2025年統(tǒng)編版選擇性必修2物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版選擇性必修2物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一理想變壓器原線圈接入正弦交流電源，副線圈匝數可以通過滑動觸頭Q調節(jié)，副線圈所接電路如圖所示，其中R0為定值電阻，R為滑動變阻器，P為滑動變阻器的滑動觸頭；V為理想電壓表。則下列說法正確的是（）

A.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，電壓表的示數變小B.保持P的位置不動，將Q向下滑動時，R0上的功率變大C.保持Q的位置不動，將P向上滑動時，電壓表的示數變小D.保持Q的位置不動，將P向下滑動時，R0上的功率變大2、如圖所示，一理想變壓器原線圈接入一交流電源，副線圈電路中R1、R2、R3和R4均為固定電阻，開關S是閉合的。V1和V2為理想電壓表，讀數分別為U1和U2；A1、A2和A3為理想電流表，讀數分別為I1、I2和I3，現(xiàn)斷開S，U1數值不變；下列推斷中正確的是（）

A.I1變小、I2變小B.I1變大、I2變大C.U2變小，I3變小D.U2變大、I3變大3、遠距離輸電線路簡化如圖所示，電廠輸送電功率不變，變壓器均可視為理想變壓器，圖中標示了電壓和電流，其中輸電線總電阻為R；則（）

A.B.輸電線損失的電功率為C.提高輸送電壓則輸電線電流增大D.電廠輸送電功率為4、單匝閉合矩形線框電阻為R，在勻強磁場中繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，穿過線框的磁通量與時間t的關系圖象如圖（正弦式）所示。下列說法正確的是（）

A.時刻線框平面與中性面垂直B.線框的感應電動勢有效值為C.線框轉一周外力所做的功為D.從到過程中線框的平均感應電動勢為5、下圖中標出了磁感應強度B、電流I和其所受磁場力F的方向，正確的是A.B.C.D.6、如圖所示為一磁約束裝置的簡化示意圖，內半徑為a、外半徑為3a的環(huán)狀區(qū)域I內有方向垂直紙面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場。小圓區(qū)域II中有大量質量為m、電荷量為q的粒子在紙面內以不同速度向各個方向運動。要使所有粒子都不會穿出區(qū)域I的外邊緣；不計粒子重力及粒子間相互作用，則粒子的最大速度為（）

A.B.C.D.7、如圖所示，兩根平行金屬導軌置于水平面內，導軌之間接有電阻R。金屬棒ab與兩導軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向下?，F(xiàn)使磁感應強度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止；下列說法正確的是（）

A.ab中的感應電流方向由b到aB.ab中的感應電流逐漸減小C.ab所受的安培力保持不變D.ab所受的靜摩擦力逐漸減小8、如圖所示，直線MN右側有垂直紙面向外、磁感應強度為B的勻強磁場，有一個單匝、電阻為R、邊長為L的導線框一半處于勻強磁場中，t＝0時刻，框面與磁場垂直，現(xiàn)讓線框以MN為軸勻速轉動，轉速為n；則通過線框的感應電流的有效值為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示，足夠長的U型光滑金屬導軌平面與水平面呈θ角，其中MN與PQ平行且間距為L，導軌平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，導軌電阻不計。金屬棒ab由靜止開始沿導軌下滑，并與兩導軌始終保持垂直且接觸良好，ab棒在MN與PQ之間部分的電阻為R，當ab棒沿導軌下滑的距離為x時，棒的速度大小為v。在這一過程中下列判斷正確的是（）

A.金屬棒ab運動的加速度大小始終為B.金屬棒ab此時受到的安培力為C.通過金屬棒ab橫截面的電荷量為D.金屬棒ab產生的焦耳熱為10、如圖；一個閉合線圈處在按正弦規(guī)律變化的磁場中，磁場方向垂直于導線圈平面，下列說法正確的是（）

A.在末線圈中感應電流最大B.在末線圈中感應電流最大C.在內的感應電流方向和內的相同D.在內的感應電流方向和內的相同11、目前雷達發(fā)出的電磁波頻率多在200～1000MHz的范圍內，下列關于電磁波的說法正確的是（）A.真空中，上述頻率范圍的電磁波的波長在30～150m之間B.電磁波是由恒定不變的電場或磁場產生的C.不同電磁波由于具有不同的頻率，因此具有不同的特性D.測出從發(fā)射無線電波到接收反射回來的無線電波的時間，就可以確定障礙物的距離12、如圖甲所示為一自耦變壓器（可視為理想變壓器）的結構示意圖，線圈均勻繞在圓環(huán)形鐵芯上，滑動觸頭在某一位置，在BC間接一個交流電壓表和一個變阻器R，若AB間輸入圖乙所示的交變電壓，則（）

A.當時，電壓表的示數為零B.AB間輸入電壓的瞬時值C.滑動觸頭向上移動時，兩端的電壓增大D.變阻器滑片向上移動時，AB間輸入功率增大13、光滑平行金屬導軌M、N水平放置，導軌上放置一根與導軌垂直的導體棒PQ，導軌左端與由電容為C的電容器，單刀雙擲開關和電動勢為E的電源組成的電路相連接，如圖所示.在導軌所在的空間存在方向垂直于導軌平面的勻強磁場（圖中未畫出）.先將開關接在位置a，使電容器充電并達到穩(wěn)定后，再將開關撥到位置b；導體棒將會在磁場的作用下開始向右運動，設導軌足夠長，則以下說法中正確的是（）

A.空間存在的磁場方向豎直向下B.導體棒向右做勻加速運動C.當導體棒向右運動的速度達到最大時，電容器的電荷量為零D.導體棒運動的過程中，通過導體棒的電荷量Q14、用相同粗細同種材料制成的兩個單匝正方形線圈a、b，在同一勻強磁場中勻速轉動，穿過它們的磁通量隨時間變化的圖線如圖所示。已知兩線圈產生的感應電動勢相同，其中穿過a線圈的磁通量的最大值為則（）

A.時刻，a線圈中的感應電流最大B.穿過b線圈的磁通量的最大值為C.a線圈的電阻是b線圈的電阻的2倍D.兩線圈分別轉動一周，a線圈產生的熱量是b線圈產生的熱量的倍15、下列說法中正確的是_________。A.光傳播到兩種介質的界面上時，如果入射角大于臨界角必定會產生全反射現(xiàn)象B.光學鏡頭的增透膜就是利用了入射角小于臨界角不會產生全反射的原理C.X射線不可能在磁場或者電場中發(fā)生偏轉E.泊松亮斑的產生證實了光是可以產生衍射現(xiàn)象的E.泊松亮斑的產生證實了光是可以產生衍射現(xiàn)象的評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如圖所示，豎直平面內有一個很長的金屬導軌處于的水平勻強磁場中，導軌中串有電阻為額定功率為的燈泡.質量導軌間距的金屬棒可沿導軌做無摩擦滑動，則棒以速度為_______向上運動時，燈泡能正常發(fā)光；若讓棒自由下落，當速度達到穩(wěn)定后，燈泡__________（選填“能”或“不能”）正常發(fā)光.

17、傳感器的組成：傳感器的基本部分一般由_____、______組成。18、判斷下列說法的正誤。

（1）傳感器可以把非電學量轉化為電學量。（____）

（2）光敏電阻的阻值隨光照的強弱而變化，光照越強電阻越大。（____）

（3）熱敏電阻一般用半導體材料制作，導電能力隨溫度的升高而增強，但靈敏度低。（____）

（4）電阻應變片能夠把物體的形變情況轉變?yōu)殡娮璧淖兓?。（____）19、磁電式電流表

（1）原理：安培力與電流的關系。通電線圈在磁場中受到___________而偏轉，線圈偏轉的角度越大，被測電流就___________，根據指針的___________；可以知道被測電流的方向。

（2）構造：___________、___________；螺旋彈簧、指針、極靴。

（3）特點：極靴與鐵質圓柱間的磁場沿半徑方向，線圈無論轉到什么位置，它的平面都跟磁感線平行，且線圈左右兩邊所在處的磁感應強度大小___________。

（4）優(yōu)點：靈敏度高，可以測出___________的電流。

缺點：線圈的導線很細，允許通過的電流___________

（5）如圖所示，已知導體棒中通有電流I，導體棒長度為l，磁場磁感應強度為B，當導體棒按下面幾種方式放置時，寫出導體棒所受安培力的大小，并寫出安培力的方向。_______、______、______、_______。

20、判斷下列說法的正誤。

（1）各種頻率的電磁振蕩都能輻射電磁波，振蕩周期越大，越容易輻射電磁波。_________

（2）為了有效向外輻射電磁波，振蕩電路必須采用開放電路，同時提高振蕩頻率。_________

（3）當處于電諧振時，只有被接收的電磁波才能在接收電路中產生感應電流。_________

（4）調幅就是高頻電磁波的振幅隨信號的強弱而改變。_________

（5）解調就是使聲音或圖像信號從高頻電流中還原出來。_________

（6）要使電視機的屏幕上出現(xiàn)圖像，必須將電視機接收到的無線電信號解調。_________21、變化的電場產生磁場，麥克斯韋假設，既然變化的磁場能產生電場，那么變化的電場也會在空間產生_____________22、如圖，電阻均勻的正方形閉合金屬框在外力作用下，第一次以速率v向左勻速拉出勻強磁場、第二次以速率2v向右勻速拉出勻強磁場，則在金屬框第一次和第二次移出磁場的過程中，邊兩端電壓大小之比為______，外力做功的功率之比為______。

23、如圖所示，在磁感強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中，放有一邊長為L的單匝正方形閉合導線框，電阻為R：

(1)線圈在位置Ⅱ時的磁通量ф=_____；

(2)當線框從位置Ⅰ（線框平面⊥磁感線）勻速轉到位置Ⅱ（線框平面∥磁感線）的過程中，若角速度為ω，則線框中的平均感生電動勢E＝_____；

(3)當線框由位置Ⅰ轉至位置Ⅲ的過程中，通過導線橫截面的感生電量q＝_____。評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

27、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)28、溫度傳感器是一種將溫度變化轉換為電學量變化的裝置，它通過測量傳感器元件的物理量隨溫度的變化來實現(xiàn)溫度的測量，其核心部件是由半導體材料制成的熱敏電阻。在某次實驗中，為了測量熱敏電阻在0℃到100℃之間多個溫度下的阻值，一實驗小組設計了如圖甲所示的電路。其中毫安表（）量程為內阻忽略不計，E為電源，R為滑動變阻器，為電阻箱；S為單刀雙擲開關。其實驗步驟如下：

A.調節(jié)溫度，使得的溫度達到

B.將S撥向接點1，調節(jié)滑動變阻器R，使電流表的指針偏轉到適當位置，記下此時電流表的讀數

C.將S撥向接點2，只調節(jié)電阻箱使電流表的讀數仍為記下此時電阻箱的讀數

D.改變的溫度，重復以上步驟，即可測得該熱敏電阻的阻值隨溫度的變化關系。

（1）由以上操作過程可知，當的溫度為t1時，_____。

（2）根據實驗測得的數據，作出了隨溫度t變化的圖像如圖乙所示，由圖乙可知，熱敏電阻的阻值隨溫度為t變化的關系式為______。

（3）若把該熱敏電阻與電源（電動勢內阻忽略不計）、電流表（量程內阻）、電阻箱串聯(lián)起來；連成如圖丙所示的電路，用該電阻作測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，就得到一個簡單的“熱敏電阻測溫計”。

①電流表刻度較小處對應的溫度刻度應該______（選填“較大”或“較小”）。

②若電阻箱的阻值取則電流表處所對應的溫度刻度為_____℃。29、物體的帶電量是一個不易測得的物理量，某同學設計了一個實驗來測量帶電物體所帶電量。如圖（a）所示；他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長的木板上，打點計時器固定在長木板末端，物塊A靠近打點計時器，一紙帶穿過打點計時器與物塊A相連，請結合下列操作步驟回答問題。

(1)為消除摩擦力的影響，他將長木板一端墊起一定傾角，接通打點計時器，輕輕推-下小物塊A，使其沿著長木板向下運動。多次調整傾角直至打出的紙帶上點跡均勻，測出此時木板與水平面間的傾角，記為

(2)如圖（b）所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強磁場，用細繩通過一輕小定滑輪將物塊A與物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點計時器，由靜止釋放小物塊A，該過程可近似認為物塊A的帶電量不變。下列關于紙帶上點跡的分析正確的是()

A．紙帶上的點跡間距先增加后減小至零。

B．紙帶上的點跡間距先增加后減小至一不為零的定值。

C．紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差不變。

D．紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差逐漸減少，直至間距不變。

(3)為了測定物塊A所帶電量q，除傾角磁感應強度B外，本實驗還必須測量的物理量有___________；

(4)用重力加速度g、磁感應強度B、傾角和所測得的物理量，可得出q的表達式為___________。30、某同學利用熱敏電阻自制了一個簡易溫度計，其內部電路裝置如圖甲所示，使用的器材有：直流電源（內阻不計）、毫安表（量程未知）、電阻箱R（最大阻值為）、熱敏電阻一個、開關和導線若干。

（1）為了確定毫安表的量程和內阻，先把電阻箱的阻值調到最大，然后將開關接至a端，閉合開關逐漸調節(jié)電阻箱的阻值，發(fā)現(xiàn)當毫安表指針剛好偏轉至滿偏刻度的處，電阻箱的示數如圖乙所示，此時電阻箱的阻值________將電箱的阻值調為時，毫安表指針剛好偏轉至滿偏刻度的處，由此知毫安表的滿偏電流________內阻________（后兩問計算結果均保留兩位有效數字）

（2）將開關接至b端，閉合開關該溫度計可開始工作，為了得到攝氏溫度與電流之間的關系，該同學通過查閱資料，發(fā)現(xiàn)自己使用的熱敏電阻為負溫度系數熱敏電阻，其阻值在測量范圍（包括）內隨攝氏溫度的降低而線性增加，比例系數為已知該電阻在時的阻值為則該簡易溫度計所測攝氏溫度t與電流I之間滿足________（用E、k、I表示）。31、某同學做“探究感應電流產生的條件”的實驗時；由于沒有滑動變阻器，于是他用一個光敏電阻（光照越強電阻越小，反之越大）和一個可調節(jié)光照強度的光源替代滑動變阻器。圖甲中實驗器材有部分已用導線連接。

（1）請用筆畫線代替導線將圖中的實驗電路連接完整______。

（2）閉合電鍵的瞬間，觀察到電流表G的指針向右偏轉。那么閉合電鍵后，增強可調光源強度，電流表G的指針將向______偏轉（填“左”或“右”）。

（3）該同學根據感應電流產生的條件，想利用搖繩發(fā)電。如圖乙所示，把一條大約10m長電線的兩端連在一個靈敏電流計的兩個接線柱上，形成閉合導體回路。兩個同學沿______（選填“東西”或“南北”）方向站立并迅速搖動這條電線時，發(fā)電的可能性比較大。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)32、如圖，在的區(qū)域存在方向沿軸負方向的勻強電場，場強大小為在的區(qū)域存在方向垂直于平面向外的勻強磁場。一個氕核和一個氘核先后從軸上點以相同的動能射出，速度方向沿軸正方向。已知進入磁場時，速度方向與軸正方向的夾角為并從坐標原點處第一次射出磁場。氕核的質量為電荷量為氘核的質量為電荷量為不計重力。求：

(1)第一次進入磁場的位置到原點的距離；

(2)磁場的磁感應強度大??；

(3)第一次進入磁場到第一次離開磁場的運動時間。

33、如圖所示，光滑且足夠長的平行金屬導軌MN、PQ固定在豎直平面內，兩導軌間的距離L=1m，導軌間連接的定值電阻R=3Ω。導軌上放一質量m=0.1kg的金屬桿ab，金屬桿始終與導軌垂直且接觸良好，導軌間金屬桿的電阻r=1Ω，其余電阻不計。整個裝置處于磁感應強度B=1T的勻強磁場中，磁場的方向垂直導軌平面向里，重力加速度g取10m/s2?，F(xiàn)讓金屬桿從MP下方某一水平位置由靜止釋放；忽略空氣阻力的影響。

(1)求金屬桿的最大速度大小v；

(2)若從金屬桿開始下落到剛好達到最大速度的過程中，回路中產生的焦耳熱Q=0.8J；求此過程：

①金屬桿下落的高度h；

②通過電阻R上的電荷量q。

34、如圖所示，xoy平面內，第一象限的xop范圍存在垂直于坐標平面的勻強磁場，磁感應強度大小為B，xop所夾角第二象限有平行于y軸的勻強電場，場強大小為E。一個帶電微粒以速度從x軸上點平行于邊界op射入磁場，先后過邊界op上點b、垂直于y軸過軸上點c，最后回到x軸上的點d，圖中點b、d未標出。已知不計微粒的重力，求：

(1)微粒的帶電性和比荷

(2)點d的位置坐標；

(3)僅改變磁場強弱而其它條件不變，當磁感應強度大小滿足什么條件時；微粒能到達第四象限。

35、如圖甲，MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成θ＝30°角固定，M、P之間接電阻箱R，電阻箱的阻值范圍為0~4Ω，導軌所在空間存在勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上、磁感應強度為B＝0.5T。質量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上，其接入電路的電阻值為r?，F(xiàn)從靜止釋放桿ab，測得最大速度為vm。改變電阻箱的阻值R，得到vm與R的關系如圖乙所示。已知軌距為L＝2m，重力加速度g＝10m/s2；軌道足夠長且電阻不計。

（1）當R＝0時，求桿ab勻速下滑過程中產生感應電動勢E的大小及桿中的電流方向；

（2）求金屬桿的質量m和阻值r；

（3）當R=4Ω時，ab桿從靜止到最大速度過程中，流過R的電荷量為0.8C，求此過程中電阻R產生的熱量QR。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A.保持P位置不變，將Q向上滑動，副線圈匝數增大，輸出電壓增大，由于R0為定值電阻，則滑動變阻器R上的電壓增大；電壓表的示數變大，故A錯誤；

B.保持P位置不變，將Q向下滑動，副線圈匝數減小，輸出電壓減小，定值電阻R0上的電壓減小，R0上的消耗的功率變??；故B錯誤；

C.保持Q的位置不動，副線圈輸出電壓不變，將P向上滑動時；滑動變阻器進入電路的電阻變大，電壓表的示數將變大，故C錯誤；

D.保持Q位置不動，副線圈輸出電壓不變，將P向下滑動時，滑動變阻器進入電路的電阻變小，定值電阻R0上獲得的電壓變大，R0上消耗的功率變大；故D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

由題圖可知，電壓表V1測量的是原線圈的輸入電壓，電壓表V2測量的是副線圈的輸出電壓，因為變壓器的匝數與U1不變，所以U2不變。當S斷開時，副線圈電路的負載電阻增大，故副線圈中的電流I2減小，根據原副線圈電流與匝數成反比，則原線圈電流I1也將減??；因為R1兩端的電壓減小，故R2、R3兩端的電壓將增大，I3變大。

故選A。3、D【分析】【詳解】

A．根據變壓器的原理有

升壓變壓器滿足則有故A錯誤；

B．由于U2不是R兩端的電壓，所以輸電線損失的電功率不是故B錯誤；

C．因為輸送功率不變，根據

可知提高輸送電壓U2，則輸電線電流I2減??；故C錯誤；

D．因變壓器為理想變壓器，所以有

故D正確。

故選D。4、B【分析】【詳解】

A．由圖可知在時刻；線框的磁通量最大，所以線框平面處在中性面，故A錯誤；

B．由圖可得磁通量的最大值為周期為T，所以角速度為

可知線框感應電動勢的最大值為

由于此線框在磁場繞軸轉動時產生的電流為正弦交流電，故其動勢的有效值為

故B正確；

C．由于線框勻速轉動一周，根據能量守恒定律可知外力做的功等于線框產生的焦耳熱，則有

故C錯誤；

D．從到的過程中，磁通量減小了

根據

可得平均電動勢為

故D錯誤。

故選B。5、A【分析】【詳解】

A；根據左手定則；安培力的方向豎直向上。故A正確。

B；電流的方向與磁場方向平行；知不受安培力。故B錯誤。

C；根據左手定則；安培力方向豎直向上。故C錯誤。

D、根據左手定則，安培力的方向垂直紙面向外。故D錯誤。6、D【分析】【詳解】

由題意知，當以與內圓相切方向進入磁場的粒子在磁場中有最大弦，即軌跡剛好與外圓相切，由幾何關系知，此時粒子運動半徑滿足

即

由

得，粒子的速度為

所以粒子的最大速度為

故選D。

7、D【分析】【詳解】

A．磁感應強度均勻減小，磁通量減小，根據楞次定律和安培定則得，ab中的感應電流方向由a到b；故A錯誤；

B．由于磁感應強度均勻減小，根據法拉第電磁感應定律可知感應電動勢恒定，則ab中的感應電流不變；故B錯誤；

C．根據安培力公式知，電流不變，B均勻減??；則安培力減小，故C錯誤；

D．安培力和靜摩擦力為一對平衡力；安培力減小，則靜摩擦力減小，故D正確。

故選D。8、D【分析】【分析】

【詳解】

線框總有一半在磁場中，若規(guī)定通過線框逆時針方向的電流方向為正，線框中產生的感應電流如圖所示，峰值為

根據有效值與峰值間的關系可得感應電流的有效值為

故選D。二、多選題(共7題，共14分)9、B:C【分析】【詳解】

A．導體棒在運動過程中；所受安培力時刻改變，因此導體棒做變加速運動，故A錯誤；

B．速度為v時，感應電動勢

回路電流

導體棒所受安培力

整理得

故B正確；

C．下滑過程中，平均電動勢

平均電流

因此流過某截面的電量

故C正確；

D．根據動能定理

因此產生的熱量

故D錯誤。

故選BC。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．圖像的斜率表示磁感應強度的變化率；根據法拉第電磁感應定律。

可得；圖像的斜率越大，產生的感應電動勢越大，則產生的感應電流越大。

故A錯誤；B正確；

CD．根據楞次定律可得1—2s內的感應電流方向和2—3s內相同3—4s內的相反；故C正確，D錯誤。

故選BC。11、C:D【分析】【詳解】

A．根據公式

可得上述頻率范圍的電磁波的波長在0.3m~1.5m之間；故A錯誤；

B．均勻變化的電場產生穩(wěn)定的磁場；均勻變化的磁場產生穩(wěn)定的電場，穩(wěn)定的電磁場不會產生電磁波，故B錯誤；

C．不同電磁波具有不同的頻率；不同的波長，因此具有不同的特性，故C正確；

D．根據

可得障礙物的位置；故D正確。

故選CD。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．電壓表的示數為有效值；不為零，A錯誤；

B．由圖可知

故

代入表達式

可得，AB間輸入電壓的瞬時值

B正確；

C．根據變壓器電壓關系

當滑動觸頭向上移動時，變大，所以兩端的電壓增大；C正確；

D．變阻器滑片向上移動時，不變，減小，根據變壓器電壓關系

所以兩端的電壓不變，輸入功率等于輸出功率

所以變阻器滑片向上移動時，AB間輸入功率增大；D正確。

故選BCD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電容器充電完畢后，開關打在b處時，處于放電狀態(tài)，有流過導體棒從P到Q的電流；在安培力作用下導體棒向右運動，根據左手定則，此空間存在豎直向下的磁場，故A正確；

B．在導體棒運動過程中；由于切割磁感線也將產生電動勢，該電動勢方向和電容器電壓相反，故電路中電流是變化的，當導體棒的感應電動勢和電容器電壓相等時，導體棒勻速運動，故導體棒先做加速度逐漸減小的加速運動，最后勻速運動，故B錯誤；

C．導體棒切割磁感線；產生感應電動勢，感應電動勢使得電容器兩個極板之間有電勢差，仍帶有一定的電荷量，故C錯誤；

D．電容器的總帶電量為Q=CE

電容器在導體棒運動過程中仍帶有一定的電荷量；所以通過導體棒的電荷量Q＜CE，故D正確。

故選AD。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．時刻，穿過a線圈的磁通量最大；變化率為零，感應電流為零，A錯誤；

B．穿過線圈的磁通量的最大值角速度則線圈中感應電動勢的最大值

得由題圖知，且則

得B正確；

C．由中及可得則邊長電阻C錯誤；

D．線圈轉動一周產生的熱量而電動勢的有效值則

得D正確。

故選BD。15、C:D:E【分析】【詳解】

A．光在兩種介質的界面處發(fā)生了全反射；說明光是從光密介質進入光疏介質，入射角大于或等于臨界角，故A錯誤；

B．鏡頭鍍膜增透是利用了光的薄膜干涉現(xiàn)象；減弱光的反射，從而增加透射能力，故B錯誤；

C．射線是電磁波；不能在電場或磁場中發(fā)生偏轉，故C正確；

D．根據雙縫干涉條紋的間距公式知若其它條件不變只增大雙縫間距，則屏上干涉條紋的間距減小，故D正確；

E．泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象中的加強區(qū)；證實了光是可以產生衍射現(xiàn)象的，故E正確；

故選CDE。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

[1]．燈泡正常發(fā)光，兩端電壓

由E=BLv可得

[2]．若讓棒自由下落，當速度達到穩(wěn)定后：

解得

而燈泡的額定電流為

可知燈泡不能正常發(fā)光?！窘馕觥?不能17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】敏感元件轉換元件18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正確。

錯誤錯誤。

正確19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]原理：安培力與電流的關系。通電線圈在磁場中受到安培力而偏轉；線圈偏轉的角度越大，被測電流就越大，根據指針的偏轉方向，可以知道被測電流的方向。

（2）[4][5]構造：磁鐵；線圈、螺旋彈簧、指針、極靴。

（3）[6]特點：極靴與鐵質圓柱間的磁場沿半徑方向；線圈無論轉到什么位置，它的平面都跟磁感線平行，且線圈左右兩邊所在處的磁感應強度大小相同。

（4）[7][8]優(yōu)點：靈敏度高；可以測出很弱的電流。

缺點：線圈的導線很細；允許通過的電流很弱。

（5）[9]磁場和電流垂直，所以安培力為

方向：垂直導線斜向下。

[10]磁場和電流垂直，所以安培力為

方向：垂直紙面斜向外。

[11]磁場和電流垂直，所以安培力為

方向：垂直導線斜向上。

[12]磁場和電流平行，安培力等于零【解析】安培力越大偏轉方向磁鐵線圈相同很弱很弱垂直導線斜向下垂直紙面斜向外垂直導線斜向上020、略

【解析】①.錯誤②.正確③.錯誤④.正確⑤.正確⑥.正確21、略

【解析】磁場22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]以速度v向左拉出線框時有

以速度2v向右拉出線框時有

所以兩次過程ad邊兩端的電勢差之比為3：2。

[2]因為是勻速拉出，所以外力做功的功率等于熱功率，即

可見外力做功的功率與v2成正比，所以兩次過程外力做功的功率之比為1：4?！窘馕觥?3、略

【分析】【詳解】

(1)[1]．線圈在位置Ⅱ時線圈平面與磁感線平行，可知磁通量

(2)[2]．根據感應電動勢的定義式，可求得平均感應電動勢

(3)[3]．當線框由位置Ⅰ轉至位置Ⅲ的過程中產生的感應電動勢的平均值

根據閉合電路歐姆定律，則有回路中產生的平均電流為

通過線圈的電荷量為【解析】0四、作圖題(共4題，共32分)24、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共4題，共28分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據實驗原理圖，以及步驟分析可知，將開關S由接點1撥到接點2，并使電路中的電流不變，說明當的溫度為T1時。

（2）[2]從圖中取相距較遠的兩個特殊點；代入。

計算；由圖有。

解得。

故該熱敏電阻的關系式為。

（3）[3]由閉合電路歐姆定律有。

可見電流越小電阻越大；而電阻越大溫度則越高，即電流刻度較小處對應的溫度刻度應該較大。

[4]若電阻箱電阻時；代入。

得熱敏電阻的阻值為。

結合關系式。

可知，此時對應溫度數值為80℃?！窘馕觥枯^大8029、略

【分析】【詳解】

(2)[1]設A的質量為M，B的質量為m，沒有磁場時，對由平衡條件可知f=Mgsinθ0，F(xiàn)N=Mgcosθ0

又因為f=μFN，所以

當存在磁場時，以AB整體為研究對象，由牛頓第二定律可得（mg+Mgsinθ0）-μ（Bqv+Mgcosθ0）=（M+m）a

由此式可知，v和a是變量，其它都是不變的量，所以AB一起做加速度減小的加速運動，直到加速度減為零后做勻速運動，即速度在增大，加速度在減小，最后速度不變。所以紙帶上的點跡間距逐漸增加，說明速度增大；根據逐差相等公式x=aT2；可知，加速度減小，則相鄰兩點間的距離之差逐漸減少；勻速運動時，間距不變。故D正確；ABC錯誤。

故選D。

(3)(4)[2][3]根據（mg+Mgsinθ0）-μ（Bqv+Mgcosθ0）=（M+m）a

可得當加速度減為零時，速度最大，設最大速度為v，則（mg+Mgsinθ0）-μ（Bqv+Mgcosθ0）=0

化簡得

把μ=tanθ0代入，得

可知還必須測量的物理量有物塊B的質量m和兩物塊最終的速度v?！窘馕觥緿物塊B的質量m和兩物塊最終的速度v30、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電阻箱的阻值

[2][3]由閉合電路歐姆定律可得

解得

（2）[4]熱敏電阻的阻值

由閉合電路歐姆定律可得

解得【解析】840.0106031、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據電磁感應，A線圈必須與電源連接，該電流激發(fā)出原磁場，B線圈與靈敏電流計連接；形成新回路，實物連接如圖所示。

（2）[2]閉合電鍵的瞬間，觀察到電流表G的指針向右偏轉，表明穿過線圈B的磁通量增大時，電流表G的指針向右偏轉。當增強可調光源強度時，光敏電阻阻值減小，電流增大，則穿過線圈B的磁通量增大時；電流表G的指針向右偏轉。

（3）[3]由于地磁場沿南北方向，只有電線與磁場垂直，即電線位于東西方向時，搖動這條電線時，發(fā)電的可能性比較大，可知兩個同學應