2025年華東師大版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、與絲綢摩擦后的玻璃棒帶上了正電荷，這是因為A.絲綢上有些正電荷轉(zhuǎn)移到了玻璃棒上B.玻璃棒上有些正電荷轉(zhuǎn)移到了絲綢上C.絲綢上有些電子轉(zhuǎn)移到了玻璃棒上D.玻璃棒上有些電子轉(zhuǎn)移到了絲綢上2、兩個等量點電荷在真空中產(chǎn)生電場的電場線分布如圖所示；下列判斷可能正確的是（）

A.一定是兩個等量正點電荷B.一定是兩個等量負點電荷C.可能是兩個等量異種點電荷D.可能是兩個等量同種點電荷3、一小磁針放置在某磁場(

未標出方向)

中，靜止時的指向如圖所示。下列分析正確的是(

)

A.S

極指向該點磁場方向B.N

極指向該點磁場方向C.該磁場是勻強磁場D.婁脕

點的磁場方向水平向右4、如圖所示；金屬線框與直導線AB在同一平面內(nèi)，直導線中通有電流I，若將線框由位置1拉至位置2的過程中，線框的感應(yīng)電流的方向是（）

A.先順時針；后逆時針，再順時針。

B.始終順時針。

C.先逆時針；后順時針，再逆時針。

D.始終逆時針。

5、一正電荷垂直射入勻強磁場中，其速度v的方向和受到的洛倫茲力F的方向如圖所示，則磁場方向為（）A.與F方向相同B.與F方向相反C.垂直紙面向外D.垂直紙面向里6、在如圖所示的負點電荷產(chǎn)生的電場中，一檢驗電荷從A點分別移到B、C、D、E（在以O(shè)為圓心的圓周上），則下列情況正確的是（）A.從A到B電場力做功最大B.從A到E電場力做功最大C.電場力做功一樣多D.A點比D點電勢高評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、在光滑絕緣水平面上，一輕繩拉著一個帶電小球繞軸O在勻強磁場中作逆時針方向的勻速圓周運動，磁場方向豎直向下，其俯視圖如圖所示．若小球運動到A點時，繩子忽然斷開．關(guān)于小球在繩斷開后可能的運動情況，下列說法中正確的是（）A.小球仍作逆時針勻速圓周運動，半徑不變B.小球仍作逆時針勻速圓周運動，但半徑減小C.小球作順時針勻速圓周運動，半徑不變D.小球作順時針勻速圓周運動，半徑減小8、下列說法中正確的是()A.一切種類的波都可能發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象B.波遇到障礙物時一定能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象C.橫波不會發(fā)生多普勒效應(yīng)D.發(fā)生明顯穩(wěn)定的干涉的兩列波頻率一定相同9、如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，下極板接地.

兩板間距為d

一帶電油滴位于電容器中央的P

點且恰好處于平衡狀態(tài).

現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向上移動d3

已知重力加速度為g

則(

)

A.帶電油滴的加速度為0.5g

B.P

點的電勢將降低C.帶電油滴在P

點的電勢能將減小D.電容器的電容減小，極板帶電荷量將增大10、下列說法中正確的是(

)

A.實際的自由振動必然是阻尼振動B.在外力作用下的振動是受迫振動C.阻尼振動的振幅越來越小D.受迫振動穩(wěn)定后的頻率與自身物理條件無關(guān)11、如圖甲所示，理想變壓器原線圈輸入端接如圖乙所示的交變電壓，移動滑動觸頭P

可以改變原線圈的匝數(shù).

變壓器的副線圈與一個滑動變阻器相連，Q

為變阻器的滑動觸頭，電壓表為理想交流電壓表.

下列說法正確的是(

)

A.保持Q

不動，向上移動P

輸入電壓的頻率變大B.保持Q

不動，向上移動P

輸入電流減小C.保持P

不動，向下移動Q

變壓器的輸入功率減小D.保持Q

不動，向下移動P

電壓表的示數(shù)變大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、如圖所示，在勻強電場中A、B、C三點組成一直角三角形，其中C為直角，角A為30°，AC=20cm．現(xiàn)將一帶電量為-2×10-8C的點電荷由C點移到A點，電場力做功6.0×10-6J，將另一個帶電量為1.5×10-8C的點電荷由C點移到B點，外力克服電場力做功4.5×10-6J，則勻強電場的場強大小為____．

13、在隆露

練習使用示波器的實驗隆路

中。

(1)

如果在示波器熒光屏上發(fā)現(xiàn)水平方向有一亮斑自左向右緩慢移動；要使它在水平方向上變成一條亮線的辦法是______

A；順時針旋轉(zhuǎn)輝度調(diào)節(jié)旋鈕。

B；調(diào)節(jié)衰減旋鈕。

C；調(diào)節(jié)掃描范圍旋鈕和掃描微調(diào)旋鈕；增大掃描頻率。

D；調(diào)節(jié)Y

增益旋鈕。

(2)

在示波器熒光屏出現(xiàn)了甲圖所示的波形，要使其變?yōu)橐覉D所示的波形，則應(yīng)______

A；調(diào)節(jié)豎直位移旋鈕和水平位移旋鈕。

B；調(diào)節(jié)掃描范圍旋鈕和掃描微調(diào)旋鈕。

C；調(diào)節(jié)聚焦旋鈕。

D、調(diào)節(jié)X

增益旋鈕和Y

增益旋鈕．14、在如圖下所示的電路中，電流表、電壓表的讀數(shù)如圖所示，則通過R的電流是_____A，加在電阻R兩端的電壓是______V。15、如圖所示，小磁針的正上方平行放置一根直導線，當導線中通過圖示方向的電流時，小磁針的N極將垂直紙面____________(填“向里“或“向外”)轉(zhuǎn)動．16、在圖所示的情況中，電源的a端為______極（填“正”或“負”），在通電螺線管中的c點放一小磁針，它的北極受力方向為______．17、下表所列的是物理學史上的人物及其所對應(yīng)的主要貢獻；請把缺少的內(nèi)容補充完整．

。物理學家主要貢獻______電磁場理論奧斯特____________點電荷間的相互作用力法拉第______18、已知某烷烴相對分子質(zhì)量rm{58}rm{(1)}該烷烴的分子式為____________。rm{(2)}寫出該烷烴分子所有的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：_____________________________。rm{(3)}上述同分異構(gòu)體中，在相同條件下沸點最低的是_________。rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}用系統(tǒng)命名法命名：_________________________19、如圖所示是一個質(zhì)點的振動圖象，由圖可知，質(zhì)點的振幅為______，周期為______；第1

秒內(nèi)質(zhì)點做______運動；第2

秒內(nèi)質(zhì)點的______能轉(zhuǎn)變?yōu)開_____能；第3

秒末質(zhì)點振動速度______而加速度______；此質(zhì)點若為單擺，則其擺長約為______米.

評卷人得分四、判斷題(共3題，共30分)20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、推斷題(共3題，共18分)23、某芳香烴rm{A}分子式為rm{C_{8}H_{10}}某烴類衍生物rm{X}分子式為rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液顯紫色；rm{J}分子內(nèi)有兩個互為對位的取代基。在一定條件下有如下的轉(zhuǎn)化關(guān)系rm{(}無機物略去rm{)}

rm{(1)}屬于芳香烴類的rm{A}的同分異構(gòu)體中，其沸點的大小關(guān)系為______________。rm{(}不包括rm{A}用結(jié)構(gòu)簡式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能團的名稱為_________________________________。中所含的含氧官能團的名稱為_________________________________。rm{(2)J}與rm{(3)E}反應(yīng)的化學方程式是_________________；反應(yīng)類型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機物rm{NaOH}以rm{K}為單體合成的高分子化合物的名稱是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多種同分異構(gòu)體，寫出一種符合下列性質(zhì)的rm{J}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式。rm{J}與rm{壟脵}溶液作用顯紫色；rm{FeCl_{3}}與新制rm{壟脷}懸濁液作用產(chǎn)生紅色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯環(huán)上的一鹵代物有rm{壟脹}種。________________________________。

rm{2}24、【化學選做】（15分）有機化合物甲、乙用于制備化妝品，二者合成路線如下（部分產(chǎn)物及條件略）。已知：（-R、-R’代表烴基或-H）（1）A的結(jié)構(gòu)簡式是____。（2）化合物F能與濃溴水反應(yīng)產(chǎn)生白色沉淀。①有機物甲中官能團的名稱是____。②“C→有機化合物甲”的化學方程式是____。③化合物F的名稱是____。（3）化合物G的分子式為C3H6O，核磁共振氫譜顯示只有一種化學環(huán)境的氫。G的結(jié)構(gòu)簡式是____。（4）A與G反應(yīng)生成D的反應(yīng)方程式為____。(5)寫出E所有可能的結(jié)構(gòu)簡式（滿足合成路線）____。25、某芳香烴rm{A}分子式為rm{C_{8}H_{10}}某烴類衍生物rm{X}分子式為rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液顯紫色；rm{J}分子內(nèi)有兩個互為對位的取代基。在一定條件下有如下的轉(zhuǎn)化關(guān)系rm{(}無機物略去rm{)}

rm{(1)}屬于芳香烴類的rm{A}的同分異構(gòu)體中，其沸點的大小關(guān)系為______________。rm{(}不包括rm{A}用結(jié)構(gòu)簡式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能團的名稱為_________________________________。中所含的含氧官能團的名稱為_________________________________。rm{(2)J}與rm{(3)E}反應(yīng)的化學方程式是_________________；反應(yīng)類型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機物rm{NaOH}以rm{K}為單體合成的高分子化合物的名稱是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多種同分異構(gòu)體，寫出一種符合下列性質(zhì)的rm{J}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式。rm{J}與rm{壟脵}溶液作用顯紫色；rm{FeCl_{3}}與新制rm{壟脷}懸濁液作用產(chǎn)生紅色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯環(huán)上的一鹵代物有rm{壟脹}種。________________________________。

rm{2}評卷人得分六、簡答題(共3題，共6分)26、孔雀石主要含rm{Cu_{2}(OH)_{2}CO_{3}}還含少量rm{Fe}rm{Si}的化合物。實驗室以孔雀石為原料制備rm{CuSO_{4}隆隴5H_{2}O}及rm{CaCO_{3}}步驟如下：請回答下列問題：rm{壟脜}溶液rm{A}的金屬離子有rm{Cu^{2+}}rm{Fe^{2+}}rm{Fe^{3+}}從下列所給試劑中選擇：實驗步驟中試劑rm{壟脵}為____rm{(}填代號rm{)}檢驗溶液rm{A}中rm{Fe^{3+}}的最佳試劑為____rm{(}填代號rm{)}rm{a.KMnO_{4}}rm{b.(NH_{4})_{2}S}rm{c.H_{2}O_{2}}rm{d.KSCN}rm{壟脝}由溶液rm{C}獲得rm{CuSO_{4}隆隴5H_{2}O}需要經(jīng)過加熱蒸發(fā)、____、過濾等操作。除燒杯、漏斗外，過濾操作還用到另一玻璃儀器，該儀器在此操作中的主要作用是____。rm{壟脟}制備rm{CaCO_{3}}時，應(yīng)向rm{CaCl_{2}}溶液中先通入rm{(}或先加入rm{)}____rm{(}填化學式rm{)}其原因是____。rm{壟脠Fe(OH)_{3}}在水溶液中存在著沉淀溶解平衡，在常溫下rm{K}rm{{,!}_{sp}=4隆脕10^{-39}}常溫下濾液rm{C}的rm{pH=4}其中殘留的rm{Fe^{3+}}的濃度為____。27、能說明分子都在永不停息地做無規(guī)則運動的實驗事實有________(

舉一例即可)

在兩分子間的距離由r

0(

此時分子間的引力和斥力相互平衡，分子力為零)

逐漸增大的過程中，分子力的變化情況是______________，分子勢能的變化情況是______________(

填“逐漸增大”、“逐漸減小”、“先增大后減小”、“先減小后增大”)

28、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}都是短周期元素，它們的原子半徑大小為rm{B>C>D>A.B}的基態(tài)原子中電子占據(jù)三種能量不同的原子軌道，且每種軌道中的電子總數(shù)相同；rm{D}原子有rm{2}個未成對電子rm{.A}rm{B}rm{D}三種元素組成的一種化合物rm{M}是新裝修居室中常含有的一種有害氣體rm{.E}是第四周期元素，其原子核外最外層電子數(shù)與rm{A}原子相同，其余各層電子均充滿rm{.}回答下列問題rm{(}用元素符號或化學式表示rm{)}．

rm{(1)M}分子中rm{B}原子軌道的雜化類型為______．

rm{(2)}化合物rm{CA_{3}}的沸點比化合物rm{BA_{4}}的高，其主要原因是____．

rm{(3)}寫出與rm{BD_{2}}互為等電子體的rm{C_{3}^{-}}的結(jié)構(gòu)式______．

rm{(4)E^{+}}的核外電子排布式為____，如圖是rm{D}rm{E}形成的某種化合物的晶胞結(jié)構(gòu)示意圖，該晶體rm{1}個晶胞中陽離子的個數(shù)為______．

rm{(5)}向rm{E}的硫酸鹽溶液中通入過量的rm{CA_{3}}可生成rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}配離子，rm{1}rm{mol}rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}中含有rm{婁脪}鍵的數(shù)目為______．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】試題分析：與絲綢摩擦后的玻璃棒帶上了正電荷，玻璃棒上有些電子轉(zhuǎn)移到了絲綢上，D正確考點：考查了摩擦起電原理【解析】【答案】D2、D【分析】解：根據(jù)電場線的特點：電場線從正電荷出發(fā)；到負電荷終止，同種電荷相互排斥，電場線對稱分布，所以為等量同種電荷，由于不知道電場線的方向，所以不能判斷是正點電荷，還是負點電荷，故D正確．

故選：D

電場線從正電荷出發(fā)；到負電荷終止，同種電荷相互排斥，電場線對稱分布．

理解電場線的特點，等量同種和等量異種電荷周圍電場線分布情況是考查的重點，一定要熟練掌握，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】D3、B【分析】解：AB

物理學上規(guī)定：小磁針靜止時N

極所指的方向就是該點的磁場方向；該點的磁場方向與S

極指的方向相反，故A錯誤，B正確。

C；由圖看出；該磁場的磁感線分布不均勻，說明各處的磁感應(yīng)強度不是處處相同，所以該磁場不是勻強磁場，故C錯誤。

D；a

點的磁場方向沿磁感線的切線方向：斜向右上方；故D錯誤。

故選：B

磁場方向是小磁針靜止時N

極所指的方向；磁場方向是磁感線的切線方向。勻強磁場的磁感線是平行同向疏密均勻的直線。根據(jù)這些知識進行分析。

磁感線可以形象描述磁場的強弱和方向，可與電場線進行類比，抓住它們的相似性進行記憶。【解析】B

4、C【分析】

通直電導線中；根據(jù)安培定則可得，直線AB左邊磁場方向垂直紙面向里，右邊的磁場方向垂直紙面向外．線框由位置1拉至位置2的過程中，當導線框位于直線AB左側(cè)運動時，由于磁場向里且大小增加，則磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為逆時針．

當導線框右邊靠近直線AB到線框中軸與直線AB重合時；由于磁場左邊向里右邊向外，則磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為順時針．

當線框中軸與直線AB重合到導線框左邊離開直線AB時；由于磁場左邊向里右邊向外，則磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為順時針．

當導線框位于直線AB右側(cè)運動時；由于磁場向外且大小減小，則磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為逆時針．所以只有C正確，ABD均錯誤；

故選：C

【解析】【答案】當閉合回路中磁通量發(fā)生變化時；產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向．

5、D【分析】【解答】根據(jù)左手定則可知：讓四指方向與速度方向一致；大拇指指向受力方向，手掌心向外，說明磁場方向垂直紙面向里，故D正確，ABC錯誤．故選：D．

【分析】根據(jù)左手可以判斷磁場方向，注意洛倫茲力與磁場、運動方向垂直．6、C【分析】解：該球面是等勢面，各點的電勢相等，所以：UAB=UAC=UAD=UAE；將檢驗電荷從A點分別移到以點荷為中心的同一圓周上的B；C、D、E各點，則電場力做功W=qU，所以電場力做功一樣多，故ABD錯誤，C正確．

故選：C．

以點電荷Q為中心的球面上所有各點的場強的大小相等而方向不同；該球面是等勢面．

該題考查點電荷的電場的特點，掌握以點電荷Q為中心的球面上所有各點的電勢相等是解題的關(guān)鍵．屬于基礎(chǔ)題目【解析】【答案】C二、多選題(共5題，共10分)7、ACD【分析】解：A．如果小球帶正電；則小球所受的洛倫茲力方向指向圓心，此種情況下，如果洛倫茲力剛好提供向心力，這時繩子對小球沒有作用力，繩子斷開時，對小球的運動沒有影響，小球仍做逆時針的勻速圓周運動，半徑不變，故A正確．

B．如果洛倫茲力和拉力共同提供向心力；繩子斷開時，向心力減小，而小球的速率不變，則小球做逆時針的圓周運動，但半徑增大，故B錯誤．

C．如果小球帶負電；則小球所受的洛倫茲力方向背離圓心，由可知，當洛倫茲力的大小等于小球所受的拉力的一半時，繩子斷后，小球做順時針的勻速圓周運動，半徑不變，故C正確；

D．當洛倫茲力的大小大于小球所受的拉力的一半時；則繩子斷后，向心力增大，小球做順時針的勻速圓周運動，半徑減小，故D正確；

故選：ACD

運動的帶點粒子在磁場中受力洛倫茲力的作用；分小球帶正電和負電兩種情況進行討論，用左手定則判斷洛倫茲力的方向，根據(jù)向心力公式分析繩子所受的力，繩子斷開后，繩子的拉力為零，小球僅受洛倫茲力，根據(jù)受力情況判斷小球的運動情況即可．

解題的關(guān)鍵是能正確分析向心力的來源，知道如何判斷洛倫茲力的方向，難度適中．【解析】【答案】ACD8、AD【分析】【分析】波的干涉則是兩列頻率完全相同的波相互疊加時，會出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象；而波的衍射則是能繞過阻礙物繼續(xù)向前傳播的現(xiàn)象；干涉與衍射均是波的特性，穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象必須是頻率完全相同，而明顯的衍射現(xiàn)象必須是波長比阻礙物尺寸大得多或相差不大；只要是波，就能發(fā)生多普勒效應(yīng)；波的干涉是兩列頻率完全相同的波相互疊加時，會出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象。本題考查了波的干涉和衍射現(xiàn)象、多普勒效應(yīng)；掌握多普勒效應(yīng)的本質(zhì)，注意橫波與縱波的區(qū)別?！窘獯稹緼.一切波都可以產(chǎn)生衍射和干涉現(xiàn)象，故A正確；B.波產(chǎn)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是波的波長與障礙物的大小差不多，故B錯誤；C.只要是波，就能發(fā)生多普勒效應(yīng)，故錯誤；D.要產(chǎn)生干涉現(xiàn)象的必要條件之一，就是兩列波的頻率相等，故D正確。故選AD?！窘馕觥緼D

9、AB【分析】解：A

原來平衡時：mg=qUd壟脵

當下極板向上平移d3

時，電壓不變，場強變?yōu)椋篍隆盲=U2d3=32Ud

根據(jù)牛頓第二定律：qE隆盲鈭?mg=ma壟脷

得：32mg鈭?mg=ma

解得：a=0.5g

故A正確；

B；上下極板電壓不變；板間場強變大，上極板與P

點的電勢差變大，P

點與下極板的電勢差變小，下極板電勢為0

所以P

點電勢降低，故B正確；

C；電容器上極板帶正電；電場方向向下，與電場力方向相反，所以帶電油滴帶負電，P

點電勢降低，負電荷在電勢低處，電勢能越大，所以P

點電勢能增加，故C錯誤；

D、極板距離減小，根據(jù)C=?S4婁脨kd

電容變大，因為電壓不變，由Q=CU

知極板帶電荷量將增大，故D錯誤；

故選：AB

將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，根據(jù)E=Ud

知板間場強的變化；由U=Ed

判斷P

點與下極板間的電勢差的變化，確定P

點電勢的變化.

由題分析知道油滴帶負電，再判斷其電勢能的變化.

根據(jù)場強的變化，判斷油滴向什么方向運動．

本題是電容器動態(tài)分析問題，根據(jù)E=Ud

電容的決定式和定義式結(jié)合進行分析.

注意電容器始終和電源連接，電壓不變．【解析】AB

10、ACD【分析】解：A

實際的自由振動由于都受到阻力；故均為阻尼振動，故A正確；

B；物體在周期性策動力的作用下的振動是受迫振動；故物體在外力作用下的振動不一定是受迫振動；故B錯誤；

C；阻尼振動的振幅會越來越小；故C正確；

D；受迫振動穩(wěn)定后的頻率取決于驅(qū)動力的頻率；與自身物理條件無關(guān)；故D正確；

故選：ACD

．

物體在周期性策動力的作用下的振動是受迫振動；受迫振動的頻率等于策動力的頻率；阻尼振動又稱衰減振動.

不論是彈簧振子還是單擺由于外界的摩擦和介質(zhì)阻力總是存在；在振動過程中要不斷克服外界阻力做功，消耗能量，振幅就會逐漸減小，經(jīng)過一段時間，振動就會完全停下來.

這種振幅越來越小的振動叫做阻尼振動．

本題考查簡諧運動、阻尼振動與受迫振動.

都是記憶性的知識點，要牢記物體做受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率．【解析】ACD

11、BD【分析】解：A

變壓器不改變交流電的頻率；故A錯誤；

B；向上移動P

原線圈匝數(shù)增大，副線圈電壓減小，電流減小，所以輸入電流減小，故B正確；

C；保持P

不動；副線圈電壓不變，向下移動Q

變壓器的輸入功率等于輸出功率不變，故C錯誤；

D；保持Q

不動；向下移動P

副線圈兩端的電壓增大，副線圈電路電流增大，電壓表示數(shù)變大，故D正確；

故選：BD

變壓器不改變交流電的頻率；電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率．

本題考查了變壓器的特點，結(jié)合閉合電路歐姆定律考查了電路的動態(tài)分析．【解析】BD

三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】

C、A間電勢差UCA==V=-300V；

C、B間的電勢差UCB==V=-300V；

故知AB電勢相等；AB連線即為一條等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，且指向電勢較低的等勢面可知，電場強度方向垂直AC向上；

則場強大小為E==V/m=3000V/m

故答案為：3000V/m；

【解析】【答案】根據(jù)公式U=求出C、A間和C、B間的電勢差，找出等勢點，確定等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，確定電場線的方向，再根據(jù)E=求場強大?。?/p>

13、略

【分析】解：(1)

為觀察示波器的水平掃描作用；他調(diào)節(jié)相應(yīng)的旋鈕，看到屏上的亮斑從左向右移動，到達右端后又很快回到左端.

之后他順時針旋轉(zhuǎn)掃描微調(diào)旋鈕以增大掃描頻率，此時屏上觀察到的現(xiàn)象是：亮點從左向右移動變快，最后變成一條亮線，故C正確，ABD錯誤．

(2)

由波形圖可知；X

與Y

方向的幅度均增大，因此通過調(diào)節(jié)X

增益旋鈕和Y

增益旋鈕，即可實現(xiàn)，故ABC錯誤，D正確；

故選：(1)C(2)D

．

(1)

調(diào)節(jié)掃描范圍旋鈕和掃描微調(diào)旋鈕；增大掃描頻率，使它在水平方向出現(xiàn)一條直線；

(2)

波形橫縱幅度增大；所以要增加X

增益與Y

增益．

考查示波器的使用要點，明確各旋鈕的用途，示波器的使用以及記憶其實可以聯(lián)系我們生活中常用的數(shù)碼相機，比如若要屏上波形線條變細且邊緣清晰，應(yīng)調(diào)節(jié)聚焦，數(shù)碼相機也是調(diào)聚焦；若要將波形曲線調(diào)至屏中央，就是上下左右移動圖象，跟數(shù)碼相機操作也一致．【解析】CD

14、略

【分析】試題分析：電流表的量程為0-3A，分度值為0.1A，指針指在24格上，故讀數(shù)為2.4A；電壓表的量程為0-15V，分度值為0.5V，指針指在24格上，故讀數(shù)為12.0V，考點：本題考查了電壓表和電流表的讀數(shù)。會根據(jù)電表的量程和分度值讀出示數(shù)的大小是本題的關(guān)鍵．【解析】【答案】2.40；12.015、略

【分析】解：當導線中通過圖示方向的電流時；根據(jù)安培定則判斷可知，小磁針所在處磁場方向垂直紙面向里，小磁針N受力向里，S極受力向外，則小磁針N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向讀者．

故答案為：向里．【解析】向里16、略

【分析】解：通過小磁針N極的指向；知螺線管內(nèi)部的磁場方向為水平向左，根據(jù)安培定則，知電流從左端流進螺線管，從右端流出，則電源的a端為正極．根據(jù)螺線管內(nèi)部的磁場方向知北極受力方向向左．

故答案為：正；左．

小磁針靜止時N極的指向表示磁場的方向；根據(jù)螺線管內(nèi)部磁場的方向，運用安培定則判斷出電流的方向，從而確定電源的正負極，北極的受力方向即為磁場的方向．

解決本題的關(guān)鍵掌握磁場的方向是如何規(guī)定的，以及掌握安培定則判斷電流與其周圍磁場的關(guān)系．【解析】正；左17、麥克斯韋；電流的磁效應(yīng)；庫侖；電磁感應(yīng)定律【分析】解：麥克斯韋是電磁學集大者；建立了完整的電磁場理論，預(yù)言了電磁波的存在；

奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；庫侖運用扭秤實驗研究總結(jié)了點電荷間的相互作用力；法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律．

故答案為：麥克斯韋；電流的磁效應(yīng)，庫侖，電磁感應(yīng)定律．

本題關(guān)鍵要記住物理學史上著名科學家及其物理學的主要貢獻；即可進行答題．

多了解物理學史對培養(yǎng)我們學習物理的興趣是有幫助的，所以考試中也時有涉及，在學習中應(yīng)注意記憶．【解析】麥克斯韋；電流的磁效應(yīng)；庫侖；電磁感應(yīng)定律18、rm{(1)C}rm{4}rm{4}rm{H}

rm{10}rm{10}

rm{(2)}rm{(2)}甲基丙烷rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}【分析】【分析】本題考查烷烴分子式的確定，有機物的命名和同分異構(gòu)體現(xiàn)象，注意題目要求，難度不大。【解答】rm{(1)}設(shè)烷烴的分子式為rm{C}設(shè)烷烴的分子式為rm{(1)}rm{C}rm{x}rm{x}rm{H}解得rm{H}所以該烷烴的分子式為rm{(2x+2)}rm{(2x+2)}，則rm{14x+2=58}解得rm{x=4}rm{14x+2=58}，故答案為：rm{x=4}rm{C}rm{4}rm{4}；rm{H}rm{10}rm{10}rm{C}rm{4}rm{4}rm{H}rm{10}丁rm{10}rm{(2)}甲基丙烷。故答案為：丁烷的所有的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}甲基丙烷。rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}【解析】rm{(1)C}rm{4}rm{4}rm{H}rm{10}rm{10}rm{(2)}rm{(2)}甲基丙烷rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}19、略

【分析】解：由圖知按振幅為5cm

周期為4s

第1S

內(nèi)做離開平衡位置為減速運動，第二2S

內(nèi)為加速運動，勢能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?，?S

末質(zhì)點振動速度。

最大，加速度為0

若為單擺則由：攏祿T=2婁脨lgT=2婁脨lg

得l=T2g4蟺2=42g4蟺2=4m

故答案為：5cm4s

減速，勢能，動能，為0

最大，4

．

由圖可確定出各相關(guān)量；由周期公式可求出擺長．

考查振動的圖象，明確在平衡位置速度最大，加速度為0

．【解析】5cm4S

減速；勢；動；最大；為04

四、判斷題(共3題，共30分)20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、推斷題(共3題，共18分)23、（1）

（2）（酚）羥基、羧基

（3）酯化反應(yīng)（或取代反應(yīng)）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本題考查有機物的推斷和合成，題目較為綜合，有一定的難度，做題時注意把利用好題給信息，采用正逆推相結(jié)合的方法推斷，注意同分異構(gòu)體的判斷方法?！窘獯稹磕撤枷銦Nrm{A}分子式為rm{C}分子式為rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質(zhì)rm{{,!}_{10}}和，屬于苯的同系物，rm{A}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質(zhì)rm{B}和rm{C}則rm{A}為則rm{A}為rm{B}最終產(chǎn)物rm{C}能與rm{A}，rm{B}最終產(chǎn)物rm{H}能與rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，則rm{H}為rm{NaHCO}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{{,!}_{3}}為溶液反應(yīng)，說明rm{H}具有羧基，則rm{B}為發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{H}為rm{B}進一步氧化生成，rm{B}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{D}為為rm{B}為rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)生成，rm{D}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{F}為為rm{D}分子式為rm{F}，rm{F}進一步氧化生成rm{H}為rm{F}rm{H}，則rm{C}為rm{C}，rm{C}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{E}為rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式為rm{C}則rm{X}為酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}為醇，則rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羥基，rm{O}分子式為rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液顯紫色，說明結(jié)構(gòu)中含有酚羥基，水解生成rm{K}和rm{E}則rm{X}為酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}為醇，則rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羥基，rm{J}分子式為rm{C}rm{K}分子內(nèi)有兩個互為對位的取代基，則rm{E}為rm{X}rm{K}為rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{J}的一種同分異構(gòu)體為二甲苯，有鄰間對三種結(jié)構(gòu)，三種沸點的大小關(guān)系為：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}為rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}與rm{O}反應(yīng)的化學方程式是rm{O}或取代反應(yīng)rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子內(nèi)有兩個互為對位的取代基，則rm{J}為rm{J}或取代反應(yīng)rm{J}

，故K為，rm{X}為的混合物在rm{X}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機能，則rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式為：為rm{(1)}為單體合成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式是rm{A}

，屬于芳香烴類的rm{A}的一種同分異構(gòu)體為二甲苯，有鄰間對三種結(jié)構(gòu)，三種沸點的大小關(guān)系為：

rm{A}為故答案為：的同分異構(gòu)體符合：；與rm{(2)J}為rm{(2)J}，所含的含氧官能團的名稱為：羧基、羥基，與新制故答案為：羧基、羥基；rm{(3)E}與rm{H}反應(yīng)的化學方程式是rm{(3)E}苯環(huán)上的一鹵代物有rm{H}種，說明苯環(huán)結(jié)構(gòu)中只含有兩種性質(zhì)不同的氫原子，符合條件的有：，反應(yīng)類型是：酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}

rm{(}rm{)}故答案為：【解析】rm{(1)}rm{(2)(}酚rm{)}羥基、羧基rm{(3)}酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}rm{(4)}聚苯乙烯rm{(5)}24、略

【分析】【分析】本題考查了有機物的合成與推斷，關(guān)鍵是有機物中官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，涉及內(nèi)容較多題目難度較大，掌握好基礎(chǔ)知識就能順利解答本題。由合成路線，結(jié)合物質(zhì)的結(jié)構(gòu)變化，所以A為HC≡CH，B為C為D為E為或或F為G為據(jù)此解答?！窘獯稹坑珊铣陕肪€，結(jié)合物質(zhì)的結(jié)構(gòu)變化，所以A為HC≡CH，B為C為D為E為或或F為G為（1）由上分析知，A為HC≡CH；（2）化合物F能與濃溴水反應(yīng)產(chǎn)生白色沉淀，說明含有酚羥基，①由有機物甲的結(jié)構(gòu)簡式可以看出，甲中含有酯基；②C為在濃硫酸催化作用下與乙酸生成酯，反應(yīng)為：③化合物F為其名稱是間甲基苯酚；（3）化合物G的分子式為C3H6O，核磁共振氫譜顯示只有一種化學環(huán)境的氫，所以其結(jié)構(gòu)簡式為：（4）A為HC≡CH，G為其生成D的反應(yīng)為：HC≡CH+2（5）D與H2加成生成在濃硫酸催化作用下加熱發(fā)生消去反應(yīng)，得到的E可以為或或【解析】（1）HC≡CH（2）①酯基②③間甲基苯酚（3）（4）HC≡CH+2（5）或或25、（1）

（2）（酚）羥基、羧基

（3）酯化反應(yīng)（或取代反應(yīng)）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本題考查有機物的推斷和合成，題目較為綜合，有一定的難度，做題時注意把利用好題給信息，采用正逆推相結(jié)合的方法推斷，注意同分異構(gòu)體的判斷方法?！窘獯稹磕撤枷銦Nrm{A}分子式為rm{C}分子式為rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質(zhì)rm{{,!}_{10}}和，屬于苯的同系物，rm{A}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質(zhì)rm{B}和rm{C}則rm{A}為則rm{A}為rm{B}最終產(chǎn)物rm{C}能與rm{A}，rm{B}最終產(chǎn)物rm{H}能與rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，則rm{H}為rm{NaHCO}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{{,!}_{3}}為溶液反應(yīng)，說明rm{H}具有羧基，則rm{B}為發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{H}為rm{B}進一步氧化生成，rm{B}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{D}為為rm{B}為rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)生成，rm{D}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{F}為為rm{D}分子式為rm{F}，rm{F}進一步氧化生成rm{H}為rm{F}rm{H}，則rm{C}為rm{C}，rm{C}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{E}為rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式為rm{C}則rm{X}為酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}為醇，則rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羥基，rm{O}分子式為rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液顯紫色，說明結(jié)構(gòu)中含有酚羥基，水解生成rm{K}和rm{E}則rm{X}為酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}為醇，則rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羥基，rm{J}分子式為rm{C}rm{K}分子內(nèi)有兩個互為對位的取代基，則rm{E}為rm{X}rm{K}為rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{J}的一種同分異構(gòu)體為二甲苯，有鄰間對三種結(jié)構(gòu)，三種沸點的大小關(guān)系為：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}為rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}與rm{O}反應(yīng)的化學方程式是rm{O}或取代反應(yīng)rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子內(nèi)有兩個互為對位的取代基，則rm{J}為rm{J}或取代反應(yīng)rm{J}

，故K為，rm{X}為的混合物在rm{X}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機能，則rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式為：為rm{(1)}為單體合成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式是rm{A}

，屬于芳香烴類的rm{A}的一種同分異構(gòu)體為二甲苯，有鄰間對三種結(jié)構(gòu)，三種沸點的大小關(guān)系為：

rm{A}為故答案為：的同分異構(gòu)體符合：；與rm{(2)J}為rm{(2)J}，所含的含氧官能團的名稱為：羧基、羥基，與新制故答案為：羧基、羥基；rm{(3)E}與rm{H}反應(yīng)的化學方程式是rm{(3)E}苯環(huán)上的一鹵代物有rm{H}種，說明苯環(huán)結(jié)構(gòu)中只含有兩種性質(zhì)不同的氫原子，符合條件的有：，反應(yīng)類型是：酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}

rm{(}rm{)}故答案為：【解析】rm{(1)}rm{(2)(}酚rm{)}羥基、羧基rm{(3)}酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}rm{(4)}聚苯乙烯rm{(5)}六、簡答題(共3題，共6分)26、（1）cd）1cd）冷卻結(jié)晶（2）冷卻結(jié)晶引流引流2）·（3）NH3·H2OCO2不易溶于CaCl2溶液不易溶于3溶液NH3H2OCO2）CaCl2×（4）4×10-9mol/L【分析】【分析】本題通過制備rm{CuSO}rm{4}rm{4}rm{?5H}rm{2}及rm{2}rm{O}實驗考查常見金屬的單質(zhì)及其化合物的應(yīng)用以及基本的實驗操作，涉及物質(zhì)的制取和提純等實驗操作，掌握基本的實驗操作步驟是解題的關(guān)鍵，注意蒸發(fā)、過濾、滴定等操作在進行中的注意事項，題目難度中等?！窘獯稹恐苽鋜m{CaCO}及rm{3}步驟：孔雀石主要成分rm{3}其中還含少量rm{CuSO_{4}?5H_{2}O}rm{CaCO_{3}}的化合物rm{Cu_{2}(OH)_{2}CO_{3}}鐵元素以rm{Fe}rm{Si}價存在，孔雀石與硫酸反應(yīng)中，少量rm{.}的氧化物均與硫酸反應(yīng)，只有rm{+2}不反應(yīng)，溶液rm{+3}中含rm{Fe}rm{SiO_{2}}rm{A}由工藝流程轉(zhuǎn)化關(guān)系可知，實現(xiàn)由溶液rm{Cu^{2+}}至溶液rm{Fe^{2+}}轉(zhuǎn)化，目的是將rm{Fe^{3+}}氧化為rm{A}試劑rm{B}應(yīng)為氧化劑，且不能引入新的雜質(zhì)，則溶液rm{Fe^{2+}}中含rm{Fe^{3+}}rm{壟脵}加rm{B}促進鐵離子水解轉(zhuǎn)化為沉淀，所以溶液rm{Cu^{2+}}中主要為硫酸銅，蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶得到rm{Fe^{3+}}制備rm{CuO}時，先通入氨氣，增大二氧化碳的溶解，生成碳酸銨與氯化鈣反應(yīng)生成碳酸鈣、氯化銨，反應(yīng)為：rm{C}則過濾可得到rm{CuSO_{4}?5H_{2}O}依此回答即可。

rm{CaCO_{3}}本實驗要除去rm{CaCl_{2}+CO_{2}+2NH_{3}?H_{2}O=CaCO_{3}隆媒+2NH_{4}Cl+H_{2}O}rm{CaCO_{3}}等離子，先加入合適的氧化劑時不能引入新的雜質(zhì)，可加入rm{(1)}發(fā)生的反應(yīng)為：rm{Fe^{2+}}因rm{Fe^{3+}}遇rm{H_{2}O_{2}}溶液變?yōu)檠t色，常用rm{2Fe^{2+}+H_{2}O_{2}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}檢驗rm{Fe^{3+}}

故答案為：rm{KSCN}rm{KSCN}

rm{Fe^{3+}}從溶液中要析出晶體；采用冷卻結(jié)晶法，然后進行過濾等操作，過濾用到的儀器有燒杯；玻璃棒、漏斗、濾紙等儀器，其中玻璃棒在過濾時起到引流的作用；

故答案為：冷卻結(jié)晶；引流；

rm{c}溶液不能與rmlwe5cca反應(yīng)；加入堿能反應(yīng)，但又不能引入雜質(zhì)，可加入一水合氨；

故答案為：rm{(2)}rm{(3)CaCl_{2}}rm{CO_{2}}溶液；

rm{NH_{3}?H_{2}O}rm{CO_{2}}的rm{CO_{2}}時，不易溶于rm{CaCl_{2}}溶液rm{CaCl_{2}}此時溶液中的鐵離子濃度為：rm{c(F{e}^{3+})=dfrac{Ksp}{c(O{H}^{-}{)}^{3}}=dfrac{4隆脕{10}^{-39}}{(1隆脕{10}^{-10}{)}^{3}}mol/L=4隆脕{10}^{-9}mol/L}rm{CaCl_{2}}rm{(4)}常溫下濾液rm{C}的rm{pH=4}時，rm{c(OH^{-})=1}rm{C}

rm{pH=4}【解析】rm{(}rm{1}rm{)}rm{c}rm7u317xxrm{(}rm{1}rm{1}rm{)}rm{c}rms2hp6oprm{c}rm9wndt3h冷卻結(jié)晶rm{(}rm{2}rm{)}冷卻結(jié)晶引流引流rm{(}rm{2}rm{2}rm{)}rm{(}rm{3}rm{)}rm{NH_{3}}rm{隆隴}rm{H_{2}O}rm{CO_{2}}不易溶于rm{CaCl_{2}}溶液rm{(}不易溶于rm{3