2025年浙教版選擇性必修1物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選擇性必修1物理下冊月考試卷714考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；白熾燈的右側(cè)依次平行放置偏振片P和Q，A點位于P；Q之間，B點位于Q右側(cè)。旋轉(zhuǎn)偏振片P，A、B兩點光的強度變化情況是：（）

A.A.B均不變B.B均有變化C.A不變，B有變化D.A有變化，B不變2、在飛機的發(fā)展史中有一個階段，飛機上天后不久，飛機的機翼（翅膀）很快就抖動起來，而且越抖越厲害．后來經(jīng)過人們的探索，利用在飛機機翼前緣處裝置一個配重桿的方法，解決了這一問題．在飛機機翼前裝置配重桿的目的主要是（）A.加大飛機的慣性B.使機體更加平衡C.使機翼更加牢固D.改變機翼的固有頻率3、下列情況中系統(tǒng)動量守恒的是（）

①小車停在光滑水平面上；人在車上走動時，在水平方向上，對人與車組成的系統(tǒng)。

②子彈水平射入放在光滑水平面上的木塊中；對子彈與木塊組成的系統(tǒng)。

③子彈射入緊靠墻角的木塊中；對子彈與木塊組成的系統(tǒng)。

④系統(tǒng)中所有物體的加速度都為零A.①和③B.①和③④C.只有①D.①和②④4、由于大氣層的存在，太陽光線在大氣中折射，使得太陽“落山”后我們?nèi)匀荒芸匆娝Ｄ惩瑢W為研究這一現(xiàn)象，建立了一個簡化模型。將折射率很小的不均勻大氣等效成折射率為的均勻大氣，并將大氣層的厚度等效為地球半徑R。根據(jù)此模型；一個住在赤道上的人在太陽“落山”后還能看到太陽的時間是（地球自轉(zhuǎn)時間為24小時，地球上看到的太陽光可以看成平行光）（）

A.3小時B.2小時C.1.5小時D.1小時5、絲網(wǎng)版畫有其獨特的繪畫語言，其顯影時需要用高壓水槍沖洗，直至優(yōu)美畫面顯出，若高壓水槍噴口的出水速度為10m/s，水的密度ρ=1.0×103kg/m3；水與版畫接觸后沿版畫平面散開，則版畫單位面積上受到水的沖擊力為（）

A.1×105NB.4×105NC.6×105ND.8×105N6、課間幾個同學做游戲，如圖所示，將一物塊Q放在課桌上的點，在另一與物塊Q完全相同的物塊P上粘一小塊橡皮泥（質(zhì)量不計），并置于A點，在課桌上的點有一標記，A、三點在同一直線上，且游戲時給物塊P一瞬時沖量使其沿直線運動，經(jīng)過一段時間物塊P與物塊Q發(fā)生碰撞并粘合為一體，粘合體距離點最近者獲得勝利。某同學對物塊P施加的瞬時沖量為（未知）時，粘合體剛好停在點。已知兩物塊的質(zhì)量均為與桌面間的動摩擦因數(shù)均為重力加速度為下列說法正確的是（）

A.該同學對P施加的瞬時沖量為B.整個過程因摩擦產(chǎn)生的熱量為C.碰后瞬間物塊P的速度為D.兩物塊因碰撞損失的機械能為7、一只質(zhì)量為0.9kg的烏賊吸入0.1kg的水后，靜止在水中。當遇到危險時，它在極短時間內(nèi)把吸入的水向后全部噴出，以大小為2m/s的速度逃竄。下列說法正確的是（）A.烏賊噴出的水的速度大小為18m/sB.烏賊噴出的水的速度大小為20m/sC.在烏賊噴水的過程中，烏賊所受合力的沖量大小為0.9N·sD.在烏賊噴水的過程中，烏賊和噴出的水組成的系統(tǒng)的動量增大8、一列簡諧橫波某時刻波形如圖甲所示。由該時刻開始計時，質(zhì)點b的振動情況如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.該時刻質(zhì)點a與c的速度、加速度都相同B.該橫波沿軸負方向傳播，波速等于此時b點的振動速度C.t=1s時質(zhì)點d位于波谷位置D.質(zhì)點d經(jīng)半個周期將沿軸負方向移動到b的位置9、如圖為某質(zhì)點的振動圖象；下列判斷正確的是（）

A.質(zhì)點的振幅為10cmB.質(zhì)點的周期為4sC.t=4s時質(zhì)點P的速度為0D.t=7s時質(zhì)點Q的加速度為0評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，在光滑水平面上質(zhì)量為的小球A以速度向右運動，與靜止的質(zhì)量為的小球B發(fā)生正碰；碰后B的速度大小可能為（）

A.B.C.D.11、水平面上有質(zhì)量相等的a、b兩個物體，水平推力F1、F2分別作用在a、b上，一段時間后撤去推力，物體繼續(xù)運動一段距離后停下。兩物體的v－t圖線如圖所示，圖中AB∥CD。則整個過程中（）

A.水平推力F1、F2大小可能相等B.a的平均速度大于b的平均速度C.合外力對a物體的沖量等于合外力對b物體的沖量D.摩擦力對a物體做的功小于摩擦力對b物體做的功12、如圖，小車靜止在光滑水平面上，AB是小車內(nèi)半圓弧軌道的水平直徑。現(xiàn)將一小球從距A點正上方h高處由靜止釋放，小球由A點沿切線方向經(jīng)半圓軌道后從B點沖出，在空中能上升的最大高度為0.9h；不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.小球離開小車后做豎直上拋運動B.小球離開小車后做斜向上拋運動C.在相互作用過程中，小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒D.小球第二次沖出軌道后在空中能上升的最大高度大于0.8h13、一列簡諧波沿軸正方向傳播，傳播速度為時刻的波形圖如圖所示；下列說法正確的是（）

A.時刻處的質(zhì)點振動方向沿軸正方向B.在時間內(nèi)處的質(zhì)點運動的路程為C.處的質(zhì)點經(jīng)過第一次到達波峰E.處質(zhì)點的振動方程為E.處質(zhì)點的振動方程為14、A、B是一列簡諧橫波傳播路徑上的兩個質(zhì)點，兩質(zhì)點的振動圖像如圖所示，A質(zhì)點的振動比B質(zhì)點的振動滯后7s。A、B兩點間的距離為則（）

A.簡諧波從A向B傳播B.簡諧波的波長為4mC.簡諧波的傳播速度大小為E.質(zhì)點A的速度最大時，質(zhì)點B的加速度一定最大E.質(zhì)點A的速度最大時，質(zhì)點B的加速度一定最大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示，質(zhì)量為m2的小球固定在豎直輕彈簧上，彈簧勁度系數(shù)為k，輕彈簧固定在質(zhì)量為m1的底座上，整個裝置置于水平地面上，拉小球使彈簧伸長一定長度，釋放后小球?qū)⒃谪Q直方向上做簡諧運動．振動過程中底座恰好不離開地面，已知重力加速度為g，則小球的最大加速度為____________；底座對地面的最大壓力大小為_____________；小球做簡諧振動的振幅為__________．

16、判斷下來說法的正誤：

（1）簡諧運動是勻變速運動。（______）

（2）簡諧運動的圖像描述的是振動質(zhì)點的軌跡。（______）17、若已知雙縫間距，再測出_______和_______，就可以求得光波的波長18、動量的變化量。

（1）物體在某段時間內(nèi)___________與___________的矢量差，Δp=___________（矢量式）。

（2）動量始終保持在一條直線上時的運算：選定一個正方向，動量、動量的變化量用___________的數(shù)值表示，從而將矢量運算轉(zhuǎn)化為___________運算，此時的正、負號僅表示方向，不表示大小。19、波的圖象。

（1）坐標軸：橫軸表示各質(zhì)點的___________，縱軸表示該時刻各質(zhì)點的___________。

（2）意義：表示在波的傳播方向上，某時刻各質(zhì)點離開___________的位移。20、系統(tǒng)；內(nèi)力與外力。

（1）系統(tǒng)：___________相互作用的物體構成的一個力學系統(tǒng)。

（2）內(nèi)力：___________物體間的作用力。

（3）外力：系統(tǒng)___________的物體施加給系統(tǒng)內(nèi)物體的力。21、如圖所示的振動曲線，如果采用國際單位制（SI），則用余弦形式表示的振動表達式x=______（SI）。

22、原點O處有一簡諧橫波的波源，形成的簡諧波沿x軸傳播，如圖所示是t=0時的波形圖，t=0.02s時，質(zhì)點A第一次到達波峰處。則該簡諧波的傳播速度大小為______m/s；已知質(zhì)點B的平衡位置位于x=0.1m處，則質(zhì)點B的振動方程為______。

23、振幅不同，波速相同的兩列波相向傳播，它們的周期都為T；相遇的過程如圖所示，從這個過程中能總結(jié)出波的疊加的規(guī)律是：

（1）________；

（2）________。評卷人得分四、作圖題(共2題，共14分)24、某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

25、某同學做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)26、小明在利用如圖所示的實驗裝置驗證“動量守恒定律”時；完成了如下的操作：

①分別測量出兩直徑大小相等的小球甲、乙的質(zhì)量并分別記為和

②按圖組裝好實驗器材并調(diào)節(jié)斜槽末端呈水平；

③不放被碰球乙，讓小球甲從斜槽上的某位置由靜止釋放，小球甲離開斜槽后，經(jīng)過一段時間小球落在水平面上的P點；

④在斜槽的末端放上被碰球乙；小球甲由同一位置靜止釋放，結(jié)果小球甲并未發(fā)生反彈，最終兩球均落在水平面上；

⑤通過測量的實驗數(shù)據(jù)；完成動量守恒定律的驗證。

根據(jù)掌握的知識完成下列填空：

（1）為了滿足第④步的要求，則和的關系是______（填“>”、“<”或“=”）。

（2）為了完成動量守恒的驗證，除了已測量的兩球質(zhì)量外還需測量的量有______。

A.小球甲的釋放點到距離軌道末端的高度h

B.小球甲放在斜槽末端時，球心距離水平面的高度H

C.斜槽末端在水平面上的投影點O到M、P、N三點的距離和

（3）在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，如果關系式：________成立，則兩小球在碰撞過程中的動量守恒；如果兩小球的碰撞是彈性碰撞，則還需要滿足關系式：________。（以上兩關系式均用測量的物理量表示）27、某科學探究小組的同學用圖示裝置研究碰撞中的動量守恒；實驗中使用半徑相等的兩小球A和B，實驗的主要步驟如下：

A．用天平測得A、B兩球的質(zhì)量分別為m1、m2

B．如圖所示安裝器材，在豎直木板上記下O點(與置于C點的小球球心等高)；調(diào)節(jié)斜槽使其末端切線水平。

C．在末端C處先不放球B，將球A從斜槽上的適當高度由靜止釋放，球A拋出后撞在木板上的平均落點為P

D．再將球B置于C點，讓球A從斜槽上同一位置靜止釋放，兩球碰后落在木板上的平均落點為M、N

E．用刻度尺測出三個平均落點到O點的距離分別為hM、hP、hN

回答下列問題：

(1)為減小實驗誤差，A、B兩球的質(zhì)量m1、m2應滿足的大小關系是m1_____m2(填“大于”；“等于”或“小于”)；

(2)上述實驗中，碰后B球的平均落點位置應是_____(填“M”或“N”)；

(3)用實驗中測得的數(shù)據(jù)來表示，只要滿足關系式___________，就能說明兩球碰撞前后動量是守恒的．28、“用單擺測量重力加速度的大小”實驗中：

（1）安裝好實驗裝置后，先用刻度尺測量擺線長l，再用游標卡尺測量擺球直徑d，其示數(shù)如圖所示，則___________mm。

（2）釋放擺球，擺動穩(wěn)定后，從最低點開始計時，此后擺球每次經(jīng)過最低點依次計數(shù)，當數(shù)到第60次時停表。此時秒表如圖所示，其讀數(shù)為___________s，該單擺的周期為___________s；

（3）計算重力加速度的表達式為___________（用T、l、d表示），若測量值小于真實值，可能原因是___________。

A．少計了擺球經(jīng)過最低點的次數(shù)。

B．開始計時；啟動秒表滯后。

C．測量懸點到小球頂點的距離作為擺長。

D．測量擺線長和球的直徑之和作為擺長29、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中．

（1）某同學嘗試用DIS測量周期．如圖，用一個磁性小球代替原先的擺球，在單擺下方放置一個磁傳感器，其軸線恰好位于單擺懸掛點正下方．圖中磁傳感器的引出端A應接到________．使單擺做小角度擺動，當磁感應強度測量值最大時，磁性小球位于_________．若測得連續(xù)N個磁感應強度最大值之間的時間間隔為t，則單擺周期的測量值為_________（地磁場和磁傳感器的影響可忽略）．

（2）多次改變擺長使單擺做小角度擺動，測量擺長L及相應的周期T．此后，分別取L和T的對數(shù)，所得到的lgT-lgL圖線為__________（填：“直線”、“對數(shù)曲線”或“指數(shù)曲線”)；讀得圖線與縱軸交點的縱坐標為c，由此得到該地重力加速度g=_________．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

白熾燈的光線沿各個方向的都有；旋轉(zhuǎn)偏振片P，A點光的強度不會變化；

而偏振片對入射光具有遮蔽和透過的功能；可使縱向光或橫向光一種透過，一種遮蔽，旋轉(zhuǎn)偏振片P，PQ放置的方向不同，通過P的光線有一部分不能通過Q，所以通過Q的光線在B點強度會發(fā)生變化。

選項C正確；ABD錯誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

飛機振動的原因是氣流使機翼的振動周期與機翼的固有周期相互接近發(fā)生了共振現(xiàn)象，通過裝置一個配重桿的方法改變固有周期，從而避免共振的發(fā)生，D對；3、D【分析】【詳解】

①小車停在光滑水平面上；人在車上走動時，水平方向系統(tǒng)不受外力作用，在水平方向上，對人與車組成的系統(tǒng)動量守恒；

②子彈水平射入放在光滑水平面上的木塊中；子彈與木塊組成的系統(tǒng)不受外力作用，對子彈與木塊組成的系統(tǒng)動量守恒；

③子彈射入緊靠墻角的木塊中；墻角對木塊有支持力，系統(tǒng)所受合外力不為零，子彈與木塊組成的系統(tǒng)動量不守恒；

④系統(tǒng)中所有物體的加速度都為零；則所有物塊所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒。

故選D。4、D【分析】【詳解】

太陽光是平行光；臨界光路圖如圖所示。

由幾何關系可得臨界光線的折射角為

可知臨界光線的折射角為30°；

根據(jù)折射定律

可得

由幾何關系可知，地球多轉(zhuǎn)角度便看不見太陽了，有

一個住在赤道上的人在太陽“落山”后還能看到太陽的時間為

故選D。5、A【分析】【詳解】

設出水時間為t，水槍的噴口的橫截面積為S，對畫表面的沖擊力為F，水槍噴出水的速度為v，則在t時間內(nèi)噴出水的質(zhì)量為m=ρV=ρSvt

以這部分水位研究對象，以水噴出的方向為正方向，則由動量定理可得-Ft=0-mv

則版畫單位面積上受到水的沖擊力為

故選A。6、C【分析】【詳解】

C．設游戲時物塊P的初速度大小為碰前瞬間物塊P的速度大小為碰后瞬間粘合體的速度大小為對物塊P由A到的過程，由動能定理有

兩物塊碰撞過程動量守恒，則有

碰后粘合體由到的過程由動能定理有

整理得

故C正確；

A．該同學對物塊P施加的瞬時沖量為

故A錯誤；

B．整個過程，兩物塊克服摩擦力做的功為

由功能關系可知整個過程因摩擦產(chǎn)生的熱量為

故B錯誤；

D．兩物塊因碰撞損失的機械能為

解得

故D錯誤。

故選C。7、A【分析】【詳解】

ABD．在烏賊噴水的過程中，烏賊和噴出的水組成的系統(tǒng)所受合外力為零，動量守恒，設烏賊噴出的水的速度大小為v1，則

解得

A正確；BD錯誤；

C．根據(jù)動量定理可知，在烏賊噴水的過程中，烏賊所受合力的沖量大小為

C錯誤。

故選A。8、C【分析】【詳解】

A．質(zhì)點a與c相差半波長；其速度；加速度的方向均相反，故A錯誤；

B．根據(jù)圖乙可知波沿軸負方向傳播，波速與此時b點的振動速度無關；故B錯誤；

C．由于波沿軸負方向傳播，經(jīng)質(zhì)點d位于波谷位置；故C正確；

D．質(zhì)點只能在平衡位置沿y軸運動；不會“隨波逐流”，故D錯誤；

故選C。9、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)振動圖像知，質(zhì)點振動的振幅為5cm，質(zhì)點的周期T=4s；故A錯誤，B正確；

C．t=4s時；質(zhì)點經(jīng)過平衡位置且向上運動，速度最大，故C錯誤；

D．t=7s時質(zhì)點處于負向最大位移處；加速度最大，故D錯誤。

故選：B。二、多選題(共5題，共10分)10、B:C【分析】【詳解】

如果發(fā)生的是完全非彈性碰撞，由動量守恒定律

得

如果發(fā)生的是彈性碰撞，則

解得B的速度

即碰撞后B的速度

故AD錯誤；BC正確。

故選BC。11、C:D【分析】【詳解】

A．由題圖知，AB與CD平行，說明撤去推力后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩物體受到的摩擦力大小相等。水平推力作用時，由圖像可知a的加速度大于b的加速度，根據(jù)：F－Ff=ma

可知水平推力F1大于F2；A錯誤；

B．設兩物體的最大速度為v，加水平推力時兩物體的平均速度均為撤去水平推力后兩物體的平均速度仍為可知a的平均速度等于b的平均速度；B錯誤；

C．根據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于動量的變化量，即：IF－If=0

C正確；

D．由題圖可知，a的位移小于b的位移，因兩物體的摩擦力相等，可知摩擦力對a物體做的功小于摩擦力對b物體做的功；D正確。

故選CD。12、A:D【分析】【詳解】

AC．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，可知系統(tǒng)水平方向的總動量保持為零。小球由B點離開小車時系統(tǒng)水平方向動量為零；小球與小車水平方向速度為零，所以小球離開小車后做豎直上拋運動，A正確，B錯誤；

B．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力；豎直方向受重力，所以水平方向系統(tǒng)動量守恒，但系統(tǒng)動量不守恒，C錯誤；

D．小球第一次車中運動過程中，由動能定理得mg（h-0.9h）-Wf=0

Wf為小球克服摩擦力做功大小，解得Wf=0.1mgh

即小球第一次在車中滾動損失的機械能為0.1mgh，由于小球第二次在車中滾動時，對應位置處速度變小，因此小車給小球的彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功小于0.1mgh，機械能損失小于0.1mgh，因此小球再次離開小車時，能上升的高度大于0.9h-0.1h=0.8h

D正確。

故選AD。13、A:B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)波的傳播方向和質(zhì)點的振動方向的關系可得，時刻處的質(zhì)點振動方向沿軸正方向；故A正確；

B．波的傳播的振動周期為。

所以在時間內(nèi)處的質(zhì)點運動的路程為兩個振幅；即0.4m，故B正確；

C．波傳播到還需要兩個周期；即0.24s，則。

根據(jù)波的傳播方向和質(zhì)點的振動方向的關系可得，經(jīng)過0.33s，處的質(zhì)點第一次到達波峰；故C正確；

D．處于處相差3m；即。

所以當處質(zhì)點位于波峰時，處質(zhì)點恰好位于波谷；故D錯誤；

E．由圖像可以求出，處質(zhì)點的振動方程為。

處質(zhì)點初相位是處的3倍，所以處質(zhì)點的振動方程為。

故E正確。

關系ABCE。14、C:D:E【分析】【詳解】

A.由于質(zhì)點A振動比質(zhì)點B滯后；因此波從B傳播到A，A錯誤；

B.由題意可知，波動周期為4s，波從B傳播到A所用的時間為7s，為因此A、B間的距離為即則B錯誤；

C.波傳播的速度C正確；

D.由振動圖像可知；2s~3s內(nèi)，兩質(zhì)點的振動方向相反，D正確；

E.質(zhì)點A的速度最大時；即處于平衡位置時，質(zhì)點B不是在波峰就是在波谷，此時質(zhì)點B的加速度最大，E正確。

故選CDE。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

因為振動過程中底座恰好不離開地面，所以底座受到彈簧向上的拉力最大為在最高點彈簧的拉力最大，對小球受力分析，受到豎直向下的彈力以及重力作用，故根據(jù)牛頓第二定律可得小球運動到最低點時，底座對地面的壓力最大，根據(jù)簡諧運動的對稱性，在最低點小球受到的加速度為，方向向上，故解得彈簧對底座的作用力為底座對地面的最大壓力為在平衡位置時彈簧彈力等于小球的重力在最低點故解得．【解析】16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]簡諧運動中；回復力隨位移的變化而變化，是變力，所以簡諧運動是非勻變速運動。故錯。

(2)[2]簡諧運動的圖像描述的是質(zhì)點的位移隨時間變化的規(guī)律，不是振動質(zhì)點的軌跡，故錯。【解析】錯錯17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.雙縫到屏的距離l②.條紋間距Δx18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.末動量②.初動量③.p′-p④.帶正、負號⑤.代數(shù)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]波的圖象坐標軸：橫軸表示各質(zhì)點的平衡位置；縱軸表示該時刻各質(zhì)點的位移；

（2）[3]意義：表示在波的傳播方向上，某時刻各質(zhì)點離開平衡位置的位移?！窘馕觥竣?平衡位置②.位移③.平衡位置20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】兩個（或多個）系統(tǒng)中以外21、略

【分析】【詳解】

若以正弦形式表示圖中的振動表達式，則有

根據(jù)三角函數(shù)的轉(zhuǎn)化可知，用余弦形式表示的振動表達式為

或者【解析】或者22、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可看出該波的波長λ=0.4m

由于O為波源，則在x軸負方向的波往左傳播，則質(zhì)點A第一次到達波峰處有T=0.02，v==5m/s

[2]由于該波的周期為0.08s，且則在x軸正方向的波往右傳播，則在t=0時質(zhì)點B往上振，質(zhì)點B的振動方程為y=Asin(ωt)，A=0.4m，ω=

代入數(shù)據(jù)有y=0.4sin(25πt)（m）【解析】5y=0.4sin25πt（m）23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]當左列波和右列波相遇時；疊加時的振動方向相同的，則相互加強；當振動方向相反時，則相互抵消。兩列波相遇時幾個特殊點：波谷和波谷，波峰和波谷，波峰和波峰；

(2)[2]分別畫出疊加后的波形圖。當兩列波的波峰或波谷相遇時，則振幅變?yōu)閮烧咧?，當相遇后，波相互不影響，各自向前傳播?！窘馕觥竣?當波相遇時，振動方向相同的部分振動加強，振動方向相反的部分振動減弱②.波相互穿過，互不干擾四、作圖題(共2題，共14分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)實驗原理，則大頭針P4擋住P3本身及P2、P1的像；光路圖如下。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據(jù)折射率表達式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實驗題(共4題，共24分)26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]為了保證兩球碰撞后，小球甲不反彈，和的關系應滿足

（2