2025年粵教滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，電路中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r（不能忽略）。當滑動變阻器的滑動觸片從圖示位置向右滑動時，下列說法正確的是（）

A.路端電壓不變B.路端電壓變小C.小燈泡L1變暗D.小燈泡L2變暗2、關于液體，下列說法不正確的是（）A.水是浸潤液體，水銀是不浸潤液體B.草葉上的露珠呈球形是表面張力引起的C.粉筆能把紙上的墨水吸干是毛細現(xiàn)象D.液體表面層的分子間隙稍大于液體內(nèi)部分子間隙3、有關電動勢的說法中正確的是（）A.當電路中通過1C電量時，電源消耗的其他形式能的數(shù)值等于電源電動勢的數(shù)值B.電源提供的電能越多，電源的電動勢越大C.電源的電動勢越大，也就是電源內(nèi)儲存的電荷越多D.電源的電動勢反映了電源將電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能的本領4、如圖所示，一個物體在與水平方向成角的拉力F的作用下勻速前進，經(jīng)過一段時間關于幾個力的沖量，下列說法中正確的是

重力的沖量為mgt

拉力對物體的沖量為

摩擦力對物體沖量為

合外力對物體的沖量為Ft．A.B.C.D.5、下列說法不正確的是（）A.經(jīng)過一次衰變后變?yōu)锽.由核反應方程式可以判斷X為電子C.核反應方程為輕核聚變D.16g鉍210經(jīng)過15天時間，還剩2g未衰變，則鉍210的半衰期為5天6、如圖,一個禮花彈豎直上升到最高點時炸裂成三塊碎片,其中一塊碎片首先沿豎直方向落至地面,另兩塊碎片稍后一些同時落至地面.則在禮花彈炸裂后的瞬間這三塊碎片的運動方向可能是()A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示為一理想變壓器，K為單刀雙擲開關，P為滑動變阻器的滑動觸頭，原線圈兩端的電壓為U1，原線圈中的電流強度為I1；則：

A.保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，I1將增大B.保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，R消耗的功率減小C.保持U1不變，K合在a處，使P上滑，I1將增大D.保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，I1將變小8、氫原子部分能級的示意圖如圖所示．不同色光的光子能量如下表所示.處于某激發(fā)態(tài)的氫原子；發(fā)射的光的譜線在可見光范圍內(nèi)僅有2條，其顏色分別為()

。色光。

紅。

橙。

黃。

綠。

藍－靛。

紫。

光子能量范圍(eV)

1.61～2.00

2.0～2.07

2.07～2.14

2.14～2.53

2.53～2.76

2.76～3.10

A.紅光、B.黃光C.藍－靛光D.紫光9、一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A開始經(jīng)歷三個不同的過程I、Ⅱ、Ⅲ到狀態(tài)B、C、D，狀態(tài)B、C、D的體積相同。過程I是等溫膨脹過程；過程Ⅱ是等壓膨脹過程，過程Ⅲ是絕熱膨脹過程。關于三個過程和三個狀態(tài)有關參量的比較，正確的是（）A.D三個狀態(tài)，C狀態(tài)的溫度最高B.Ⅱ過程對外做的功最多C.三個狀態(tài)的D相比較，D狀態(tài)分子數(shù)密度最小E.只有狀態(tài)D的內(nèi)能小于狀態(tài)A的內(nèi)能E.只有狀態(tài)D的內(nèi)能小于狀態(tài)A的內(nèi)能10、下列說法正確的是（）A.布朗運動是懸浮在液體中的固體分子的運動B.氣體分子總數(shù)不變，而氣體溫度升高，氣體分子的平均動能增大，因此壓強必然增大C.對于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱E.氣體的擴散運動總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行E.氣體的擴散運動總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行11、如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極之間的電勢差，現(xiàn)使B板帶正電，A板帶負電，則下列說法正確的是（）

A.將A板稍微向右移，靜電計指針張角將變小B.若將A板稍微向上移，靜電計指針張角將變小C.若將A板拿走，靜電計指針張角不為零D.若將玻璃板插入兩極板之間，靜電計指針張角將變小12、如圖所示為一定質(zhì)量理想氣體的壓強p與體積V的關系圖象，氣體狀態(tài)經(jīng)歷A→B→C→A完成一次循環(huán)，A狀態(tài)的溫度為290K，下列說法正確的是()

A.A→B的過程中，每個氣體分子的動能都增加B.B→C的過程中，氣體溫度先升高后降低C.C→A的過程中，氣體溫度一定減小D.B，C兩個狀態(tài)溫度相同，均為580K13、如圖所示，一由玻璃制成的直角三棱鏡ABC，其中AB＝AC，該三棱鏡對紅光的折射率大于．一束平行于BC邊的白光射到AB面上．光束先在AB面折射后射到BC面上，接著又從AC面射出．下列說法正確的是________．

A.各色光在AB面的折射角都小于30°B.各色光在BC面的入射角都大于45°C.有的色光可能不在BC面發(fā)生全反射E.從AC面射出的光束一定平行于BC邊E.從AC面射出的光束一定平行于BC邊評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時間之比為__________。15、某實驗愛好者設計了模擬路燈光控電路，利用光敏電阻作為光傳感器，配合使用斯密特觸發(fā)器來控制電路，他設計的電路如圖，他所使用的斯密特觸發(fā)器的輸入端信號____（“可以”或“不可以”）連續(xù)變化，為了更加節(jié)能，讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1___一些（“增大”或“減小”）。16、熱平衡的性質(zhì)：達到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。17、熱平衡：兩個相互接觸的熱力學系統(tǒng)，經(jīng)過一段時間，各自的狀態(tài)參量_______，說明兩個系統(tǒng)達到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。18、一個電流表的滿偏電流內(nèi)阻要把它改裝成一個量程為的電壓表，則應在電流表上__________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個__________的電阻。19、關鍵環(huán)節(jié)題組：如圖所示,平行板電容器的板間距和板長均是L,有一帶電粒子(質(zhì)量為電荷量為-)從電容器左上角邊緣以初速度平行上板打入；能從另一側打出，求：

（1）帶電粒子在勻強磁場中的最小半徑____________

（2）兩板間有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為的范圍__________________

（3）兩板間有垂直兩板向上的勻強電場，電場強度為的范圍_____20、質(zhì)譜儀是分離同位素的重要儀器，其原理如圖所示，帶等量異種電荷的兩平行金屬板P1，P2之間的電壓為U，一個帶負電的粒子（不計重力）從P1板中由靜止釋放，之后從O點進入另一磁感應強度為B的勻強磁場中，在洛侖磁力的作用下，粒子做勻速圓周運動，經(jīng)過半個圓周后打在擋板MN上的A點。已知粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，可以判斷粒子帶________電，OA兩點間的距離為________21、有一個教學用的可拆變壓器；如圖甲所示，它有兩個外觀基本相同的線圈A；B，線圈外部還可以繞線．

(1)某同學用一多用電表的同一歐姆擋先后測量了A、B線圈的電阻值，指針分別對應圖乙中的A、B位置，由此可推斷________線圈的匝數(shù)較多(選填“A”或“B”)．

(2)如果把它看成理想變壓器，現(xiàn)要測定A線圈的匝數(shù)，提供的器材有：一根足夠長的絕緣導線、一只多用電表和低壓交流電源，請簡要敘述實驗的步驟(寫出要測的物理量，并用字母表示)________;A線圈的匝數(shù)為nA＝________.(用所測物理量符號表示).22、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學將質(zhì)量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運動時壓力傳感器的示數(shù)．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實驗數(shù)據(jù)后；根據(jù)數(shù)據(jù)做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質(zhì)量M=____kg（保留小數(shù)點后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數(shù)點后兩位）

（3）不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運動的時間______________（填“相同”或“不相同”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共3題，共21分)26、現(xiàn)代瓷器燒制通常采用電加熱式氣窯。某次燒制前，封閉在窯內(nèi)的氣體溫度為27℃，壓強為p0，需要的燒制溫度為927℃。為避免窯內(nèi)氣壓過高，窯上有一個單向排氣閥，當窯內(nèi)氣壓達到2p0時；單向排氣閥變?yōu)殚_通狀態(tài)。窯內(nèi)氣體溫度均勻且逐漸升高。求∶

（1）單向排氣閥開始排氣時；窯內(nèi)氣體溫度；

（2）本次燒制排出的氣體占原有氣體質(zhì)量的比例。

27、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中D→A為等溫線，氣體在狀態(tài)A時溫度為TA=300K；求：

(1)氣體在狀態(tài)C時溫度TC；

(2)若氣體在A→B過程中吸熱1000J，則在A→B過程中氣體內(nèi)能如何變化？變化了多少？

28、如圖所示，足夠大的平行擋板A1，A2豎直放置，間距為6L.兩板間存在兩個方向相反的勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，以水平面yN為理想分界面．Ⅰ區(qū)的磁感應強度為B0，方向垂直紙面向外，A1，A2上各有位置正對的小孔S1，S2，兩孔與分界面yN的距離為L.質(zhì)量為m，電量為＋q的粒子經(jīng)寬度為d的勻強電場由靜止加速后，沿水平方向從S1進入Ⅰ區(qū)，并直接偏轉(zhuǎn)到y(tǒng)N上的P點，再進入Ⅱ區(qū)．P點與A1板的距離是L的k倍．不計重力；碰到擋板的粒子不予考慮．

(1)若k＝1，求勻強電場的電場強度E；

(2)若2<k<3，且粒子沿水平方向從S2射出，求出粒子在磁場中的速度大小v與k的關系式和Ⅱ區(qū)的磁感應強度B與k的關系式．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律有

當滑動觸片從圖示位置向右滑動時，接入電路的電阻變大，故滑動變阻器與燈L2的并聯(lián)總電阻增大，可知總電流減小，又因為

所以路端電壓增大；故AB錯誤；

CD．由于干路總電流減小，故燈泡L1變暗，其兩端電壓減小，由于路端電壓增大，則可知并聯(lián)電路兩端電壓增大，即燈泡L2兩端電壓增大，所以燈泡L2變亮；故C正確，D錯誤。

故選C。2、A【分析】【詳解】

A．浸潤與不浸潤是相對的；水銀對玻璃來說是不浸潤液體，但不是對任何固體都是不浸潤，故A錯誤，符合題意；

B．液體表面的分子分布比液體內(nèi)部分子的分布要稀疏；故存在液體的表面張力，草葉上的露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故B正確，不符合題意；

C．粉筆吸墨水是因為粉筆內(nèi)部有很多細小的通道；屬于毛細現(xiàn)象，故C正確，不符合題意；

D．液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離；分子力表現(xiàn)為引力，因此液體表面存在張力，故D正確，不符合題意。

故選A。3、A【分析】A；電動勢在數(shù)值上等于將1C正電荷在電源內(nèi)從負極移到正極時非靜電力做的功；當電路中通過1庫侖電量時，電源消耗的其他形式能的數(shù)值等于電源電動勢的值．故A正確．B、電動勢表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，電動勢在數(shù)值上等于將1C正電荷在電源內(nèi)從負極移到正極時非靜電力做的功，與電源提供的電能的多少無關．故B錯誤．C、電動勢表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，電動勢在數(shù)值上等于將1C正電荷在電源內(nèi)從負極移到正極時非靜電力做的功，與電源內(nèi)部儲存的電能的多少無關，故C錯誤．D、電動勢表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，電動勢越大的電源，將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領越大，故D錯誤．故選A。

【點睛】本題考查對電動勢的理解．關鍵抓住電動勢的物理意義和電動勢的定義式。4、A【分析】【詳解】

重力的沖量大小為mgt，正確；

拉力的沖量大小為Ft，錯誤；

物體做勻速直線運動，可知摩擦力

則摩擦力的沖量大小為

正確；

物體做勻速直線運動，合外力為0，所以合外力的沖量為

錯誤。

故選A。5、C【分析】【詳解】

釉核經(jīng)過一次衰變后，電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4．變?yōu)殁Q核A正確；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，x的電荷數(shù)為-1，質(zhì)量數(shù)為0，可知x為電子，B正確；輕核聚變反應為C錯誤；根據(jù)可得解得天，D正確．6、D【分析】禮花彈炸裂的瞬間動量守恒，因炸裂前的總動量為豎直向上的方向，則炸裂后總動量也是豎直向上，水平方向的總動量為零，因一碎塊沿豎直方向先落地，可知其速度方向豎直向下，則禮花彈炸裂后的瞬間這三塊碎片的運動方向可能是D，故選D.二、多選題(共7題，共14分)7、A:B【分析】【詳解】

保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，所以副線圈功率變大，而原線圈功率等于副線圈功率，所以原線圈功率變大，根據(jù)可得I1將增大，故A正確；保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，原線圈匝數(shù)變大，副線圈電壓變小，根據(jù)知功率變小，故B正確；保持U1不變，K合在a處，使P上滑時，R增大，而電壓不變，所以副線圈電流變小，根據(jù)可知I1將減小，故C錯誤；保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，則副線圈電壓增大，所以副線圈電流變大，根據(jù)可知I1將變大，故D錯誤．8、A:C【分析】【詳解】

如果激發(fā)態(tài)的氫原子處于第二能級，能夠發(fā)出10.2eV的光子，不屬于可見光；如果激發(fā)態(tài)的氫原子處于第三能級，能夠發(fā)出12.09eV、10.2eV、1.89eV的三種光子，只有1.89eV屬于可見光；如果激發(fā)態(tài)的氫原子處于第四能級，能夠發(fā)出12.75eV、12.09eV、10.2eV、2.55eV、1.89eV、0.66eV的六種光子，1.89eV和2.55eV屬于可見光，1.89eV的光子為紅光，2.55eV的光子為藍-靛光，故選AC。9、A:B:E【分析】【詳解】

A．過程I是等溫膨脹過程，根據(jù)玻意耳定律可知當體積增大時，壓強減小；過程Ⅱ是等壓膨脹過程，根據(jù)蓋呂薩克定律可知當體積增大時，溫度升高；過程Ⅲ是絕熱膨脹過程，根據(jù)熱力學第一定律

體積增大時；氣體對外做功，故內(nèi)能減小，又因為理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關，所以可得溫度降低，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，當溫度降低，體積增大時，壓強減?。痪C合可得C狀態(tài)的溫度最高，A正確；

B．根據(jù)前面分析；Ⅱ過程中壓強不變，Ⅰ；Ⅲ過程中壓強都減小，同時狀態(tài)B、C、D的體積變化量相同，可知Ⅱ過程對外做的功最多，B正確；

C．三個狀態(tài)的B；C、D的體積相同；所以分子數(shù)密度相同，C錯誤；

D．根據(jù)前面分析；Ⅱ過程對外做的功最多，末狀態(tài)的溫度最高即內(nèi)能最大，根據(jù)熱力學第一定律可知該過程吸收的熱量最多，D錯誤；

E．理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關；只有狀態(tài)D的溫度低于狀態(tài)A，所以只有狀態(tài)D的內(nèi)能小于狀態(tài)A的內(nèi)能，E正確。

故選ABE。10、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動；反映了液體分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；

B．如果氣體分子總數(shù)不變；而氣體溫度升高，氣體分子的平均動能增大，若同時體積增大，則單位時間碰撞到單位面積上的分子數(shù)減少，壓強不一定增大，故B錯誤；

C．對于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，氣體對外做功，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

知溫度升高；則氣體內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體一定從外界吸熱，故C正確；

D．晶體有一定的熔化溫度；非晶體沒有一定的熔化溫度，故D正確；

E．根據(jù)熵增加原理可知：氣體的擴散運動總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行；故E正確。

故選CDE。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．將A板稍微向右移，即減小兩極板之間的距離，由電容的決定式

可知，電容增大，電容器的電量不變，由

可知；板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故A正確；

B．將A板稍微上移時，正對面積減小，由電容的決定式

可知，電容增小，電量不變，由

可知；板間電壓增大，靜電計指針張角變大，故B錯誤；

C．若將A板拿走；B板上帶電量不變，靜電計相當于驗電器，指針張角不為零，故C正確；

D．將玻璃板插入兩板之間，電容的決定式

可知，電容增大，電量不變，由

可知；板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故D正確。

故選ACD。12、B:C【分析】【詳解】

A→B的過程中，體積不變，壓強變大，則溫度升高，分子平均動能變大，但并非每個氣體分子的動能都增加，選項A錯誤；BC兩態(tài)的PV乘積相等，可知BC兩態(tài)的溫度相同，由數(shù)學知識可知，B→C的過程中，PV乘積先增加后減小，則氣體溫度先升高后降低，選項B正確；C→A的過程中，氣體壓強不變，體積減小，根據(jù)V/T=K可知則氣體的溫度一定減小，選項C正確；對AB兩態(tài)，由查理定律：即解得TB=3×290K=870K，則B、C兩個狀態(tài)溫度相同，均為870K，選項D錯誤；故選BC.13、A:B:E【分析】【分析】

由臨界角的范圍；由臨界角公式求出折射率的范圍，從而確定各色光的折射角大小，根據(jù)臨界角的性質(zhì)確定能否發(fā)生發(fā)全射，并根據(jù)幾何關系和折射定律確定各色光的位置．

【詳解】

設光在AB面的折射角為α，由折射定律知，解得sinα＜即各色光在AB面的折射角都小于30°，故A正確；由幾何關系知，各色光射向BC面時，入射角都大于45°，故B正確；由臨界角公式sinθ=1/n知，各色光全反射的臨界角都小于45°，各色光都在BC面發(fā)生全反射，故C錯誤；從AC面射出的光束一定平行于BC邊，由于紅光射向BC面時的入射角最大，故紅光射到AC面時處于最下方，故E正確，D錯誤．故選ABE．三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

粒子進入磁場時，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，速度的偏向角等于軌跡對應的圓心角，再可求出軌跡對應的圓心角由求解時間之比；根據(jù)幾何知識求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設圓柱形區(qū)域為R。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時，粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為所以軌跡半徑之比：時間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點睛】

本題關鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運用幾何知識求出半徑關系，就能正確解答【解析】111:12：315、略

【分析】【分析】

光敏電阻的電阻隨光照增強而減??；天暗時，電阻比較大，光敏電阻兩端的電勢差比較大，則輸入門電路為高電勢，而另一輸入端為低電勢，最后路燈亮；天亮時，光敏電阻比較小，則光敏電阻兩端的電勢差比較小，則輸入門電路為低電勢，而另一輸入端為低電勢，路燈熄滅。

【詳解】

斯密特觸發(fā)器的工作原理是：當加在它的輸入端A的電壓逐漸上升到某個值（1.6V）時；輸出端Y會突然從高電平跳到低電平（0.25V），而當輸入端A的電壓下降到另一個值的時候（0.8V），Y會從低電平突然跳到高電平（3.4V）。天暗時，光敏電阻阻值大，A端的電勢升高，當A段的電勢升高到一定的值時，經(jīng)過非門，輸出端Y為低電勢，LED導通，路燈亮，故斯密特觸發(fā)器的輸入端信號可以連續(xù)變化；

R1調(diào)大時，天更暗時，光敏電阻變大，才導致分壓變大，則A端的電勢高，輸出端Y為低電勢，LED燈亮，故讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1增大一些?！窘馕觥靠梢栽龃?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化18、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據(jù)電表的改裝的特點，需串聯(lián)一個電阻分壓，依據(jù)歐姆定律【解析】串聯(lián)19、略

【分析】【詳解】

（1）當恰好能恰能從下極板邊緣飛出粒子運動的半徑最??；如圖：

由幾何關系可知，粒子的最小半徑為：Rmin=L

（2）設粒子在磁場中運動的半徑為R，由洛倫茲力提供向心力，則得qvB=m

得

可得：

可知，當半徑最小時對應的速度最小，則v0≥

（3）由于板間電場強度方向豎直向上；粒子帶負電，可知加速度的方向向下。

-q粒子在水平方向上勻速運動；在豎直方向上向下勻加速運動，則有。

水平方向：L=v0t

豎直方向：L=at2

又由牛頓第二定律得

聯(lián)立解得，

可知若粒子穿過電場，則：v0≥

【點睛】

本題中帶電粒子在組合場中運動，要掌握類平拋運動的研究方法：運動的合成和分解，磁場中畫軌跡是解題的關鍵?！窘馕觥浚?）L（2）v0≥（3）v0≥20、略

【分析】【分析】

帶電粒子在加速電場中電場力做功等于粒子動能的增加量；由動能定理可以求得粒子進入磁場時的速度v；帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，在磁場中運動半個圓周后打在A點，根據(jù)左手定則判斷粒子的電性；洛倫茲力提供向心力；O；A兩點間的距離是圓的直徑．

【詳解】

帶電粒子在加速電場中加速，在磁場中向上偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可知，粒子帶負電；由動能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m解得：

O、A兩點間的距離：x=2r=

【點睛】

本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是解題的關鍵，應用動能定理與牛頓第二定律可以解題．【解析】負21、略

【分析】【詳解】

(1)由題圖乙可知A位置的阻值大于B位置的阻值，由電阻定律可得A線圈的匝數(shù)多于B線圈的．

(2)①用長導線繞一個n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；

②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；

③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA.

因為要測量A線圈匝數(shù)，所以要把A線圈與低壓交流電源相連接．變壓器輸入輸出電壓都是交流電，所以要用交流電壓檔測輸入和輸出電壓．根據(jù)變壓器電壓比等于匝數(shù)比，有:所以

【點睛】

此題既要對多用表能正確使用，又要對變壓器的原理熟練掌握，綜合要求較高．【解析】(1)A(2)①用長導線繞一個n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA；22、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當m=0時，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對小球受力分析；根據(jù)平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ；

根據(jù)牛頓第三定律可知；小球?qū)的壓力為mgcosθ；

對A受力分析可知；傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據(jù)牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運動情況完全相同，所以運動的時間也相同．

考點：研究加速度與物體質(zhì)量；受力的關系.

【名師點睛】

本題考查研究加速度與物體質(zhì)量、受力的關系實驗；解題的關鍵是搞清實驗的原理及分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數(shù)F與m的表達式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作圖題(共3題，共15分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描