2025年西師新版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版必修3物理上冊月考試卷341考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示為一個小型電風(fēng)扇的電路簡圖，其中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n，原線圈接電壓為U的交流電源，輸出端接有一只電阻為R的燈泡L和交流電風(fēng)扇電動機(jī)D，電動機(jī)線圈電阻為r．接通電源后，電風(fēng)扇正常運(yùn)轉(zhuǎn)，測出通過電動機(jī)的電流為I；則下列說法正確的是（）

A.理想變壓器的輸入功率為B.通過燈泡的電流為C.電動機(jī)D輸出的機(jī)械功率為D.若電風(fēng)扇由于機(jī)械故障被卡住，則通過原線圈的電流為2、氫的三種同位素氕、氘、氚的原子核分別為．它們以相同的初動能垂直進(jìn)入同一勻強(qiáng)電場，離開電場時，末動能最大的是A.氕核B.氘核C.氚核D.一樣大3、如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿，MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B為兩個套在此桿上的帶有同種正電荷的小球，用一指向豎直桿的水平力F作用在A球上，使兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將A球向豎直桿NO方向緩慢移動一小段距離后；A；B兩小球可以重新平衡，則后一種平衡狀態(tài)與前一種平衡狀態(tài)相比較，下列說法中正確的是（）

A.A.B兩小球間的庫侖力變小B.B兩小球間的庫侖力變大C.A球?qū)O桿的壓力變小D.B球?qū)O桿的壓力變大4、如圖所示，有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強(qiáng)電場，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時，帶電粒子沿①軌跡從兩板正中間飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時；帶電粒子沿②軌跡落到B板中間；設(shè)粒子兩次射入電場的水平速度相同，則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為（）

A.U1∶U2=1∶8B.U1∶U2=1∶4C.U1∶U2=1∶2D.U1∶U2=1∶15、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場。隨后，物理學(xué)家提出“磁生電”的閃光思想。很多科學(xué)家為證實(shí)這種思想進(jìn)行了多年的艱苦研究，首先成功發(fā)現(xiàn)“磁生電”的物理學(xué)家是（）A.法拉第B.愛因斯坦C.牛頓D.霍金6、關(guān)于電場下列說法正確的是（）A.“元電荷”是最小的電荷量，用e表示，則e=1.60×10-19C，質(zhì)子和電子都是元電荷B.電場是庫侖首先提出來的，電荷A對電荷B的作用就是電荷A的電場對B的作用C.由電場強(qiáng)度的定義式：可知E與F成正比，與q成反比D.點(diǎn)電荷是實(shí)際帶電體的抽象，是一種理想化模型7、如圖所示，AB為等量同種點(diǎn)電荷間的連線，CB垂直AB且∠CAB=30°，D為AC的中點(diǎn)，若已知D點(diǎn)的場強(qiáng)大小為E，則C點(diǎn)的場強(qiáng)大小為（）

A.EB.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示為靜電除塵示意圖，在M、N兩點(diǎn)間加高壓電源時；金屬管內(nèi)空氣電離，電離的電子在電場力的作用下運(yùn)動，遇到煙氣中的煤粉，使煤粉帶負(fù)電荷，因而煤粉被吸附到管壁上，排出的煙就清潔了。就此示意圖，下列說法正確的是（）

A.N接電源的正極B.M接電源的正極C.電場強(qiáng)度Em＞EnD.電場強(qiáng)度Em＜En9、如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻為r，R1，R3，R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器R2的滑動觸頭P向右滑動時；電表的示數(shù)都發(fā)生變化，下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)變大B.電流表示數(shù)變大C.外電路等效電阻變大D.內(nèi)電路消耗的功率變大10、如圖所示，一充電后與電源斷開的平行板電容器的兩極板水平放置，板長為L，板間距離為d，距板右端L處有一豎直屏M。一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)以初速度v0沿中線射入兩板間，最后垂直打在M上；則下列結(jié)論正確的是（已知重力加速度為g）（）

A.兩極板間電壓為B.板間電場強(qiáng)度大小為C.整個過程中質(zhì)點(diǎn)的重力勢能增加D.若僅增大兩極板間距，則該質(zhì)點(diǎn)仍然垂直打在M上11、A；B為豎直放置的金屬板；M、N為水平放置的金屬板。一帶電粒子從A板由靜止釋放，之后從B板中央小孔進(jìn)MN之間，向下偏轉(zhuǎn)并從右側(cè)離開。不計(jì)粒子重力，為使粒子能打到N板，下列措施可行的是（）

A.增大B兩板之間的電壓B.減小B兩板之間的電壓C.增大M、N兩板之間的電壓D.減小M、N兩板之間的電壓12、在光滑絕緣的水平平面上固定兩個等量的同種正點(diǎn)電荷，電量為Q，距離為L，在兩個點(diǎn)電荷的連線的中垂線上離中點(diǎn)距離為A（A<<L）的地方靜止釋放一個質(zhì)量為m，電量為q的負(fù)點(diǎn)電荷，負(fù)點(diǎn)電荷回到出發(fā)位置的時間為T1；在兩個點(diǎn)電荷的連線上離中點(diǎn)距離為A的地方靜止釋放一個質(zhì)量為m，電量為q的正點(diǎn)電荷，正點(diǎn)電荷回到出發(fā)位置的時間為T2.則T1和T2的關(guān)系正確的是（）A.T1>T2B.T1<T2C.T1=2T2D.T1=T213、如圖所示，等邊三角形ABC的三個頂點(diǎn)A、B、C分別固定有電荷量為的點(diǎn)電荷，A點(diǎn)處電荷受到的電場力方向平行于BC，B點(diǎn)處電荷受到的A電場力方向垂直于BC，O為三角形的中點(diǎn)，P和O在紙面內(nèi)關(guān)于AC對稱；無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則下列說法正確的是（）

A.B.O點(diǎn)電勢與P點(diǎn)電勢相等C.將A點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿直線移到O點(diǎn)，其電勢能增大D.將A點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿直線移到P點(diǎn)，電場力做正功14、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R，將等電量的兩正點(diǎn)電荷Q放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，與O點(diǎn)的連線和OC間夾角為30°，下列說法正確的是（）

A.電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，電場力做功為零B.電荷q從B點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)，電場力做功為零C.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為D.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為15、質(zhì)量為m的帶正電小球由空中A點(diǎn)無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點(diǎn)．不計(jì)空氣阻力且小球從未落地，則()A.整個過程中小球電勢能減少了1.5mg2t2B.整個過程中機(jī)械能的增量為2mg2t2C.從加電場開始到小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時小球動能減少了mg2t2D.從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢能減少了mg2t216、如圖所示，有A，B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細(xì)線，細(xì)線下端系一帶電小球（可視為點(diǎn)電荷）。兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的R1為光敏電阻（其阻值隨所受光照強(qiáng)度的增大而減?。?，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻，且R3=r。當(dāng)R2的滑片P在中間時閉合電鍵S，此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細(xì)線與金屬板A的夾角為θ。電源電動勢E和內(nèi)阻r一定；下列正確的是（）

A.若將R2的滑動觸頭P向b端移動，則θ變大B.滑動觸頭P不動，用較強(qiáng)的光照射R1，小球重新穩(wěn)定后θ變小C.滑動觸頭P不動，用較強(qiáng)的光照射R1，電源的輸出功率變大D.滑動觸頭P不動，用較強(qiáng)的光照射R1，R3消耗的功率變小評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、利用圖像分析問題是物理學(xué)中常用的方法；其中的斜率；面積通常具有明確的物理意義。

(1)小明以6m/s的初速度將足球水平踢出，足球在草坪上滾動直到停下來的全過程中的速度—時間圖像如圖1所示，圖1中圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積等于12個小方格的面積，由圖像可知足球在滾動過程中受到的阻力大小____（選填“變大”、“變小”或是“不變”），足球滾動了____m停下來。

(2)利用電流傳感器測量電容器電容的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖2所示。電源電壓為8V，先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電。電流傳感器將電流變化的信息傳入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流i隨時間t變化的i—t曲線如圖3所示，圖中圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積也等于12個小方格的面積，根據(jù)圖3，計(jì)算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量Q=__C，該電容器的電容C=___F。

18、如圖所示，大圓的導(dǎo)線環(huán)A中通以電流I，方向如圖所示，在導(dǎo)線環(huán)所在平面上另畫了一個小圓B，它的一半面積在A環(huán)外，一半面積在A環(huán)內(nèi)，則圓B內(nèi)的合磁場方向_______.19、如圖所示，點(diǎn)電荷A和B相距40cm，分別帶正電和負(fù)電，電荷量分別為4Q和-Q，在A、B連線上，引入點(diǎn)電荷C，這時三個點(diǎn)電荷恰好在彼此的靜電力作用下處于平衡狀態(tài)，試問：電荷C帶__________電（正或負(fù)），電荷量為__________，它應(yīng)放在___________（A和B之間；A的右側(cè)；B的左側(cè)；A的右側(cè)及B的左側(cè)）距B點(diǎn)_________cm處。

20、如圖所示，A、B是電場中的兩點(diǎn)，電勢_______（選填“>”、“=”或“<”），場強(qiáng)_____（選填“>”、“=”或“<”）；將某負(fù)點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移至B點(diǎn)，電場力做______功（選填“正”或“負(fù)”）。

21、在如圖所示的圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知電源的電動勢為__________V，內(nèi)阻為_________Ω，輸出功率為__________W。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場中的三個點(diǎn)，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實(shí)線表示電場線）。

23、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短24、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。

（2）請?jiān)趫D2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點(diǎn)；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)25、“芒種”實(shí)驗(yàn)小組要測定一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)阻r（E約為1.5V，r小于）；采用的電路圖如圖甲所示。

（1）實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)找到的器材如下：

A．干電池1節(jié)；

B．滑動變阻器（0～10Ω）；

C．滑動變阻器（0～300Ω）；

D．電壓表（0～3V）；

E．電壓表（0～15V）；

F．電流表（0～0.6A）；

G．電流表（0～3A）。

則滑動變阻器應(yīng)選______，電流表應(yīng)選______，電壓表應(yīng)選______。（填器材前的字母代號）

（2）在實(shí)驗(yàn)中測得多組電壓和電流值，得到如圖乙所示的圖線，由圖可知電源電動勢______V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）、內(nèi)阻______Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

（3）同學(xué)們對本實(shí)驗(yàn)的誤差進(jìn)行了分析，下列說法正確的是______。

A．實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差；主要是因?yàn)殡妷罕淼姆至髯饔谩?/p>

B．實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差；主要是因?yàn)殡娏鞅淼姆謮鹤饔谩?/p>

C．實(shí)驗(yàn)測出的電動勢大于真實(shí)值。

D．實(shí)驗(yàn)測出的內(nèi)阻小于真實(shí)值評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)26、如圖所示，水平放置的兩塊平行金屬板長為l，兩板間距為d，兩板間電壓為U，且上板帶正電，一個電子沿水平方向以速度從兩板中央射入，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為q求。

電子偏離金屬板的側(cè)位移是多少？

電子飛出電場時的速度是多少？

電子離開電場后，打在屏上的P點(diǎn)，若s已知，求OP的長．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

AB.理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為原線圈接電壓為的交流電源，則副線圈兩端的電壓為通過燈泡的電流為燈泡的功率為電動機(jī)的輸入功率為則理想變壓器的輸入功率為故選項(xiàng)A；B不符合題意；

C.電動機(jī)的輸入功率為而電動機(jī)的線圈電阻消耗的功率為則電動機(jī)的機(jī)械功率為故選項(xiàng)C不符合題意；

D.若電風(fēng)扇由于機(jī)械故障被卡住，則電風(fēng)扇可視為純電阻，與燈泡并聯(lián)，根據(jù)歐姆定律可知，通過副線圈的電流為通過原線圈的電流為故選項(xiàng)D符合題意．2、D【分析】【詳解】

帶電粒子以速度v進(jìn)入場強(qiáng)為E，寬度為L的電場，垂直電場方向做勻速直線運(yùn)動，L=vt，所以沿電場方向做勻加速直線運(yùn)動，加速度偏轉(zhuǎn)位移：

根據(jù)動能定理：且

可見比荷小的垂直電場方向速度增量比較大；即末速度較大．

A．氕核．故A符合題意．

B．氘核．故B不符合題意．

C．氚核．故C不符合題意．

D．一樣大．故D不符合題意．3、A【分析】【詳解】

ABD．如下圖所示，圖甲是兩小球整體受力圖，圖乙是球受力圖；單獨(dú)分析B球受力如圖乙所示，由平衡條件可得。

庫＝

A球向右緩慢移動一小段距離后，增大，庫減小，減小；由牛頓第三定律可知，故A正確，BD錯誤。

C．分析A、B兩小球整體的受力如圖甲所示，由平衡條件得：

可見的大小與兩小球間距及圖中無關(guān)；由牛頓第三定律可知，C錯誤。

故選A。4、A【分析】【分析】

【詳解】

帶電粒子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運(yùn)動，水平位移為x=v0t

兩次運(yùn)動的水平位移之比為2∶1，兩次運(yùn)動的水平速度相同，故運(yùn)動時間之比為t1∶t2=2∶1

由于豎直方向上的位移為h=at2h1∶h2=1∶2

故加速度之比為1∶8，又因?yàn)榧铀俣萢=

故兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為U1∶U2=1∶8

BCD錯誤；A正確。

故選A。5、A【分析】【分析】

【詳解】

1820年丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；即“電生磁”的現(xiàn)象，英國科學(xué)家法拉第堅(jiān)信電與磁是緊密聯(lián)系的，經(jīng)過十多年的艱苦研究，于1831年發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，即“磁生電”的現(xiàn)象。

故選A。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．“元電荷”是最小的電荷量；不是指質(zhì)子或者是電子，A錯誤；

B．電場是法拉第首先提出來的；電荷A對電荷B的作用就是電荷A的電場對B的作用，B錯誤；

C．電場強(qiáng)度大小是由電場本身決定的；跟放入的電荷無關(guān)，跟電荷所受的力無關(guān)，C錯誤；

D．點(diǎn)電荷是理想模型；實(shí)際不存在的，D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

根據(jù)幾何關(guān)系可知，D到A、B兩點(diǎn)間距等于AC的一半，也等于BC，根據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度的方向可知,兩點(diǎn)電荷在D的電場強(qiáng)度方向夾角為，由點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式，可知，它們在D點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，即為E；那么A點(diǎn)電荷在C點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為，則B點(diǎn)電荷在C點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E，方向如圖所示，

根據(jù)力的合成法則，結(jié)合余弦定理，則有C點(diǎn)的場強(qiáng)大小為，故B正確，A、C、D錯誤；

故選B．

【點(diǎn)睛】

理解電場強(qiáng)度矢量性，掌握幾何關(guān)系的運(yùn)用，注意求得A、B點(diǎn)電荷在C的電場強(qiáng)度大小與方向是解題的關(guān)鍵，也是解題的突破口，同時注意余弦定理的內(nèi)容．二、多選題(共9題，共18分)8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．電子附在煤粉上，使煤粉帶上負(fù)電荷，煤粉若能吸附在管壁上，說明管壁帶正電荷，N接電源正極。選項(xiàng)A正確；B錯誤。

CD．構(gòu)建類似于點(diǎn)電荷的輻射電場；越靠近金屬絲的電場強(qiáng)度越大即。

Em＞En選項(xiàng)C正確；D錯誤。

故選AC。9、A:C【分析】【分析】

從電路圖可知和并聯(lián)后與串聯(lián)，再與并聯(lián)，電壓表測量兩端電壓，即路端電壓，電流表測量通過的電流。

【詳解】

ABC．當(dāng)滑動變阻器R2的滑動觸頭P向右滑動時，滑動變阻器連入電路的電阻增大，電路總電阻增大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大，路端總電流減小，而通過支路的電流增大，所以通過的電流減小，即兩端的電壓減小，故和并聯(lián)電路兩端的電壓增大，所以通過的電流增大，所以通過的電流減??；即電流表示數(shù)減小，AC正確；B錯誤；

D．因?yàn)殡娐房傠娏鳒p小，內(nèi)電路電阻不變，所以根據(jù)公式

可得內(nèi)電路消耗的功率減?。籇錯誤。

故選AC。10、B:C:D【分析】【詳解】

AB．據(jù)題分析可知，小球在平行金屬板間軌跡應(yīng)向上偏轉(zhuǎn)，做類平拋運(yùn)動，飛出電場后，小球的軌跡向下偏轉(zhuǎn)，才能最后垂直打在M屏上；前后過程質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動軌跡有對稱性，如圖。

可見兩次偏轉(zhuǎn)的加速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律得

得

由

可知，板間電壓

故B正確；A錯誤；

C．小球在電場中向上偏轉(zhuǎn)的距離

而

解得

故小球打在屏上的位置與P點(diǎn)的距離為

重力勢能的增加量

故C正確；

D．僅增大兩板間的距離，因兩板上電量不變，根據(jù)

可知；板間場強(qiáng)不變，小球在電場中受力情況不變，則運(yùn)動情況不變，故仍垂直打在屏上，故D正確。

故選BCD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)粒子經(jīng)過加速電場后，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的初速度為M、N兩板之間的距離為極板長為若粒子飛出偏轉(zhuǎn)電場時豎直方向位移為則有

聯(lián)立以上四式可得

顯然，若要粒子打在N板上，則需要增大且

所以，可以減小A、B兩板之間的電壓或者增大M、N兩板之間的電壓故選BC。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度的疊加法則，可知，同種正電荷的中垂線上，由O點(diǎn)向兩邊，電場強(qiáng)度方向向兩邊延伸，且大小先增大后減小，由靜止釋放一個負(fù)點(diǎn)電荷q；它只在電場力作用下，先做加速度減小的加速運(yùn)動，后做加速度增大的減速運(yùn)動，再做反方向的加速度減小的加速運(yùn)動，最后做加速度增大的減速運(yùn)動回到出發(fā)位置；

在兩個點(diǎn)電荷的連線上離中點(diǎn)距離為A的地方靜止釋放一個質(zhì)量為m，電量為q的正點(diǎn)電荷；在電場力作用下，先做加速度減小的加速運(yùn)動，后做加速度增大的減速運(yùn)動，再做反方向的加速度減小的加速運(yùn)動，最后做加速度增大的減速運(yùn)動回到出發(fā)位置；

根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷電場線的分布具有對稱性和點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度的疊加法則；在兩個點(diǎn)電荷的連線上離中點(diǎn)距離的位置的加速度大于同種正電荷的中垂線上的，故在兩個點(diǎn)電荷的連線上運(yùn)動的時間小，故AC正確，BD錯誤；

故選AC．13、A:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，和在A點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)平行于BC向右，設(shè)等邊三角形邊長為根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式

可得

則有

和在B點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)垂直于BC向下，則有

可得

則有

故A正確；

B．O、P兩點(diǎn)在A、C兩處點(diǎn)電荷的電場中電勢相等，在B點(diǎn)電荷電場中O點(diǎn)電勢比P點(diǎn)電勢高，故O點(diǎn)電勢高于P點(diǎn)電勢；故B錯誤；

C．在兩點(diǎn)的點(diǎn)電荷電場中，BC垂直平分線是等勢線，因此將A點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿直線移到O點(diǎn)；該點(diǎn)電荷的電勢能不變，故C錯誤；

D．在兩點(diǎn)的點(diǎn)電荷電場中，A點(diǎn)電勢比P點(diǎn)電勢高，因此將A點(diǎn)的點(diǎn)電荷沿直線移到P點(diǎn)；電勢能減小，電場力做正功，故D正確。

故選AD。14、B:D【分析】【詳解】

電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，所受電場力豎直向上，電場力做負(fù)功，A錯，根據(jù)對稱性B正確，O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為C錯，D正確．15、B:D【分析】【詳解】

AB．小球先做自由落體運(yùn)動，后做勻減速運(yùn)動，兩個過程的位移大小相等、方向相反．設(shè)電場強(qiáng)度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向?yàn)檎较?，由：又解得則小球回到A點(diǎn)時的速度為整個過程中速度增量的大小為速度增量的大小為．動量增加為由牛頓第二定律得聯(lián)立解得故A錯誤，B正確；

C．從加電場開始到小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時小球的速度從v減小到0，動能減少了故C錯誤；

D．設(shè)從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的高度為h，根據(jù)動能定理得解得從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢能減少了故D正確。

故選BD。16、B:C【分析】【詳解】

A．由于R2與電容器串聯(lián)，故調(diào)節(jié)R2對電路沒有影響，所以θ不變；A錯誤；

B．用較強(qiáng)的光照射R1，R1的阻值減小，電路中的電流變大，內(nèi)電壓變大，外電壓減小，而R3的電壓增大，所以R1的電壓減小，板間的場強(qiáng)減小，小球重新穩(wěn)定后θ變??；B正確；

C．用較強(qiáng)的光照射R1，R1的阻值減??；所以外電阻的阻值靠近電源內(nèi)電阻，根據(jù)電源輸出功率與外電阻的圖像。

越靠近內(nèi)電阻；輸出功率越大；C正確；

D．用較強(qiáng)的光照射R1，R1的阻值減小，電路中的電流變大，R3消耗的功率變大。D錯誤。

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

(1)因?yàn)関-t圖象的斜率變小，表示加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律f=ma；知足球在滾動過程中受到的阻力變??；圖1中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移即為足球滾動的距離，1格面積是1，12格面積是12，所以位移是12m，足球滾動了12m才停下來。

(2)在電容器放電過程中的任意瞬時有：△Q=I?△t，故i-t圖線與t軸所圍面積即為電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積，因此電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積．因此電容器所帶電荷量的最大值根據(jù)電容的定義式

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵是理解圖象面積的物理意義，v-t圖象的面積代表位移，i-t圖線的面積代表電量?！窘馕觥孔冃?20.0240.00318、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)題意可知，通電環(huán)形導(dǎo)線，在線圈B處產(chǎn)生磁場方向，左半邊的垂直向里，右半邊的磁場垂直向外，且線圈A內(nèi)部的磁場強(qiáng)，根據(jù)方向不同可以相互抵消，可知，B圓內(nèi)的合磁場方向向里?！窘馕觥肯蚶?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]由于A處放一電荷量為4Q的正點(diǎn)電荷，B處放一電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷，根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，要使整個系統(tǒng)在庫侖力作用下都處于平衡狀態(tài)，對C電荷受力分析，確保C受到A、B兩電荷的力方向相反，因此C應(yīng)放在B的左側(cè)且?guī)д姴拍軡M足A、B同時處于平衡，C同時也平衡。

設(shè)點(diǎn)電荷C置于B的左側(cè)且距離B為x，帶電荷為q，對A由庫侖定律可知

B處于平衡

聯(lián)立方程解得q=+4Q

所以x=L=40cm

電荷C帶正電，電荷量為4Q，它應(yīng)放在B的左側(cè)距B點(diǎn)40cm處?！窘馕觥竣?正②.4Q③.B的左側(cè)④.4020、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電場中沿著電場線電勢逐漸降低，有

[2]電場線的疏密反映電場強(qiáng)度的大小，因A處電場線較密，則

[3]負(fù)點(diǎn)電荷沿著電場線從A到B移動，電場力與位移方向相反，則電場力做負(fù)功?！窘馕觥?gt;>負(fù)21、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

圖象Ⅰ縱軸截距等于電源的電動勢

斜率的大小等于內(nèi)阻

[3]由兩圖線的交點(diǎn)可讀出，該電源直接與電阻R連接成閉合電路時電路中的路端電壓為2V，電流為2A，則電源的輸出功率為【解析】3V0.5Ω4W四、作圖題(共3題，共27分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點(diǎn)作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點(diǎn)的等勢點(diǎn)，即E點(diǎn)，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項(xiàng)AC錯誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項(xiàng)