2025年冀教版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列說法中正確的是（）A.做簡諧運動的物體，經過同一位置的速度總相同B.做簡諧運動的物體，經過同一位置的動能總相同C.做簡諧運動的物體，在半個周期內回復力做功一定為零D.做簡諧運動的物體，在任一周期內路程一定為零2、用照相機照了一個全身像后，若要再照一個半身像，則下列正確的做法是（）A.人離照相機遠些，并將照相機的暗箱調長B.人離照相機遠些，并將照相機的暗箱調短C.人離照相機近些，并將照相機的暗箱調短D.人離照相機近些，并將照相機的暗箱調長3、如圖所示，有一面積為S，匝數(shù)為N，電阻為R的矩形線圈放置在磁感應強度大小恒為B的磁場中，磁場方向垂直于線框的對稱軸OO′，現(xiàn)讓線圈繞OO′以角速度ω按圖示方向勻速轉動，從圖示位置開始計時，轉過的過程中，感應電動勢隨時間變化的規(guī)律以及感應電流的方向，判斷正確的是（）A.e=NBSωsin（ωt），電流方向為abcdaB.e=NBSωcos（ωt），電流方向為abcdaC.e=NBSωsin（ωt），電流方向為adcbaD.e=NBSωcos（ωt），電流方向為adcba4、如圖是某攝影師“追拍法”的成功之作，在該攝影師眼中清晰的飛翔的小鳥是靜止的，而模糊的背景是運動的，攝影師用自己的方式表達了運動之美．請問攝影師選擇的參考系是（）A.地面B.靜止的樹木C.飛翔的小鳥E.地面E.地面5、如圖所示，三個燈泡是相同的，而且耐壓足夠，電源內阻忽略.

當S

接A

時，三個燈亮度相同，那S

接B

時；下列說法正確的是()

A.三個燈亮度相同B.甲燈最亮，丙燈不亮C.甲燈和乙燈亮度相同，丙燈不亮D.乙燈比甲燈亮，丙燈不亮評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、如圖所示，在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為-4×10-6C的點電荷從A點移到M板，電場力做負功8×10-4J，把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為4×10-4J，N板接地。則（1）A點的電勢是（2）M板的電勢是7、三個定值電阻，R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω。把它們串聯(lián)在電路中，消耗的電功率之比為________；把它們并聯(lián)在電路中，消耗的電功率之比為________。8、用打點計時器做測定勻變速直線運動的加速度實驗中，打點計時器使用的交流的頻率是50Hz，得到一條紙帶(一部分)如圖所示，從0開始，取1、2、3、4、5為五個計數(shù)點，紙帶旁放了一把刻度尺．（1）由圖可知，記數(shù)點2到0點的距離是________．（2）可以計算出小車的加速度的大小是________；方向是________．9、如圖所示，當航天飛機在環(huán)繞地球的軌道上飛行時，從中釋放一顆衛(wèi)星，衛(wèi)星與航天飛機保持相對靜止，兩者用導電纜繩相連，這種衛(wèi)星稱為繩系衛(wèi)星，利用它可以進行多種科學實驗．現(xiàn)有一顆繩系衛(wèi)星在地球赤道上空由東往西方向運行．衛(wèi)星位于航天飛機正上方，它與航天飛機間的距離約20km，衛(wèi)星所在位置的地磁場沿水平方向由南往北約5×10-5T．如果航天飛機和衛(wèi)星的運行速度約8km/s，則纜繩中的感應電動勢大小為______V，______端電勢高（填“A”或“B”）．10、如圖，金屬桿ab的質量為m，長為L，通過的電流為I，處在磁感應強度為B的勻強磁場中，結果ab靜止且緊壓于水平導軌上.若磁場方向與導軌平面成θ角，則棒ab受到的摩擦力的大小為，方向。11、如果將電風扇的電源線插在沒有帶接地線的插座板上使用，當人體碰觸到電風扇的金屬外殼時，會有觸電的感覺，這是由于電路出現(xiàn)漏電______（填“靜電感應”或“電路出現(xiàn)漏電”）造成的．12、2010

年1

月4

日，828

米高的全球最高樓--哈里發(fā)大樓(

此前稱為“迪拜塔”)

舉行了落成啟用典禮，如圖所示.

風速曾是修建的關鍵，一旦風速超過每秒70

米，就必須停止施工，假設風速以v=70m/s

的速度推進，空氣的密度婁脩=1.3kg/m3

建筑工人的高度h=1.7m

平均寬度d=25cm

風遇到建筑工人后的速度可認為是零，大風對建筑工人的沖擊力表達式為______，由此估算沖擊力大小為______．13、歷史上首先預言電磁波存在的物理學家是______(

填“麥克斯韋”或“赫茲”)

他認為變化的磁場會產生電場．14、某高速公路邊交通警示牌有如圖所示標記，其意義是指車輛的______速度（填“瞬時”或“平均”）不得超過______km/h．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共14分)22、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)24、某同學采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內電阻。已知干電池的電動勢約為1．5V，內阻約為1Ω；電壓表(0～3V，3kΩ)、電流表(0～0．6A，1．0Ω)、滑動變阻器有R1(10Ω，2A)和R2(100Ω，0．1A)各一只．(1)實驗中滑動變阻器應選用____(填“R1”或“R2”)。(2)在圖乙中用筆畫線代替導線連接實驗電路。(3)在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的U－I圖線，由圖可較準確地求出該電源電動勢E＝____V；內阻，r=____Ω。評卷人得分六、計算題(共3題，共30分)25、（16分）如圖所示，真空中有以O′為圓心，r為半徑的圓形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度為B。圓的最下端與x軸相切于直角坐標原點O，圓的右端與平行于y軸的虛線MN相切，在虛線MN右側x軸上方足夠大的范圍內有方向豎直向下、場強大小為E的勻強電場，在坐標系第四象限存在方向垂直紙面向里、磁感應強度大小也為B的勻強磁場，現(xiàn)從坐標原點O沿y軸正方向發(fā)射速率相同的質子，質子在磁場中做半徑為r的勻速圓周運動，然后進入電場到達x軸上的C點。已知質子帶電量為+q，質量為m，不計質子的重力、質子對電磁場的影響及質子間的相互作用力。求：（1）質子剛進入電場時的速度方向和大?。唬?）OC間的距離；（3）若質子到達C點后經過第四限的磁場后恰好被放在x軸上D點處（圖上未畫出）的一檢測裝置俘獲，此后質子將不能再返回電場，則CD間的距離為多少。26、如圖所示為氫原子最低的五個能級，當氫原子在這些能級間躍遷時，試求：在哪兩個能級間躍遷時，所發(fā)出光子波長最長？波長是多少？(

已知普朗克常數(shù)h=6.63隆脕10鈭?34J隆隴s)

27、所圖所示，匝數(shù)N=100、截面積s=1.0×10-2m2、電阻r=0.15Ω的線圈內有方向垂直于線圈平面向上的隨時間均勻增加的勻強磁場B1，其變化率k=0.80T/s。線圈通過開關S連接兩根相互平行、間距d=0.20m的豎直導軌，下端連接阻值R=0.50Ω的電阻。一根阻值也為0.50Ω、質量m=1.0×10-2kg的導體棒ab擱置在等高的擋條上。在豎直導軌間的區(qū)域僅有垂直紙面的不隨時間變化的勻強磁場B2．接通開關S后；棒對擋條的壓力恰好為零。假設棒始終與導軌垂直，且與導軌接觸良好，不計摩擦阻力和導軌電阻。

（1）求磁感應強度B2的大??；并指出磁場方向；

（2）斷開開關S后撤去擋條，棒開始下滑，經t=0.25s后下降了h=0.29m，求此過程棒上產生的熱量。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B|C【分析】做簡諧運動的物體，在經過同一位置時，速度大小一定相等，當速度方向可能相同也可能相反，所以動能總相同，所以A錯誤，B正確，由簡諧運動的對稱性可知，相隔半個周期的兩個點的速度大小相等，所以回復力作用為零，C正確，做簡諧運動的物體，在任意周期內路程大小為4A。所以D錯誤，【解析】【答案】BC2、D【分析】【解答】用照相機給某人拍完全身像以后；改為半身像，人頭變大，像變大，減小物距，同時增大像距．

所以要減小鏡頭與人之間的距離；增大鏡頭和底片之間的距離，即人離照相機近些，并將照相機的暗箱調長．

故選D．

【分析】（1）凸透鏡成實像時，物距減小，像距增大，像增大．（2）物體到鏡頭的距離是物距，底片上能成像，底片和鏡頭之間的距離是像距．3、D【分析】解：圖示時刻，dc速度方向向里，ab速度方向向外，根據(jù)右手定則判斷出ab中感應電流方向為b→a，cd中電流方向為d→c，線圈中感應電流的方向為adcba

線圈中的感應電動勢為E=NBSω；從與中性面垂直的面開始計時，故e=NBωScos（ωt），故D正確；

故選：D

根據(jù)右手定則判斷感應電流的方向．圖示時刻ad、bc兩邊垂直切割磁感線；根據(jù)感應電動勢公式求解線圈中的感應電動勢．圖示時刻線圈中產生的感應電動勢最大。

本題研究交變電流的產生規(guī)律，實質上是電磁感應知識的具體應用，是右手定則、法拉第電磁感應定律等知識的綜合應用【解析】【答案】D4、C【分析】解：由于小鳥和攝影記者以相同的速度運動；故以小鳥作為參考系，記者是靜止的，故小鳥的圖片是清晰的，但由于背景相對于小鳥是運動的所以背景相對于攝像機是運動的，所以拍攝的背景是模糊的．故在“追拍法”中攝影師選擇的參考系是小鳥，故C正確．

故選C．

由于在“追拍法”中小鳥和攝影記者以相同的速度運動；故運動員的圖片是清晰的．背景相對于運動員是運動的，所以拍攝的背景是模糊的．

同一運動選擇不同的參考系，觀察到的結果往往不同．【解析】【答案】C5、D【分析】當S

接B

時，電源為直流電，電路穩(wěn)定后，L

的直流電阻最?。灰覠糇盍?，C

不能通過直流電，丙燈不亮，甲燈與原來亮度相同，ABC

錯，D

對。

【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】試題分析：（1）因為N板接地，所以故根據(jù)把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功，所以由可得因為故（2）根據(jù)A點移到M板，電場力做負功8×10-4J，可得而故考點：考查了電場力做功，電勢【解析】【答案】-100v-300v7、略

【分析】試題分析：當三個電阻串聯(lián)時，電流相等，則由P=I2R可知；功率與電阻成正比；故功率之比為：1：2：3；三個電阻并聯(lián)時，電壓相等，則由可知，電功率與電阻成反比；故功率之比為：考點：串并聯(lián)電路的特點；電功率.【解析】【答案】1:2:3；6:3:2；8、略

【分析】【解析】【答案】（1）_____________________；（2）____________________；________。9、8000B【分析】解：金屬纜繩在切割地磁場；產生感應電動勢，為：

E=BLv=5×10-5T×20000m×8000m/s=8000V

根據(jù)右手定則；感應電動勢的方向由A指向B，故B點的電勢較高；

故答案為：8000；B．

金屬纜繩在切割地磁場；從而產生感應電動勢；根據(jù)公式E=BLv求解感應電動勢，根據(jù)右手定則判斷感應電動勢的方向．

本題關鍵是根據(jù)E=BLv求解感應電動勢的大小，根據(jù)右手定則判斷感應電動勢的方向，基礎問題．【解析】8000B10、略

【分析】試題分析：作出金屬桿受力的主視圖，如圖．根據(jù)平衡條件得安培力所以方向水平向右考點：安培力；共點力平衡的條件及其應用【解析】【答案】方向水平向右11、略

【分析】解：使物體帶電的方式有三種：摩擦起電；感應起電、接觸起電．

靜電感應：把電荷移近導體；可以使導體帶電；

感應起電：是使物體中的正負電荷分開；使電荷從物體的一部分轉移到另一部分；

當人體碰觸到電風扇的金屬外殼時；會有觸電的感覺，這是由于電路出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象．

故答案為：靜電感應．

使物體帶電的方式有三種；由電荷守恒定律可知，無論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉移或從物體的一部分轉移到另一部分，電荷的總量保持不變．

掌握各種使物體帶電的方式，知道無論無論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉移或從物體的一部分轉移到另一部分，電荷的總量保持不變．【解析】靜電感應12、略

【分析】解：1s

中吹向人體的空氣質量m=婁脩vthd

則以這部分空氣為研究對象；由動量定理可知：

Ft=0鈭?mv

解得：F=鈭?mvt=婁脩v2hd

代入數(shù)據(jù)得：

F=1.3隆脕702隆脕1.7隆脕0.25NN=2707N

故答案為：婁脩v2hd2707

．

可取單位時間的空氣吹向人體；則密度公式求出空氣的質量；再由動量定理即可求出空氣的沖擊力．

本題考查動量定理的應用，注意應先取單位時間的空氣為研究對象，由動量定理求解．【解析】婁脩v2hd2707N

13、略

【分析】解：預言電磁波存在的物理學家是麥克斯韋.

赫茲通過實驗對此進行了證實．

故答案為：麥克斯韋。

根據(jù)物理學史和常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻即可．

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一．【解析】麥克斯韋14、瞬時90【分析】解：交通警示牌是指汽車的限速標志；是要求車輛行駛的速度不在任一時刻均不可超過該速度；故應為瞬時速度；

故答案為：瞬時；90．

警示牌所示為汽車行駛的瞬時速度；表示汽車任一時刻的速度均不能大于該速度．

本題考查瞬時速度的定義，明確限速限的是任一時刻的瞬時速度，不是平均速度．【解析】瞬時90三、判斷題(共7題，共14分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．四、畫圖題(共2題，共14分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】五、實驗題(共1題，共9分)24、略

【分析】【解析】試題分析：（1）在電路中最大電流不超過電流表量程，此時電路總電阻不超過2.5Ω，選用就足夠了，選用不好調節(jié)。（2）電路連接原則：從正極到負極，先干路再支路，先串聯(lián)再并聯(lián)，連接電路如下圖（3）U－I圖線和縱軸的交點為電源電動勢，圖線的斜率為電源內阻，所以電動勢為1.48V，內阻為1.84Ω考點：測定電源電動勢和內電阻【解析】【答案】（1）（2）答案見解析（3）1.48，1.84六、計算題(共3題，共30分)25、略

【分析】【解析】試題分析：（1）由qvB=得方向沿x軸正方向（2）質子電場中運動時間由牛頓第二定律qE=ma由題意可知x1=ON=r電場中x2=NC=vOC間的距離為x=x1+x2=r+（3）豎直方向的速度設質子合速度為質子合速度與x軸正向夾角的正弦值sinθ=x3="CD="2Rsinθ運動半徑x3="CD="2●==考點：考查帶電粒子在復合場中的運動【解析】【答案】（1）方向沿x軸正方向（2）r+（3）26、解：氫原子由第五能級向第四能級躍遷時，能級差最小，輻射的光子波長最長。

根據(jù)h婁脥=E5鈭?E4=鈭?0.54鈭?(鈭?0.85)eV=0.31eV

得婁脣=hcE5鈭?E4=4.01隆脕10鈭?6m

【分析】當兩個能級間能級差最小時；發(fā)出的光子波長最長。

解決本題的關鍵知道能級躍遷時，輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，能級差越小，光子頻率越小，波長越長?！窘馕觥拷猓簹湓佑傻谖迥芗壪虻谒哪芗壾S遷時，