2025年外研銜接版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版必修3物理下冊月考試卷391考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、航拍遙控直升機是大型活動中必需的攝影器材。如圖所示為某品牌的航拍遙控直升機；已知該直升機正常工作時的電壓和電流分別為15V；3A，充電時的工作電壓和工作電流分別為20V、0.6A，充電時間約為4h，電池的容量為1500mA·h。則下列說法正確的是（）

A.參數(shù)1500mA·h指的是充電電池所存儲的能量B.航拍遙控直升機正常工作時，其電動機的總電阻是C.航拍遙控直升機正常工作的最長時間為2.5hD.充電過程是將電能轉(zhuǎn)化為化學能2、如圖甲所示直線是一條電場線，A、B是該線上的兩點。一正電荷由A點以一定初速度沿電場線從A運動到B，運動過程中的v-t圖線如圖乙所示；則下列說法中正確的是（）

A.A、B兩點的加速度相比一定是B.A、B兩點的電勢相比一定是C.A、B兩點的場強大小相比一定是D.該電荷在兩點的電勢能大小相比一定是3、如圖所示，實線是一簇由負點電荷產(chǎn)生的電場線。一帶正電的粒子僅在電場力作用下通過電場，圖中虛線為粒子的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。下列判斷錯誤的是（）

A.a點場強大于b點場強B.帶電粒子從a到b電勢能減小C.帶電粒子從a到b動能減小D.a點電勢小于b點電勢4、如圖，真空中電荷量為2q和-q(q>0)的兩個點電荷分別位于M點與N點，形成一個以MN延長線上O點為球心，電勢為零的等勢面（取無窮處電勢為零），P為MN連線上的一點，S為等勢面與直線MN的交點；T為等勢面上的一點，下列說法正確的是（）

A.P點電勢低于S點電勢B.T點電場強度方向指向O點C.除無窮遠處外，MN直線上還存在兩個電場強度為零的點D.將正試探電荷q0從T點移到P點，靜電力做正功5、下列說法正確的是（）A.電場線越密的地方電場強度越小B.第一宇宙速度是人造衛(wèi)星繞地球運行的最小發(fā)射速度C.絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，說明玻璃棒得到了正電荷D.處于靜電平衡狀態(tài)時，導體所占空間各處電場強度均為零6、已知均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場的場強大小為其中為平面上單位面積所帶的電荷量，為常量。如圖所示的平行板電容器，極板正對面積為間距為兩極板間為真空，不計邊緣效應時，極板可看作無窮大導體板，則該電容器的電容可表示為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向a端移動時；則下列判斷正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)增大C.質(zhì)點P將向上運動D.R3上消耗的功率逐漸增大8、如圖所示，當電路里滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時（）

A.電容器C兩極板間的電場強度增大B.電壓表的讀數(shù)減小C.R1消耗的功率減小D.R2消耗的功率增大9、兩個點電荷Q1、Q2固定于x軸上，將一帶正電的試探電荷從足夠遠處沿x軸負方向移近Q2（位于坐標原點O）；在移動過程中，試探電荷的電勢能隨位置的變化關(guān)系如圖所示．則下列判斷正確的是。

A.M點電勢為零，N點場強為零B.M點場強為零，N點電勢為零C.Q1帶負電，Q2帶正電，且Q2電荷量較小D.Q1帶正電，Q2帶負電，且Q1電荷量較小10、如圖所示，A、B為豎直放置的平行金屬板，A、B兩板間電勢差為U。C、D為水平放置的平行金屬板，始終和電源相接（圖中未畫出），且板間的場強為E。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子（重力不計）由靜止開始，經(jīng)A、B間加速后進入C、D之間并發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后打在熒光屏上，已知C、D極板長均為x，熒光屏距C、D右端的距離為L；則（）

A.該粒子帶正電B.該粒子在C、D中的偏移量為C.該粒子打在屏上O點下方和O相距的位置D.該粒子打在屏上的動能為qU11、如圖所示，空間有一圓錐點分別是兩母線的中點?，F(xiàn)在頂點處固定一帶正電的點電荷；下列說法中正確的是（）

A.A、兩點的電場強度相同B.將一帶負電的試探電荷從點沿直徑移到點，其電勢能先減小后增大C.平行于底面且圓心為的截面為等勢面D.若點的電勢為點的電勢為則連線中點處的電勢小于評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)12、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)電阻為r，R1、R3分別為兩個定值電阻．閉合電鍵S，當變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，伏特表V1的示數(shù)逐漸________________（選填“增大”、“減小”、“不變”）．若移動P的過程中，電流表示數(shù)變化量的大小為ΔI，則伏特表V2示數(shù)變化量的大小ΔU2＝________________．

13、取一對用絕緣柱支撐的導體A和B；使它們彼此接觸，起初它們不帶電，分別貼在導體A；B下部的金屬箔均是閉合?，F(xiàn)將用絲綢摩擦過的玻璃棒C移近導體A，回答下列問題：

(1)若先把A和B分開，然后移去C，此時A導體上的金屬箔______，B導體上的金屬箔______（填“帶正電”、“帶負電”、“不帶電”）。若再用手接觸B，此時觀察到的現(xiàn)象是______；

(2)若先移去C，然后把A和B分開，此時A導體金屬箔______，B導體金屬箱______（填“帶正電”；“帶負電”、“不帶電”）；

(3)A、B導體帶電的實質(zhì)是______。14、串聯(lián)電路；并聯(lián)電路的特點。

。

串聯(lián)電路。

并聯(lián)電路。

電流關(guān)系。

各處電流相等，即I=___________

總電流等于各支路電流___________，即I=___________

電壓關(guān)系。

總電壓等于各部分電壓___________，即U=___________

各支路兩端電壓___________，即U=___________

電阻關(guān)系。

總電阻等于各部分電阻___________，即R=___________

總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻___________，即=＋＋＋

15、原子的組成。

①原子是由帶正電的___________、不帶電的中子以及帶負電的___________組成的。

②每個原子中質(zhì)子的正電荷數(shù)量與電子的負電荷數(shù)量___________，整個原子對外界表現(xiàn)為___________。16、帶電粒子在電場中的加速。

分析帶電粒子的加速問題有兩種思路：

（1）利用___________定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是___________且涉及___________等描述運動過程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及___________、___________等動能定理公式中的物理量或___________電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）或qU=mv2-mv（任何電場）等。17、某同學用不同工具分別測量了某物體的幾處外徑；如圖所示，請讀出下列讀數(shù)：

①_____；②_____；③_____；評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)18、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

19、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、解答題(共4題，共8分)20、如圖所示，兩金屬板間有豎直向下的電場，電子以初速度v0垂直于電場方向進入電場，經(jīng)過一定時間離開電場，已知極板長度為L，板間場強為E，電子質(zhì)量為m，電荷量為e；求：

（1）電子離開電場時沿電場方向的偏轉(zhuǎn)距離；

（2）電子離開電場時速度方向與初速度方向夾角的正切值。

21、如圖所示的裝置是在豎直平面內(nèi)放置的光滑絕緣軌道，BC水平與圓環(huán)相切于C點，整個裝置處于水平向右的勻強電場中。一質(zhì)量為m帶負電的小球從高為h＝12R的A處由靜止開始下滑，沿軌道ABC運動后進入圓環(huán)內(nèi)做圓周運動，不計B點碰撞的能量損失。已知小球所受電場力是其重力的圓環(huán)半徑為R，斜面傾角為軌道水平段BC長度s＝2R，重力加速度為g，取空氣阻力不計。求：

（1）小球從A滑到B的時間；

（2）小球運動到與圓心等高點D（圓環(huán)左側(cè)）時對圓軌道的壓力大小N；

（3）改變A的位置使小球在運動過程中不脫離軌道，h滿足的條件。

22、如圖所示，一平行板電容器水平放置，為兩板中央水平線，板長為板間距也為在距離電容器右端處豎直放置擋板，擋板上的長也為一帶電粒子以初速度沿中央水平線射入兩板間，打在豎直放置擋板上的C點．帶電粒子質(zhì)量為m，電荷量為q；不計粒子重力。求：

（1）電容器兩極板間所加的電壓大小；

（2）該過程粒子電勢能的變化量大小。

23、如圖所示，將一質(zhì)量m＝0.2g的帶負電荷的小球B用絕緣線掛起來，用帶電荷量的小球A靠近B，當B球靜止時懸線與豎直方向成45°角，此時兩球位于同一水平面上，相距r＝30cm。重力加速度靜電力常量求：

（1）B球所帶電荷量；

（2）此時A球在B球平衡處產(chǎn)生的電場強度的大小。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．參數(shù)1500mA·h；其單位為電荷量的單位，所以電池容量是指電池存儲的電荷量，A錯誤；

B．歐姆定律適用于純電阻電路，對于含有電動機的電路不適用，遙控直升機是非純電阻電路，即用歐姆定律計算出

是錯誤；B錯誤；

C．航拍遙控直升機充滿電后正常工作的最長時間

C錯誤；

D．充電過程是將電能轉(zhuǎn)化為化學能存儲在電池中；D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

AC．由v—t圖線的斜率表示加速度，則正電荷加速度逐漸減小

該電場為場強逐漸減小EA>EB

C錯誤；A正確；

BD．正電荷從A點運動到B點，速度減小，則電場力做負功，電勢能增加

場強方向由B點指向A點，根據(jù)沿電場線電勢降低，故

BD錯誤。

故選A。3、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線的疏密表示電場強度的強弱，可知a點場強大于b點場強；故A正確；

BC．粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子受到的電場力沿電場線向左，若粒子從a到b；電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，故B錯誤，C正確；

D．根據(jù)順著電場線方向，電勢降低，可知a點電勢小于b點電勢；故D正確。

由于本題選擇錯誤的，故選B。4、B【分析】【詳解】

A．在直線MN上；左邊正電荷在M右側(cè)電場強度水平向右，右邊負電荷在直線MN上電場強度水平向右，根據(jù)電場的疊加可知MN間的電場強度水平向右，沿著電場線電勢逐漸降低，可知P點電勢高于等勢面與MN交點處電勢，則P點電勢高于S點電勢，故A錯誤；

C．由于正電荷的電荷量大于負電荷電荷量，可知在N左側(cè)電場強度不可能為零，則N右側(cè)，設MN距離為L，根據(jù)可知除無窮遠處外；直線MN電場強度為零的點只有一個，故C錯誤；

D．由A選項分析可知：T點電勢低于P電勢，則正電荷在T點的電勢能低于在P電勢的電勢能，將正試探電荷q0從T點移到P點；電勢能增大，靜電力做負功，故D錯誤；

B．設等勢圓的半徑為R；AN距離為x，MN距離為L，如圖所示。

根據(jù)結(jié)合電勢的疊加原理A、S滿足解得由于電場強度方向垂直等勢面，可知T點的場強方向必過等勢面的圓心，O點電勢可知可知T點電場方向指向O點；故B正確。

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．電場線越密的地方電場強度越大；A錯誤；

B．第一宇宙速度是人造衛(wèi)星繞地球運行的最小發(fā)射速度；同時也是繞地球做勻速圓周運動的最大運行速度，B正確；

C．絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電；是由于玻璃棒失去了電子從而帶上了正電荷，C錯誤；

D．處于靜電平衡狀態(tài)時；導體內(nèi)部電場強度為零，D錯誤。

故選B。6、B【分析】【分析】

【詳解】

設每塊極板上帶電荷量為則每塊極板上單位面積所帶的電荷量為

每塊極板產(chǎn)生的電場強度為

可知兩極板間的電場強度為

兩極板間的電壓

電容器的電容

故選B。二、多選題(共5題，共10分)7、C:D【分析】【詳解】

由題意可知，滑片向a端移動時，外電路的總電阻增大，干路電流減小，路端電壓增大，R1的電壓減小，R3的電壓增大、電流增大，滑動變阻器所在支路電流減小，R2的電壓減?。换瑒幼冏杵鞯碾妷涸龃?。

A．電壓表測得是滑動變阻器的電壓；所以讀數(shù)增大，A錯誤。

B．電流表測得是滑動變阻器所在支路的電流；所以讀數(shù)減小，B錯誤。

C．電容器的電壓等于R3的電壓；所以質(zhì)點所受電場力增大，大于重力，質(zhì)點向上運動，C正確。

D．R3的電壓增大、電流增大，所以消耗的功率逐漸增大，D正確8、A:C【分析】【詳解】

A．滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，通過電源的電流減小，路端電壓增大，由歐姆定律知兩端電壓減小；電容器兩極間電壓增大，兩板間的電場強度增大；選項A正確；

B．以上分析知；滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，路端電壓增大，電壓表的讀數(shù)增大；選項B錯誤；

C．以上分析知，滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，通過的電流減小，消耗的功率減??；選項C正確；

D．通過的電流減小，而接入電路的電阻增大，故消耗的功率變化無法確定；D選項錯誤。

故選AC.9、A:C【分析】【詳解】

M點電勢能為零，則電勢為零；EP–x圖象的斜率=qE，則N點場強為零，A正確，B錯誤．帶正電的試探電荷從距Q2較近處移近過程中，電勢能增大，從足夠遠處移近時，電勢能先減小后增大，由正電荷在電勢高處電勢能大，說明Q2帶正電，Q1帶負電；由N點場強為零，有=又r1>r2，則Q1>Q2，C正確，D錯誤．10、A:C【分析】【詳解】

A．粒子在極板間運動只受電場力作用，由粒子在C、D板間向下偏轉(zhuǎn)可得：電場力方向豎直向下；那么，根據(jù)場強方向豎直向下可得，粒子帶正電，故A正確；

B．對粒子在AB間運動應用動能定理可得

所以，粒子離開B板時速度大小

粒子在CD間運動初速度水平，合外力即電場力方向豎直向下，故粒子做類平拋運動，運動時間

故豎直偏轉(zhuǎn)位移

故B錯誤；

C．由幾何關(guān)系得

解得

故C正確；

D．粒子在AB加速度后的動能為qU，接著在偏轉(zhuǎn)電場中電場力對粒子做正功，粒子的動能增加，所以該粒子打在屏上的動能一定大于qU；故D錯誤。

故選AC。11、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)點電荷電場的分布特點，可知A、兩點的電場強度大小相等；方向不同，A錯誤；

B．場源電荷為正點電荷，將一帶負電的試探電荷從點沿直徑移到點；試探電荷先靠近場源電荷，后遠離場源電荷，則電場力先做正功，后做負功，則電勢能先減小后增大，B正確；

C．點電荷的等式面是以場源電荷為圓心的一系列同心球面，因此平行于底面且圓心為的截面不是等勢面；C錯誤；

D．令連線中點為根據(jù)點電荷電場線分布特征，可知間任一點的電場強度均比間任一點的電場強度小，根據(jù)

可知

又由于

解得

根據(jù)點電荷電場線分布特征有

則有

D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)12、略

【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由歐姆定律，I變小，U1=IR1變小，故V1逐漸減小；因R1、R3為定值電阻，故由歐姆定律U2＝E?I(R1+R3+r)可知，電壓表V2示數(shù)的變化量絕對值與電流表A示數(shù)的變化量比值等于R1+R3+r，故．【解析】減小ΔI(R3+R1+r)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

絲綢摩擦過的玻璃棒C帶正電荷；導體A；B接觸在一起時，處在正電荷的電場中，由于靜電感應，導體A的左端感應出負電荷，導體B的右端感應出正電荷，且電荷量相等，所以導體兩端的金屬箔都張開，且左端帶負電，右端帶正電。

(1)[1][2][3]若先把A和B分開；然后移去C，導體A；B的電荷不能中和，故A導體上的金屬箔帶負電，B導體上的金屬箔帶正電，若用手接觸B則將B導體的正電荷中和而不再帶電，故此時觀察到的現(xiàn)象是B導體的金屬箔閉合；

(2)[4][5]若先移去C；導體A和導體B上的正負電荷中和，均不再帶電，故A；B導體金屬箔均不帶電；

(3)[6]A、B導體帶電的實質(zhì)是電子轉(zhuǎn)移（或電荷轉(zhuǎn)移）?！窘馕觥繋ж撾妿д夿導體的金屬箔閉合不帶電不帶電電子轉(zhuǎn)移（或電荷轉(zhuǎn)移）14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]串聯(lián)電路；電流關(guān)系，各處電流相等，即。

[2][3]并聯(lián)電路；電流關(guān)系，總電流等于各支路電流之和，即。

[4][5]串聯(lián)電路；電壓關(guān)系，總電壓等于各支路電壓之和，即。

[6][7]并聯(lián)電路；電壓關(guān)系，各支路兩端電壓相等，即。

[8][9]串聯(lián)電路；電阻關(guān)系，總電阻等于各部分電阻，即。

[10]并聯(lián)電路，電阻關(guān)系，總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻的倒數(shù)之和?！窘馕觥恐椭拖嗟戎偷箶?shù)之和15、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.質(zhì)子②.電子③.一樣多④.中性16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛頓第二定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是勻強電場且涉及運動時間等描述運動過程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及位移、速率等動能定理公式中的物理量或非勻強電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）

或qU=mv2-mv（任何電場）【解析】①.牛頓第二②.勻強電場③.運動時間④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非勻強17、略

【分析】【詳解】

①[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標尺的第6個刻度線與主尺的某刻度線對齊，讀數(shù)為0.1×6mm=0.6mm；則有游標卡尺的讀數(shù)為9mm+0.6mm=9.6mm；

②[2]游標卡尺的主尺讀數(shù)為13mm；游標尺的第13個刻度線與主尺的某刻度線對齊，游標尺是25分度的，讀數(shù)為0.04×13mm=0.52mm，則有游標卡尺的讀數(shù)為13mm+0.52mm=13.52mm。

③[3]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，轉(zhuǎn)動刻度的讀數(shù)為0.01×33.3mm=0.333mm，螺旋測微器的讀數(shù)為2.333mm?！窘馕觥?.613.522.333四、作圖題(共2題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）19、略

【分析】【詳解】

第一幅圖