2025年湘師大新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘師大新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于磁通量的下列說(shuō)法正確的是（）

A.穿過(guò)某個(gè)面的磁通量為零；此處磁感應(yīng)強(qiáng)度也為零。

B.通過(guò)任一閉合面的磁通量越大；該處磁感應(yīng)強(qiáng)度也越大。

C.穿過(guò)垂直與感應(yīng)強(qiáng)度方向的某個(gè)閉合面的磁感線條數(shù)等于磁感應(yīng)強(qiáng)度。

D.當(dāng)閉合面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)；穿過(guò)閉合面的磁通量必為零。

2、兩個(gè)固定的異種點(diǎn)電荷，電荷量給定但大小不等.

用E1

和E2

分別表示這兩個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，則在通過(guò)兩點(diǎn)電荷的直線上，E1=E2

的點(diǎn)(

)

A.有三個(gè)，其中兩處合場(chǎng)強(qiáng)為零B.有三個(gè)，其中一處合場(chǎng)強(qiáng)為零C.只有兩個(gè)，其中一處合場(chǎng)強(qiáng)為零D.只有一個(gè)，該處合場(chǎng)強(qiáng)不為零3、如圖所示，ABCD

為勻強(qiáng)電場(chǎng)中相鄰的四個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)電子垂直經(jīng)過(guò)等勢(shì)面D

時(shí)，動(dòng)能為20eV

飛至等勢(shì)面B

時(shí)速度恰好為零，若飛經(jīng)等勢(shì)面C

時(shí)電勢(shì)能為鈭?10eV

則電子的動(dòng)能為2eV

時(shí)，電勢(shì)能為(

重力不計(jì))(

)

A.鈭?2eV

B.鈭?8eV

C.8eV

D.12eV

4、若A燈標(biāo)有“220V60W”，B燈標(biāo)有“220V100W”，把兩燈接入電路中，下列說(shuō)法中正確的是（）A.當(dāng)通過(guò)兩燈的電流相等時(shí)，B燈比A燈亮B.當(dāng)通過(guò)兩燈的電流相等時(shí)，A燈比B燈亮C.當(dāng)加在兩燈的電壓相等時(shí)，A燈比B燈亮D.當(dāng)加在兩燈的電壓相等時(shí)，B燈比A燈亮5、下列各圖中；已標(biāo)出電流及電流的磁場(chǎng)方向，其中正確的是（）

A.

B.

C.

D.

6、如圖所示，用逐漸增大的水平力F

推靜止在水平面上的物體，但物體始終靜止，關(guān)于這一過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是()

A.物體受到的合外力逐漸增大B.物體受到的合外力始終為零C.物體不受摩擦力D.物體受摩擦力不變7、如圖所示是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)的強(qiáng)度分別為B

和E

.

平板S

上有可讓粒子通過(guò)的狹縫P

和記錄粒子位置的膠片A

1

A

2

平板S

下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

0

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。下列表述正確的是A.質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外C.能通過(guò)狹縫P

的帶電粒子的速率等于E

/

B

D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P

，粒子的比荷越小8、如圖所示，下列帶電粒子所受洛倫茲力的方向向上的是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a

變化到狀態(tài)b

其過(guò)程如p鈭?V

圖中從a

到b

的直線所示。在此過(guò)程中__________

A.氣體溫度一直降低。

B.氣體內(nèi)能一直增加C.氣體一直對(duì)外做功。

D.氣體一直從外界吸熱E.氣體吸收的熱量一直全部用于對(duì)外做功10、如圖所示，AB

兩端電壓不變，將變阻器R2

的滑動(dòng)端P

向左移動(dòng)，BC

間的等效電阻將______(

選填“變大”“變小”或“不變”)

電阻R1

上的電壓將______(

選填“變大”“變小”或“不變”)

燈泡L

會(huì)______(

選填“變亮”“變暗”或“不變”)

．11、在方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線的一端連著一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，另一端固定于O點(diǎn)．把小球拉起直至細(xì)線與場(chǎng)強(qiáng)平行，然后無(wú)初速度釋放．已知小球擺到最低點(diǎn)的另一側(cè)，線與豎直方向的最大夾角為θ．則小球電性為_(kāi)___（填正電或負(fù)電），經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)細(xì)線對(duì)小球的拉力為_(kāi)___．

12、某同學(xué)在測(cè)定一厚度均勻的圓形玻璃的折射率時(shí)；先在白紙上作一與圓形玻璃同半徑的圓；

圓心為O；將圓形玻璃平放在白紙上，使其邊界與所畫(huà)的圓重合，在玻璃一側(cè)豎直插兩枚大。

頭針P1和P2，在另一側(cè)再先后插兩枚大頭針P3和P4，使從另一側(cè)隔著玻璃觀察時(shí)，大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，移去圓形玻璃和大頭針后，如圖所示．用θ1和θ2分別表示光。

線從空氣射入玻璃時(shí)的入射角和折射角．

（1）畫(huà)出沿P1、P2連線方向的入射光線的光路圖．（包括入射光線；玻璃內(nèi)傳播的光線、出射光線、入射角和折射角）

（2）玻璃的折射率為．13、如圖，電容器PQ的電容為10mF，垂直于回路的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度5′10-3T/s的變化率均勻增加，回路面積為10-2m2。則PQ兩極電勢(shì)差的絕對(duì)值為_(kāi)___V。P極所帶電荷的種類(lèi)為_(kāi)___。14、如圖所示，有一個(gè)長(zhǎng)方形容器，高為12.0cm、寬為16.0cm，在容器的底部平放著一把刻度尺。當(dāng)容器中沒(méi)有液體時(shí)，眼睛在OA延長(zhǎng)線上的E點(diǎn)觀察，視線沿著EA斜向下看，恰能看到尺的左端零刻度。現(xiàn)保持眼睛的位置不變，向容器內(nèi)倒某種液體至液面與容器口相平，這時(shí)眼睛仍沿EA方向觀察，恰能看到尺上7cm的刻度。則這種液體的折射率為_(kāi)_________，光在這種液體中傳播的速度與在真空中傳播的速度之比為_(kāi)__________。15、蒸汽機(jī)、內(nèi)燃機(jī)等熱機(jī)以及電冰箱工作時(shí)都利用了氣體狀態(tài)變化來(lái)實(shí)現(xiàn)能量的轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化，我們把這些氣體稱(chēng)為工質(zhì)．某熱機(jī)經(jīng)過(guò)一個(gè)循環(huán)后，工質(zhì)從高溫?zé)嵩次鼰酫1，對(duì)外做功W，又對(duì)低溫?zé)嵩捶艧酫2，工質(zhì)完全回復(fù)初始狀態(tài)，內(nèi)能沒(méi)有變化．根據(jù)熱力學(xué)第一定律，在工質(zhì)的一個(gè)循環(huán)中，Q1、Q2、W三者之間滿(mǎn)足的關(guān)系是____．熱機(jī)的效率不可能達(dá)到100%，從能量轉(zhuǎn)換的角度，說(shuō)明____能不能完全轉(zhuǎn)化為_(kāi)___能．16、(1)在“探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中；提供的器材有：鐵架臺(tái)；鐵夾、細(xì)線、有孔的小鐵球、秒表、刻度尺，還需補(bǔ)充的器材是____________．

(2)若實(shí)驗(yàn)中測(cè)出的g值比當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葘?shí)際值偏大；其原因可能是____________

A；小球的質(zhì)量偏大B、單擺的振幅偏小。

C；用擺線的長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)；未加小球的半徑D、將單擺實(shí)際振動(dòng)次數(shù)誤記為n+1

(3)如果測(cè)定了40次全振動(dòng)的時(shí)間如圖中秒表所示，那么秒表讀數(shù)是____________s，單擺的擺動(dòng)周期是____________s．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)17、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)25、如圖所示，在課桌的C點(diǎn)用最小的力把桌腿B抬離地面，在抬起時(shí)桌腿A沒(méi)有滑動(dòng)．請(qǐng)?jiān)贑點(diǎn)畫(huà)出這個(gè)力的示意圖，并標(biāo)出它的力臂L．

26、如圖所示；一束紅色激光從空氣射入厚度均勻的平行玻璃磚．

（1）請(qǐng)完成該光線射到CD界面之后的光路圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加，該光線______（選填“能”或“不能”）在CD界面發(fā)生全反射．27、在《互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成》的實(shí)驗(yàn)中，兩個(gè)彈簧秤的拉力F1和F2已于圖中作出了它們的圖示，O是橡皮條的一個(gè)端點(diǎn)，圖中每格的長(zhǎng)度代表1N。（1）用作圖法作出合力F的圖示；（2）合力F的大小是_______N。28、如圖所示，在圖(1)

中，G

為指針在中央的靈敏電流表，連接在直流電路中時(shí)的偏轉(zhuǎn)情況.

今使它與一線圈串聯(lián)進(jìn)行電磁感應(yīng)實(shí)驗(yàn)，則圖(2)

中的條形磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向是______；圖(3)

中電流計(jì)的指針將向______偏轉(zhuǎn)；圖(4)

中的條形磁鐵上端為_(kāi)_____極．評(píng)卷人得分五、推斷題(共4題，共36分)29、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱(chēng)是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_(kāi)____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類(lèi)型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會(huì)生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為_(kāi)__________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說(shuō)法錯(cuò)誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機(jī)物存在順?lè)串悩?gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團(tuán)。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}30、是合成高聚酚酯的原料，其合成路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下圖所示：

rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)___，rm{B}分子中最多有____個(gè)原子共面。rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脵}的反應(yīng)條件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化學(xué)方程式為_(kāi)___。rm{(4)}與rm{D}互為同分異構(gòu)體且含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____種，其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)___rm{(}任寫(xiě)一種rm{)}rm{(5)}寫(xiě)出以rm{C_{2}H_{5}OH}為原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路線rm{(}其他試劑任選，合成路線常用的表示方式為目標(biāo)產(chǎn)物rm{)}31、某有機(jī)化合物經(jīng)李比希法測(cè)得其中含碳為72.0%

含氫為6.67%

其余含有氧.

現(xiàn)用下列方法測(cè)定該有機(jī)化合物的相對(duì)分子質(zhì)量和分子結(jié)構(gòu)。圖A

為該有機(jī)化合物的質(zhì)譜圖；圖B

為該有機(jī)化合物的核磁共振氫譜，有5

個(gè)峰，其面積之比為12223

圖C

為該有機(jī)化合物分子的紅外光譜圖。試填空：(1)

該有機(jī)化合物相對(duì)分子量為_(kāi)________________(2)

該有機(jī)化合物的分子式為_(kāi)_______________．

(3)

經(jīng)分析該有機(jī)化合物的分子中只含一個(gè)甲基的依據(jù)是______(

填序號(hào))

．

a.

其相對(duì)分子質(zhì)量b.

其分子式c.

其核磁共振氫譜圖d.

其分子的紅外光譜圖(4)

從以上圖譜中分析得出；該有機(jī)化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)___________，含有的官能團(tuán)的名稱(chēng)_______。

(5)

該有機(jī)化合物在酸性條件下可以水解，請(qǐng)寫(xiě)出反應(yīng)方程式_______________________________．32、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱(chēng)是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_(kāi)____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類(lèi)型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會(huì)生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為_(kāi)__________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說(shuō)法錯(cuò)誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機(jī)物存在順?lè)串悩?gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團(tuán)。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】

A；穿過(guò)某個(gè)面的磁通量為零；此處磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，可能此平面與磁感線平行，故A錯(cuò)誤，D正確；

B；磁通量的大小除與磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)；還與線圈的面積有關(guān)．故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)磁感線與線圈平面垂直時(shí)，磁通量的大小?=BS，因此磁感應(yīng)強(qiáng)度可知；穿過(guò)垂直于感應(yīng)強(qiáng)度方向的某個(gè)閉合面單位面積的磁感線條數(shù)等于磁感應(yīng)強(qiáng)度，故C錯(cuò)誤；

故選：D

【解析】【答案】磁通量可以形象說(shuō)成穿過(guò)線圈的磁感線的條數(shù)；當(dāng)磁感線與線圈垂直時(shí)，則磁通量?=BS；當(dāng)磁感線與線圈平行時(shí)，磁通量為零．因此不能根據(jù)磁通量的大小來(lái)確定磁感應(yīng)強(qiáng)度．

2、C【分析】解：設(shè)大電荷量為Q

小電荷量為q

兩電荷間距為L(zhǎng)

在連線上場(chǎng)強(qiáng)大小相等的點(diǎn)距離q

為r

則有kQ(L鈭?r)2=kqr2

r

有兩個(gè)解；即場(chǎng)強(qiáng)相等的點(diǎn)有兩處，一處在兩電荷中間的連線上，合場(chǎng)強(qiáng)不為零，另一處在連線q

的外側(cè)，合場(chǎng)強(qiáng)為零.

故C正確．

故選：C

．

兩電荷連線上可以分為三部分；大電荷的外側(cè)，兩電荷之間，小電荷的外側(cè)，在根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式判斷是否場(chǎng)強(qiáng)大小相等．

做這種類(lèi)型的題，最好畫(huà)出圖，根據(jù)圖象分析可能的地方．【解析】C

3、A【分析】解：小球自D

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B

時(shí)；電場(chǎng)力做負(fù)功：WDB=0eV鈭?20eV=鈭?20eV壟脵

由于相鄰兩等勢(shì)面的電勢(shì)差相等，故電勢(shì)差的大小關(guān)系有：UDC=UCB=12UDB=12?WDC鈭?e=10V壟脷

WDC=WCD=12WDB=鈭?10eV

粒子在C

時(shí)的動(dòng)能：Ekc=EkD+WDC=20鈭?10=10eV

所以粒子的電勢(shì)能與動(dòng)能之和：E=0

因此當(dāng)動(dòng)能等于2eV

時(shí)電勢(shì)能為鈭?2eV

故選：A

．

小球只受電場(chǎng)力時(shí)；小球的動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變；正確判斷小球在電場(chǎng)中所受電場(chǎng)力方向以及電場(chǎng)力做功情況．

學(xué)習(xí)電場(chǎng)中的功能關(guān)系時(shí)可以類(lèi)比在重力場(chǎng)的功能關(guān)系，如只有重力做功，動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變；那么只有電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變．【解析】A

4、B|D【分析】【解析】試題分析：由得兩燈電流相等時(shí)功率與電阻成正比，A燈亮；兩燈電壓相等時(shí)功率與電阻成反比，B燈亮；故選BD考點(diǎn)：串并聯(lián)電路中功率的分配【解析】【答案】BD5、C【分析】

A；由于電流的方向垂直紙面向外；根據(jù)安培定則知，磁場(chǎng)方向應(yīng)該是逆時(shí)針?lè)较颍蔄錯(cuò)誤．

B；直線電流的方向豎直向上；根據(jù)安培定則知，直線電流右邊的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，左邊磁場(chǎng)方向垂直紙面向外．故B錯(cuò)誤．

C；從上往下看；線框的電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，根?jù)安培定則知，磁場(chǎng)的方向向上．故C正確．

D；根據(jù)安培定則；螺線管內(nèi)部的磁場(chǎng)方向向右．故D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)安培定則判斷電流周?chē)艌?chǎng)的方向；從而進(jìn)行判斷正誤．

6、B【分析】【分析】推力小于最大靜摩擦力時(shí)，摩擦力為靜摩擦力，隨著推力的增大而增大，物體靜止時(shí)，合力為0

本題考查了共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用、摩擦力的判斷與計(jì)算。對(duì)于摩擦力一定要注意判斷是靜摩擦力還是滑動(dòng)摩擦力，靜摩擦力的方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的方向相反，靜摩擦力的大小通常根據(jù)力的平衡計(jì)算。【解答】AB.

物體始終靜止，物體受到的合外力始終為0

故A錯(cuò)誤；B正確；CD.

物體相對(duì)于地面有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到水平向左的靜摩擦力，靜摩擦力和推力平衡，隨推力的增大而增大，故CD錯(cuò)誤。故選B?！窘馕觥緽

7、C【分析】【分析】帶電粒子經(jīng)加速后進(jìn)入速度選擇器，速度為v=EB粒子可通過(guò)選擇器，然后進(jìn)入BB0，打在SS板的不同位置。?質(zhì)譜儀工作原理應(yīng)采取分段分析的方法，即粒子加速階段，速度選擇階段，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)階段。質(zhì)譜儀工作原理應(yīng)采取分段分析的方法，即粒子加速階段，速度選擇階段，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)階段。?A.進(jìn)入B0

的粒子滿(mǎn)足R=mvqB0

知道粒子電量后，便可求出m

的質(zhì)量，所以質(zhì)譜儀可以用來(lái)分析同位素，故A正確；B.假設(shè)粒子帶正電，則受電場(chǎng)力向左，由左手定則可判斷磁場(chǎng)方向垂直直面向外，故B正確；C.由qE=qvB

得v=EB

此時(shí)離子受力平衡，可沿直線穿過(guò)選擇器，故C正確；D.由R=mvqB0

知R

越小，荷質(zhì)比越大，故D錯(cuò)誤。故選ABC?！窘獯稹俊窘馕觥緾

8、A【分析】解：A；根據(jù)左手定則可知A圖中洛倫茲力方向應(yīng)該豎直向上；故A正確；

B；圖中所受洛倫茲力方向垂直向外；故B錯(cuò)誤；

C；圖中所受洛倫茲力水平向左；故C錯(cuò)誤；

D；圖中所受洛倫茲力垂直向里；故D錯(cuò)誤。

故選：A。

本題考查了左手定則的直接應(yīng)用；根據(jù)左手定則即可正確判斷磁場(chǎng)；運(yùn)動(dòng)方向、洛倫茲力三者之間的關(guān)系，特別注意的是四指指向和正電荷運(yùn)動(dòng)方向相同和負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)方向相反．

安培定則、左手定則、右手定則是在電磁學(xué)中經(jīng)常用到的，要掌握它們的區(qū)別，并能熟練應(yīng)用．【解析】A二、填空題(共8題，共16分)9、BCD【分析】【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程pVT=C

去判斷溫度，從而知道內(nèi)能的變化；根據(jù)氣體體積的變化分析做功情況；結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析。該題結(jié)合圖象考查氣態(tài)方程，能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化時(shí)的關(guān)系。要注意熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

中，WQ

取正負(fù)號(hào)的含義?！窘獯稹緼.由圖知?dú)怏w的pV

一直增大，由pVT=C

知?dú)怏w的溫度一直升高，故A錯(cuò)誤；B.一定量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度一直升高，氣體的內(nèi)能一直增加，故B正確；C.氣體的體積增大，則氣體一直對(duì)外做功，故C正確；D.氣體的內(nèi)能一直增加，并且氣體一直對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

可知?dú)怏w一直從外界吸熱，故D正確；E.氣體吸收的熱量用于對(duì)外功和增加內(nèi)能，故E錯(cuò)誤。故選BCD。【解析】BCD

10、略

【分析】解：將滑片向左移；減小滑動(dòng)變阻器阻值，BC

間的等效電阻變小，從而導(dǎo)致總電阻變小，總電流增大，R1

兩端的電壓變大，燈泡兩端的電壓變小.

燈泡L

變暗。

故答案為：變小變大變暗。

抓住AB

兩端電壓不變；結(jié)合滑動(dòng)變阻器阻值的變化得出BC

間等效電阻的變化，從而得出總電阻變化，根據(jù)歐姆定律得出電流的變化，得出R

兩端電壓變化，從而得出電阻R1

上的電壓的變化．

本題考查了部分電路的動(dòng)態(tài)分析，關(guān)鍵抓住AB

間的電壓不變，結(jié)合歐姆定律和串并聯(lián)電路的特點(diǎn)進(jìn)行求解．【解析】變??；變大；變暗11、略

【分析】

依題；小球無(wú)初速度釋放后做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球帶正電，否則小球做直線運(yùn)動(dòng)．

設(shè)細(xì)線長(zhǎng)度為L(zhǎng)．根據(jù)動(dòng)能定理得。

小球從釋放到最低點(diǎn)的過(guò)程：mgL-qEL=①

小球無(wú)初速度釋放擺到最低點(diǎn)的另一側(cè)的過(guò)程：mgLcosθ-qEL（1+sinθ）=0②

小球最低點(diǎn)時(shí)。

根據(jù)牛頓第二定律得。

F-mg=m③

聯(lián)立以上三式得。

F=

故答案為：

【解析】【答案】由題；小球從靜止釋放后沿圓弧運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，說(shuō)明小球一定帶正電．根據(jù)動(dòng)能定理求出小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的速度．經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，由重力和細(xì)線的拉力的合力提供小球的向心力，由牛頓第二定律求出細(xì)線對(duì)小球的拉力．

12、略

【分析】

（1）連接P1、P2表示入射光線．由題大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，則P4、P3在出射光線方向上，連接P3、P4表示出射光線．作出P1、P2的連線與圓形玻璃的交點(diǎn)O1，作為入射點(diǎn)，P3、P4的連線與圓形玻璃的交點(diǎn)O2，作為出射點(diǎn)，連接O1O，O2O表示法線；標(biāo)出入射角；折射角，作出光路圖如圖所示．

（2）如圖入射角為θ1，折射角為θ2；根據(jù)折射定律得。

折射率n=

答：（1）光路圖如圖所示．

（2）．

【解析】【答案】（1）P1、P2的連線表示入射光線．由題大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，則P4、P3在出射光線方向上，P3、P4表示出射光線．標(biāo)出P1、P2的連線與圓形玻璃的交點(diǎn)O1，P3、P4的連線與圓形玻璃的交點(diǎn)O2，連接O1O2，O2O表示法線；標(biāo)出入射角；折射角，作出光路圖．

（2）根據(jù)折射定律n=求解折射率．

13、略

【分析】【解析】試題分析：由法拉第電磁感應(yīng)定律：則A、C兩板的電勢(shì)差由楞次定律可得：穿過(guò)線圈的磁通量增加，則產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是順時(shí)針，由處于電源內(nèi)部所以電流方向是從負(fù)極到正極，故A板為正電荷，考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；【解析】【答案】正14、略

【分析】試題分析：液體的折射率為n==1.33；光在這種液體中傳播的速度與在真空中傳播的速度之比為v:c=1：n=3:4?？键c(diǎn)：折射率，光速的計(jì)算。【解析】【答案】1.33；3:4。15、Q1﹣Q2=W內(nèi)機(jī)械【分析】【解答】根據(jù)熱力學(xué)第一定律，有：△U=W′+Q；其中：△U=0，Q=Q1﹣Q2，W′=﹣W;故Q1﹣Q2=W；

熱機(jī)將從高溫?zé)嵩次諢崃康囊徊糠洲D(zhuǎn)化為機(jī)械能；故答案為：Q1﹣Q2=W；內(nèi)，機(jī)械；

【分析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律列方程，結(jié)合熱力學(xué)第二定律分析熱機(jī)的效率問(wèn)題；16、略

【分析】解：(1)在“探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中；提供的器材有：鐵架臺(tái)；鐵夾、細(xì)線、有孔的小鐵球、秒表、刻度尺，因?yàn)闇y(cè)量小球的直徑需要游標(biāo)卡尺或螺旋測(cè)微器，所以還需器材是游標(biāo)卡尺或螺旋測(cè)微器．

(2)根據(jù)得，g=．

A；小球的質(zhì)量偏大；振幅偏小，不影響重力加速度的測(cè)量值．故A、B錯(cuò)誤．

C；用擺線的長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)；未加小球的半徑，則測(cè)量的擺長(zhǎng)偏小，測(cè)量的額重力加速度偏?。蔆錯(cuò)誤．

D；將單擺實(shí)際振動(dòng)次數(shù)誤記為n+1；則周期測(cè)量值偏小，重力加速度測(cè)量值偏大．故D正確．

故選：D．

(3)秒表的讀數(shù)等于60s+15.2s=75.2s．單擺的周期T=．

故答案為：(1)游標(biāo)卡尺或螺旋測(cè)微器，(2)D，93)75.2，1.88．【解析】游標(biāo)卡尺或螺旋測(cè)微器;D;75.2;1.88三、判斷題(共8題，共16分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?1、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．23、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、作圖題(共4題，共36分)25、以桌腿上A點(diǎn)為轉(zhuǎn)軸；課桌重力的力矩一定，當(dāng)所用的力力臂最大時(shí)，所用的力最小，而最大的力臂等于AC間距離，則當(dāng)力作用在C點(diǎn)且與AC連。

線垂直向上時(shí)；力最?。Φ氖疽鈭D如圖．

【分析】【解答】以桌腿上A點(diǎn)為轉(zhuǎn)軸，課桌重力的力矩一定，當(dāng)所用的力力臂最大時(shí)，所用的力最小，而最大的力臂等于AC間距離，則當(dāng)力作用在C點(diǎn)且與AC連。

線垂直向上時(shí)；力最小．力的示意圖如圖．

【分析】以桌腿上A點(diǎn)為轉(zhuǎn)軸，課桌重力的力矩一定，當(dāng)所用的力力臂最大時(shí)，所用的力最小，而最大的力臂等于AC間距離，則當(dāng)力作用在C點(diǎn)且與AC連線垂直向上時(shí)，力最小．26、略

【分析】解：（1）完成該光線射到CD界面之后的光路圖如圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加；該光線不能在CD界面發(fā)生全反射．

因?yàn)椋焊鶕?jù)幾何知識(shí)有：光線在AB面的折射角等于在CD面的入射角；由光路可逆性原理可知，光線不會(huì)在CD界面發(fā)生全反射，一定能從CD面射出．

答：（1）光路圖如圖．

（2）不能．

（1）該光線射到CD界面時(shí)既有反射；又有折射．結(jié)合光的反射定律和折射定律畫(huà)出光路圖．

（2）對(duì)照全反射條件和光路可逆性；分析光線在CD界面能否發(fā)生全反射．

畫(huà)光路圖時(shí)，要結(jié)合光的反射定律和折射定律，注意角的大小關(guān)系，光線上要標(biāo)明箭頭．【解析】不能27、略

【分析】試題分析：（1）根據(jù)平行四邊形畫(huà)出合力如圖：（2）由圖看以數(shù)出合力的長(zhǎng)度是5個(gè)小格，所以合力大小為：考點(diǎn)：《互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成》的實(shí)驗(yàn)【解析】【答案】（1）如圖所示（2）5。28、向下插入右N【分析】【分析】當(dāng)電流從電流計(jì)的左接線柱流入時(shí)，指針向左偏，根據(jù)楞次定律，結(jié)合感應(yīng)電流的方向判斷條形磁鐵是向上拔出還是向下插入。本題考查了楞次定律，根據(jù)楞次定律結(jié)合感應(yīng)電流的方向判斷條形磁鐵是向上拔出還是向下插入?！窘獯稹?/p>

由圖11可知，當(dāng)電流從電流計(jì)的左接線柱流入時(shí)，指針向左偏，圖22中指針向左偏轉(zhuǎn)，可知感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針，根據(jù)楞次定律知，條形磁鐵向下插入，圖33中，當(dāng)條形磁鐵NN極向下插入時(shí)，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向逆時(shí)針，則指針向右偏，圖44中指針向右偏，則感應(yīng)電流的方向逆時(shí)針，由安培定則可知，感應(yīng)磁場(chǎng)方向向上，由楞次定律可知，條形磁鐵向上拔出，即磁通量減小，那么下端為SS極，上端為NN極。

故答案為：

向下插入，右，NN

【解析】向下插入右N

五、推斷題(共4題，共36分)29、rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本題考查學(xué)生有機(jī)推斷和有機(jī)合成，是現(xiàn)在考試的熱點(diǎn)，難度較大，可以根據(jù)所學(xué)知識(shí)進(jìn)行回答?！窘獯稹坑蓃m{A}到rm{B}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{B}到rm{C}反生鹵代烴的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}與rm{F}反生取代反應(yīng)生成rm{G}由此來(lái)推斷各反應(yīng)類(lèi)型和產(chǎn)物；rm{(1)A}是烯烴，名稱(chēng)是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)條件為rm{NaOH}水溶液并加熱，根據(jù)題目所給的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反應(yīng)類(lèi)型分別是加成反應(yīng)、取代反應(yīng)；rm{(3)D}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會(huì)生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會(huì)生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{(3)D}；

是一種高聚酯，rm{(4)H}的化學(xué)方程式為rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根據(jù)rm{(5)A.}和rm{E}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式為rm{G}故A正確；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知與rm{1mol}溶液加熱最多消耗rm{NaOH}注意酚羥基的性質(zhì)，故B錯(cuò)誤；C.一定條件下rm{3molNaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機(jī)物碳碳雙鍵兩側(cè)的碳原子有rm{G}不存在順?lè)串悩?gòu)體，故C錯(cuò)誤；D.在一定條件下rm{-CH_{2}}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)，體現(xiàn)羥基的性質(zhì)，故D正確；故選BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分異構(gòu)體，與rm{D}具有相同的官能團(tuán)即羧基和羥基，羥基和羧基看作取代基，相當(dāng)于丙烷的二元取代產(chǎn)物，則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有rm{M}種。

rm{4}【解析】rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)rm{(3)}rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(5)BC}rm{(6)4}

30、（1）HCHO15（2）NaOH醇溶液加熱（3）+H2O（4）6(5)【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷和有機(jī)合成，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及知識(shí)綜合應(yīng)用能力，明確有機(jī)物官能團(tuán)及其性質(zhì)、有機(jī)反應(yīng)類(lèi)型及反應(yīng)條件是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是根據(jù)反應(yīng)物和生成物采用知識(shí)遷移的方法進(jìn)行有機(jī)合成，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)流程圖知，rm{壟脵}為消去反應(yīng)、rm{壟脷}為加成反應(yīng)，則rm{A}為rm{HCHO}rm{B}為rm{B}發(fā)生信息rm{ii}的反應(yīng)，rm{C}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{C}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{E}rm{E}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{C}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{D}rm{D}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{D}和苯酚發(fā)生酯化反應(yīng)生成

rm{(1)A}為甲醛，結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{HCHO}rm{B}為與苯環(huán)直接相連的原子和苯環(huán)碳原子共面，且單鍵可以旋轉(zhuǎn)，通過(guò)旋轉(zhuǎn)醛基三個(gè)原子可以旋轉(zhuǎn)到苯環(huán)平面上，所以rm{B}分子中最多有rm{15}個(gè)原子共面，故答案為：rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應(yīng)類(lèi)型為生成rm{C}的反應(yīng)類(lèi)型為是鹵代烴的消去反應(yīng)，反應(yīng)條件為rm{D}醇溶液加熱，故答案為：rm{NaOH}醇溶液加熱；

rm{NaOH}在濃硫酸條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{(3)C}rm{D}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為化學(xué)方程式為：rm{D}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}

故答案為：rm{+H_{2}O}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}滿(mǎn)足rm{O}的苯的二元取代物的rm{(4)}的同分異構(gòu)體有：含有含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物的和rm{-COO-}鄰間對(duì)rm{D}種，含有rm{-CH=CH_{2}}和rm{-COOH(}鄰間對(duì)rm{)3}種，所以共rm{-CH=CH_{2}}種，rm{-OOCH(}組峰，且峰面積比為rm{)3}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：

故答案為：rm{3+3=6}其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：被催化氧化生成rm{5}rm{2:1:2:2:1}和rm{6}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{(5)CH_{3}CH_{2}OH}該物質(zhì)發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{CH_{3}CHO}其合成路線為故答案為：rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)HCHO}rm{15}rm{(2)NaOH}醇溶液加熱rm{(3)}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(4)6}rm{(5)}31、略

【分析】【分析】本題考查某有機(jī)化合物的推斷，關(guān)鍵是對(duì)以上三個(gè)圖示的分析和判斷，強(qiáng)化了學(xué)生對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的理解和掌握，題目難度一般。由質(zhì)譜圖可知有機(jī)物的相對(duì)分子質(zhì)量為150

有機(jī)物A

中C

原子個(gè)數(shù)N(C)=

=9

有機(jī)物A

中H

原子個(gè)數(shù)N(H)=

=10

有機(jī)物A

中O

原子個(gè)數(shù)N(O)=

=2

所以有機(jī)物A

的分子式為C9H10O2

該有機(jī)化合物的核磁共振氫譜，有5

個(gè)峰，其面積之比為12223

且有一個(gè)甲基，由A

分子的紅外光譜可知，A

分子結(jié)構(gòu)有碳碳單鍵及C鈭?HC=OC鈭?O鈭?CC鈭?CC6H5鈭?C

等基團(tuán)，