CABEF

【解析】CABEF

8、略

【分析】解：甲圖中交變電流的有效值I=Im2=102A=52A

乙圖中交變電流的有效值I隆盲=10A

故交流電的有效值之比為52攏潞10=1攏潞2

故答案為：12

正弦式交流電的有效值I=Im2

乙圖中每一段都可以認(rèn)為是直流電，故有效值等于每一段的大小，故可求得電流的有效值之比。

本題主要考查了交流電的有效值的應(yīng)用，關(guān)鍵是抓住正弦式交流電的最大值與有效值之間滿(mǎn)足Im=2I

關(guān)系【解析】12

9、略

【分析】

由圖看出；粒子的軌跡向下彎曲，粒子所受電場(chǎng)力方向向下，與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，說(shuō)明粒子帶負(fù)電．B處電場(chǎng)線(xiàn)較密，場(chǎng)強(qiáng)較大，粒子在B處所受電場(chǎng)力較大，加速度較大．由圖判斷出來(lái)電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，則粒子在A點(diǎn)動(dòng)能較大，在B點(diǎn)電勢(shì)能較大．由電場(chǎng)線(xiàn)方向可知，A點(diǎn)電勢(shì)較高．

故答案為：負(fù)；B，A，B，A

【解析】【答案】根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷電場(chǎng)力方向：粒子做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)；合力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)．根據(jù)電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向的關(guān)系，確定電性．根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)大小，分析加速度的大小．根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)，判斷動(dòng)能和電勢(shì)能的變化．

10、略

【分析】解：（1）圖乙中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為2mm+0.01×32.0mm=2.320mm；圖丙中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為13.5mm+0.01×37.0mm=13.870mm．

則相鄰條紋間距．

（2）根據(jù)得，代入數(shù)據(jù)得m=6.6×10-7m=6.6×102nm．

故答案為：（1）13.870，2.310，（2）6.6×102

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，需估讀，根據(jù)求出相鄰條紋的間距．

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式求出波長(zhǎng)的表達(dá)式；代入數(shù)據(jù)求出波長(zhǎng)的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式，并能靈活運(yùn)用．【解析】13.870；2.310；6.6×10211、接通電源mgd2【分析】【分析】通過(guò)實(shí)驗(yàn)的原理確定需要測(cè)量的物理量；從而確定不需要的測(cè)量步驟.

實(shí)驗(yàn)時(shí)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接交流電源，先接通電源，再釋放紙帶．

紙帶實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度.

從而求出動(dòng)能.

根據(jù)功能關(guān)系得重力勢(shì)能減小量等于重力做功的數(shù)值。本題考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要熟悉器材的使用，理解實(shí)驗(yàn)原理。要運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式去求解速度大小.

再求出動(dòng)能.

某個(gè)位置的重力勢(shì)能的求解要規(guī)定零勢(shì)能面.

只有明確了實(shí)驗(yàn)原理以及實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)測(cè)量，才能明確各項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作的具體含義，這點(diǎn)要在平時(shí)訓(xùn)練中加強(qiáng)練習(xí)?！窘獯稹渴褂么螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)應(yīng)先交通電源，后釋放紙帶，所以第一個(gè)空應(yīng)填接通電源。打BB點(diǎn)時(shí)物體速度為：v=d3鈭?d12Tv=dfrac{sgs2gqy_{3}-myu00qo_{1}}{2T}物體動(dòng)能：Ek=12mv2=m(d3鈭?d1)28T2

所以重物增加的動(dòng)能表達(dá)式為m(d3鈭?d1)28T2

物體下落的高度為h3,

減少的重力勢(shì)能為攏潞mgdmgd2，所以第三個(gè)空應(yīng)填mgdmgd2。重物減少的重力勢(shì)能表達(dá)式為mgdmgd2

故答案為：接通電源m(d3鈭?d1)28T2dfrac{m{left(e6qwgms_{3}-8og06wa_{1}right)}^{2}}{8{T}^{2}}mgdmgd2

【解析】接通電源m(d3鈭?d1)28T2dfrac{m{left(wksgmok_{3}-q44ks28_{1}right)}^{2}}{8{T}^{2}}mgdmgd2

12、略

【分析】解：設(shè)線(xiàn)框切割磁感線(xiàn)的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

另一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)隆盲

線(xiàn)框受到的安培力：FB=BIL=BLBLvR=B2L2vR

線(xiàn)框勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：拉力F=FB=B2L2vR

拉力與速度v

成正比；則拉力之比為12

線(xiàn)框產(chǎn)生的熱量等于克服安培力做功，Q=FBL隆盲=B2L2vRL隆盲1

則知產(chǎn)生的熱量與速度成正比；故產(chǎn)生的熱量之比為：v2v=12

故答案為：1212

．

由安培力公式求出安培力；由平衡條件求出拉力大小，然后求出拉力大小之比；由P=Fv

求出功率之比；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由功的計(jì)算公式求出線(xiàn)框產(chǎn)生的熱量之比．

本題考查了求拉力之比、產(chǎn)生的熱量之比，先求出各物理量的表達(dá)式，然后再求它們的比值；熟練應(yīng)用基礎(chǔ)知識(shí)，基本公式即可正確解題；本題要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)．【解析】1212

三、判斷題(共5題，共10分)13、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線(xiàn)比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線(xiàn)垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線(xiàn)是人為假想的曲線(xiàn)，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線(xiàn)疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線(xiàn)密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低．15、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線(xiàn)的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線(xiàn)的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線(xiàn)可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線(xiàn)疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線(xiàn)方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線(xiàn)的方向反映電勢(shì)的高低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)18、略

【分析】試題分析：?jiǎn)螖[的擺長(zhǎng)計(jì)算是從懸點(diǎn)到球心的距離，也就是把擺球看做一個(gè)質(zhì)點(diǎn)。一次擺長(zhǎng)為線(xiàn)長(zhǎng)加半徑周期的測(cè)量容易出現(xiàn)較大誤差，因?yàn)閿[動(dòng)過(guò)程中究竟到哪個(gè)位置算最高點(diǎn)無(wú)法準(zhǔn)確判斷，所以我們計(jì)時(shí)起點(diǎn)選為平衡位置最低點(diǎn)，我們可以事先把最低點(diǎn)標(biāo)個(gè)記號(hào)。錯(cuò)將擺球完成30次全振動(dòng)記為31次，則使得測(cè)量的周期偏小，根據(jù)單擺的周期公式得出周期偏小，重力加速度偏大?？键c(diǎn)：?jiǎn)螖[測(cè)定重力加速度【解析】【答案】最低點(diǎn)偏小偏大五、簡(jiǎn)答題(共1題，共7分)19、rm{(1)}啞鈴rm{(}紡錘rm{)}

rm{(2)H_{2}S}

rm{(3)S_{8}}相對(duì)分子質(zhì)量大，分子間范德華力強(qiáng)

rm{(4)}平面三角rm{2}rm{sp^{3}}

rm{(5)dfrac{4M}{{{N}_{{A}}}{{a}^{3}}}times{{10}^{21}}}rm{(5)dfrac{4M}{{{N}_{{A}}}{{a}^{3}}}times

{{10}^{21}}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}a}【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，涉及晶胞計(jì)算、微?？臻g構(gòu)型判斷、原子核外電子排布等知識(shí)點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析判斷、公式的正確運(yùn)用及空間想像能力，難點(diǎn)是晶胞計(jì)算，注意均攤分在晶胞中的靈活運(yùn)用及rm{nm}與rm{cn}之間的換算?！窘獯稹縭m{(1)}基態(tài)rm{Fe}原子的核外價(jià)電子排布式為rm{[Ar]3d^{6}4S^{2}}基態(tài)rm{Fe}原子價(jià)層電子為其rm{3d}rm{4s}能級(jí)上電子，則基態(tài)rm{Fe}原子的核外價(jià)電子排布圖為

基態(tài)rm{S}原子電子占據(jù)的能級(jí)有rm{1s}rm{2s}rm{2p}rm{3s}rm{3p}最高能級(jí)為rm{3p}其電子云輪廓圖為啞鈴形。

故答案為：?jiǎn)♀彛?/p>

rm{(2)H_{2}S}中rm{S}原子價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)rm{=2+dfrac{6-2隆脕1}{2}=4}rm{SO_{2}}中rm{S}原子價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)rm{=2+dfrac{6-2隆脕2}{2}=3}rm{SO_{3}}中rm{S}原子價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)rm{=3+dfrac{6-3隆脕2}{2}=3}中心原子價(jià)層電子對(duì)數(shù)不同于其他分子的是rm{H_{2}S}

故答案為：rm{H_{2}S}

rm{(3)S_{8}}rm{SO_{2}}都分子晶體，分子晶體熔沸點(diǎn)與其分子間作用力成正比，分子間作用力與其相對(duì)分子質(zhì)量成正比，rm{S_{8}}相對(duì)分子質(zhì)量大于rm{SO_{2}}所以分子間作用力rm{S_{8}}大于rm{SO_{2}}導(dǎo)致熔沸點(diǎn)rm{S_{8}}大于rm{SO_{2}}

故答案為：rm{S_{8}}相對(duì)分子質(zhì)量比rm{SO_{2}}大，rm{S_{8}}的分子間作用力大于rm{SO_{2}}

rm{(4)SO_{3}}中rm{S}原子價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)rm{=3+dfrac{6-3隆脕2}{2}=3}且不含孤電子對(duì)，根據(jù)價(jià)層電子對(duì)互斥理論判斷其空間構(gòu)型為平面正三角形；該分子中rm{S-O}原子之間存在共價(jià)鍵，所以共價(jià)鍵類(lèi)型只有一種；該分子中每個(gè)rm{S}原子價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)都是rm{4}根據(jù)價(jià)層電子對(duì)互斥理論判斷rm{S}原子雜化類(lèi)型為rm{sp^{3}}

故答案為：平面正三角；rm{1}rm{sp^{3}}

rm{(5)}晶胞邊長(zhǎng)為rm{anm=a隆脕10^{-7}cm}晶胞體積rm{=(a隆脕10^{-7}cm)^{3}}該晶胞中rm{Fe^{2+}}個(gè)數(shù)rm{=1+12隆脕dfrac{1}{4}=4}rm{S_{2}^{2-}}個(gè)數(shù)rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4}其晶體密度rm{=dfrac{m}{V}=dfrac{dfrac{M}{N_{A}}隆脕4}{(a隆脕10^{-7})^{3}}g/cm^{3}}晶胞中rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac

{1}{2}=4}位于rm{=dfrac{m}{V}=dfrac{dfrac

{M}{N_{A}}隆脕4}{(a隆脕10^{-7})^{3}}g/cm^{3}}所形成的八面體的體心，該正八面體的邊長(zhǎng)為每個(gè)面對(duì)角線(xiàn)長(zhǎng)度的一半rm{=dfrac{1}{2}隆脕sqrt{2}anm=dfrac{sqrt{2}}{2}anm}

故答案為：rm{dfrac{dfrac{M}{N_{A}}隆脕4}{(a隆脕10^{-7})^{3}}}rm{Fe^{2+}}rm{S_{2}^{2-}}【解析】rm{(1)}啞鈴rm{(}紡錘rm{)}rm{(2)H_{2}S}rm{(3)S_{8}}相對(duì)分子質(zhì)量大，分子間范德華力強(qiáng)rm{(4)}平面三角rm{2}rm{sp^{3}}rm{(5)dfrac{4M}{{{N}_{{A}}}{{a}^{3}}}times{{10}^{21}}}rm{(5)dfrac{4M}{{{N}_{{A}}}{{a}^{3}}}times

{{10}^{21}}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}a}六、推斷題(共3題，共18分)20、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機(jī)物推斷；有機(jī)反應(yīng)方程式、同分異構(gòu)體書(shū)寫(xiě)等；注意根據(jù)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}與rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}為rm{A}的名稱(chēng)rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}為含有官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案為：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類(lèi)型為酯化反應(yīng)，rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案為：酯化反應(yīng)；rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

故答案為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}為rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}在一定條件下發(fā)生縮聚反應(yīng)生成的高分子化合物為

故答案為：

rm{(4)E}為rm{E}符合下列條件的rm{(5)F}的rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：rm{F}能發(fā)生水解反應(yīng)，屬于酯類(lèi)rm{3}不含甲基，rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，應(yīng)是甲酸形成的酯，符合條件的rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式有：rm{壟脹}

故答案為：rm{X}．

rm{HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{A}為rm{A}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}rm{C}酸化得到rm{D}為rm{D}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{E}為rm{E}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}rm{G}與rm{CH_{3}CH_{2}OH}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{F}為rm{G}

rm{H}【解析】rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}21、rm{(1)}銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}

rm{(2)壟脺壟脼}

rm{(3)}

rm{(4)4}rm{(}其中的任意一種rm{)}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，需要對(duì)給予的信息進(jìn)行利用，能較好的考查學(xué)生自學(xué)能力，熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，再結(jié)合反應(yīng)條件利用正推法推斷，rm{(4)}中同分異構(gòu)體的書(shū)寫(xiě)是易錯(cuò)點(diǎn)、難點(diǎn)，根據(jù)信息確定苯環(huán)側(cè)鏈?zhǔn)顷P(guān)鍵，難點(diǎn)中等?！窘獯稹扛鶕?jù)題中各物質(zhì)轉(zhuǎn)化關(guān)系可以知道，甲苯在光照條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{A}為在堿性條件下水解生成rm{B}為催化氧化得rm{C}為根據(jù)題中已知信息，與rm{CH_{3}CHO}反應(yīng)加成反應(yīng)生成rm{D}為再加熱脫去水生成rm{E}為再與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{F}為再將醛基氧化成羧基得rm{G}為再在鋅的作用下脫去溴生成肉桂酸，rm{(1)B}為是苯甲醇；rm{A}為rm{C}為可以利用rm{C}中的醛基有還原性來(lái)對(duì)兩者進(jìn)行鑒別，也可以利用rm{A}中的氯原子水解后生成氯離子，用硝酸銀溶液來(lái)鑒別，所以可以用銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}故答案為：銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道屬于消去反應(yīng)的是：rm{壟脺}醇脫水生成碳碳雙鍵和反應(yīng)；rm{壟脼}脫去兩個(gè)溴生成碳碳雙鍵，故答案為：rm{壟脺壟脼}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為反應(yīng)rm{壟脵}是甲苯光照條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，方程式為：反應(yīng)rm{壟脷}是在堿性條件下水解生成rm{B}為化學(xué)反應(yīng)方程式為故答案為：rm{(4)}同時(shí)符合下列要求：rm{I.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)，說(shuō)明