2025年滬科版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示電路中，電源電動勢E，內(nèi)阻r，閉合開關S，當R1的滑動觸頭向右移動時，電壓表V1的示數(shù)變化ΔU1，電壓表V2的示數(shù)變化ΔU2，ΔU1、ΔU2均為其變化的絕對值；則（??）

A.ΔU1=ΔU2B.ΔU1<ΔU2C.ΔU1>ΔU2D.不能判斷ΔU1、ΔU2的大小關系2、如右圖所示，是四只電阻的I－U圖像，這四只電阻并聯(lián)起來使用時，通過各只電阻的電流強度分別是I1、I2、I3、I4，則（）

A.I1＞I2＞I3＞I4B.I1=I2=I3=I4C.I1＜I2＜I3＜I4D.無法判斷3、如圖所示的電路；是用一個靈敏電流計G和一個變阻器R改裝成的量程更大的電表，下列判斷正確的是（）

A.改裝成了電流表，R增大時量程減小B.改裝成了電流表，R增大時量程增大C.改裝成了電壓表，R增大時量程減小D.改裝成了電壓表，R增大時量程增大4、如圖所示，矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的轉動軸O0勻速轉動產(chǎn)生的交流電動勢e＝100sin100πt（V）．下列說法正確的是（）

A.交流電的頻率為100HzB.交流電動勢的有效值為100VC.當線圈轉到如圖所示的位置時電動勢為最大D.當線圈轉到如圖所示的位置時穿過線圈的磁通量為零5、電路中有一段金屬絲長為電阻為要使電阻變?yōu)橄铝蟹椒尚械氖牵ǎ〢.將金屬絲拉長至B.將金屬絲拉長至C.將金屬絲對折后擰成一股D.將金屬絲兩端的電壓提高到原來的倍評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n=1250匝，橫截面積S=20cm2，螺旋管導線電阻r=1Ω，R1=4Ω，R2=5Ω，C=20μF。在一段時間內(nèi)，豎直向下穿過螺線管的磁場的磁感應強度B按如圖乙所示的規(guī)律變化，則下列說法中正確的是（）

A.螺線管中產(chǎn)生的感應電動勢為1000VB.閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，電容器下極板帶負電C.閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，通過電阻R1的電流為0.1AD.閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，再斷開S，以后流經(jīng)R2的電量為7、以下說法正確的是（）A.玻璃打碎后不容易把它們拼在一起，這是由于分子間斥力的作用B.焦耳測定了熱功當量后，為能的轉化和守恒定律奠定了實驗基礎C.液體表面層分子間引力大于液體內(nèi)部分子間引力是表面張力產(chǎn)生的原因E.懸浮在液體中的顆粒越小，小顆粒受到各個方向液體分子的沖擊力就越不平衡，布朗運動就越明顯E.懸浮在液體中的顆粒越小，小顆粒受到各個方向液體分子的沖擊力就越不平衡，布朗運動就越明顯8、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程①、②、③、④到達狀態(tài)e，對此氣體，下列說法正確的是（）

A.過程①中氣體溫度升高，外界對氣體不做功B.過程④中氣體壓強增大，放出熱量C.狀態(tài)c、d的內(nèi)能相等D.狀態(tài)b的壓強比狀態(tài)c的壓強大9、有一定質(zhì)量的理想氣體，其壓強隨熱力學溫度的變化的圖象如圖所示，理想氣體經(jīng)歷了的循環(huán)過程。下列分析正確的是（）

A.過程中氣體吸收熱量B.四個狀態(tài)中，只有狀態(tài)時理想氣體分子的平均動能最大C.過程氣體對外界做功，并從外界吸收熱量E.四個狀態(tài)中，狀態(tài)時氣體的體積最小E.四個狀態(tài)中，狀態(tài)時氣體的體積最小10、下列說法正確的是()E.當系統(tǒng)做受迫振動時，如果驅動力的頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時，受迫振動的振幅最大A.單縫衍射實驗中，縫越寬，條紋越亮，衍射現(xiàn)象越明顯B.光纖通信，醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都利用了光的全反射原理C.機械波傳播過程中，某質(zhì)點在一個周期內(nèi)向前移動一個波長的距離E.E.評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)11、關于飽和汽與飽和汽壓，氣體和液體之間的動態(tài)平衡是指汽化和液化同時進行的過程，且進行的速率___，一定溫度下的飽和汽壓與體積___（選填“有關”、“無關”）。12、等容變化：一定質(zhì)量的某種氣體，在______不變時，壓強隨溫度變化的過程。13、對于一定質(zhì)量的理想氣體，以p、V、T三個狀態(tài)參量中的兩個為坐標軸建立直角坐標系；在坐標系上描點能直觀地表示這兩個參量的數(shù)值．如圖甲；圖乙和圖丙所示，三個坐標系中，兩個點都表示相同質(zhì)量某種理想氣體的兩個狀態(tài)．根據(jù)坐標系中不同點的位置來比較第三個參量的大?。?/p>

(1)p－T圖象(圖甲)中A、B兩個狀態(tài)；________狀態(tài)體積小．

(2)V－T圖象(圖乙)中C、D兩個狀態(tài)；________狀態(tài)壓強?。?/p>

(3)p－V圖象(圖丙)中E、F兩個狀態(tài)，________狀態(tài)溫度低．14、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，已知狀態(tài)A的壓強為則狀態(tài)B的壓強___________；B到C過程中氣體___________（選填“吸熱”“放熱”或“與外界無熱交換”）．

15、假定兩個分子的距離為無窮遠時，它們的分子勢能為0，使一個分子固定，另一個分子在外力作用下從無窮遠逐漸向它靠近，直至相距很近很近，整個過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源吸收的熱量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。16、反射規(guī)律：反射線、法線與入射線在同一_______內(nèi)，反射線與入射線分居_______兩側，反射角_______入射角。17、如圖所示，質(zhì)量為m的導體棒a從h高處由靜止起沿足夠長的光滑導電軌道滑下，另一質(zhì)量為2m的導體棒b靜止在寬為L的光滑水平導軌上，在水平軌道區(qū)域有垂直于軌道平面向上的勻強磁場，磁感應強度為B，a、b導體棒不會相碰，重力加速度取g，則a、b導體棒的最終的共同速度為__________，回路中最多能產(chǎn)生焦耳熱為__________．

18、下列關于單擺的認識說法正確的是________E.擺球運動到平衡位置時，合力為零評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)22、利用如圖甲所示電路，測量一個量程為的電壓表的內(nèi)阻。

（1）按圖甲所示電路，用鉛筆畫線代替導線將圖乙中的實物連接___________。

（2）實驗步驟如下；并填寫步驟一；二中的相關內(nèi)容。

第一步：將滑動變阻器的滑動觸頭調(diào)到___________端（填a或b），再將電阻箱的阻值調(diào)到___________（填“零”或“最大”）；然后閉合開關S；

第二步：___________（填寫該步驟）；

第三步：保持滑動變阻器滑動端不動，僅調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使電壓表的示數(shù)為讀出此時電阻箱的阻值；

第四步；斷開開關S。

（3）若在第三步中讀出的則這該電壓表的內(nèi)阻為___________使用這種方法測出的電壓表的內(nèi)阻與真實值相比___________（填“偏大”或“偏小”）評卷人得分六、解答題(共4題，共24分)23、如圖所示，導熱性能良好的汽缸由兩部分組成，上端封閉下端開口，兩部分汽缸的高度均為其中上、下兩汽缸的截面均為圓形，兩截面的面積分別為S、質(zhì)量分別為m、的活塞M、N將理想氣體甲、乙封閉在汽缸中。當環(huán)境的溫度為且系統(tǒng)平衡時，兩活塞均位于兩汽缸的正中央位置；如果將環(huán)境的溫度降低到（未知），活塞N剛好升到下汽缸的頂部，且與下汽缸頂無壓力，該過程理想氣體乙向外界放出的熱量為Q。已知大氣壓強為重力加速度為g；不計活塞與缸壁的摩擦。求：

（1）降溫后的環(huán)境溫度為多少？

（2）上述過程中；理想氣體乙減少的內(nèi)能為多少？

24、如圖所示，一圓柱形絕熱氣缸內(nèi)置加熱絲（不計加熱絲質(zhì)量），絕熱活塞下端連一彈簧，開始時活塞在氣缸的正中間，氣缸的質(zhì)量為mo，活塞的橫截面積為S，氣缸總長度為L，缸內(nèi)氣體溫度為To，外界大氣壓強為po，重力加速度為g．現(xiàn)在加熱絲開始緩慢加熱，直至活塞剛好靜止在氣缸缸口AB處時停止加熱．已知該理想氣體的內(nèi)能與熱力學溫度成正比，即U=kT，k為常數(shù)；求：

(1)停止加熱時氣缸內(nèi)的溫度；

(2)該過程中氣體吸收的熱量．

25、如圖甲所示，相隔一定距離的豎直邊界兩側為相同的勻強磁場區(qū)，磁場方向垂直紙面向里，在邊界上固定兩長為L的平行金屬極板MN和PQ，兩極板中心各有一小孔兩極板間電壓的變化規(guī)律如圖乙所示，正反向電壓的大小均為周期為．在時刻將一個質(zhì)量為電量為（）的粒子由靜止釋放，粒子在電場力的作用下向右運動，在時刻通過垂直于邊界進入右側磁場區(qū)．（不計粒子重力；不考慮極板外的電場）

（1）求粒子到達時的速度大小和極板距離

（2）為使粒子不與極板相撞；求磁感應強度的大小應滿足的條件．

（3）若已保證了粒子未與極板相撞，為使粒子在時刻再次到達且速度恰好為零，求該過程中粒子在磁場內(nèi)運動的時間和磁感強度的大小26、如圖所示，長為0.5m、內(nèi)壁光滑的氣缸定在水平面上，氣缸內(nèi)用橫截面積為100cm2的活塞封閉有壓強為1×105Pa、溫度為27℃的理想氣體，開始時活塞位于距缸底30cm處．現(xiàn)對封閉的理想氣體加熱，使活塞緩慢向右移動．(已知大氣壓強為1×105Pa)

①試計算當溫度升高到427℃時；缸內(nèi)封閉氣體的壓強；

②若在此過程中封閉氣體共吸收了800J的熱量，試計算氣體增加的內(nèi)能．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

當R1的滑動觸頭向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，分析得知，R2兩端電壓U2增大，路端電壓U減小，而

則知，R1兩端電壓U1減小，而且ΔU1>ΔU2

故選C。2、C【分析】【詳解】

由于在I-U圖象中，直線的斜率的倒數(shù)等于導體的電阻值；R4斜率最大．電阻值最小，R1的斜率最小，電阻值最大；這四個電阻并聯(lián)起來使用時，它們兩端的電壓是相等的，根據(jù)歐姆定律：電阻值大的電阻，流過的電流小，所以：I1＜I2＜I3＜I4．故C正確．

點晴：會熟練應用歐姆定律，知道并聯(lián)電路電阻與電流的比值關系．明確I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)．3、A【分析】A；改裝成了電流表；R增大時電流表量程減小，故A正確，B錯誤；

C；把電流計改裝成電壓表應給電流計串聯(lián)一個分壓電阻；串聯(lián)電阻越大，電壓表量程越大，由圖示電路圖可知，電流計與電阻R并聯(lián)，改裝后電壓表量程不變，故CD錯誤；

故選A．4、B【分析】【詳解】

根據(jù)交流電動勢可知ω＝100πrad/s，解得交流電的頻率f為50Hz，故A錯誤；根據(jù)交流電動勢瞬時表達式，可知Em＝100V，交流電動勢的有效值故B正確；當線圈轉到如圖所示的位置時，穿過線圈的磁通量最大，穿過線圈的磁通量變化率為零，電動勢為零．故CD錯誤．5、B【分析】【詳解】

試題分析：將金屬絲拉長至4L，體積不變，則橫截面積變?yōu)樵瓉淼母鶕?jù)知，電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍．故A錯誤．將金屬絲拉長至2L，體積不變，則橫截面積變?yōu)樵瓉砀鶕?jù)知，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍．故B正確．將金屬絲對折后擰成一股，長度變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑱M截面積變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)知，電阻變?yōu)樵瓉淼模蔆錯誤．將金屬絲兩端的電壓提高到原來的4倍，電阻不變．故D錯誤．故選B.二、多選題(共5題，共10分)6、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)法拉第電磁感應定律

A錯誤；

B．根據(jù)楞次定律可知回路中產(chǎn)生的電流方向是逆時針；所以電容器下級板帶正電，B錯誤；

C．閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有

C正確；

D．S斷開后，流經(jīng)R2的電量即為S閉合時電容C極板上所帶的電量Q，S閉合時電容器兩端的電壓U=IR2=0.1×5V=0.5V

流經(jīng)R2的電量Q=CU=20×10-6×0.5C=1.0×10-5C

D正確。

故選：CD。

【點睛】

要會運用楞次定律判斷電流的方向，并且要對電容器的充放電有一個正確的認識。7、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A.碎玻璃不能拼在一起；是由于分子距離太大，達不到分子吸引力的范圍，故A錯誤；

B.焦耳測定了熱功當量后；為能的轉化和守恒定律奠定了實驗基礎，選項B正確；

C.由于液體表面層分子間距離大于分子平衡時的距離；分子間的作用力表現(xiàn)為引力，則液體表面存在張力，故C錯誤；

D.當分子間的距離增大時；分子間的斥力和引力都減小，但斥力減小得快，選項D正確；

E.懸浮在液體中的顆粒越??；小顆粒受到各個方向液體分子的沖擊力就越不平衡，布朗運動就越明顯，選項E正確。

故選BDE。8、A:C:D【分析】【詳解】

A．過程①溫度升高；但是體積不變，所以外界對氣體不做功，A正確。

B．過程④中氣體作等容變化，T減小，p減小，氣體體積不變，氣體不做功，溫度降低，氣體的內(nèi)能減少，根據(jù)熱力學第一定律知氣體向外界放出了熱量；故B錯誤；

C．狀態(tài)c、d的溫度相等，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關可知，狀態(tài)c、d的內(nèi)能相等。故C正確；

D．連接和根據(jù)數(shù)學知識和理想氣體狀態(tài)方程可知，狀態(tài)b的值比c點大，則b狀態(tài)的壓強比狀態(tài)c的壓強大；故D正確。

故選ACD。9、A:C:E【分析】【詳解】

A.由圖象可知，過程壓強不變，溫度升高，內(nèi)能增加，由可知，氣體體積增大，對外做功，由知；氣體吸熱，故A正確；

B.恒溫過程；氣體分子平均動能不變，故B錯誤；

C.過程，壓強減小，由可知體積增加；氣體對外做功，因此氣體一定吸熱，故C正確；

D.過程，壓強恒定，減小，減小，由可知體積減小，則外界對氣體做功，由可知；氣體放熱，故D錯誤；

E.延長線通過原點，體積相等，即過程過程綜上分析可知狀態(tài)氣體體積最?。还蔈正確。

故選：ACE。10、B:D:E【分析】單縫衍射中，縫越寬，條紋越亮，衍射現(xiàn)象越不明顯，A錯誤；光纖通信，醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都利用了光的全反射原理，B正確；質(zhì)點只在平衡位置上下振動，不隨波遷移，C錯誤；鐘慢效應：運動的鐘比靜止的鐘走得慢，而且，運動速度越快，鐘走的越慢，接近光速時，鐘就幾乎停止了，故D正確；當系統(tǒng)做受迫振動時，如果驅動力的頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時，受迫振動的振幅最大，E正確．三、填空題(共8題，共16分)11、略

【分析】【分析】

【詳解】

［1］氣體和液體之間的動態(tài)平衡是指汽化和液化同時進行的過程；且進行的速率相等，這時飽和汽和液體之間就達到了動態(tài)平衡；

［2］飽和汽壓是物質(zhì)的一個重要性質(zhì)，它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度；一定溫度下的飽和汽的分子數(shù)密度是一定值，相同溫度下不同液體的飽和汽壓一般是不同的；飽和汽壓與溫度有關，與體積無關?！窘馕觥肯嗟葻o關12、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】體積13、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]甲圖畫出的傾斜直線為等容線，斜率越小，體積越大，所以VB>VA，故A的體積??；

（2）[2]乙圖畫出的傾斜直線為等壓線，斜率越小，壓強越大，所以pD>pC，故C狀態(tài)壓強小；

（3）[3]丙圖畫出的雙曲線為等溫線，離原點越遠，溫度越高，所以TE>TF，故F態(tài)溫度低.【解析】ACF14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題圖可知，從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B為等溫變化，則有

已知

解得

[2]由題圖可知，B到C過程中，溫度降低，內(nèi)能減少，即

體積變小，則外界對氣體做功，即

由熱力學第一定律

可知

即氣體放熱?！窘馕觥糠艧?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開始時兩分子間距離大；分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分子相互靠近，斥力做負功，分子勢能增加，故整個過程分子勢能先減小后增加；

[2]根據(jù)熱力學第二定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源吸收的熱量可以全部用于做功。【解析】先減小后增大可以16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】平面法線等于17、略

【分析】【分析】

a先加速下滑，進入磁場后切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢和感應電流，受到向左的安培力而做減速運動，b在安培力作用下向右加速運動；也切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢，此感應電動勢與a的感應電動勢方向相反，整個回路總的電動勢減小，感應電流減小，兩棒所受的安培力減小，當兩棒的速度相等時，電路中不再產(chǎn)生感應電流，兩棒不受安培力，將一起做勻速運動，達到穩(wěn)定狀態(tài)．以兩棒組成的系統(tǒng)為研究對象，滿足動量守恒，據(jù)動量守恒定律求解即可；當兩棒最終一-起做勻速運動時，回路中不再產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒定律求解即可．

【詳解】

第一空．a(chǎn)從h高處由靜止滑到水平導軌處；由動能定理得：

解得：

a進入磁場后，a棒減速，b棒加速，最終速度相等，a、b系統(tǒng)水平方向合外力為零．

設水平向右為正方向；由動量守恒定律得：

解得，最終速度：

第二空．整個過程；對系統(tǒng),由能量守恒定律得：

解得：．

【點睛】

本題考查電磁感應現(xiàn)象的綜合應用，屬于一般題型．【解析】18、B:C:D【分析】【詳解】

A；伽利略發(fā)現(xiàn)了單擺的等時性；惠更斯給出了單擺的周期公式，故A錯誤；

B、擺鐘由廣州移至哈爾濱時，重力加速度g變大，擺鐘的擺長L不變，由可知；擺鐘的周期變小，擺鐘變快，要校準擺鐘，需要增大擺鐘的周期T，可以增大擺鐘的擺長L，故B正確；

C、由得在利用單擺測量重力加速度的實驗中，在測量擺長時，只量了懸線的長度L當作擺長，而沒有加上擺球的半徑，導致擺長偏小，故g值偏小，故C正確；

D、擺角從5°改為3°，單擺仍然做簡諧運動，由周期公式可知；單擺的周期不變，故D正確；

E；擺球實際做圓周運動（一部分）；經(jīng)最低點（平衡位置）時，繩子拉力與重力的合力提供向心力，繩子拉力大于重力，故E錯誤；

故選BCD。

【點睛】

關鍵是知道擺長應等于懸線長度加上擺球的半徑，擺鐘由廣州移至哈爾濱時，重力加速度g變大，擺鐘的擺長L不變，由可知，擺鐘的周期變?。粩[角從5°改為3°，單擺仍然做簡諧運動，由周期公式可知，單擺的周期不變。四、作圖題(共3題，共12分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共1題，共7分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據(jù)圖甲所示電路圖連接實物電路圖；實物電路圖如圖所示。

(2)[2][3]由圖示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路安全，閉合開關前應將把滑動變阻器的滑片P滑到a端，再將電阻箱R0的阻值調(diào)到零；

[4]第二步；調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，使電壓表的示數(shù)為3.0V；

(3)[5]由串聯(lián)電路特點可知，電壓表與電阻箱阻值相等，即：電壓表內(nèi)阻

[6]把電阻箱接入電路時，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流變小，路端電壓變大，分壓電路兩端電壓變大，當電壓表示數(shù)為1.5V時，電阻箱兩端電壓大于1.5V，即R0的分壓要大一些，故的實際值要小一些，實驗認為電壓表內(nèi)阻等于電阻箱阻值，由此可知，電壓表內(nèi)阻測量值大于真實值?！窘馕觥縜零調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，使電壓表的示數(shù)為3.0V2100偏大六、解答題(共4題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

環(huán)境的溫度為時，對活塞M、N分析可得

解得

環(huán)境的溫度降低到時，活塞N剛好升到下汽缸的頂部且與下汽缸頂無壓力，對M、N分析，同理可得

所以環(huán)境溫度從降低到的過程中，氣缸內(nèi)的兩部分氣體做等壓變化。設活塞M