2025年牛津上海版選擇性必修2物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年牛津上海版選擇性必修2物理上冊(cè)月考試卷671考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖甲所示，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的圖像如圖乙所示，則（）

A.時(shí)線框的磁通量變化率為零B.時(shí)線框平面與中性面重合C.線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)有效值為D.線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的頻率為2、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)限定在一個(gè)圓形區(qū)域內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為q，初速度大小為v的帶電粒子沿磁場(chǎng)區(qū)域的直徑方向從P點(diǎn)射入磁場(chǎng)，從Q點(diǎn)沿半徑方向射出磁場(chǎng)，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向與射入磁場(chǎng)時(shí)相比偏轉(zhuǎn)了θ角，忽略重力及粒子間的相互作用力，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.粒子帶正電B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡長(zhǎng)度為C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑為3、如圖所示；甲是回旋加速器，乙是磁流體發(fā)電機(jī)，丙是速度選擇器，丁是霍爾元件，下列說(shuō)法正確的是（）

A.甲圖要增大粒子的最大動(dòng)能，可增加電壓B.乙圖可判斷出A極板是發(fā)電機(jī)的正極C.丙圖可以判斷出帶電粒子的電性，粒子能夠沿直線勻速通過(guò)速度選擇器的條件是D.丁圖中若載流子帶負(fù)電，穩(wěn)定時(shí)D板電勢(shì)高4、如圖所示，導(dǎo)線框abcd與通電直導(dǎo)線固定在同一平面內(nèi)，直導(dǎo)線中通有圖示方向的電流I，當(dāng)電流I增大時(shí)；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.線框中將產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，線框?qū)⑹艿剿较蛴业陌才嗔.線框中將產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，線框?qū)⑹艿剿较蜃蟮陌才嗔.線框中將產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，線框?qū)⑹艿剿较蜃蟮陌才嗔.線框中將產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，線框?qū)⑹艿剿较蛴业陌才嗔?、遠(yuǎn)距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，輸電線上的電阻為R.變壓器為理想變壓器；則下列關(guān)系式中正確的是()

A.B.I2＝C.I1U1＝I22RD.I1U1＝I2U2評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示的電路中，理想變壓器輸入的交流電壓不變；開(kāi)關(guān)K閉合后，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電流表A示數(shù)變大B.電壓表V示數(shù)不變C.變壓器的輸入功率變大D.燈變亮7、矩形線圈的匝數(shù)為50匝；在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖所示。下列結(jié)論正確的是（）

A.在t=0.1s和t=0.3s時(shí)，電動(dòng)勢(shì)最大B.在t=0.2s和t=0.4s時(shí)，電動(dòng)勢(shì)改變方向C.電動(dòng)勢(shì)的最大值是157VD.在t=0.4s時(shí)，磁通量變化率最大，其值為3.14Wb/s8、遠(yuǎn)距離輸電線路簡(jiǎn)化如圖所示，電廠輸送電功率不變，變壓器均為理想變壓器，圖中標(biāo)示了電壓和電流，其中輸電線總電阻為R；則（）

A.B.輸電線損失的電功率為C.提高輸送電壓U2，則輸電線電流I2減小D.電廠輸送電功率為U2I29、如圖甲；用強(qiáng)磁場(chǎng)將百萬(wàn)度高溫的等離子體（等量的正離子和電子）約束在特定區(qū)域?qū)崿F(xiàn)受控核聚變的裝置叫托克馬克。我國(guó)托克馬克裝置在世界上首次實(shí)現(xiàn)了穩(wěn)定運(yùn)行100秒的成績(jī)。多個(gè)磁場(chǎng)才能實(shí)現(xiàn)磁約束，其中之一叫縱向場(chǎng)，圖乙為其橫截面的示意圖，越靠管的右側(cè)磁場(chǎng)越強(qiáng)。盡管等離子體在該截面上運(yùn)動(dòng)的曲率半徑遠(yuǎn)小于管的截面半徑，但如果只有縱向場(chǎng)，帶電粒子還會(huì)逐步向管壁“漂移”，導(dǎo)致約束失敗。不計(jì)粒子重力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.正離子在縱向場(chǎng)中沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)B.發(fā)生漂移是因?yàn)閹щ娏Ｗ拥乃俣冗^(guò)大C.正離子向左側(cè)漂移，電子向右側(cè)漂移D.正離子向下側(cè)漂移，電子向上側(cè)漂移10、筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件。當(dāng)顯示屏開(kāi)啟時(shí)磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進(jìn)入休眠狀態(tài)。如圖所示，一塊寬為a、高為b、長(zhǎng)為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元件，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是電荷量為e的自由電子，當(dāng)顯示屏閉合時(shí)元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，當(dāng)通入方向向右的電流I后，元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓U；以此控制屏幕的熄滅。則元件的（）

A.前表面的電勢(shì)比后表面的高B.前、后表面間的電壓U與I無(wú)關(guān)C.前、后表面間的電壓U與b成反比D.自由電子受到的洛倫茲力大小為11、磁流體發(fā)電機(jī)的原理如圖所示，現(xiàn)持續(xù)將一束速度為v的等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負(fù)電的微粒，而整體呈中性）垂直于磁場(chǎng)方向噴入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在相距為d、寬為a、長(zhǎng)為b的兩平行金屬板A、B間便產(chǎn)生電壓。如果把上、下板和一電流表及阻值為R電阻連接，上、下板就是一個(gè)直流電源的兩極。穩(wěn)定時(shí)電流表的示數(shù)為I；等離子體在兩板間可認(rèn)為均勻分布，忽略邊緣效應(yīng)，不計(jì)等離子體的重力和電流表的內(nèi)阻，下列判斷正確的是（）

A.B板相當(dāng)于電源的負(fù)極B.B板兩端的電壓U=BdvC.兩板間等離子體的電阻率D.若增大B兩板間的距離，電流表的示數(shù)可能不變12、如圖，abcd是邊長(zhǎng)L=0.1m、質(zhì)量m=0.01kg的正方形導(dǎo)線框，框面豎直，線框每條邊的電阻均為0.01線框下方有一足夠?qū)挼膭驈?qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T，方向與線框平面垂直，讓線框從距磁場(chǎng)上邊界h=5m處自由下落（ab平行于上邊界），不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2。下列說(shuō)法正確的是（）

A.cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，通過(guò)cd邊的電流方向從d到cB.cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，cd兩端的電勢(shì)差為0.1VC.線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱等于重力勢(shì)能減少量D.線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)cd邊的電荷量為0.1C13、如圖甲所示，垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的正方形導(dǎo)體框abcd，已知磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，t=0時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里；則得出下列說(shuō)法正確的是（）

A.在0~2t0時(shí)間內(nèi)，線圈磁通量的變化量為B.在0~2t0時(shí)間內(nèi)，線圈中的感應(yīng)電流方向始終為adcbaC.在0~t0時(shí)間內(nèi)和t0~2t0時(shí)間內(nèi)ab邊受到的安培力方向相同D.在0~2t0時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線圈導(dǎo)線橫截面的電荷量為14、如圖所示，寬為的兩固定足夠長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，空間存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為質(zhì)量均為電阻值均為的兩導(dǎo)體棒和靜止置于導(dǎo)軌上，其間距也為現(xiàn)給一向右的初速度對(duì)它們之后的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程說(shuō)法正確的是()

A.的加速度越來(lái)越大，的加速度越來(lái)越小B.克服安培力所做的總功為C.通過(guò)的電荷量為D.兩導(dǎo)體棒間的距離最終變?yōu)樵u(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖所示，相距為l的平行直導(dǎo)軌ab、cd，b、d間連有一固定電阻R，導(dǎo)軌電阻可忽略不計(jì)。MN為放在ab和cd上的一導(dǎo)體桿，與ab垂直，其電阻也為R。整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌所在平面（指向圖中紙面內(nèi)）?，F(xiàn)對(duì)MN施力使它沿導(dǎo)軌方向以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)。令U表示MN兩端電壓的大小，則U＝____。

16、若v⊥B，此時(shí)初速度方向、洛倫茲力的方向均與磁場(chǎng)方向______，粒子在垂直于______方向的平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)．

（1）洛倫茲力與粒子的運(yùn)動(dòng)方向______，只改變粒子速度的______，不改變粒子速度的______．

（2）帶電粒子在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做______運(yùn)動(dòng)，______力提供向心力．17、電視信號(hào)的接收：電視機(jī)接收到的高頻電磁波信號(hào)經(jīng)過(guò)_________將得到的信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)閳D像信號(hào)和伴音信號(hào)。18、某LC振蕩回路的電容器的電容是可變的，線圈不可變，當(dāng)電容器電容為C1時(shí)，它激起的電磁波波長(zhǎng)為當(dāng)電容器電容為C2時(shí)，它激起的電磁波波長(zhǎng)為當(dāng)電容器電容C=C1+C2時(shí)，它激起的電磁波波長(zhǎng)=______（結(jié)果用表達(dá)）。19、原理：______現(xiàn)象是變壓器工作的基礎(chǔ)。原線圈中電流的大小、方向在不斷變化，鐵芯中激發(fā)的______也不斷變化，變化的磁場(chǎng)在副線圈中產(chǎn)生__________20、如圖1所示，厚度為h，寬度為d的導(dǎo)體板放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于板的兩個(gè)側(cè)面向里，當(dāng)電流通過(guò)導(dǎo)體板時(shí)，在導(dǎo)體板的上側(cè)面A和下側(cè)面A′之間會(huì)產(chǎn)生電勢(shì)差；這種現(xiàn)象稱(chēng)為霍爾效應(yīng)，這種導(dǎo)體板做成磁敏元件。當(dāng)前大量使用的磁傳感器就是由磁敏元件與集成電路制作的。

（1）若圖中的電流I是電子的定向運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，則導(dǎo)體板的上側(cè)面電勢(shì)比下側(cè)面電勢(shì)__________（高或低）

（2）設(shè)該導(dǎo)體板單位體積中自由電子的個(gè)數(shù)為n，導(dǎo)體板的寬度為d，通過(guò)導(dǎo)體板的電流為I，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電子電荷量為e，發(fā)生霍爾效應(yīng)時(shí)，導(dǎo)體板上下側(cè)面間的電勢(shì)差為_(kāi)_________21、某發(fā)電站的輸出功率為104kW，輸出電壓為4kV，通過(guò)理想變壓器升壓后向125km遠(yuǎn)處用戶供電．已知輸電線的電阻率為ρ＝2.4×10－8Ω·m，導(dǎo)線橫截面積為1.5×10－4m2，輸電線路損失的功率為輸出功率的4%，求：所用的理想升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是______，如果用戶用電器的額定電壓為220V，所用理想降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比是______.評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)22、在圖中畫(huà)出或說(shuō)明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場(chǎng)力的方向。

23、要在居民樓的樓道安裝一個(gè)插座和一個(gè)電燈；電燈由光敏開(kāi)關(guān)和聲敏開(kāi)關(guān)控制，光敏開(kāi)關(guān)在天黑時(shí)自動(dòng)閉合，天亮?xí)r自動(dòng)斷開(kāi)；聲敏開(kāi)關(guān)在有聲音時(shí)自動(dòng)閉合，無(wú)聲音時(shí)自動(dòng)斷開(kāi)。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時(shí)電燈自動(dòng)亮，插座隨時(shí)可用。

24、在“探究楞次定律”的實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)記錄了實(shí)驗(yàn)過(guò)程的三個(gè)情境圖，其中有兩個(gè)記錄不全，請(qǐng)將其補(bǔ)充完整。

25、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時(shí)，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評(píng)卷人得分五、解答題(共1題，共2分)26、如果分別用220V和11kV兩種電壓來(lái)輸電，設(shè)輸送的電功率、輸電線上功率損失、導(dǎo)線的長(zhǎng)度和電阻率都相同，求兩次輸電所用導(dǎo)線的橫截面積之比。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．時(shí)；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則此時(shí)線框的磁通量變化率最大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．時(shí)；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則線框平面與中性面重合，選項(xiàng)B正確；

C．線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)最大值為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的頻率為。

選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向；由左手定則可以判斷出粒子帶正電，A不符合題意；

B．由洛倫茲力提供向心力可得

解得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，其軌跡的半徑為

由幾何關(guān)系可知其對(duì)應(yīng)的圓心角為則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡長(zhǎng)度為

B不符合題意；

C．粒子做勻速運(yùn)動(dòng)的周期為

則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

C不符合題意；

D．設(shè)圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑為R，由

解得

D符合題意。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)

可得

結(jié)合可知粒子的最大動(dòng)能為

粒子的最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，要增大粒子的最大動(dòng)能，可增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B和金屬盒半徑R；故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)左手定則，可知正電荷向B極板偏轉(zhuǎn)，則B極板是發(fā)電機(jī)的正極；故B錯(cuò)誤；

C．速度選擇器選擇的是帶電粒子的速度，但丙圖無(wú)法判斷出帶電粒子的電性，根據(jù)

可得粒子能夠沿直線勻速通過(guò)速度選擇器的條件是

故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)左手定則可知，帶負(fù)電的載流子受到洛倫茲力方向向左，即向C板偏轉(zhuǎn)，故穩(wěn)定時(shí)D板電勢(shì)高，故D正確。4、A【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可知，直導(dǎo)線右側(cè)磁場(chǎng)方向垂直直面向里，當(dāng)導(dǎo)線中電流增大時(shí)，穿過(guò)線框的向里的磁感線條數(shù)增多，由楞次定律可知，線圈會(huì)產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流。根據(jù)左手定則對(duì)線框受力分析可知線框ab邊受到的安培力方向水平向右，cd邊受到的安培力方向水平向左，因?yàn)閍b處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于cd處的磁感應(yīng)強(qiáng)度，由安培力表達(dá)式可知ab邊受到的安培力大于cd邊；故線框合力向右，A正確。

故選A。5、D【分析】【詳解】

試題分析：理想變壓器原副線圈兩端的電壓與線圈的匝數(shù)成正比，有：＝由能量守恒定律可知：P1＝I1U1＝P2＝I2U2，故選項(xiàng)D正確；因此＝故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；輸電線兩端的電壓應(yīng)為升壓器副線圈兩端電壓與降壓器原線圈兩端電壓U3之差，因此根據(jù)歐姆定律有：I2＝故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；降壓器的輸入功率為：P3＝I2U3，因此有：I1U1＝I22R＋I(xiàn)2U3；故選項(xiàng)C錯(cuò)誤．

考點(diǎn)：本題主要考查了遠(yuǎn)距離輸電的應(yīng)用問(wèn)題，屬于中檔題．二、多選題(共9題，共18分)6、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．開(kāi)關(guān)K閉合后，負(fù)載多并入一個(gè)支路電阻，負(fù)載總電阻變小，由于原線圈輸入電壓和匝數(shù)比不變。副線圈輸出電壓也不變，因此，流過(guò)副線圈的輸出電流變大，輸入電流隨之變大；因此電流表示數(shù)變大，故A項(xiàng)正確；

B．由于流過(guò)干路電阻R的電流變大，所以電阻R分得的電壓變大；并聯(lián)電路的電壓變小，所以電壓表示數(shù)變小，故B項(xiàng)錯(cuò)誤：

C．由前述分析可知，輸入電壓不變而輸入電流變大，根據(jù)

可知輸入功率變大；故C項(xiàng)正確；

D．燈兩端電壓變?。涣鬟^(guò)的電流也變小，因此會(huì)變暗，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選AC。7、C:D【分析】【詳解】

A.在t=0.1s和t=0.3s時(shí)；磁通量最大，線圈位于中性面，電動(dòng)勢(shì)為零最小，故A錯(cuò)誤；

B.在t=0.2s和t=0.4s時(shí)；磁通量為零，線圈垂直于中性面，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，但電動(dòng)勢(shì)方向不變，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)磁通量隨時(shí)間的變化規(guī)律圖知，BS=0.2Wb，T=0.4s，故電動(dòng)勢(shì)的最大值

故C正確；

D.在t=0.4s時(shí)，磁通量為零，線圈位于中性面，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，磁通量變化率最大，根據(jù)

解得

故D正確。

故選CD。8、C:D【分析】【詳解】

A．由于輸電線總電阻為R，輸電線上有電壓降U線＜U2

根據(jù)歐姆定律得

故A錯(cuò)誤；

B．輸電線上有功率損失

故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)P=UI

知在輸送功率不變的情況下，增大U2，I2減??；故C正確；

D．理想變壓器不改變電功率U2I2=U1I1

故電廠輸送電功率為U2I2；故D正確。

故選CD。9、A:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)左手定則可判斷出正離子在縱向場(chǎng)中沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)；故A正確；

B．因?yàn)樽笥覂蛇叴艌?chǎng)強(qiáng)度不一樣；導(dǎo)致左右的半徑不同，所以發(fā)生偏移；

CD．根據(jù)

得

發(fā)現(xiàn)B越大，R越小，所以右邊部分的R大于左邊部分的R；結(jié)合左手定則判斷出正離子就會(huì)向下側(cè)漂移，電子向上側(cè)漂移，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。10、A:C:D【分析】【詳解】

A．由圖知電流從左向右流動(dòng)；因此電子的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閺挠蚁蜃?，根?jù)左手定則可知電子偏轉(zhuǎn)到后面表，因此前表面的電勢(shì)比后表面的高，故A正確；

D．電子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，有

故

故D正確；

BC．由

則電壓

故前后表面的電壓與I有關(guān)，與b成反比；故B錯(cuò)誤C正確。

故選ACD。11、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)左手定則可知；正電荷向上偏轉(zhuǎn)，負(fù)電荷向下偏轉(zhuǎn)，故A板相當(dāng)于電源的正極，B板相當(dāng)于電源的負(fù)極，A正確；

B．當(dāng)平衡時(shí)有：

解得電源的電動(dòng)勢(shì)為：

而兩板間的電壓相當(dāng)于路端電壓，由于電阻的存在，所以兩板間的電壓B錯(cuò)誤；

C．穩(wěn)定時(shí)，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得：

又：

聯(lián)立解得：

C正確；

D．若增大A；B兩板間的距離；則產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)增大，電流增大，電流表示數(shù)增大，D錯(cuò)誤。

故選AC。12、A:D【分析】【詳解】

A．由右手定則可知，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，通過(guò)cd邊的電流方向從d到c；故A正確；

B．由機(jī)械能守恒定律可得

則cd邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度為

則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

故cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，cd兩端的電勢(shì)差為

故B錯(cuò)誤；

C．cd邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，線框中的電流為

cd邊受到的安培力大小為

因?yàn)镕>mg；所以線框進(jìn)入磁場(chǎng)后做減速運(yùn)動(dòng)，線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱等于重力勢(shì)能減少量與動(dòng)能減少量之和，故C錯(cuò)誤；

D．線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)cd邊的電荷量為

故D正確。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．在0~2t0時(shí)間內(nèi)，線圈磁通量的變化量為

選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．在0～t0時(shí)間內(nèi)磁通量向里面減小，因此感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba，在t0~2t0時(shí)間內(nèi)磁通量向外增加，線圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba；選項(xiàng)B正確；

C．根據(jù)左手定則可知，在0~t0時(shí)間內(nèi)ab邊受到的安培力方向向左，在t0~2t0時(shí)間內(nèi)ab邊受到的安培力方向向右，在0~t0時(shí)間內(nèi)和t0~2t0時(shí)間內(nèi)ab邊受到的安培力方向相反；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．在0～2t0時(shí)間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

根據(jù)閉合電路歐姆定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為

通過(guò)線圈導(dǎo)線橫截面的電荷量

選項(xiàng)D正確。

故選BD。14、C:D【分析】【詳解】

A．給cd一向右的初速度v0，根據(jù)右手定則可知電流方向?yàn)閏dba，根據(jù)左手定則可知cd桿安培力方向向后，做減速運(yùn)動(dòng)，ab做加速運(yùn)動(dòng)，兩棒的安培力大小相同，兩導(dǎo)體棒的電動(dòng)勢(shì)相互抵消，因此切割磁場(chǎng)的速度相當(dāng)于兩導(dǎo)體棒的相對(duì)速度，因cd棒加速，ab棒減速，相對(duì)速度越來(lái)越小，因此

可知ab、cd的加速度越來(lái)越??；故A錯(cuò)誤；

B．當(dāng)cd向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到向左的安培力減速，而ab受向右的安培力而加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者共速時(shí)滿足：mv0=2mv

對(duì)cd棒：

故B錯(cuò)誤；

C．對(duì)ab根據(jù)動(dòng)量定理可得：BILt=mv，解得：

故C正確；

D．設(shè)最后兩根桿相對(duì)運(yùn)動(dòng)的距離為x，根據(jù)電荷量的公式可得：

解得：

所以兩導(dǎo)體棒間的距離最終變?yōu)楣蔇正確。

故選CD。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

[1]感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，電路中的電流大小為

MN兩端電壓的大小為【解析】BLv16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】垂直磁場(chǎng)垂直方向大小勻速圓周洛倫茲17、略

【解析】解調(diào)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

利用波動(dòng)公式，有

代入數(shù)據(jù)，有

當(dāng)電容為前面兩電容之和時(shí)，有

聯(lián)立，可得【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.互感②.磁場(chǎng)③.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]規(guī)定電流方向與負(fù)電荷定向移動(dòng)的方向相反，由于電流的方向向右，則電子移動(dòng)的方向向左，由左手定則可知電子會(huì)向A即上側(cè)面偏轉(zhuǎn)；故上側(cè)面的電勢(shì)低于下側(cè)面的電勢(shì)。

（2）[2]發(fā)生霍爾效應(yīng)時(shí)，根據(jù)受力平衡可知

根據(jù)電流的微觀表達(dá)式有

聯(lián)立解得【解析】低21、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)電阻定律得出輸電線的電阻；根據(jù)輸電線上損失的功率求出輸電線上的電流，從而根據(jù)P=UI求出升壓變壓器的輸出電壓；根據(jù)輸電線上的電流和電阻求出輸電線上的電壓損失；根據(jù)變壓比公式求解升壓變壓器原；副線圈的匝數(shù)比；

（2）根據(jù)輸出電壓和電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓；結(jié)合電壓之比等于原副線圈的匝數(shù)之比求出降壓變壓器的原副線圈匝數(shù)之比．

【詳解】

（1）遠(yuǎn)距離輸電的示意圖，如圖所示：

導(dǎo)線電阻：R線=ρ

代入數(shù)據(jù)得：R=40Ω

升壓變壓器副線圈電流：I2=I線

又I2R線=4%P

解得：I2=100A

根據(jù)P=U2I2

得：U2=100kV

根據(jù)變壓比公式，有：

（2）降壓變壓器的輸入電壓為：U3